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  • 2021-06-11 发布

吉林省松原高中2019届高三第一次模拟考试卷 理科数学(二)

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此卷只装订不密封 班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 ‎ ‎2019届高三第一次模拟考试卷 理 科 数 学(二)‎ 注意事项:‎ ‎1.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。‎ ‎2.选择题的作答:每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。‎ ‎3.非选择题的作答:用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。‎ ‎4.考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。‎ 一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.‎ ‎1.[2018·玉林摸底]( )‎ A. B. C. D.‎ ‎2.[2018·云天化中学]已知集合,,则( )‎ A., B. C. D.‎ ‎3.[2018·浏阳六校联考]函数的图象大致是( )‎ A. B.‎ C. D.‎ ‎4.[2018·天水一中]设向量,满足,,则( )‎ A.6 B. C.10 D.‎ ‎5.[2018·沈阳期末]过点且与双曲线有共同渐近线的双曲线方程是( )‎ A. B. C. D.‎ ‎6.[2018·浙江模拟]的内角,,的对边分别为,,,若,,,则的面积为( )‎ A. B. C. D.‎ ‎7.[2018·哈尔滨六中]《九章算术》中盈不足章中有这样一则故事:“今有良马与驽马发长安,至齐.齐去长安三千里.良马初日行一百九十三里,日增一十二里;驽马初日行九十七里,日减二里.”为了计算每天良马和驽马所走的路程之和,设计框图如下图.若输出的的值为350,则判断框中可填( )‎ A. B. C. D.‎ ‎8.[2018南靖一中·]“微信抢红包”自2015年以来异常火爆,在某个微信群某次进行的抢红包活动中,若所发红包的总金额为8元,被随机分配为元,元,元,元,元,5份供甲、乙等5人抢,每人只能抢一次,则甲、乙二人抢到的金额之和不低于3元的概率是( )‎ A. B. C. D.‎ ‎9.[2018·哈师附中]直三棱柱中,,,则直线与所成角的大小为( )‎ A. B. C. D.‎ ‎10.[2018·三湘名校]将函数图象上各点的横坐标伸长到原来的2倍(纵坐标不变),再把得到的图象向左平移个单位长度,所得函数图象关于对称,则( )‎ A. B. C. D.‎ ‎11.[2018·哈师附中]已知定义域为的奇函数,当时,,当时,,则( )‎ A. B. C. D.‎ ‎12.[2018·哈师附中]已知椭圆的右顶点为,点在椭圆上,为坐标原点,且,则椭圆的离心率的取值范围为( )‎ A. B. C. D.‎ 二、填空题:本大题共4小题,每小题5分.‎ ‎13.[2018·陕西四校联考]已知函数,则函数的图象在处的切线方程为__________.‎ ‎14.[2018·奉贤区二模]已知实数,满足,则目标函数的最大值是_______.‎ ‎15.[2018·湖北期中]已知,,则__________.‎ ‎16.[2018·张家界模拟]已知三棱锥满足底面,是边长为的等边三角形,是线段上一点,且.球为三棱锥的外接球,过点作球的截面,若所得截面圆的面积的最小值与最大值之和为,则球的表面积为__________.‎ 三、解答题:本大题共6大题,共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.‎ ‎17.(12分)[2018·朝阳期中]设是各项均为正数的等比数列,且,.‎ ‎(1)求的通项公式;‎ ‎(2)若,求.‎ ‎18.(12分)[2018·齐齐哈尔期末]已知从地去地有①或②两条公路可走,并且汽车走公路①堵车的概率为,汽车走公路②堵车的概率为,若现在有两辆汽车走公路①,有一辆汽车走公路②,且这三辆车是否堵车相互之间没有影响,‎ ‎(1)若这三辆汽车中恰有一辆汽车被堵的概率为,求走公路②堵车的概率;‎ ‎(2)在(1)的条件下,求这三辆汽车中被堵车辆的辆数的分布列和数学期望.‎ ‎19.(12分)[2018·攀枝花一考]如图,矩形和菱形所在的平面相互垂直,,‎ 为的中点.‎ ‎(1)求证:平面;‎ ‎(2)若,求二面角的余弦值.‎ ‎20.(12分)[2018·衡阳八中]设椭圆,离心率,短轴,抛物线顶点在原点,以坐标轴为对称轴,焦点为,‎ ‎(1)求椭圆和抛物线的方程;‎ ‎(2)设坐标原点为,为抛物线上第一象限内的点,为椭圆上一点,且有,当线段的中点在轴上时,求直线的方程.‎ ‎21.(12分)[2018·河南名校联盟]已知函数,.‎ ‎(1)探究函数的单调性;‎ ‎(2)若关于的不等式在上恒成立,求的取值范围.‎ 请考生在22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.‎ ‎22.(10分)【选修4-4:坐标系与参数方程】‎ ‎[2018·日照联考]已知平面直角坐标系中,过点的直线的参数方程为(为参数),以原点为极点,轴的正半轴为极轴建立极坐标系,曲线的极坐标方程为,与曲线相交于不同的两点,.‎ ‎(1)求曲线的直角坐标方程和直线的普通方程;‎ ‎(2)若,求实数的值.‎ ‎23.(10分)【选修4-5:不等式选讲】‎ ‎[2018·仙桃中学]已知函数.‎ ‎(1)当时,求的解集;‎ ‎(2)当时,恒成立,求的取值范围.‎ ‎2019届高三第一次模拟考试卷 理科数学(二)答 案 一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.‎ ‎1.【答案】B ‎【解析】,故选B.‎ ‎2.【答案】D ‎【解析】∵集合,,‎ ‎∴,故选D.‎ ‎3.【答案】A ‎【解析】由题意得函数的定义域为,‎ ‎∵,∴函数为偶函数,其图象关于轴对称,∴可排除C,D.‎ 又当时,,,∴,所以可排除B,故选A.‎ ‎4.【答案】D ‎【解析】∵向量,满足,,∴,解得.‎ 则.故选D.‎ ‎5.【答案】A ‎【解析】设与双曲线有共同渐近线的双曲线方程为,又因为该双曲线过点,所以,即,即为所求双曲线方程.故选A.‎ ‎6.【答案】B ‎【解析】,即,,‎ ‎,,解得,即,,故选B.‎ ‎7.【答案】B ‎【解析】模拟程序的运行,可得,;执行循环体,,;‎ 不满足判断框内的条件,执行循环体,,;‎ 不满足判断框内的条件,执行循环体,,;‎ 不满足判断框内的条件,执行循环体,,;‎ 不满足判断框内的条件,执行循环体,,;‎ 不满足判断框内的条件,执行循环体,,;‎ 不满足判断框内的条件,执行循环体,,;‎ 由题意,此时,应该满足判断框内的条件,退出循环,输出的值为350.‎ 可得判断框中的条件为.故选B.‎ ‎8.【答案】D ‎【解析】由题意,所发红包的总金额为8元,被随机分配为元、元、元、元、元、5分,供甲、乙等5人抢,每人只能抢一次,‎ 甲乙二人抢到的金额之和包含的基本事件的总数为,‎ 甲乙二人抢到的金额之和不低于3元包含的基本事件有6个,分别为 ‎,,,,,,‎ 所以甲乙二人抢到的金额之和不低于3元的概率为,故选D.‎ ‎9.【答案】B ‎【解析】‎ 因为几何体是直三棱柱,,直三棱柱中,侧棱平面,,连结,,取的中点,连结,则直线与所成的角为.‎ 设,.易得,‎ 三角形是正三角形,异面直线所成角为.故选B.‎ ‎10.【答案】B ‎【解析】函数图象上各点的横坐标伸长到原来的2倍后得到,再向左平移后得到,‎ 因为的图象关于于对称,‎ ‎,解得,当时,,故选B.‎ ‎11.【答案】B ‎【解析】定义域为的奇函数,当时,,则,‎ 则,‎ 又当时,,,故.‎ 故选B.‎ ‎12.【答案】B ‎【解析】∵,∴点在以为直径的圆上,‎ ‎∵,,∴以为直径的圆方程为,即,‎ 由消去,得.‎ 设,∵、是椭圆与两个不同的公共点,‎ ‎∴,,可得.‎ ‎∵由图形得,∴,即,可得,得,‎ ‎∴,解得椭圆离心率,‎ 又∵,∴椭圆的离心率的取值范围为.本题选择B选项.‎ 二、填空题:本大题共4小题,每小题5分.‎ ‎13.【答案】‎ ‎【解析】∵,∴,∴,‎ 又,∴所求切线方程为,即.故答案为.‎ ‎14.【答案】4‎ ‎【解析】作出不等式组对应的平面区域如图所示:‎ 由得,平移直线,由图象可知,当直线经过点时,直线的截距最大,此时最大,.故答案为4.‎ ‎15.【答案】1‎ ‎【解析】,,,,相加得,‎ ‎.故答案为1.‎ ‎16.【答案】‎ ‎【解析】‎ 将三棱锥补成正三棱柱,且三棱锥和该正三棱柱的外接球都是球,记三角形的中心为,设球的半径为,,则球心到平面的距离为,即,‎ 连接,则,,在三角形中,取的中点为,‎ 连接,,则,,,‎ 在直角三角形中,由题意得到当截面与直线垂直时,截面面积最小,‎ 设此时截面圆的半径为,则最小截面圆的面积为,当截面过球心时,截面面积最大为,‎ ‎,如图三,,,,,‎ 球的表面积为.故答案为.‎ 三、解答题:本大题共6大题,共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.‎ ‎17.【答案】(1),;(2).‎ ‎【解析】(1)设为首项为,公比为,,则依题意,‎ ‎,解得,,‎ 所以的通项公式为,.‎ ‎(2)因为,‎ 所以 ‎.‎ ‎18.【答案】(1);(2)分布列见解析,.‎ ‎【解析】(1)由已知条件得,即,‎ ‎∴,即走公路②堵车的概率为.‎ ‎(2)由题意得的所有可能取值为0,1,2,3,‎ ‎,,‎ ‎,‎ ‎,‎ ‎∴随机变量的分布列为 所以.‎ ‎19.【答案】(1)见解析;(2).‎ ‎【解析】(1)∵矩形和菱形所在的平面相互垂直,∴,‎ ‎∵矩形菱形,∴平面,‎ ‎∵平面,∴,‎ ‎∵菱形中,,为的中点.∴,即,‎ ‎∵,∴平面.‎ ‎(2)由(1)可知,,两两垂直,以为原点,为轴,为轴,为轴,建立空间直角坐标系,设,则,,故,,,,则,,,‎ 设平面的法向量,‎ 则,取,得,‎ 设平面的法向量,‎ 则,取,得,‎ 设二面角的平面角为,则,‎ 易知为钝角,∴二面角的余弦值为.‎ ‎20.【答案】(1),;(2).‎ ‎【解析】(1)由得,又有,代入,解得,‎ 所以椭圆方程为,‎ 由抛物线的焦点为得,抛物线焦点在轴,且,抛物线的方程为.‎ ‎(2)由题意点位于第一象限,可知直线的斜率一定存在且大于0,‎ 设直线方程为,,‎ 联立方程得:,可知点的横坐标,即,‎ 因为,可设直线方程为,‎ 连立方程,得,从而得,‎ 若线段的中点在轴上,可知,即,‎ 有,且,解得,‎ 从而得,,直线的方程.‎ ‎21.【答案】(1)见解析;(2).‎ ‎【解析】(1)依题意,,,‎ 若,则,故,故函数在上单调递增;‎ 当时,令,解得,;‎ 若,则,,故函数在上单调递增;‎ 若,则当时,,当时,,当时,;‎ 综上所述:当时,函数在上单调递增;‎ 当时,函数在和上单调递增,‎ 在上单调递减.‎ ‎(2)题中不等式等价于,即,‎ 因此,‎ 设,则,,‎ 当时,,即,单调递减;‎ 当时,,即,单调递增;‎ 因此为的极小值点,即,故,‎ 故实数的取值范围为.‎ ‎22.【答案】(1)方程:,曲线方程:;(2).‎ ‎【解析】(1)∵(为参数),∴直线的普通方程为.‎ ‎∵,∴,‎ 由得曲线的直角坐标方程为.‎ ‎(2)∵,∴,‎ 设直线上的点,对应的参数分别是,,则,,‎ ‎∵,∴,∴,‎ 将,代入,得,‎ ‎∴,又∵,∴.‎ ‎23.【答案】(1);(2).‎ ‎【解析】(1)当时,由,可得,‎ ‎①或②或③,‎ 解①得:,解②得:,解③得:,‎ 综上所述,不等式的解集为.‎ ‎(2)若当时,成立,‎ 即,故,‎ 即,‎ 对时成立,故.‎

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