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- 2021-06-11 发布
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第八章立体几何
8.1空间几何体的结构及其三视图和直观图
专题2
三视图与直观图
■(2015辽宁丹东二模,三视图与直观图,选择题,理7)一个四面体的顶点在空间直角坐标系O-xyz中的坐标分别是(0,0,2),(2,2,0),(1,2,1),(2,2,2),画该四面体三视图中的正视图时,以平面zOy为投影面,则得到正视图可以为( )
解析:由题意,画出直角坐标系,在坐标系中各点对应位置如图所示.
以平面zOy为投影面,得到的正视图为
答案:D
■(2015辽宁葫芦岛二模,三视图与直观图,选择题,理7)某四棱锥的三视图如图所示,则最长的一条侧棱长度是( )
A. B.2 C.5 D.
答案:D
8.2空间几何体的表面积与体积
专题1
空间几何体的表面积
■(2015江西宜春奉新一中高考模拟,空间几何体的表面积,选择题,理11)某几何体的三视图如图所示,则该几何体中,面积最大的侧面的面积为( )
A. B. C. D.3
解析:
由三视图可知,几何体的直观图如图所示,平面AED⊥平面BCDE,四棱锥A-BCDE的高为1,四边形BCDE是边长为1的正方形,则S△AED=×1×1=,S△ABC=S△ABE=×1×,S△ACD=×1×.故侧面面积最大为.
答案:B
■(2015江西宜春奉新一中高考模拟,空间几何体的表面积,填空题,理15)
已知矩形ABCD的周长为18,把它沿图中的虚线折成正六棱柱,当这个正六棱柱的体积最大时,它的外接球的表面积为 .
解析:设正六棱柱的底面边长为x,高为y,则6x+y=9,0|=,
则直线B1D与平面ACC1A1所成角的正弦值是.
专题2
利用空间向量解决探索性问题
■(2015辽宁锦州一模,利用空间向量解决探索性问题,解答题,理18)
如图,已知正方形ABCD和矩形ACEF所在的平面互相垂直,AB=,AF=1.
(1)求直线DF与平面ACEF所成角的正弦值;
(2)在线段AC上找一点P,使所成的角为60°,试确定点P的位置.
解:(1)以为x,y,z轴,建立如图空间直角坐标系,则E(0,0,1),D(,0,0),B(0,,0),A(,0),F(,1),
因为AC⊥BD,AF⊥BD,
所以是平面ACEF的法向量.
又因为=(-,0),=(0,,1),
所以cos<>=.
故直线DF与平面ACEF所成角正弦值为.
(2)设P(a,a,0)(0≤a≤),则=(-a,-a,1),=(0,,0).
因为<>=60°,
所以cos60°=.
解得a=,故存在满足条件的点P为AC的中点.
专题3
利用空间向量求空间角
■(2015江西宜春奉新一中高考模拟,利用空间向量求空间角,解答题,理19)
如图,在四棱锥P-ABCD中,侧棱PA⊥底面ABCD,AD∥BC,∠ABC=90°,PA=AB=BC=2,AD=1,M是棱PB中点.
(1)求证:AM∥平面PCD;
(2)设点N是线段CD上一动点,且DN=λDC,当直线MN与平面PAB所成的角最大时,求λ的值.
(1)证明:以点A为原点建立如图所示的空间直角坐标系,则A(0,0,0),B(0,2,0),C(2,2,0),D(1,0,0),P(0,0,2),M(0,1,1).
∴=(0,1,1),=(1,0,-2),=(-1,-2,0).
设平面PCD的法向量是n=(x,y,z),则
令z=1,则x=2,y=-1,于是n=(2,-1,1).
∵·n=0,∴⊥n.
∴AM∥平面PCD.
(2)解:由点N是线段CD上的一点,可设=λ=λ(1,2,0).
=(1,0,0)+λ(1,2,0)=(1+λ,2λ,0),=(1+λ,2λ,0)-(0,1,1)=(1+λ,2λ-1,-1).
又面PAB的法向量为m=(1,0,0),
设MN与平面PAB所成的角为θ,
则sinθ=.
∴当时,即5=3+3λ,λ=时,sinθ最大,
∴MN与平面PAB所成的角最大时,λ=.
■(2015江西南昌三模,利用空间向量求空间角,解答题,理19)
如图,四边形ABCD是正方形,PD⊥面ABCD,PD∥AQ,且AQ=AB=PD,M为PC中点.
(1)求证:PD⊥QM;
(2)求二面角B-PQ-A大小的余弦值.
解法一:
(1)取PD中点N,连接MN,QN,
则MN∥CD,QN∥AD.又PD⊥平面ABCD,
所以PD⊥AD,PD⊥CD,于是PD⊥MN,PD⊥QN,
又MN∩QN=N,MN⊂面MNQ,QN⊂面MNQ,
所以PD⊥面MNQ,由QM⊂面MNQ,得PD⊥QM.
(2)延长PQ,DA交于E,过A作AF⊥EQ交EQ于F,
连接BF,则易证∠AFB为二面角B-PQ-A的平面角,不妨取AD=1,则由已知可得AF=,于是BF=,
所以cos∠AFB=.
解法二:(1)过M作MN∥PD交CD于N,
则易得四边形ANMQ为平行四边形,∴AN∥QM.
又面ABCD,AN⊂面ABCD,PD⊥AN,
∴PD⊥QM.
(2)同法一
解法三:(1)由题意可知,DA,DP,DC两两互相垂直,
以点D为原点,DA,DP,DC分别为x,y,z轴建立空间直角坐标系,不妨取AD=1,
则A(1,0,0),B(1,0,1),C(0,0,1),D(0,0,0),P(0,2,0),Q(1,1,0),
∴M,得=(0,-2,0),
由=-1×0+0×(-2)+×0=0,
∴PD⊥QM.
(2)由(1)知=(1,-2,1),=(1,-1,0),
设面PQB的法向量为n=(x,y,z),
由取n=(1,1,1),
又面PAQ的法向量为=(0,0,1),
设二面角B-PQ-A的大小为α,则cosα=.
■(2015河北保定二模,利用空间向量求空间角,解答题,理19)
如图,在四棱锥P-ABCD中,AD=CD=2AB=2,PA⊥AD,AB∥CD,CD⊥AD,E为PC的中点,且DE=EC.
(1)求证:PA⊥面ABCD;
(2)设PA=a,若平面EBD与平面ABCD所成锐二面角θ∈,求a的取值范围.
(1)证明:∵E为PC的中点,DE=EC=PE,
∴PD⊥DC.
∵CD⊥AD,PD∩AD=D,
∴CD⊥平面PAD.
∵PA⊂平面PAD,
∴CD⊥PA.
∵PA⊥AD,AD∩CD=D,
∴PA⊥面ABCD.
(2)解:
以AB所在直线为x轴,AD所在直线为y轴,AP所在直线为z轴建立空间坐标系,如图所示.B(1,0,0),D(0,2,0),P(0,0,a),C(2,2,0),E.
可得平面BCD法向量n1=(0,0,1),平面EBD法向量n2=(2a,a,-2).
cosθ=,可得a∈.
■(2015河北邯郸二模,利用空间向量求空间角,解答题,理19)如图,在等腰梯形CDFE中,A,B分别为底边DF,CE的中点.AD=2AB=2BC=2.沿AE将△AEF折起,使二面角F-AE-C为直二面角,连接CF,DF.
(1)证明:平面ACF⊥平面AEF;
(2)求平面AEF与平面CDF所成二面角的余弦值.
(1)证明:在等腰梯形CDFE中,由已知条件可得,CD=AC=AE=EF=,AF=AD=2,
所以AE2+EF2=AF2,∴EF⊥EA.同理可证,EF⊥AC.
在四棱锥F-AECD中,
∵二面角F-AE-C为直二面角,∴平面AEF⊥平面AECD.又EF⊥EA,
∴EF⊥平面AECD.
∵AC⊂平面AECD,∴AC⊥EF.
又∵AC⊥AE,∴AC⊥平面AEF.
∴平面ACF⊥平面AEF.
(2)解:以E为原点,EC所在直线为x轴,EF所在直线为z轴建立如图所示的坐标系,则A(1,1,0),C(2,0,0),D(3,1,0),F(0,0,).
=(1,-1,0),=(1,1,0),=(-2,0,).
显然,=(1,-1,0)为平面AEF的法向量,
设平面FCD的法向量n=(x,y,z),
则
所以n的一个取值为(1,-1,).
故平面AEF与平面CDF所成锐二面角的余弦值为.
■(2015河北衡水中学高三一调,利用空间向量求空间角,解答题,理19)如图,四棱柱ABCD-A1B1C1D1的底面ABCD是平行四边形,且AB=1,BC=2,∠ABC=60°,E为BC的中点,AA1⊥平面ABCD.
(1)证明:平面A1AE⊥平面A1DE;
(2)若DE=A1E,试求异面直线AE与A1D所成角的余弦值;
(3)在(2)的条件下,试求二面角C-A1D-E的余弦值.
解:(1)依题意,BE=EC=BC=AB=CD,
∴△ABE是正三角形,∠AEB=60°.
又∵△CDE中,∠CED=∠CDE=(180°-∠ECD)=30°,
∴∠AED=180°-∠CED-∠AEB=90°,即DE⊥AE.
∵AA1⊥平面ABCD,DE⊂平面ABCD,
∴DE⊥AA1.
∵AA1∩AE=A,∴DE⊥平面A1AE.
∵DE⊂平面A1DE,∴平面A1AE⊥平面A1DE.
(2)如图1,取BB1的中点M,连接EM,AM,B1C.
图1
∵△BB1C中,EM是中位线,∴EM∥B1C.
∵A1B1∥AB∥CD,A1B1=AB=CD,
∴四边形ABCD是平行四边形,可得B1C∥A1D.
∴EM∥A1D.
可得∠AEM(或其补角)是异面直线AE与A1D所成的角.
∵△CDE中,DE=CD==A1E=,AE=AB=1,
∴A1A=.由此可得BM=,AM=EM=.
∴cos∠AEM=,即异面直线AE与A1D所成角的余弦值为.
(3)如图2,取BE的中点F,以A为原点,AF所在直线为x轴,AD所在直线为y轴,AA1所在直线为z轴建立空间直角坐标系,AA1=,
则A(0,0,0),D(0,2,0),C,A1(0,0,).
又=(0,2,-).
图2
设平面CA1D的法向量n1=(x,y,z),
则得n1=(1,).
同理可得平面A1DE的一个法向量为n2=(,1,).
设二面角C-A1D-E的平面角为θ,且θ为锐角,
则cosθ=|cos|=.
所以二面角C-A1D-E的余弦值为.
■(2015辽宁丹东二模,利用空间向量求空间角,选择题,理10)如图,正方形A1BCD折成直二面角A-BD-C,则二面角A-CD-B的余弦值是( )
A. B.
C. D.
解析:∵正方形A1BCD的对角线BD为棱折成直二面角,
∴平面ABD⊥平面BCD.
连接A1C,与BD相交于O,连接AO,
则AO⊥BD.
∵平面ABD∩平面BCD=BD,AO⊂平面ABD,
∴AO⊥平面BCD,则OC,OA,OD两两互相垂直.
如图,以O为原点,建立空间直角坐标系O-xyz.
设正方形的棱长为1,
则O(0,0,0),A,C,B,D是平面BCD的一个法向量.
.
设平面ABC的法向量n=(x,y,z),
则
即令x=1,则y=-1,z=1,
解得n=(1,-1,1).
从而|cos|=.
二面角A-BC-D的余弦值为.
答案:B
■(2015辽宁丹东一模,利用空间向量求空间角,解答题,理18)
如图,正三棱柱ABC-A1B1C1中,底面边长为2,侧棱长为,D为A1C1中点.
(1)求证:BC1∥平面AB1D;
(2)求二面角A1-AB1-D的大小.
解:
(1)连接A1B,与AB1交于E,则E为A1B的中点.
∵D为A1C1的中点,
∴DE为△A1BC1的中位线.
∴BC1∥DE.
又DE⊂平面AB1D,BC1⊄平面AB1D,
∴BC1∥平面AB1D.
(2)过D作DF⊥A1B1于F,由正三棱柱的性质可知,DF⊥平面AB1.
连接EF,DE,在正△A1B1C1中,
可知,B1D=A1B1=.
在直角三角形AA1D中,
∵AD=,
∴AD=B1D.
∴DE⊥AB1.
又DF⊥AB1,∴AB1⊥平面DEF,∴EF⊥AB1.
则∠DEF为二面角A1-AB1-D的平面角,可得DF=.
∵△B1FE∽△B1AA1,
∴,则EF=.
∴∠DEF=.
故所求二面角A1-AB1-D的大小为.
■(2015辽宁葫芦岛二模,利用空间向量求空间角,解答题,理18)
如图,在多面体ABCDEF中,BA⊥BE,BA⊥BC,BE⊥BC,AB∥EF,CD∥BE,AB=BE=2,BC=CD=EF=1,G在线段AB上,且BG=3GA.
(1)求证:CG∥平面ADF;
(2)求直线DE与平面ADF所成的角的正弦值;
(3)求锐二面角B-DF-A的余弦值.
(1)证明:分别取AB,AF中点M,H,连接FM,GH,DH,则有AG=GM,MF∥BE.
∵AH=HF,∴GH