- 3.56 MB
- 2021-06-11 发布
- 1、本文档由用户上传,淘文库整理发布,可阅读全部内容。
- 2、本文档内容版权归属内容提供方,所产生的收益全部归内容提供方所有。如果您对本文有版权争议,请立即联系网站客服。
- 3、本文档由用户上传,本站不保证质量和数量令人满意,可能有诸多瑕疵,付费之前,请仔细阅读内容确认后进行付费下载。
- 网站客服QQ:403074932
海安中学2020届高三阶段测试三
数 学 试 卷
一、填空题:本大题共14小题,每小题5分,共计70分.请把答案填写在答题卡相应位置上.
1.设全集,2,3,4,,若,2,,则集合 .
解:全集,2,3,4,,
若,2,,
则集合,.
故答案为:,.
2.已知复数满足为虚数单位),则的模为 .
解:复数满足为虚数单位),
,,
故答案为:.
3.已知一组数据的平均数为,极差为,方差为,则数据,,,的方差为_____.
故答案为:
4.如图是一个算法的伪代码,其输出的结果为 .
解:模拟执行伪代码,可得:
.
故答案为:.
5.从0、2中选一个数字.从1、3、5中选两个数字,组成无重复数字的三位数.其中无重复的个数为 .
解:从0、2中选一个数字0,则0不只能排在百位,从1、3、5中选两个数字之一排在百位,共有种;
从0、2中选一个数字2,从1、3、5中选两个数字全排列,共有种;
故共有种.
故答案为:30.
6.在平面直角坐标系中,若双曲线的离心率为,则双曲线的渐近线方程为 .
解:因为,所以,所以渐近线方程为.
故答案为:.
7.将函数的图象向右平移个单位后得到函数的图象,则的值为 .
解:由将函数的图象向右平移个单位后得到函数的图象,
可得把函数的图象向左平移个单位后得函数的图象,
故,则,
故答案为:4.
8.设定义在上的奇函数在区间,上是单调减函数,且(2),则实数的取值范围是 .
解:根据题意,是在上的奇函数,且在区间,上是单调减函数,
则其在区间上递减,
则函数在上为减函数,
(2)(2),
解可得:;
即实数的取值范围是;
故答案为:.
9.在锐角三角形中,,,则的值为 .
解:锐角三角形中,,,,
,.
,.
则,
故答案为:79.
10.设为数列的前项和,若,且,则的值为 .
解:由,,可得.
解法1:当时,由,得,
,即,
数列是首项,公差为6的等差数列,
.
解法2:当时,由,
可得,
,
数列是首项,公差为3的等差数列,
,
.
11.设正实数,满足,则实数的最小值为 .
解:由正实数,满足,
化为,
,化为,
解得.
因此实数的最小值为.
故答案为:.
12.如图,正四棱柱的体积为27,点,分别为棱,上的点(异于端点),且,则四棱锥的体积为 .
解:连接,
正四棱柱的体积为27,
点,分别为棱,上的点(异于端点),且,
,
,
四棱锥的体积.
故答案为:9.
13.已知向量,,满足,且与的夹角的正切为,与的夹角的正切为,,则的值为 .
解:可设,,,
由题意可得,,
则,
即为,
又,为锐角,,,
可得,
同理可得,
由正弦定理可得,
即有,,
则.
故答案为:.
14.已知,,若同时满足条件:
①,或;
②,.
则的取值范围是 .
解:对于①,当时,,
又①,或
在时恒成立
则由二次函数的性质可知开口只能向下,且二次函数与轴交点都在的左面
则
即①成立的范围为
又②,
此时恒成立
在有成立的可能,则只要比,中的较小的根大即可,
当时,较小的根为,不成立,
当时,两个根同为,不成立,
当时,较小的根为,即成立.
综上可得①②成立时.
故答案为:.
二、解答题:本大题共6小题,共计90分.请在答题卡指定区域内作答.解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤
15.(本小题满分14分)
已知的面积为,且,向量和向量是共线向量.
(1)求角;
(2)求的边长.
解:(1),,即,
,
,,
(2)由得:,
,
,,
16.(本小题满分14分)
如图,四棱锥的底面为矩形,且,,,分别为,中点.
(1)求证:平面;
(2)若平面平面,求证:平面平面.
证明:(1)方法一:取线段的中点,连接,.
因为为的中点,所以,且.
因为四边形为矩形,为的中点,
所以,且.
所以,且.
所以四边形为平行四边形.
所以.
又平面,平面,所以平面.
方法二:连接并延长交的延长线于,连接.
因为四边形为矩形,所以,
所以,.
又,所以.所以.
又为的中点,所以.(5分)
又平面,平面,所以平面.
方法三:取的中点,连接,.
在矩形中,为的中点,所以,且.
所以四边形为平行四边形,所以.
又平面,平面,所以平面.
因为,分别为,的中点,所以.
又平面,平面,所以平面.
又,平面,,所以平面平面.
因为平面,所以平面.
(2)设,相交于.
在矩形中,因为,为的中点.所以.
又,所以,所以.
又,所以.
由的内角和为,得.即.
因为平面平面
因为平面,所以平面,
又平面,所以平面平面.
17.(本小题满分14分)
如图,,是两条海岸线,为海中一个小岛,为海岸线上的一个码头.已知,,到海岸线,的距离分别为,.现要在海岸线上再建一个码头,使得在水上旅游直线经过小岛.
(1)求水上旅游线的长;
(2)若小岛正北方向距离小岛处的海中有一个圆形强水波,从水波生成时的半径为为大于零的常数).强水波开始生成时,一游轮以的速度自码头开往码头,问实数在什么范围取值时,强水波不会波及游轮的航行.
解:(1)以点 为坐标原点,直线 为 轴,建立直角坐标系如图所示.
则由题设得:,直线 的方程为,,.
由,及 得,.
直线 的方程为,即,
由 得 即,
,
即水上旅游线 的长为.
(2)设试验产生的强水波圆,
由题意可得,生成 小时时,游轮在线段 上的点 处,则
,,.
强水波不会波及游轮的航行即.
,
当 时,上式恒成立,
当,,
,当且仅当 时等号成立,
所以,在 时 恒成立,亦即强水波不会波及游轮的航行.
18.(本小题满分16分)
在平面直角坐标系中,已知椭圆过点,其左、右焦点分别为、,离心率为.
(1)求椭圆的方程;
(2)若、分别为椭圆的左、右顶点,动点满足,且交椭圆于点.
求证:为定值;
设与以为直径的圆的另一交点为,问:直线是否过定点,并说明理由.
解:(1)由题意可得且,
解得,,
即有椭圆方程为;
(2)证明:由,,,
设,,,
可得,
代入椭圆方程可得,,
由,可得,
,
则为定值;
直线过定点.
理由如下:由题意可得,
由与以为直径的圆的另一交点为,
可得,即有.
则直线,
即,
故直线过定点.
19.(本小题满分16分)
已知数列满足:(常数,.数列满足:.
(1)求,,,的值;
(2)求出数列的通项公式;
(3)问:数列的每一项能否均为整数?若能,求出的所有可能值;若不能,请说明理由.
解:(1)由已知可知:,,.
把数列的项代入,求得,;
(2)由,可知:.①
则:.②
①②有:,即:
,.
;
(3)假设存在正数,使得数列的每一项均为整数,
则由(2)可知:,③
由,,可知,2.
当时,为整数,利用,,,结合③式,可知的每一项均为整数;
当时,③变为,④
用数学归纳法证明为偶数,为整数.
时,结论显然成立,假设时结论成立,这时为偶数,为整数,
故为偶数,为整数,时,命题成立.
故数列是整数列.
综上所述,为1,2时,数列是整数列.
20.(本小题满分16分)
设函数,.
(1)若,求函数的单调区间;
(2)若,试判断函数在区间,内的极值点的个数,并说明理由;
(3)求证:对任意的正数,都存在实数,满足:对任意的,.
解:(1)当时,,,
令,,列表分析
1
0
单调递减
单调递增
故的单调递减区间为,单调递增区间为.
(2),,其中,
令,分析的零点情况.,令,,列表分析
,
0
单调递减
单调递增
,
而,,,
①若,则,
故在,内没有极值点;
②若,则,,,
因此在,有两个零点,在,内有两个极值点;
③若,则,,,
因此在,有一个零点,在,内有一个极值点;
综上所述,当,时,在,内没有极值点;
当,时,在,内有两个极值点;
当,时,在,内有一个极值点.
(3)猜想:,恒成立.
证明如下:
由(2)得在,上单调递增,且(1),.
因为当时,,所以.
故在上存在唯一的零点,设为. 由
,
’
0
单调递减
单调递增
知,,(1),.
又,而时,,
所以(1).
即,.
所以对任意的正数,都存在实数,使对任意的,使.
补充证明
令,.,
所以在,上单调递增.
所以时,(1),即.
补充证明
令,.,
所以在,上单调递减.
所以时,(1),即.
海安中学2020届高三阶段测试三
数学附加题
21.[选做题,本题包括三小题,请选定其中两题,并在相应区域作答]
A.已知二阶矩阵,矩阵属于特征值的一个特征向量为,属于特征值的一个特征向量为.求矩阵.
解:由特征值、特征向量定义可知,,
即,得
同理可得 解得,,,.
因此矩阵.
B.在极坐标系中,已知 1, , 9, ,线段的垂直平分线与极轴交于点,求的极坐标方程及的面积.
解:由题意,线段的中点坐标为,
设点为直线上任意一点,
在直角三角形中,,
所以,的极坐标方程为,
令,得,即.(8分)
所以,的面积为:.
22.已知实数,满足,求证:.
证明:由,可得,
,
要证,
即证,
由于,
即证,
即为,显然成立.
故原不等式成立.
23.如图,在四棱锥中,已知棱,,两两垂直,长度分别为1,2,2.若,且向量与夹角的余弦值为.
(1)求实数的值;
(2)求直线与平面所成角的正弦值.
解:以为坐标原点,分别以,,为,,轴建立如图所示空间直角坐标系;
则:,0,,,0,,,2,,,0,;,
可得,2,.
(1),2,,,2,,向量与夹角的余弦值为.
可得,解得(舍去)或.
实数的值为2.;
(2),2,,,2,,平面的法向量,,.
则且,即:,,,不妨去,
平面的法向量,1,.又,0,.
故.
直线与平面所成角的正弦值为:.
24.已知数列的通项公式为,.记.
(1)求,的值;
(2)求所有正整数,使得能被8整除.
解:(1)
,
即有;
;
(2),
,
即,,
因此除以8的余数,完全由,除以8的余数确定,
因为,,
所以,,,
,,
,,
,,
由以上计算及可知,数列各项除以8的余数依次是:
1,3,0,5,7,0,1,3,0,5,7,0,,
它是一个以6为周期的数列,从而除以8的余数等价于除以3的余数,
所以,,
即所求集合为:,.