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  • 2021-06-11 发布

数学卷·2018届四川省成都外国语学校高二上学期期中数学试卷(理科) (解析版)

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‎2016-2017学年四川省成都外国语学校高二(上)期中数学试卷(理科)‎ ‎ ‎ 一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.‎ ‎1.直线x+y+1=0的倾斜角是(  )‎ A.﹣ B. C. D.‎ ‎2.椭圆x2+my2=1的焦点在y轴上,长轴长是短轴长的两倍,则m的值为(  )‎ A. B. C.2 D.4‎ ‎3.圆x2+y2﹣2x﹣8y+13=0的圆心到直线ax+y﹣1=0的距离为1,则a=(  )‎ A.﹣ B.﹣ C. D.2‎ ‎4.已知命题p:所有有理数都是实数,命题q:正数的对数都是负数,则下列命题中为真命题的是(  )‎ A.(¬p)∨q B.p∧q C.(¬p)∧(¬q) D.(¬p)∨(¬q)‎ ‎5.某几何体正视图与侧视图相同,其正视图与俯视图如图所示,且图中的四边形都是边长为2的正方形,正视图中两条虚线互相垂直,则该几何体的表面积是(  )‎ A.24 B.20+4 C.24+4 D.20+4‎ ‎6.已知点P(a,b)(ab≠0)是圆x2+y2=r2内的一点,直线m是以P为中点的弦所在直线,直线l的方程为ax+by=r2,那么(  )‎ A.m∥l,且l与圆相交 B.m⊥l,且l与圆相切 C.m∥l,且l与圆相离 D.m⊥l,且l与圆相离 ‎7.以椭圆的两个焦点为直径的端点的圆与椭圆交于四个不同的点,顺次连接这四个点和两个焦点恰好组成一个正六边形,那么这个椭圆的离心率为(  )‎ A.﹣ B.﹣1 C. D.‎ ‎8.如图,已知四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1中,底面ABCD是边长为3的正方形,侧棱AA1长为4,且AA1与A1B1,A1D1的夹角都是60°,则AC1的长等于(  )‎ A.10 B. C. D.‎ ‎9.x、y满足约束条件,若z=y﹣ax取得最大值的最优解不唯一,则实数a的值为(  )‎ A.或﹣1 B.2或 C.2或1 D.2或﹣1‎ ‎10.在圆x2+y2=5x内,过点有n条弦的长度成等差数列,最短弦长为数列的首项a1,最长弦长为an,若公差,那么n的取值集合为(  )‎ A.{4,5,6} B.{6,7,8,9} C.{3,4,5} D.{3,4,5,6}‎ ‎11.已知椭圆T: +=1(a>b>0)的离心率为,过右焦点F且斜率为k(k>0)的直线与T相交于A,B两点,若=3,则k=(  )‎ A.1 B. C. D.2‎ ‎12.关于下列命题,正确的个数是(  )‎ ‎(1)若点(2,1)在圆x2+y2+kx+2y+k2﹣15=0外,则k>2或k<﹣4‎ ‎(2)已知圆M:(x+cosθ)2+(y﹣sinθ)2=1,直线y=kx,则直线与圆恒相切 ‎(3)已知点P是直线2x+y+4=0上一动点,PA、PB是圆C:x2+y2﹣2y=0的两条切线,A、B是切点,则四边形PACB的最小面积是为2‎ ‎(4)设直线系M:xcosθ+ysinθ=2+2cosθ,M中的直线所能围成的正三角形面积都等于12.‎ A.1 B.2 C.3 D.4‎ ‎ ‎ 二、填空题:本大概题共4小题,每小题5分.‎ ‎13.在正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,则异面直线AD1与A1C1所成角的余弦值是  .‎ ‎14.命题P:将函数sin2x的图象向右平移个单位得到函数y=sin(2x﹣)的图象;命题Q:函数y=sin(x+)cos(﹣x)的最小正周期是π,则复合命题“P或Q”“P且Q”“非P”为真命题的个数是  个.‎ ‎15.设x,y满足约束条件,若目标函数z=ax+by(a>0,b>0)的值是最大值为12,则的最小值为  .‎ ‎16.已知以T=4为周期的函数f(x)=,其中m>0.若方程3f(x)=x恰有5个实数解,则m的取值范围为  .‎ ‎ ‎ 四、解答题:解答应写出文字说明过程或演算步骤.‎ ‎17.已知命题p:方程x2+mx+1=0有两个不等的负实数根;命题q:方程4x2+4(m﹣2)x+1=0无实数根.‎ ‎(1)若“¬p”为假命题,求m范围;‎ ‎(2)若“p或q”为真命题,“p且q”为假命题,求m的取值范围.‎ ‎18.某人有楼房一幢,室内面积共计180m2,拟分割成两类房间作为旅游客房,大房间每间面积为18m2,可住游客5名,每名游客每天住宿费40元;小房间每间面积为15m2,可以住游客3名,每名游客每天住宿费50元;装修大房间每间需要1000元,装修小房间每间需要600元.如果他只能筹款8000元用于装修,且假定游客能住满客房,他应隔出大房间和小房间各多少间,才能获得最大收益?‎ ‎19.如图1,2,在Rt△ABC中,AB=BC=4,点E在线段AB上,过点E作交AC于点F,将△AEF沿EF折起到△PEF的位置(点A与P重合),使得∠PEB=60°.‎ ‎(1)求证:EF⊥PB;‎ ‎(2)试问:当点E在何处时,四棱锥P﹣EFCB的侧面的面积最大?并求此时四棱锥P﹣EFCB的体积及直线PC与平面EFCB所成角的正切值.‎ ‎20.在平面直角坐标系xOy中,经过点且斜率为k的直线l与椭圆有两个不同的交点P和Q.‎ ‎(Ⅰ)求k的取值范围;‎ ‎(Ⅱ)设椭圆与x轴正半轴、y轴正半轴的交点分别为A,B,是否存在常数k,使得向量与共线?如果存在,求k值;如果不存在,请说明理由.‎ ‎21.平面上两点A(﹣1,0),B(1,0),在圆C:(x﹣3)2+(y﹣4)2=4上取一点P,‎ ‎(Ⅰ)x﹣y+c≥0恒成立,求c的范围 ‎(Ⅱ)从x+y+1=0上的点向圆引切线,求切线长的最小值 ‎(Ⅲ)求|PA|2+|PB|2的最值及此时点P的坐标.‎ ‎22.如图,椭圆M: +=1(a>b>0)的离心率为,直线x=±a和y=±b所围成的矩形ABCD的面积为8.‎ ‎(Ⅰ)求椭圆M的标准方程;‎ ‎(Ⅱ)设直线l:y=x+m(m∈R)与椭圆M有两个不同的交点P,Q,l与矩形ABCD有两个不同的交点S,T.求的最大值及取得最大值时m的值.‎ ‎ ‎ ‎2016-2017学年四川省成都外国语学校高二(上)期中数学试卷(理科)‎ 参考答案与试题解析 ‎ ‎ 一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.‎ ‎1.直线x+y+1=0的倾斜角是(  )‎ A.﹣ B. C. D.‎ ‎【考点】直线的倾斜角.‎ ‎【分析】根据题意可得直线的斜率k=﹣1,由直线的斜率与倾斜角的关系及倾斜角的范围,可得直线的斜率角.‎ ‎【解答】解:∵直线方程为x+y+1=0,‎ ‎∴化简得y=﹣x﹣1,直线的斜率为k=﹣1,‎ 设直线的倾斜角为α,则tanα=﹣1,‎ ‎∵α∈(0,π),∴,即直线x+y+1=0的倾斜角是.‎ 故选:D ‎ ‎ ‎2.椭圆x2+my2=1的焦点在y轴上,长轴长是短轴长的两倍,则m的值为(  )‎ A. B. C.2 D.4‎ ‎【考点】椭圆的简单性质.‎ ‎【分析】根据题意,求出长半轴和短半轴的长度,利用长轴长是短轴长的两倍,解方程求出m的值.‎ ‎【解答】解:椭圆x2+my2=1的焦点在y轴上,长轴长是短轴长的两倍,∴,‎ 故选 A.‎ ‎ ‎ ‎3.圆x2+y2﹣2x﹣8y+13=0的圆心到直线ax+y﹣1=0的距离为1,则a=(  )‎ A.﹣ B.﹣ C. D.2‎ ‎【考点】圆的一般方程;点到直线的距离公式.‎ ‎【分析】求出圆心坐标,代入点到直线距离方程,解得答案.‎ ‎【解答】解:圆x2+y2﹣2x﹣8y+13=0的圆心坐标为:(1,4),‎ 故圆心到直线ax+y﹣1=0的距离d==1,‎ 解得:a=,‎ 故选:A.‎ ‎ ‎ ‎4.已知命题p:所有有理数都是实数,命题q:正数的对数都是负数,则下列命题中为真命题的是(  )‎ A.(¬p)∨q B.p∧q C.(¬p)∧(¬q) D.(¬p)∨(¬q)‎ ‎【考点】复合命题的真假.‎ ‎【分析】先判断命题p和命题q的真假,命题p为真命题,命题q为假命题,再由真值表对照答案逐一检验.‎ ‎【解答】解:不难判断命题p为真命题,命题q为假命题,从而¬p为假命题,¬q为真命题,‎ 所以A、B、C均为假命题,‎ 故选D.‎ ‎ ‎ ‎5.某几何体正视图与侧视图相同,其正视图与俯视图如图所示,且图中的四边形都是边长为2的正方形,正视图中两条虚线互相垂直,则该几何体的表面积是(  )‎ A.24 B.20+4 C.24+4 D.20+4‎ ‎【考点】由三视图求面积、体积.‎ ‎【分析】由三视图知原几何体是一个棱长为2的正方体挖去一四棱锥得到的,根据所提供的数据可求出各个面的面积,可得答案.‎ ‎【解答】解:由三视图知原几何体是一个棱长为2的正方体挖去一四棱锥得到的,‎ 该四棱锥的底为正方体的上底,高为1,‎ 如图所示:‎ ‎∴四棱锥的侧高为:‎ 故该几何体的表面积为:5×22+4×(×2×)=20+4,‎ 故选:B ‎ ‎ ‎6.已知点P(a,b)(ab≠0)是圆x2+y2=r2内的一点,直线m是以P为中点的弦所在直线,直线l的方程为ax+by=r2,那么(  )‎ A.m∥l,且l与圆相交 B.m⊥l,且l与圆相切 C.m∥l,且l与圆相离 D.m⊥l,且l与圆相离 ‎【考点】直线与圆的位置关系.‎ ‎【分析】由P在圆内,得到P到圆心距离小于半径,利用两点间的距离公式列出不等式a2+b2<r2‎ ‎,由直线m是以P为中点的弦所在直线,利用垂径定理得到直线OP与直线m垂直,根据直线OP的斜率求出直线m的斜率,再表示出直线l的斜率,发现直线m与l斜率相同,可得出两直线平行,利用点到直线的距离公式表示出圆心到直线l的距离,利用得出的不等式变形判断出d大于r,即可确定出直线l与圆相离.‎ ‎【解答】解:∵点P(a,b)(ab≠0)在圆内,‎ ‎∴a2+b2<r2,‎ ‎∵kOP=,直线OP⊥直线m,‎ ‎∴km=﹣,‎ ‎∵直线l的斜率kl=﹣=km,‎ ‎∴m∥l,‎ ‎∵圆心O到直线l的距离d=>=r,‎ ‎∴l与圆相离.‎ 故选C.‎ ‎ ‎ ‎7.以椭圆的两个焦点为直径的端点的圆与椭圆交于四个不同的点,顺次连接这四个点和两个焦点恰好组成一个正六边形,那么这个椭圆的离心率为(  )‎ A.﹣ B.﹣1 C. D.‎ ‎【考点】椭圆的简单性质.‎ ‎【分析】设椭圆的两个焦点为F1,F2,圆与椭圆交于A,B,C,D四个不同的点,设|F1F2|=2c,则|DF1|=c,|DF2|=c.由椭圆的定义知2a=||DF1|+|DF2|=c+c,根据离心率公式求得答案.‎ ‎【解答】解:设椭圆的两个焦点为F1,F2,圆与椭圆交于A,B,C,D四个不同的点,‎ 设|F1F2|=2c,则|DF1|=c,|DF2|=c.‎ 椭圆定义,得2a=||DF1|+|DF2|=c+c,‎ 所以e===﹣1,‎ 故选B.‎ ‎ ‎ ‎8.如图,已知四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1中,底面ABCD是边长为3的正方形,侧棱AA1长为4,且AA1与A1B1,A1D1的夹角都是60°,则AC1的长等于(  )‎ A.10 B. C. D.‎ ‎【考点】棱柱的结构特征.‎ ‎【分析】直接根据向量的加法把所求问题分解,再平方计算出模长的平方,进而求出结论.‎ ‎【解答】解:因为 =++;‎ ‎∴()2=( ++)2‎ ‎=()2+()2+()2+2 •+2 •+2 •‎ ‎=42+32+32+2×4×3cos120°+2×4×3cos120°+2×3×3cos90°‎ ‎=10.‎ ‎∴AC1=‎ 故选C.‎ ‎ ‎ ‎9.x、y满足约束条件,若z=y﹣ax取得最大值的最优解不唯一,则实数a的值为(  )‎ A.或﹣1 B.2或 C.2或1 D.2或﹣1‎ ‎【考点】简单线性规划.‎ ‎【分析】作出不等式组对应的平面区域,利用目标函数的几何意义,得到直线y=ax+z斜率的变化,从而求出a的取值.‎ ‎【解答】解:作出不等式组对应的平面区域如图:(阴影部分ABC).‎ 由z=y﹣ax得y=ax+z,即直线的截距最大,z也最大.‎ 若a=0,此时y=z,此时,目标函数只在A处取得最大值,不满足条件,‎ 若a>0,目标函数y=ax+z的斜率k=a>0,要使z=y﹣ax取得最大值的最优解不唯一,‎ 则直线y=ax+z与直线2x﹣y+2=0平行,此时a=2,‎ 若a<0,目标函数y=ax+z的斜率k=a<0,要使z=y﹣ax取得最大值的最优解不唯一,‎ 则直线y=ax+z与直线x+y﹣2=0,平行,此时a=﹣1,‎ 综上a=﹣1或a=2,‎ 故选:D ‎ ‎ ‎10.在圆x2+y2=5x内,过点有n条弦的长度成等差数列,最短弦长为数列的首项a1,最长弦长为an,若公差,那么n的取值集合为(  )‎ A.{4,5,6} B.{6,7,8,9} C.{3,4,5} D.{3,4,5,6}‎ ‎【考点】等差数列的性质;直线与圆相交的性质.‎ ‎【分析】先由圆的几何性质,最短时该点与圆心的连线与所在直线垂直,最长时则该直线过圆心,即圆的直径.从而求得首项和末尾项,再由公差的范围求解.‎ ‎【解答】解析:A;由题意得,,‎ ‎∴,‎ ‎∵,‎ ‎∴,‎ ‎∴3≤n﹣1<6,‎ ‎∴4≤n<7,‎ ‎∵n∈N*,‎ ‎∴n=4,5,6.‎ 故选A.‎ ‎ ‎ ‎11.已知椭圆T: +=1(a>b>0)的离心率为,过右焦点F且斜率为k(k>0)的直线与T相交于A,B两点,若=3,则k=(  )‎ A.1 B. C. D.2‎ ‎【考点】直线与圆锥曲线的综合问题.‎ ‎【分析】设A(x1,y1),B(x2,y2),根据求得y1和y2关系根据离心率设,b=t,代入椭圆方程与直线方程联立,消去x,根据韦达定理表示出y1+y2和y1y2,进而根据y1和y2关系求得k.‎ ‎【解答】解:A(x1,y1),B(x2,y2),‎ ‎∵,∴y1=﹣3y2,‎ ‎∵,设,b=t,‎ ‎∴x2+4y2﹣4t2=0①,‎ 设直线AB方程为,代入①中消去x,可得,‎ ‎∴,,‎ 解得,‎ 故选B ‎ ‎ ‎12.关于下列命题,正确的个数是(  )‎ ‎(1)若点(2,1)在圆x2+y2+kx+2y+k2﹣15=0外,则k>2或k<﹣4‎ ‎(2)已知圆M:(x+cosθ)2+(y﹣sinθ)2=1,直线y=kx,则直线与圆恒相切 ‎(3)已知点P是直线2x+y+4=0上一动点,PA、PB是圆C:x2+y2﹣2y=0的两条切线,A、B是切点,则四边形PACB的最小面积是为2‎ ‎(4)设直线系M:xcosθ+ysinθ=2+2cosθ,M中的直线所能围成的正三角形面积都等于12.‎ A.1 B.2 C.3 D.4‎ ‎【考点】命题的真假判断与应用.‎ ‎【分析】点(2,1)在圆外,则k2+2k﹣8>0,解得k<﹣4,或k>2,故(1)正确;利用点到直线的距离公式,得到d=,再利用辅助角公式化简得d=|sin(θ+φ)|,从而d≤r,则直线与圆相交或相切,故(2)错误;因为S四边形PACB=2SRt△PAC=PA,而PA=,所以当PC取得最小值时,四边形PACB的面积最小.又因为PC的最小值就是圆心C到直线的距离d,利用点到直线的距离公式即可算出d=,所以四边形PACB的面积为2,故(3)正确;由直线系M的方程可知,所以直线都是定圆(x﹣2)2+y2=4的切线,利用圆的半径即可算出正三角形的面积,故(4)正确.‎ ‎【解答】解:对于(1):∵点(2,1)在圆外,∴k2+2k﹣8>0,解得k<﹣4,或k>2,故(1)正确;‎ 对于(2):圆心M到直线的距离d==|sin(θ+φ)|,其中sinφ=,cosφ=,‎ ‎∵|sin(θ+φ)|≤1,∴直线与圆相交或相切.故(2)错误;‎ 对于(3):圆C:x2+y2﹣2y=0,即x2+(y﹣1)2=1,故圆心C(0,1),半径r=1,‎ 圆心C到直线2x+y+4=0的距离d=,即PCmin=,‎ ‎∵,∴PAmin=2,‎ ‎∵,∴(S四边形PACB)min=2,故(3)正确;‎ 对于(4):直线系M:xcosθ+ysinθ=2+2cosθ,即(x﹣2)cosθ+ysinθ=2‎ ‎∵点(2,0)到直线的距离d=,‎ ‎∴直线系M都是圆C:(x﹣2)2+y2=4的切线.‎ 设△ABC是M中的直线所能围成的一个正三角形,则AC=2r=4,AB=2AD=2‎ ‎∴S=,故(4)正确.‎ 综上可知,正确的是(1),(3),(4),共有3个.‎ 故选:C ‎ ‎ 二、填空题:本大概题共4小题,每小题5分.‎ ‎13.在正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,则异面直线AD1与A1C1所成角的余弦值是  .‎ ‎【考点】异面直线及其所成的角.‎ ‎【分析】由A1C1∥AC,知∠D1AC是异面直线AD1与A1C1所成角,由此能求出异面直线AD1与A1C1所成角的余弦值.‎ ‎【解答】解:在正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,‎ ‎∵A1C1∥AC,∴∠D1AC是异面直线AD1与A1C1所成角,‎ 连结AC,CD1,‎ ‎∵AD1=AC=CD1,‎ ‎∴∠D1AC=60°,‎ ‎∴异面直线AD1与A1C1所成角的余弦值为cos60°=.‎ 故答案为:.‎ ‎ ‎ ‎14.命题P:将函数sin2x的图象向右平移个单位得到函数y=sin(2x﹣)的图象;命题Q:函数y=sin(x+)cos(﹣x)的最小正周期是π,则复合命题“P或Q”“P且Q”“非P”为真命题的个数是 2 个.‎ ‎【考点】命题的真假判断与应用.‎ ‎【分析】先分别判断命题P和Q的真假,将sin2x的图象向右平移个单位得到函数y=sin2(x﹣)=sin(2x﹣),故命题P为假命题,y=sin(x+)cos(=,周期T=π,故命题Q为真.再根据真值表分别判断“P或Q”“P且Q”“非P”的真假性即可.‎ ‎【解答】解:对于命题P:将sin2x的图象向右平移个单位得到函数y=sin2(x﹣)=sin(2x﹣),‎ 故命题P为假命题;‎ 对于命题Q:y=sin(x+)cos(﹣x)=sin[]cos()===,周期T=,故命题Q为真命题.‎ 根据真值表,“P或Q“为真命题,“P且Q“为假命题,“非P“为真命题.‎ 故答案为:2.‎ ‎ ‎ ‎15.设x,y满足约束条件,若目标函数z=ax+by(a>0,b>0)的值是最大值为12,则的最小值为  .‎ ‎【考点】简单线性规划的应用;基本不等式在最值问题中的应用.‎ ‎【分析】先根据条件画出可行域,设z=ax+by,再利用几何意义求最值,将最大值转化为y轴上的截距,只需求出直线z=ax+by,过可行域内的点(4,6)时取得最大值,从而得到一个关于a,b的等式,最后利用基本不等式求最小值即可.‎ ‎【解答】解:不等式表示的平面区域如图所示阴影部分,‎ 当直线ax+by=z(a>0,b>0)过直线x﹣y+2=0与直线3x﹣y﹣6=0的交点(4,6)时,‎ 目标函数z=ax+by(a>0,b>0)取得最大12,‎ 即4a+6b=12,即2a+3b=6,‎ 而=.‎ 故答案为:.‎ ‎ ‎ ‎16.已知以T=4为周期的函数f(x)=,其中m>0.若方程3f(x)=x恰有5个实数解,则m的取值范围为  .‎ ‎【考点】函数的周期性;分段函数的解析式求法及其图象的作法.‎ ‎【分析】根据对函数的解析式进行变形后发现当x∈(﹣1,1],[3,5],[7,9]上时,f(x)的图象为半个椭圆.根据图象推断要使方程恰有5个实数解,则需直线y=与第二个椭圆相交,而与第三个椭圆不公共点.把直线分别代入椭圆方程,根据△可求得m的范围.‎ ‎【解答】解:∵当x∈(﹣1,1]时,将函数化为方程x2+=1(y≥0),‎ ‎∴实质上为一个半椭圆,其图象如图所示,‎ 同时在坐标系中作出当x∈(1,3]得图象,再根据周期性作出函数其它部分的图象,‎ 由图易知直线 y=与第二个椭圆(x﹣4)2+=1(y≥0)相交,‎ 而与第三个半椭圆(x﹣8)2+=1 (y≥0)无公共点时,方程恰有5个实数解,‎ 将 y=代入(x﹣4)2+=1 (y≥0)得,(9m2+1)x2﹣72m2x+135m2=0,令t=9m2(t>0),‎ 则(t+1)x2﹣8tx+15t=0,由△=(8t)2﹣4×15t (t+1)>0,得t>15,由9m2>15,且m>0得 m,‎ 同样由 y=与第三个椭圆(x﹣8)2+=1 (y≥0)由△<0可计算得 m<,‎ 综上可知m∈(,)‎ 故答案为:(,)‎ ‎ ‎ 四、解答题:解答应写出文字说明过程或演算步骤.‎ ‎17.已知命题p:方程x2+mx+1=0有两个不等的负实数根;命题q:方程4x2+4(m﹣2)x+1=0无实数根.‎ ‎(1)若“¬p”为假命题,求m范围;‎ ‎(2)若“p或q”为真命题,“p且q”为假命题,求m的取值范围.‎ ‎【考点】复合命题的真假;命题的否定.‎ ‎【分析】(1)根据四种命题之间的关系判断即可;(2)通过讨论p真q假,p假q真,从而得到m的范围.‎ ‎【解答】解:(1)由p得:△1=m2﹣4>0,﹣m<0,则m>2;‎ ‎(2)△2=16(m﹣2)2﹣16<0,则1<m<3,‎ ‎∵“p或q”为真命题,“p且q”为假命题,‎ ‎∴p,q一真一假,‎ ‎①p真q假时:,解得:m≥3,‎ ‎②p假q真时:,解得:1<m≤2,‎ ‎∴m的取值范围是:m≥3或1<m≤2.‎ ‎ ‎ ‎18.某人有楼房一幢,室内面积共计180m2,拟分割成两类房间作为旅游客房,大房间每间面积为18m2,可住游客5名,每名游客每天住宿费40元;小房间每间面积为15m2,可以住游客3名,每名游客每天住宿费50元;装修大房间每间需要1000元,装修小房间每间需要600元.如果他只能筹款8000元用于装修,且假定游客能住满客房,他应隔出大房间和小房间各多少间,才能获得最大收益?‎ ‎【考点】简单线性规划的应用.‎ ‎【分析】先设分割大房间为x间,小房间为y间,收益为z元,列出约束条件,再根据约束条件画出可行域,设z=200x+150y,再利用z的几何意义求最值,只需求出直线z=200x+150y过可行域内的整数点时,从而得到z值即可.‎ ‎【解答】解:设分割大房间为x间,小房间为y间,收益为z元 根据题意得: ‎ 求:z=200x+150y的最大值.‎ 作出约束条件表示的平面区域 把目标函数z=200x+150y化为 平移直线,直线越往上移,z越大,‎ 所以当直线经过M点时,z的值最大,‎ 解方程组得,‎ 因为最优解应该是整数解,通过调整得,当直线过M'(3,8)和M''(0,12)时z最大 所以当大房间为3间,小房间为8间或大房间为0间,小房间为12间时,可获最大的收益为1800元.‎ ‎ ‎ ‎19.如图1,2,在Rt△ABC中,AB=BC=4,点E在线段AB上,过点E作交AC于点F,将△AEF沿EF折起到△PEF的位置(点A与P重合),使得∠PEB=60°.‎ ‎(1)求证:EF⊥PB;‎ ‎(2)试问:当点E在何处时,四棱锥P﹣EFCB的侧面的面积最大?并求此时四棱锥P﹣EFCB的体积及直线PC与平面EFCB所成角的正切值.‎ ‎【考点】直线与平面所成的角;空间中直线与直线之间的位置关系.‎ ‎【分析】(1)推导出EF⊥AB,EF⊥BE,EF⊥PE,由此能证明EF⊥PB. ‎ ‎(2)设BE=x,PE=y,则x+y=4,当且仅当x=y=2时,S△PEB的面积最大,此时,BE=PE=2.EF⊥平面PBE,从而平面EFCB⊥平面PBE.作PO⊥BE于O,则PO为四棱锥P﹣EFCB的高,∠PCO就是PC与平面EFCB所成角.由此能求出结果.‎ ‎【解答】证明:(1)∵EF∥BC且BC⊥AB,‎ ‎∴EF⊥AB,即EF⊥BE,EF⊥PE.又BE∩PE=E,‎ ‎∴EF⊥平面PBE,又PB⊂平面PBE,‎ ‎∴EF⊥PB. ‎ 解:(2)设BE=x,PE=y,则x+y=4.‎ ‎∴.‎ 当且仅当x=y=2时,S△PEB的面积最大,此时,BE=PE=2.‎ 由(1)知EF⊥平面PBE,‎ ‎∵EF⊂平面EFCB,∴平面EFCB⊥平面PBE.‎ 在平面PBE中,作PO⊥BE于O,则PO⊥平面EFCB.‎ 即PO为四棱锥P﹣EFCB的高.‎ 又.‎ ‎∴‎ ‎∵,‎ ‎∴BO=1,在Rt△OBC中,.‎ ‎∵PO⊥平面EFCB,∴∠PCO就是PC与平面EFCB所成角.‎ ‎∴,‎ 故直线PC与平面EFCB所成角的正切值为 ‎ ‎ ‎20.在平面直角坐标系xOy中,经过点且斜率为k的直线l与椭圆有两个不同的交点P和Q.‎ ‎(Ⅰ)求k的取值范围;‎ ‎(Ⅱ)设椭圆与x轴正半轴、y轴正半轴的交点分别为A,B,是否存在常数k,使得向量与共线?如果存在,求k值;如果不存在,请说明理由.‎ ‎【考点】向量的共线定理;平面的概念、画法及表示.‎ ‎【分析】(1)直线l与椭圆有两个不同的交点,即方程组有2个不同解,转化为判别式大于0.‎ ‎(2)利用2个向量共线时,坐标之间的关系,由一元二次方程根与系数的关系求两根之和,解方程求常数k.‎ ‎【解答】解:(Ⅰ)由已知条件,直线l的方程为,‎ 代入椭圆方程得.‎ 整理得①‎ 直线l与椭圆有两个不同的交点P和Q,等价于①的判别式△=,‎ 解得或.即k的取值范围为.‎ ‎(Ⅱ)设P(x1,y1),Q(x2,y2),则,‎ 由方程①,. ②‎ 又. ③‎ 而.‎ 所以与共线等价于,‎ 将②③代入上式,解得.‎ 由(Ⅰ)知或,‎ 故没有符合题意的常数k.‎ ‎ ‎ ‎21.平面上两点A(﹣1,0),B(1,0),在圆C:(x﹣3)2+(y﹣4)2=4上取一点P,‎ ‎(Ⅰ)x﹣y+c≥0恒成立,求c的范围 ‎(Ⅱ)从x+y+1=0上的点向圆引切线,求切线长的最小值 ‎(Ⅲ)求|PA|2+|PB|2的最值及此时点P的坐标.‎ ‎【考点】圆的切线方程.‎ ‎【分析】(Ⅰ)由x﹣y+c≥0,得c≥y﹣x,由圆的参数方程得c≥4+2sinθ﹣3﹣2cosθ,即可求c的范围;‎ ‎(Ⅱ)求出圆心C到直线x+y+1=0的距离为,利用勾股定理求切线长的最小值;‎ ‎(Ⅲ)设出的是PP(a,b),使要求的式子转化为求圆上的点到原点的距离问题,利用数形结合法求最值.‎ ‎【解答】解:(Ⅰ)由x﹣y+c≥0,得c≥y﹣x,由圆的参数方程得c≥4+2sinθ﹣3﹣2cosθ,所以 ‎(Ⅱ)圆心C到直线x+y+1=0的距离为,切线长的最小值为 ‎(Ⅲ)设P(a,b),则|PA|2+|PB|2=2a2+2b2+2,a2+b2为圆C:(x﹣3)2+(y﹣4)2=4上的点到原点的距离平方,所以最小值为20,;最大值为100,.‎ ‎ ‎ ‎22.如图,椭圆M: +=1(a>b>0)的离心率为,直线x=±a和y=±b所围成的矩形ABCD的面积为8.‎ ‎(Ⅰ)求椭圆M的标准方程;‎ ‎(Ⅱ)设直线l:y=x+m(m∈R)与椭圆M有两个不同的交点P,Q,l与矩形ABCD有两个不同的交点S,T.求的最大值及取得最大值时m的值.‎ ‎【考点】直线与圆锥曲线的综合问题;椭圆的标准方程.‎ ‎【分析】(Ⅰ)通过椭圆的离心率,矩形的面积公式,直接求出a,b,然后求椭圆M的标准方程;‎ ‎(Ⅱ) 通过,利用韦达定理求出|PQ|的表达式,通过判别式推出的m的范围,①当时,求出取得最大值.利用由对称性,推出,取得最大值.③当﹣1≤m≤1时,取得最大值.求的最大值及取得最大值时m的值.‎ ‎【解答】解:(I)…①‎ 矩形ABCD面积为8,即2a•2b=8…②‎ 由①②解得:a=2,b=1,‎ ‎∴椭圆M的标准方程是.‎ ‎(II),‎ 由△=64m2﹣20(4m2﹣4)>0得.‎ 设P(x1,y1),Q(x2,y2),则,‎ ‎.‎ 当l过A点时,m=1,当l过C点时,m=﹣1.‎ ‎①当时,有,,‎ 其中t=m+3,由此知当,即时,取得最大值.‎ ‎②由对称性,可知若,则当时,取得最大值.‎ ‎③当﹣1≤m≤1时,,,‎ 由此知,当m=0时,取得最大值.‎ 综上可知,当或m=0时,取得最大值.‎ ‎ ‎ ‎2016年12月1日

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