• 2.50 MB
  • 2021-06-11 发布

广东省13市2017届高三上学期期末考试数学文试题分类汇编:导数及其应用 Word版

  • 22页
  • 当前文档由用户上传发布,收益归属用户
  1. 1、本文档由用户上传,淘文库整理发布,可阅读全部内容。
  2. 2、本文档内容版权归属内容提供方,所产生的收益全部归内容提供方所有。如果您对本文有版权争议,请立即联系网站客服。
  3. 3、本文档由用户上传,本站不保证质量和数量令人满意,可能有诸多瑕疵,付费之前,请仔细阅读内容确认后进行付费下载。
  4. 网站客服QQ:403074932
广东省13市2017届高三上学期期末考试数学文试题分类汇编 导数及其应用 一、选择、填空题 ‎1、(潮州市2017届高三上学期期末)若曲线y=a(x﹣1)﹣lnx在x=2处的切线垂直于直线y=﹣2x+2,则a=(  )‎ A.4 B.3 C.2 D.1‎ ‎2、(佛山市2017届高三教学质量检测(一))对任意,曲线在点处的切线与圆的位置关系是( )‎ A.相交 B.相切 ‎ C.相离 D.以上均有可能 ‎3、(佛山市2017届高三教学质量检测(一))已知函数,是常数,若在上单调递减,则下列结论中:‎ ‎ ①;②;③有最小值.正确结论的个数为( )‎ A. B. C. D.‎ ‎4、(广州市2017届高三12月模拟)若函数在上单调递增,则实数的取值范围是 ‎(A) (B) (C) (D) ‎ ‎5、(惠州市2017届高三第三次调研)已知,则不等式的解集为( )‎ ‎(A) (B) (C) (D)‎ ‎6、(揭阳市2017届高三上学期期末)已知曲线在点 处的切线的倾斜角为,则的值为 ‎(A)1 (B)-4 (C) (D)-1‎ ‎7、(茂名市2017届高三第一次综合测试)已知,又,若满足的x有四个,则t的取值范围是( )‎ A. B. C. D.‎ ‎8、(韶关市2017届高三1月调研)已知函数是偶函数,且当时其导函数满足,若,则下列不等式式成立的是 ‎ ‎(A) (B) ‎ ‎(C) (D)‎ ‎9、(肇庆市2017届高三第二次模拟)‎ 已知函数 若对任意的,总存在,使得,则实数的取值范围为 ‎(A) (B)‎ ‎(C) (D)‎ ‎10、(珠海市2017届高三上学期期末)函数 f (x) =ln x在点(1,f (1))处的切线方程是______________.‎ 二、解答题 ‎1、(潮州市2017届高三上学期期末)已知函数f(x)=mlnx+(4﹣2m)x+(m∈R).‎ ‎(1)当m=2时,求函数f(x)的极值;‎ ‎(2)设t,s∈[1,3],不等式|f(t)﹣f(s)|<(a+ln3)(2﹣m)﹣2ln3对任意的 m∈(4,6)恒成立,求实数a的取值范围.‎ ‎2、(东莞市2017届高三上学期期末)已知函数 f (x) = (2x -m),(mR).‎ ‎(1)若函数 f (x)在(-1,+)上单调递增,求实数m的取值范围;‎ ‎(2)当曲线 y=f (x)在x=0处的切线与直线 y=x平行时,设h(x) =f (x) -ax+a,若存在唯一的整数 使得h()<0 ,求实数a的取值范围.‎ ‎3、(佛山市2017届高三教学质量检测(一))设函数,其中,是自然对数的底数 ‎(Ⅰ)若是上的单调函数,求的取值范围;‎ ‎(Ⅱ)若,证明:函数有两个极值点 ‎4、(广州市2017届高三12月模拟)设函数. 若曲线在点处的切线方程为 ‎(为自然对数的底数).‎ ‎(Ⅰ)求函数的单调区间;‎ ‎(Ⅱ)若,试比较与的大小,并予以证明.‎ ‎5、(惠州市2017届高三第三次调研)已知函数.‎ ‎(Ⅰ)若,求函数的极值和单调区间;‎ ‎(Ⅱ)若在区间上至少存在一点,使得成立,‎ 求实数的取值范围.‎ ‎6、(江门市2017届高三12月调研)已知函数(其中,为自然对数的底数,).‎ ‎(Ⅰ)求;‎ ‎(Ⅱ)求函数的极值;‎ ‎(Ⅲ)是否存在整数,使得对任意的,恒成立 (*)‎ 若存在,写出一个整数,并证明(*);若不存在,说明理由.‎ ‎7、(揭阳市2017届高三上学期期末)已知函数.()‎ ‎(I)试确定函数的零点个数;‎ ‎(II)设是函数的两个零点,证明:.‎ 参考公式:‎ ‎8、(茂名市2017届高三第一次综合测试)已知函数.‎ ‎(Ⅰ) 当a=0时,求曲线f (x)在x =1处的切线方程;‎ ‎(Ⅱ) 设函数,求函数h (x)的极值;‎ ‎(Ⅲ) 若在[1,e](e=2.718 28…)上存在一点x0,使得成立,‎ 求a的取值范围.‎ ‎9、(汕头市2017届高三上学期期末)设函数.‎ ‎(1)求函数的单调区间; ‎ ‎(2)讨论函数的零点个数.‎ ‎10、(韶关市2017届高三1月调研)已知函数,.‎ ‎(Ⅰ)若函数在区间为增函数,求实数的取值范围;‎ ‎(Ⅱ)当时,过原点分别作曲线与的切线,,已知两切线的斜率互为倒数,证明:.‎ ‎11、(肇庆市2017届高三第二次模拟)已知函数,.‎ ‎(Ⅰ)讨论函数的单调区间;‎ ‎(Ⅱ)若有两个零点,求的取值范围. ‎ ‎12、(珠海市2017届高三上学期期末)已知函数 f (x) =x -ln(x +a)的最小值为 0,其中a>0,设g(x)= ln x +‎ ‎⑴ 求a 的值;‎ ‎⑵ 对任意恒成立,求实数m 的取值范围;‎ ‎⑶ 讨论方程g(x) =f (x) +ln(x+1)在[1,+)上根的个数.‎ 参考答案 一、选择、填空题 ‎1、【解答】解:由y=a(x﹣1)﹣lnx,求导得f′(x)=a﹣,‎ 依题意曲线y=a(x﹣1)﹣lnx在x=2处的切线垂直于直线y=﹣2x+2,‎ 得,a﹣,即a=1.‎ 故选:D.‎ ‎2、A  3、C  ‎ ‎4、解析:特殊值法。当a=0时,函数为,在上>0,函数单调递增成立,排除C,D;‎ 当a=1时,函数为,,在上>0,所以,f(x)单调递增。因此,选A。‎ ‎5、【解析】,因为所以是偶函数。 所以所以变形为: 又所以在单调递增,在单调递减。所以等价于故选D ‎6、D ‎7、【解析】令,则,由,得,当时,,函数单调递减,当时,,函数单调递增. 作出 图象,利用图象变换得图象如图2,令,‎ 当,有3个根,‎ 当,有1个根,‎ 因此,关于方程两根分别在时,满足的有4个,令,由 和,解得. 选择B.‎ ‎8、【解析】由函数是偶函数可知,函数关于直线对称,又 ‎,故函数在上单调递减,在上单调递增,又,所以,,所以选.‎ ‎9、C  10、‎ 二、解答题 ‎1、【解答】解:(1)函数的定义域是(0,+∞),‎ m=2时,f(x)=2lnx+,f′(x)=,‎ 令f′(x)>0,解得:x>,令f′(x)<0,解得:0<x<,‎ 故函数f(x)在(0,)递减,在(,+∞)递增,‎ 故f(x)的极小值是f()=2﹣2ln2,无极大值;‎ ‎(2)f′(x)=,‎ 令f′(x)=0,得x1=,x2=﹣,‎ m∈(4,6)时,函数f(x)在[1,3]递减,‎ ‎∴x∈[1,3]时,f(x)max=f(1)=5﹣2m,f(x)min=f(3)=mln3++12﹣6m,‎ 问题等价于:对任意的m∈(4,6),恒有(a+ln3)(2﹣m)﹣2ln3>5﹣2m﹣mln3﹣﹣12+6m成立,‎ 即(2﹣m)a>﹣4(2﹣m),‎ ‎∵m>2,则a<﹣4,‎ ‎∴a<(﹣4)min,‎ 设m∈[4,6),则m=4时,﹣4取得最小值﹣,‎ 故a的范围是(﹣∞,﹣].‎ ‎2、(1) ………………1分 上单调递增 ‎ 在上恒成立 ………………2分 即在上恒成立 ‎ ………………3分 在上递增 ‎ ………………4分 ‎(2) ‎ 依题有即 ………………5分 存在唯一的整数使得,‎ 所以,显然不满足不等式 ………………6分 当时,,令,‎ ‎,解得 ………………7分 ‎-‎ ‎0‎ ‎+‎ 递减 递增 ‎………………8分 又,‎ 存在唯一的整数使得,所以 ………………9分 ‎ ‎ 当时,,令,‎ ‎,解得               ………………10分 ‎+‎ ‎0‎ ‎—‎ 递增 ‎1‎ 递减 又,,‎ 存在唯一的整数使得,所以 ‎ 综上实数的取值范围为 ………………12分 ‎(2)【解法二】存在唯一的整数使得,‎ 即存在唯一的整数使得,,即 考察函数,,解得 ‎ ‎—‎ ‎0‎ ‎+‎ 递减 递增 由(1)可知 ………………7分 因为存在唯一的整数使得满足,由函数图象可知 所以或 ………………10分 解得:或 综上:实数的取值范围为 ………………12分 ‎3、‎ ‎4、(Ⅰ)函数的定义域为.‎ ‎. ………………………………………………………………1分 依题意得,即 ……………………3分 所以. ………………………………………………………………4分 所以,.‎ 当时, ; 当时, .‎ 所以函数的单调递减区间是, 单调递增区间是.………………6分 ‎(Ⅱ)当时,.‎ 等价于,‎ 也等价于. ………………………………………7分 不妨设,‎ 设(), ‎ 则. …………………………………………………………8分 ‎ 当时,,所以函数在上为增函数,‎ 即, ……………………9分 故当时,(当且仅当时取等 号).‎ 令,则, …………………………………………10分 即(当且仅当时取等号),……………11分 综上所述,当时,(当且仅当时取等号).‎ ‎ ………………………………………………………………12分 ‎5、解:(Ⅰ)当,.‎ 令得,.………………………………1分 又的定义域为,由得,由得,.‎ 所以时,有极小值为1.‎ 的单调递增区间为,单调递减区间为.………………3分 ‎(Ⅱ)若在区间上存在一点,使得成立,即在区间上的最小值小于0.‎ ‎,且,令,得到………………………4分 当,即时,恒成立,即在区间上单调递减…………5分 故在区间上的最小值为 ‎,………………………6分 由,得,即.………………………………………………7分 当即时,‎ ‎①若,则对成立,所以在区间上单调递减………8分 则在区间上的最小值为,‎ 显然,在区间的最小值小于0不成立.………………………9分 ‎②若,即时,则有 ‎-‎ ‎0‎ ‎+‎ ‎↘‎ 极小值 ‎↗‎ 所以在区间上的最小值为,……………………10分 由,得,解得,即,……11分 综上,由①②可知,符合题意.………………12分 ‎6、解:⑴……1分 ‎,……2分 ‎⑵由⑴知,……3分 令……4分 令,……5分 令,……6分 ‎ ,无极大值。……7分 ‎⑶①当k=1时,命题成立……8分。证明如下:‎ 对任意的,即恒成立 令,‎ 令……9分;‎ 令,……10分;‎ 令,……11分;‎ ‎……12分;‎ ‎②当k=2时,命题成立……8分。证明如下:‎ 对任意的,即恒成立 令,令……9分;‎ 令,……10分;‎ 令,……11分;‎ ‎……12分;‎ ‎③当k=3时,命题成立……8分。证明如下:‎ 对任意的,即恒成立 令,令……9分 令,……10分;‎ 令,……11分;‎ ‎……12分 ‎(说明:k=1,k=2,k=3只要对其中一种都是满分。)‎ ‎7、解:(I)由得,令,‎ 函数的零点个数即直线与曲线的交点个数,‎ ‎∵,-------------2分 由得,∴函数在单调递增,‎ 由得,∴函数在上单调递减,‎ ‎∴当时,函数有最大值,,----------------------------------------3分 又当时,>0,,当时,‎ ‎∴当时,函数没有零点;----------------------------------------------------------------4分 当或时,函数有一个零点;------------------------------------------------------5分 当时,函数有两个零点.------------------------------------------------------------6分 ‎(II)证明:函数的零点即直线与曲线的交点横坐标,‎ 不妨设,由(I)知,得,‎ ‎ ∵函数在上单调递增,‎ ‎∴函数在单调递减,‎ 要证,只需证, ------------------------------------------------------------7分 ‎∴只需证,又,即要证,---------------------8分 ‎∵由得,()--------9分 令,则,------------------------------10分 当时,,,即函数在上单调递减,‎ ‎ ∴,‎ ‎ ∴当时,,即.------------------------------------------------12分 ‎【证法二:由(Ⅰ)知,,不妨设,‎ 设,则,-----------------------------8分 ‎,易知是减函数,‎ 当x>1时,,又1-x<0, 得,‎ 所以在递增,,即>.---------------------------10分 由得>,又,所以,‎ ‎ 由在上单调递增,得在单调递减,‎ 又,∴,即,得证. ---------------------------------------12分】‎ ‎8、解:(Ⅰ) 当a=0时,f (x) =, f (1) =1, 则切点为(1, 1), ……………………………1分 ‎∵, ∴切线的斜率为, ……………………………………2分 ‎∴曲线f (x)在点(1, 1)处的切线方程为y-1= -( x-1),即x+ y-2=0 ………………………3分 ‎(Ⅱ)依题意,定义域为(0, +∞),‎ ‎∴, ……………………4分 ‎①当a+1>0,即a>-1时,令,∵x>0,∴0<x<1+ a, ‎ 此时,h(x) 在区间(0, a+1)上单调递增,‎ 令,得 x>1+ a.‎ 此时,h(x)在区间(a+1,+∞)上单调递减. ………………………………………………5分 ‎②当a+1≤0,即a≤-1时,恒成立, h(x)在区间(0,+∞)上单调递减. …………6分 综上,当a>-1时,h(x)在x=1+a处取得极大值h(1+a)=,无极小值;‎ 当a≤-1时,h(x)在区间(0,+∞)上无极值. ………………………………………7分 ‎(Ⅲ) 依题意知,在[1, e]上存在一点x0,使得成立,‎ 即在[1, e]上存在一点x0,使得h(x0)≥0,‎ 故函数在[1, e]上,有h(x)max≥0. ………………………………8分 由(Ⅱ)可知,①当a+1≥e, 即a≥e-1时,h(x)在[1, e]上单调递增,‎ ‎∴, ∴, ‎ ‎∵,∴. ………………………………………………………9分 ‎②当0<a+1≤1,或a≤-1,即a≤0时,h(x)在[1, e]上单调递减,‎ ‎∴,∴a ≤-2. ……………………………………………10分 ‎③当1<a+1<e,即0<a<e-1时,‎ 由(Ⅱ)可知,h(x)在x=1+a处取得极大值也是区间(0, +∞)上的最大值,‎ 即h(x)max=h(1+a)=,‎ ‎∵0<ln(a+1)<1, ∴h(1+a)<0在[1, e]上恒成立,‎ 此时不存在x0使h(x0)≥0成立.……………………………………………………………11分 综上可得,所求a的取值范围是或a≤-2. ……………………………………12分 ‎9、解:(1)函数的定义域为 ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ 当时,令得;令得或,‎ 所以函数的单调增区间为和,单调减区间为; ‎ 当时,恒成立,所以函数的单调增区间为,无减区间;‎ 当时,令得;令得或,‎ 所以函数的单调增区间为和,单调减区间为. ‎ (2) 由(1)可知,当时,‎ 函数的单调增区间为和,单调减区间为,‎ 所以,,‎ 注意到, ‎ 所以函数有唯一零点,当时,函数在上单调递增,‎ 又注意到, 所以函数有唯一零点; ‎ 当时,函数的单调递增是和上,单调递减是上,‎ 所以,, ‎ 注意到, ‎ 所以函数有唯一零点, ‎ 综上,函数有唯一零点. ‎ ‎10、解:(1)由得, ………………1分 ‎∵函数在区间单调递增 ‎∴在区间恒成立,即在区间恒成立 …………2分 ‎∴,而 ……………………3分 ‎∴ ……………………4分 ‎(2)设切线的方程为,切点为,则,‎ ,所以,,则. ………………5分 由题意知,切线的斜率为,的方程为. …………6分 设与曲线的切点为,则,………7分 所以,. ………………8分 又因为,消去和后,整理得 ………9分 令,则,‎ 在上单调递减,在上单调递增.‎ 若,因为,,所以,‎ 而在上单调递减,所以.‎ 若,因为在上单调递增,且,则,‎ 所以(舍去).‎ 综上可知,. ………………12分 ‎11、解:(Ⅰ). (1分)‎ ‎(i)若,则当时,;当时,;‎ 故函数在单调递减,在单调递增. (2分)‎ ‎(ii)当时,由,解得:或. (3分)‎ ‎①若,即,则,,‎ 故在单调递增. (4分)‎ ‎②若,即,则当时,;当时,;故函数在,单调递增,在单调递减. (5分)‎ ‎③若,即,则当时,;当时,;故函数在,单调递增,在单调递减. (6分)‎ ‎(Ⅱ)(i)当时,由(Ⅰ)知,函数在单调递减,在单调递增.‎ ‎∵,‎ 取实数满足且,则,‎ ‎ (7分)‎ 所以有两个零点. (8分)‎ ‎(ii)若,则,故只有一个零点. (9分)‎ ‎(iii)若,由(I)知,‎ 当,则在单调递增,又当时,,故不存在两个零点;‎ 当,则函数在单调递增;在单调递减.又当时,,故不存在两个零点. (11分)‎ 综上所述,的取值范围是. (12分)‎ ‎12、‎

相关文档