- 2.50 MB
- 2021-06-11 发布
- 1、本文档由用户上传,淘文库整理发布,可阅读全部内容。
- 2、本文档内容版权归属内容提供方,所产生的收益全部归内容提供方所有。如果您对本文有版权争议,请立即联系网站客服。
- 3、本文档由用户上传,本站不保证质量和数量令人满意,可能有诸多瑕疵,付费之前,请仔细阅读内容确认后进行付费下载。
- 网站客服QQ:403074932
广东省13市2017届高三上学期期末考试数学文试题分类汇编
导数及其应用
一、选择、填空题
1、(潮州市2017届高三上学期期末)若曲线y=a(x﹣1)﹣lnx在x=2处的切线垂直于直线y=﹣2x+2,则a=( )
A.4 B.3 C.2 D.1
2、(佛山市2017届高三教学质量检测(一))对任意,曲线在点处的切线与圆的位置关系是( )
A.相交 B.相切
C.相离 D.以上均有可能
3、(佛山市2017届高三教学质量检测(一))已知函数,是常数,若在上单调递减,则下列结论中:
①;②;③有最小值.正确结论的个数为( )
A. B. C. D.
4、(广州市2017届高三12月模拟)若函数在上单调递增,则实数的取值范围是
(A) (B) (C) (D)
5、(惠州市2017届高三第三次调研)已知,则不等式的解集为( )
(A) (B) (C) (D)
6、(揭阳市2017届高三上学期期末)已知曲线在点
处的切线的倾斜角为,则的值为
(A)1 (B)-4 (C) (D)-1
7、(茂名市2017届高三第一次综合测试)已知,又,若满足的x有四个,则t的取值范围是( )
A. B. C. D.
8、(韶关市2017届高三1月调研)已知函数是偶函数,且当时其导函数满足,若,则下列不等式式成立的是
(A) (B)
(C) (D)
9、(肇庆市2017届高三第二次模拟)
已知函数
若对任意的,总存在,使得,则实数的取值范围为
(A) (B)
(C) (D)
10、(珠海市2017届高三上学期期末)函数 f (x) =ln x在点(1,f (1))处的切线方程是______________.
二、解答题
1、(潮州市2017届高三上学期期末)已知函数f(x)=mlnx+(4﹣2m)x+(m∈R).
(1)当m=2时,求函数f(x)的极值;
(2)设t,s∈[1,3],不等式|f(t)﹣f(s)|<(a+ln3)(2﹣m)﹣2ln3对任意的
m∈(4,6)恒成立,求实数a的取值范围.
2、(东莞市2017届高三上学期期末)已知函数 f (x) = (2x -m),(mR).
(1)若函数 f (x)在(-1,+)上单调递增,求实数m的取值范围;
(2)当曲线 y=f (x)在x=0处的切线与直线 y=x平行时,设h(x) =f (x) -ax+a,若存在唯一的整数 使得h()<0 ,求实数a的取值范围.
3、(佛山市2017届高三教学质量检测(一))设函数,其中,是自然对数的底数
(Ⅰ)若是上的单调函数,求的取值范围;
(Ⅱ)若,证明:函数有两个极值点
4、(广州市2017届高三12月模拟)设函数. 若曲线在点处的切线方程为
(为自然对数的底数).
(Ⅰ)求函数的单调区间;
(Ⅱ)若,试比较与的大小,并予以证明.
5、(惠州市2017届高三第三次调研)已知函数.
(Ⅰ)若,求函数的极值和单调区间;
(Ⅱ)若在区间上至少存在一点,使得成立,
求实数的取值范围.
6、(江门市2017届高三12月调研)已知函数(其中,为自然对数的底数,).
(Ⅰ)求;
(Ⅱ)求函数的极值;
(Ⅲ)是否存在整数,使得对任意的,恒成立 (*)
若存在,写出一个整数,并证明(*);若不存在,说明理由.
7、(揭阳市2017届高三上学期期末)已知函数.()
(I)试确定函数的零点个数;
(II)设是函数的两个零点,证明:.
参考公式:
8、(茂名市2017届高三第一次综合测试)已知函数.
(Ⅰ) 当a=0时,求曲线f (x)在x =1处的切线方程;
(Ⅱ) 设函数,求函数h (x)的极值;
(Ⅲ) 若在[1,e](e=2.718 28…)上存在一点x0,使得成立,
求a的取值范围.
9、(汕头市2017届高三上学期期末)设函数.
(1)求函数的单调区间;
(2)讨论函数的零点个数.
10、(韶关市2017届高三1月调研)已知函数,.
(Ⅰ)若函数在区间为增函数,求实数的取值范围;
(Ⅱ)当时,过原点分别作曲线与的切线,,已知两切线的斜率互为倒数,证明:.
11、(肇庆市2017届高三第二次模拟)已知函数,.
(Ⅰ)讨论函数的单调区间;
(Ⅱ)若有两个零点,求的取值范围.
12、(珠海市2017届高三上学期期末)已知函数 f (x) =x -ln(x +a)的最小值为 0,其中a>0,设g(x)= ln x +
⑴ 求a 的值;
⑵ 对任意恒成立,求实数m 的取值范围;
⑶ 讨论方程g(x) =f (x) +ln(x+1)在[1,+)上根的个数.
参考答案
一、选择、填空题
1、【解答】解:由y=a(x﹣1)﹣lnx,求导得f′(x)=a﹣,
依题意曲线y=a(x﹣1)﹣lnx在x=2处的切线垂直于直线y=﹣2x+2,
得,a﹣,即a=1.
故选:D.
2、A 3、C
4、解析:特殊值法。当a=0时,函数为,在上>0,函数单调递增成立,排除C,D;
当a=1时,函数为,,在上>0,所以,f(x)单调递增。因此,选A。
5、【解析】,因为所以是偶函数。
所以所以变形为:
又所以在单调递增,在单调递减。所以等价于故选D
6、D
7、【解析】令,则,由,得,当时,,函数单调递减,当时,,函数单调递增. 作出
图象,利用图象变换得图象如图2,令,
当,有3个根,
当,有1个根,
因此,关于方程两根分别在时,满足的有4个,令,由
和,解得. 选择B.
8、【解析】由函数是偶函数可知,函数关于直线对称,又
,故函数在上单调递减,在上单调递增,又,所以,,所以选.
9、C 10、
二、解答题
1、【解答】解:(1)函数的定义域是(0,+∞),
m=2时,f(x)=2lnx+,f′(x)=,
令f′(x)>0,解得:x>,令f′(x)<0,解得:0<x<,
故函数f(x)在(0,)递减,在(,+∞)递增,
故f(x)的极小值是f()=2﹣2ln2,无极大值;
(2)f′(x)=,
令f′(x)=0,得x1=,x2=﹣,
m∈(4,6)时,函数f(x)在[1,3]递减,
∴x∈[1,3]时,f(x)max=f(1)=5﹣2m,f(x)min=f(3)=mln3++12﹣6m,
问题等价于:对任意的m∈(4,6),恒有(a+ln3)(2﹣m)﹣2ln3>5﹣2m﹣mln3﹣﹣12+6m成立,
即(2﹣m)a>﹣4(2﹣m),
∵m>2,则a<﹣4,
∴a<(﹣4)min,
设m∈[4,6),则m=4时,﹣4取得最小值﹣,
故a的范围是(﹣∞,﹣].
2、(1) ………………1分
上单调递增
在上恒成立 ………………2分
即在上恒成立
………………3分
在上递增
………………4分
(2)
依题有即 ………………5分
存在唯一的整数使得,
所以,显然不满足不等式 ………………6分
当时,,令,
,解得 ………………7分
-
0
+
递减
递增
………………8分
又,
存在唯一的整数使得,所以 ………………9分
当时,,令,
,解得 ………………10分
+
0
—
递增
1
递减
又,,
存在唯一的整数使得,所以
综上实数的取值范围为 ………………12分
(2)【解法二】存在唯一的整数使得,
即存在唯一的整数使得,,即
考察函数,,解得
—
0
+
递减
递增
由(1)可知 ………………7分
因为存在唯一的整数使得满足,由函数图象可知
所以或 ………………10分
解得:或
综上:实数的取值范围为 ………………12分
3、
4、(Ⅰ)函数的定义域为.
. ………………………………………………………………1分
依题意得,即 ……………………3分
所以. ………………………………………………………………4分
所以,.
当时, ; 当时, .
所以函数的单调递减区间是, 单调递增区间是.………………6分
(Ⅱ)当时,.
等价于,
也等价于. ………………………………………7分
不妨设,
设(),
则. …………………………………………………………8分
当时,,所以函数在上为增函数,
即, ……………………9分
故当时,(当且仅当时取等
号).
令,则, …………………………………………10分
即(当且仅当时取等号),……………11分
综上所述,当时,(当且仅当时取等号).
………………………………………………………………12分
5、解:(Ⅰ)当,.
令得,.………………………………1分
又的定义域为,由得,由得,.
所以时,有极小值为1.
的单调递增区间为,单调递减区间为.………………3分
(Ⅱ)若在区间上存在一点,使得成立,即在区间上的最小值小于0.
,且,令,得到………………………4分
当,即时,恒成立,即在区间上单调递减…………5分
故在区间上的最小值为
,………………………6分
由,得,即.………………………………………………7分
当即时,
①若,则对成立,所以在区间上单调递减………8分
则在区间上的最小值为,
显然,在区间的最小值小于0不成立.………………………9分
②若,即时,则有
-
0
+
↘
极小值
↗
所以在区间上的最小值为,……………………10分
由,得,解得,即,……11分
综上,由①②可知,符合题意.………………12分
6、解:⑴……1分
,……2分
⑵由⑴知,……3分
令……4分
令,……5分
令,……6分
,无极大值。……7分
⑶①当k=1时,命题成立……8分。证明如下:
对任意的,即恒成立
令,
令……9分;
令,……10分;
令,……11分;
……12分;
②当k=2时,命题成立……8分。证明如下:
对任意的,即恒成立
令,令……9分;
令,……10分;
令,……11分;
……12分;
③当k=3时,命题成立……8分。证明如下:
对任意的,即恒成立
令,令……9分
令,……10分;
令,……11分;
……12分
(说明:k=1,k=2,k=3只要对其中一种都是满分。)
7、解:(I)由得,令,
函数的零点个数即直线与曲线的交点个数,
∵,-------------2分
由得,∴函数在单调递增,
由得,∴函数在上单调递减,
∴当时,函数有最大值,,----------------------------------------3分
又当时,>0,,当时,
∴当时,函数没有零点;----------------------------------------------------------------4分
当或时,函数有一个零点;------------------------------------------------------5分
当时,函数有两个零点.------------------------------------------------------------6分
(II)证明:函数的零点即直线与曲线的交点横坐标,
不妨设,由(I)知,得,
∵函数在上单调递增,
∴函数在单调递减,
要证,只需证, ------------------------------------------------------------7分
∴只需证,又,即要证,---------------------8分
∵由得,()--------9分
令,则,------------------------------10分
当时,,,即函数在上单调递减,
∴,
∴当时,,即.------------------------------------------------12分
【证法二:由(Ⅰ)知,,不妨设,
设,则,-----------------------------8分
,易知是减函数,
当x>1时,,又1-x<0, 得,
所以在递增,,即>.---------------------------10分
由得>,又,所以,
由在上单调递增,得在单调递减,
又,∴,即,得证. ---------------------------------------12分】
8、解:(Ⅰ) 当a=0时,f (x) =, f (1) =1, 则切点为(1, 1), ……………………………1分
∵, ∴切线的斜率为, ……………………………………2分
∴曲线f (x)在点(1, 1)处的切线方程为y-1= -( x-1),即x+ y-2=0 ………………………3分
(Ⅱ)依题意,定义域为(0, +∞),
∴, ……………………4分
①当a+1>0,即a>-1时,令,∵x>0,∴0<x<1+ a,
此时,h(x) 在区间(0, a+1)上单调递增,
令,得 x>1+ a.
此时,h(x)在区间(a+1,+∞)上单调递减. ………………………………………………5分
②当a+1≤0,即a≤-1时,恒成立, h(x)在区间(0,+∞)上单调递减. …………6分
综上,当a>-1时,h(x)在x=1+a处取得极大值h(1+a)=,无极小值;
当a≤-1时,h(x)在区间(0,+∞)上无极值. ………………………………………7分
(Ⅲ) 依题意知,在[1, e]上存在一点x0,使得成立,
即在[1, e]上存在一点x0,使得h(x0)≥0,
故函数在[1, e]上,有h(x)max≥0. ………………………………8分
由(Ⅱ)可知,①当a+1≥e, 即a≥e-1时,h(x)在[1, e]上单调递增,
∴, ∴,
∵,∴. ………………………………………………………9分
②当0<a+1≤1,或a≤-1,即a≤0时,h(x)在[1, e]上单调递减,
∴,∴a ≤-2. ……………………………………………10分
③当1<a+1<e,即0<a<e-1时,
由(Ⅱ)可知,h(x)在x=1+a处取得极大值也是区间(0, +∞)上的最大值,
即h(x)max=h(1+a)=,
∵0<ln(a+1)<1, ∴h(1+a)<0在[1, e]上恒成立,
此时不存在x0使h(x0)≥0成立.……………………………………………………………11分
综上可得,所求a的取值范围是或a≤-2. ……………………………………12分
9、解:(1)函数的定义域为
当时,令得;令得或,
所以函数的单调增区间为和,单调减区间为;
当时,恒成立,所以函数的单调增区间为,无减区间;
当时,令得;令得或,
所以函数的单调增区间为和,单调减区间为.
(2) 由(1)可知,当时,
函数的单调增区间为和,单调减区间为,
所以,,
注意到,
所以函数有唯一零点,当时,函数在上单调递增,
又注意到, 所以函数有唯一零点;
当时,函数的单调递增是和上,单调递减是上,
所以,,
注意到,
所以函数有唯一零点,
综上,函数有唯一零点.
10、解:(1)由得, ………………1分
∵函数在区间单调递增
∴在区间恒成立,即在区间恒成立 …………2分
∴,而 ……………………3分
∴ ……………………4分
(2)设切线的方程为,切点为,则,
,所以,,则. ………………5分
由题意知,切线的斜率为,的方程为. …………6分
设与曲线的切点为,则,………7分
所以,. ………………8分
又因为,消去和后,整理得 ………9分
令,则,
在上单调递减,在上单调递增.
若,因为,,所以,
而在上单调递减,所以.
若,因为在上单调递增,且,则,
所以(舍去).
综上可知,. ………………12分
11、解:(Ⅰ). (1分)
(i)若,则当时,;当时,;
故函数在单调递减,在单调递增. (2分)
(ii)当时,由,解得:或. (3分)
①若,即,则,,
故在单调递增. (4分)
②若,即,则当时,;当时,;故函数在,单调递增,在单调递减. (5分)
③若,即,则当时,;当时,;故函数在,单调递增,在单调递减. (6分)
(Ⅱ)(i)当时,由(Ⅰ)知,函数在单调递减,在单调递增.
∵,
取实数满足且,则,
(7分)
所以有两个零点. (8分)
(ii)若,则,故只有一个零点. (9分)
(iii)若,由(I)知,
当,则在单调递增,又当时,,故不存在两个零点;
当,则函数在单调递增;在单调递减.又当时,,故不存在两个零点. (11分)
综上所述,的取值范围是. (12分)
12、