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- 2021-06-11 发布
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四川省成都市第七中学2017-2018学年高二上学期第一次月考
数学(理)试题
第Ⅰ卷(共60分)
一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知集合,集合,则( )
A. B. C. D.
2.在复平面,复数对应的点在( )
A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限
3. 我国南宋数学家秦九韶所著《数学九章》中有“米谷粒分”问题:粮仓开仓收粮,粮农送来米1512 石,验得米内夹谷,抽样取米一把,数得216粒内夹谷27粒,则这批米内夹谷约( )
A. 164 石 B. 178 石 C. 189 石 D. 196 石
4. 下列选项中说法正确的是( )
A. 命题“为真”是命题“为真”的必要条件
B. 若向量满足,则与的夹角为锐角
C. 若,则
D.“”的否定是“”
5.设为等差数列的前项和,,则( )
A. B. C. D.2
6. 已知双曲线的离心率为,且抛物线的焦点为,点在此抛物线上,为线段的中点,则点到该抛物线的准线的距离为( )
A. B.2 C. D.1
7.某产品的广告费用与销售额的统计数据如表:
根据上表可得线性回归方程中的为9.4,据此模型预报广告费用为6万元时销售额为( )
A. 63.6 万元 B. 65.5万元 C. 67.7万元 D 72.0万元
8. 按照如图的程序框图执行,若输出结果为31,则处条件可以是( )
A. B. C. D.
9.已知为常数,函数有两个极值点,则的取值范围为( )
A. B. C. D.
10. —个三棱锥的三视图如图所示,其中正方形的边都是1,则该三棱锥的体积为( )
A. B. C. D.
11. 已知双曲线的一条渐近线与圆相切,则双曲线的离心率等于( )
A. B. C. D.
12. 如图,在边长为2的正六边形中,动圆的半径为1,圆心在线段(含端点)上运动,是圆上及内部的动点,设向量 (为实数),则的取值范围是( )
A. B. C. D.
第Ⅱ卷(共90分)
二、填空题(每题5分,满分20分,将答案填在答题纸上)
13. 已知点的坐标满足条件,则的最大值为 .
14. 已知数列满足,则 .
15. 已知四面体的每个顶点都在球的球面上,底面,,则球的表面积为 .
16. 设,定义(,且为常数),若,.
① 不存在极值;
② 若的反函数为,且函数与函数有两个交点,则;
③ 若在上是减函数,则实数的取值范围是;
④ 若,在的曲线上存在两点,使得过这两点的切线互相垂直.
其中真命题的序号有 (把所有真命题序号写上).
三、解答题 (本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)
17.已知,其中.
(1)求的单调递减区间;
(2)在中,角所对的边分别为,,且向量与共线,求边长和的值.
18.经销商经销某种农产品,在一个销售季度内,每售出该产品获利润500元,未售出的产品,每亏损300元.根据历史资料,得到销售季度内市场需求量的频率分布直图,如图所示.经销商为下一个销售季度购进了该农产品.以表示下一个销售季度内的市场需求量,(单位: 元)表示下一个销售季度内经销该农产品的利润.
(1)将表示为的函数;
(2)根据直方图估计利润不少于57000元的概率.
19.如图,在四棱锥中,平面,四边形是菱形,且交于点,是上任意一点.
(1)求证:;
(2)已知二面角的余弦值为,若为的中点,求与平面所成角的正弦值.
20.是等边三角形,边长为4,边的中点为,椭圆以为左、右两焦点,且经过两点.
(1)求该椭圆的标准方程;
(2)过点且轴不垂直的直线交椭圆于两点,求证:直线与的交点在一条定直线上.
21.设函数.
(1)若函数在定义域上是单调函数,求实数的取值范围;
(2)求函数的极值点;
(3)令,,设是曲线上相异三点,其中求.求证:.
22.选修4—4:坐标系与参数方程
已知曲线的极坐标方程是,以极点为原点,极轴为轴的正半轴建立平面直角坐标系,直线的参数方程为(为参数).
(1)写出直线的普通方程与曲线的直角坐标方程;
(2)设曲线经过伸缩变换得到曲线,若点,直线与交与,求.
试卷答案
一、选择题
1-5: BBCAA 6-10: ABCDB 11、12:DC
二、填空题
13. 10 14. 255 15. 16.②③
三、解答题
17.解:(1)由题意知.
∵在上单调递减,
∴令,得
∴的单调递减区间
(2)∵,
∴,
又,
∴,即
∵,由余弦定理得
①
因为向量与共线,
所以,
∴.②
由①②解得
∴
18.解:(1) 当时,
当时
,
所以
(2)由(1)知利润不少于57 000元当且仅当.
由直方图知需求量的频率为0.7,所以下一个销售季度内的利润不少于57000元的槪率的估计值为0.7.
19.(1)因为平面,所以,
因为四边形为菱形,所以
又,∴平面.
因为平面,∴.
(2)连接,在中,,
所以平面,分别以所在直线为轴,轴,轴建立如图所示的空间直角坐标系,
设,则.
由(1)知,平面的一个法向量为,设平面的一个法向量为,则
得,令,得.
因为二面角的余弦值为,所以,
解得或(舍去),所以
设与平面所成的角为.因为,,
∴
所以与平面所成角的正弦值为.
20.(1)由题意可知两焦点为与,且,因此椭圆的方程为.
(2)①当不与轴重合时,
设的方程,且
联立椭圆与直线消去可得,即
设
则①
②
②-①得
则,即.
②当与轴重合时,即的方程,即.
即①
②
联立①和②消去可得.
综上与的交点在直线上.
21.解:(1),
∵函数在定义域上是单调函数,∴或在上恒成立.
若恒成立,得.
若恒成立,得恒成立.
∵在上没有最小值,∴不存在实数使恒成立.
综上所述,实数的取值范围是.
(2)由(1)知当时,函数无极值点.
当时,有两个不同解,,
∵时,,即,
∴时,在上递减,在上递增,有惟一极小值点;
当时,.
∴,在上递增,在上递减,在上递增,
有一个极大值点和一个极小值点;
综上所述,时,有惟一极小值点;
时,有一个极大值点和一个极小值点;
时,无极值点.
(3)先证:,即证,
即证,
令,,,
所以在上单调递増,即,即有,所以获证.
同理可证:,
所以.
22.解:(1)的普通方程为,;
(2)根据条件可求出伸缩变换后的方程为,即,直线的参数方程(为参数),
带入椭圆:,化简得:,,
所以,
.