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- 2021-06-11 发布
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2019—2020学年上学期期中考试卷高二数学
一、选择题:在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的,请把正确答案的代号填在题后的括号内(每小题5分,共60分)
1.若,则下列正确的是( )
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】
由不等式的性质对四个选项逐一判断,即可得出正确选项,错误的选项可以采用特值法进行排除.
【详解】A选项不正确,因为若,,则不成立;
B选项不正确,若时就不成立;
C选项不正确,同B,时就不成立;
D选项正确,因为不等式两边加上或者减去同一个数,不等号的方向不变,故选D.
【点睛】本题主要考查不等关系和不等式的基本性质,求解的关键是熟练掌握不等式的运算性质.
2.数列,,,,,,的一个通项公式为( )
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
首先注意到数列的奇数项为负,偶数项为正,其次数列各项绝对值构成一个以1为首项,以2为公差的等差数列,从而易求出其通项公式.
【详解】∵数列{an}各项值为,,,,,,
∴各项绝对值构成一个以1为首项,以2为公差的等差数列,
∴|an|=2n﹣1
又∵数列的奇数项为负,偶数项为正,
∴an=(﹣1)n(2n﹣1).
故选C.
【点睛】本题给出数列的前几项,猜想数列的通项,挖掘其规律是关键.解题时应注意数列的奇数项为负,偶数项为正,否则会错.
3.命题“若,则,”的否命题为()
A. 若,则, B. 若,则或
C. 若,则, D. 若,则或
【答案】D
【解析】
【分析】
根据否命题是对命题的条件和结论均要否定求得.
【详解】否命题是对命题的条件和结论均要否定,故选D.
【点睛】本题注意区分“否命题”和“命题的否定”,属于基础题.
4.已知,则“”是“”的( )
A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件 C. 充要条件 D. 既不充分也不必要条件
【答案】B
【解析】
【分析】
先解出不等式x2﹣3x>0,再判断命题的关系.
【详解】x2﹣3x>0得,x<0,或x>3;
∵x<0,或x>3得不出x﹣4>0,∴“x2﹣3x>0”不是“x﹣4>0”充分条件;
但x﹣4>0能得出x>3,∴“x2﹣3x>0”“x﹣4>0”必要条件.
故“x2﹣3x>0”是“x﹣4>0”的必要不充分条件.
故选B.
【点睛】充分、必要条件的三种判断方法.
1.定义法:直接判断“若则”、“若则”的真假.并注意和图示相结合,例如“⇒
”为真,则是的充分条件.
2.等价法:利用⇒与非⇒非,⇒与非⇒非,⇔与非⇔非的等价关系,对于条件或结论是否定式的命题,一般运用等价法.
3.集合法:若⊆,则是的充分条件或是的必要条件;若=,则是的充要条件.
5.若的三个内角满足,则( )
A. 一定是锐角三角形 B. 一定是直角三角形
C. 一定是钝角三角形 D. 可能是锐角三角形,也可能是钝角三角形
【答案】C
【解析】
【分析】
由,得出,可得出角为最大角,并利用余弦定理计算出,根据该余弦值的正负判断出该三角形的形状.
【详解】由,可得出,
设,则,,则角为最大角,
由余弦定理得,则角为钝角,
因此,为钝角三角形,故选C.
【点睛】本题考查利用余弦定理判断三角形的形状,只需得出最大角的属性即可,但需结合大边对大角定理进行判断,考查推理能力与计算能力,属于中等题.
6.设是等差数列的前项和,若,则( )
A. 21 B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
由,可求出,再结合可求出答案.
【详解】因为是等差数列,所以,即,
则.
故选C.
【点睛】本题考查了等差中项及等差数列的前项和,考查了学生的计算能力,属于基础题.
7.设变量满足约束条件,则目标函数的最小值为( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】
画出变量满足可行域,目标函数可化为,直线在轴上的截距最小时,最小,当直线过点时满足题意.
【详解】画出变量满足的可行域(见下图阴影部分),目标函数可化为,显然直线在轴上的截距最小时,最小,
平移直线经过点时,最小,
联立,解得,此时.
故选A.
【点睛】本题考查了线性规划,考查了数形结合的数学思想,属于基础题.
8.我国古代数学名著《算法统宗》中有如下问题:“远望巍巍塔七层,红光点点倍加增,共灯三百八十一,请问尖头几盏灯?”意思是:一座7层塔共挂了381盏灯,且相邻两层中的下一层灯数是上一层灯数的2倍,则塔的顶层共有灯
A. 1盏 B. 3盏
C. 5盏 D. 9盏
【答案】B
【解析】
【详解】设塔顶的a1盏灯,
由题意{an}是公比为2的等比数列,
∴S7==381,
解得a1=3.
故选B.
9.在△ABC中,若