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- 2021-06-11 发布
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2018年莆田市高中毕业班教学质量检测试卷
数学(文科)
第Ⅰ卷
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知集合,,则( )
A. B. C. D.
2.设复数满足,则( )
A. B. C. D.
3.等比数列的前项和为,已知,,则( )
A. B. C.14 D.15
4.执行下面的程序框图,如果输入的,则输出的( )
A.5 B.6 C.8 D.13
5.为了解某校一次期中考试数学成绩情况,抽取100位学生的数学成绩,得如图所示的频率分布直方图,其中成绩分组区间是,
则估计该次数学成绩的中位数是( )
A.71.5 B.71.8 C.72 D.75
6.“干支纪年法”是中国历法上自古以来就一直使用的纪年方法.干支是天干和地支的总称.把干支顺序相配正好六十为一周,周而复始,循环记录,这就是俗称的“干支表”.甲、乙、丙、丁、戊、己、庚、辛、壬、葵等十个符号叫天干;子、丑、寅、卯、辰、巳、午、未、申、酉、戌、亥等十二个符号叫地支.如:公元1984年农历为甲子年、公元1985年农历为乙丑年,公元1986年农历为丙寅年.则公元2047年农历为( )
A.乙丑年 B.丙寅年 C.丁卯年 D.戊辰年
7.已知为坐标原点,为抛物线的焦点,过作直线与交于两点.若,则重心的横坐标为( )
A. B.2 C. D.3
8.已知函数,则下列说法正确的是( )
A.的最小正周期为 B.在区间上是增函数
C. 的图像关于点对称 D.的图像关于直线对称
9.甲乙两人被安排在某月1日至4日值班,每人各值班两天,则甲、乙均不连续值班的概率为( )
A. B. C. D.
10.如图,网络纸的各小格都是正方形,粗线画出的是一个几何体的三视图,则这个几何体是( )
A.三棱锥 B.四棱锥 C.三棱柱 D.四棱柱
11.已知圆.若是圆上不同两点,以为边作等边,则的最大值是( )
A. B. C. 2 D.
12.已知直三棱柱外接球的表面积为,.若分别为棱上的动点,且,则直线被该三棱柱外接球球面截得的线段长为( )
A. B.2 C.4 D.不是定值
第Ⅱ卷
二、填空题:本题共4小题,每题小5分,共20分.
13.已知向量,.若,则 .
14.若满足约束条件,则的最大值为 .
15.已知数列满足,,则 .
16.已知是上的偶函数,且.若关于的方程有三个不相等的实数根,则的取值范围是 .
三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.的内角的对边分别为,已知.
(1)求;
(2)如图,若,为外一点,,,求四边形的面积.
18.某公司为确定下一年度投入某种产品的宣传费,需了解年宣传费(单位:千元)对年销售量(单位:)和年利润(单位:千元)的影响,对近13年的宣传费和年销售量数据作了初步处理,得到下面的散点图及一些统计量的值.
由散点图知,按建立关于的回归方程是合理的.令,则,经计算得如下数据:
10.15
109.94
0.16
-2.10
0.21
21.22
(1)根据以上信息,建立关于的回归方程;
(2)已知这种产品的年利润与的关系为.根据(1)的结果,求当年宣传费时,年利润的预报值是多少?
附:对于一组数据,其回归直线的斜率和截距的最小二乘估计分别为,.
19.如图,四棱锥中,底面是平行四边形,分别为中点.
(1)证明:平面;
(2)若是等边三角形,平面平面,,,求三棱锥的体积.
20.已知两定点,,动点使直线的斜率的乘积为.
(1)求动点的轨迹的方程;
(2)过点的直线与交于两点,是否存在常数,使得?并说明理由.
21.已知函数,.
(1)若在定义域上是增函数,求的取值范围;
(2)若存在,使得,求的值,并说明理由.
(二)选考题:共10分.请考生在22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.
22.选修4-4:坐标系与参数方程
在直角坐标系中,曲线的参数方程为(是参数).以坐标原点为极点,轴的正半轴为极轴,建立极坐标系,直线的极坐标方程为.
(1)求的直角坐标方程和的普通方程;
(2)与相交于两点,设点为上异于的一点,当面积最大时,求点到的距离.
23.选修4-5:不等式选讲
已知函数.
(1)当时,求不等式的解集;
(2)若,求的取值范围.
试卷答案
一、选择题
1-5:DBDCC 6-10:CBDBA 11、12:CA
二、填空题
13. 14.4 15. 16.
三、解答题
17.解:(1)在中,由正弦定理得,
又,所以,
故,
所以,
又,所以,故,
又,所以.
(2)因为,故,
在中,,
所以,故,
所以,
又,,
所以,
又,
所以四边形的面积为.
18.解:(1),
,
则关于的回归方程为.
(2)依题意,
当时,,
所以年利润的预报值是1090.4.
19.解:(1)取中点,连结.
因为中,分别为中点,
所以.
又因为四边形是平行四边形,所以.
又是中点,所以,所以.
所以四边形为平行四边形,所以,
又平面,平面,
所以平面.
(2)取中点,连结,则,
因为平面平面,平面平面,平面,
所以平面.
又由(1)知平面,所以.
又因为为中点,
所以.
所以三棱锥的体积为.
20.解:(1)设,由,
得,即.
所以动点的轨迹方程是.
(2)因为,当直线的斜率为0时,与曲线没有交点,不合题意,
故可设直线的方程为,
联立,消去得,
设,则,,
.
.
故存在实数,使得恒成立.
21.解:(1)因为在定义域上为增函数.
所以在上恒成立,
即在上恒成立.
令,,则,
所以在上为减函数,故,所以.
故的取值范围为.
(2)因为,
取,得,又,所以.
所以存在整数,当时,.
令,则,
令,得.
,的变化情况如下表:
所以时,取到最小值,且最小值为.
即.
令,则,
令,由,得,
所以当时,,在上单调递减,
当时,,在上单调递增,
所以,即.
因此,从而在上单调递增,
所以,即.
综上,.
22.解:(1)因为直线的极坐标方程为,
所以,
所以直线的直角坐标方程为.
曲线的参数方程为,(是参数),
所以曲线的普通方程为.
(2)直线与曲线相交于两点,所以为定值.
要使的面积最大,只需点到直线的距离最大.
设点为曲线上任意一点.
则点到直线的距离,
当时,取最大值为.
所以当面积最大时,点到的距离为.
23.解:(1)当时,不等式,即.
可得,或,或.
解得.
所以不等式的解集为.
(2)因为.
当且仅当时,取得最小值.
又因为对任意的恒成立,所以,
即,故,解得.
所以的取值范围为.