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  • 2021-06-11 发布

数学理卷·2017届贵州省贵阳市第一中学、凯里市第一中学高三下学期高考适应性月考卷(七)(2017

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贵州省贵阳市第一中学、凯里市第一中学 ‎2017届高三下学期高考适应性月考卷(七)‎ 数学(理)试题 第Ⅰ卷(共60分)‎ 一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.‎ ‎1.设全集,集合,,则( )‎ A. B. C. D.‎ ‎2.已知在复平面内对应的点在第二象限,则实数的取值范围是( )‎ A. B. C. D.‎ ‎3.已知为第二象限的角,,则( )‎ A. B. C. D.‎ ‎4.设实数满足,则的概率为( )‎ A. B. C. D.‎ ‎5.一个直三棱柱的三视图如图所示,其中俯视图是一个顶角为的等腰三角形,则该直三棱柱外接球的体积为( )‎ A. B. C. D.‎ ‎6.矩形中,,,在线段上运动,点为线段的中点,则的取值范围是( )‎ A. B. C. D.‎ ‎7.阅读如图所示的程序框图,若,,则输出的的值等于( )‎ A. 252 B.120 C.210 D.45‎ ‎8.在中,,若,则面积的最大值是( )‎ A. B. 4 C. D.‎ ‎9.已知实数满足,直线过定点,则的取值范围为( )‎ A. B. C. D.‎ ‎10.《九章算术》“少广”算法中有这样一个数的序列:列出“全步”(整数部分)及诸分子分母,以最下面的分母遍乘各分子和“全步”,各自以分母去约其分子,将所得能通分之分数进行通分约简,又用最下面的分母去遍乘诸(未通者)分子和以通之数,逐个照此同样方法,直至全部为整数,例如:及时,如图:‎ 记为每个序列中最后一列数之和,则为( )‎ A. 1089 B.680 C. 840 D.2520‎ ‎11.已知双曲线上存在两点关于直线对称,且的中点在抛物线上,则实数的值为( )‎ A.0或-10 B.0或-2 C.-2 D.-10‎ ‎12.设函数,若存在唯一的整数,使得,则的取值范围是( )‎ A. B. C. D.‎ 第Ⅱ卷(共90分)‎ 二、填空题(每题5分,满分20分,将答案填在答题纸上)‎ ‎13.设是展开式中的系数,则 .(用数字填写答案)‎ ‎14.在中,角的对边分别为,且满足,则函数的最大值为 .‎ ‎15.已知函数,命题:实数满足不等式;命题:实数满足不等式,若是的充分不必要条件,则实数的取值范围是 .‎ ‎16.已知椭圆:,双曲线:,以的短轴为正六边形最长对角线,若正六边形与轴正半轴交于点,‎ 为椭圆右焦点,为椭圆右顶点,为直线与轴的交点,且满足是与的等差数列,现将坐标平面沿轴折起,当所成二面角为时,点在另一半平面内的射影恰为的左顶点与左焦点,则的离心率为 .‎ 三、解答题 (本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.) ‎ ‎17. 已知数列的前项和满足:.‎ ‎(1)数列的通项公式;‎ ‎(2)设,且数列的前项和为,求证:.‎ ‎18. 随着人们对环境关注度的提高,绿色低碳出行越来越受到市民重视. 为此贵阳市建立了公共自行车服务系统,市民凭本人二代身份证到自行车服务中心办理诚信借车卡借车,初次办卡时卡内预先赠送20积分,当积分为0时,借车卡将自动锁定,限制借车,用户应持卡到公共自行车服务中心以1元购1个积分的形式再次激活该卡,为了鼓励市民租用公共自行车出行,同时督促市民尽快还车,方便更多的市民使用,公共自行车按每车每次的租用时间进行扣分收费,具体扣分标准如下:‎ ‎①租用时间不超过1小时,免费;‎ ‎②租用时间为1小时以上且不超过2小时,扣1分;‎ ‎③租用时间为2小时以上且不超过3小时,扣2分;‎ ‎④租用时间超过3小时,按每小时扣2分收费(不足1小时的部分按1小时计算).‎ 甲、乙两人独立出行,各租用公共自行车一次,两人租车时间都不会超过3小时,设甲、乙租用时间不超过1小时的概率分别是0.4和0.5;租用时间为1小时以上且不超过2小时的概率分别是0.4和0.3.‎ ‎(1)求甲、乙两人所扣积分相同的概率;‎ ‎(2)设甲、乙两人所扣积分之和为随机变量,求的分布列和数学期望.‎ ‎19. 如图,三棱锥中,底面,,,,为的中点,点在上,且.‎ ‎(1)求证:平面平面;‎ ‎(2)求平面与平面所成二面角的平面角(锐角)的余弦值.‎ ‎20. 已知是椭圆的左、右焦点,点在椭圆上,为椭圆的离心率,且点为椭圆短半轴的上顶点,为等腰直角三角形.‎ ‎(1)求椭圆的标准方程;‎ ‎(2)过点作不与坐标轴垂直的直线,设与圆相交于两点,与椭圆相交于两点,当且时,求的面积的取值范围.‎ ‎21. 已知函数.‎ ‎(1)若函数存在单调递减区间,求实数的取值范围;‎ ‎(2)设是函数的两个极值点,若,求的最小值.‎ 请考生在22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.‎ ‎22.选修4-4:坐标系与参数方程 在平面直角坐标系中,直线的参数方程为,其中为参数,,再以坐标原点为极点,以轴正半轴为极轴,建立极坐标系,曲线的极坐标方程为,其中,,直线与曲线交于两点.‎ ‎(1)求的值;‎ ‎(2)已知点,且,求直线的普通方程.‎ ‎23.选修4-5:不等式选讲 已知函数的顶点为.‎ ‎(1)解不等式;‎ ‎(2)若实数满足,求证:.‎ 贵阳第一中学2017届高考适应性月考卷(七)‎ 理科数学参考答案 第Ⅰ卷(选择题,共60分)‎ 一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分)‎ 题号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ ‎11‎ ‎12‎ 答案 A B B C A C C D D A A D ‎【解析】‎ ‎1.,故,故选A.‎ ‎2.由复数在复平面内对应的点在第二象限得:解得,故选B.‎ ‎3.∵∴,∴,又∵,∴,,∴,,∴为第三象限的角,∴,故选B.‎ ‎4.如图1,直线与圆交于,两点,则的概率,故选C.‎ ‎5.由三视图可知,该三棱柱的底面是顶角为 ‎,两腰为2的等腰三角形,高为2,底面三角形的外接圆直径为,半径为2.设该三棱柱的外接球的半径为R,则,所以该三棱柱的外接球的体积为,故选A.‎ ‎6.将矩形ABCD放入如图2所示的平面直角坐标系中,设,又,所以,所以 ‎,因为,所以,即的取值范围是,故选C.‎ ‎7.第一次循环:;‎ 第二次循环:;‎ 第三次循环:;‎ 第四次循环:;‎ 第五次循环:;‎ 第六次循环:;‎ 结束循环,输出,故选C.‎ ‎8.∵,由,,得,∴‎ ‎.又 ‎,∵,∴‎ ‎,∴当时,取得最大值,∴面积的最大值为,故选D.‎ ‎9.由直线可得,可知解得即直线过定点,作出可行域如图3,所以目标函数,目标函数可视为点A与可行域中的点连线的斜率,∴,故选D.‎ ‎10.当时,序列如图:‎ 故,故选A.‎ ‎11.因为点关于直线对称,所以的垂直平分线为,所以直线 的斜率为.设直线的方程为,由得,所以,所以, 所以.因为的中点M在抛物线上,所以,解得或,又的中点也在直线上,得,∴或,故选A.‎ ‎12.由,当时,时,∴当时取得最小值,且.令,则此直线恒过定点,若存在唯一的整数,使得,则且,∴,故选D.‎ 二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)‎ 题号 ‎13‎ ‎14‎ ‎15‎ ‎16‎ 答案 ‎【解析】‎ ‎13.展开式中x的系数为,则 ‎.‎ ‎14.由已知,,即,即 ‎,则,∴,即,‎ ‎,即时,取得最大值.‎ ‎15.是的充分不必要条件,等价于是的必要不充分条件.由题意得为偶函数,且在单调递增,在单调递减,由p:得 ‎,即,解得;由q:,故的取值范围是.‎ ‎16.由题意,.又,∴,可推出,设双曲线左顶点和左焦点分别为P,Q,则当所成二面角为时,,,∴的离心率.‎ 三、解答题(共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)‎ ‎17.‎ ‎(Ⅰ)解:当时,,所以, ‎ 当时,,即,,, ‎ 所以数列是首项为,公比也为的等比数列, ‎ 所以. ‎ ‎(Ⅱ)证明:. ‎ 由, ‎ 所以, ‎ 所以. ‎ 因为,所以,即. ‎ ‎18. ‎ 解:(Ⅰ)分别记“甲扣0,1,2分”为事件,它们彼此互斥,‎ 且.‎ 分别记“乙扣0,1,2分”为事件,它们彼此互斥,‎ 且.‎ 由题知,与相互独立, ‎ 记甲、乙两人所扣积分相同为事件,则,‎ 所以 ‎=. ‎ ‎(Ⅱ)的可能取值为:, ‎ ‎,‎ ‎,‎ ‎,‎ ‎, ‎ 所以的分布列为:‎ ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ P ‎0.2‎ ‎0.32‎ ‎0.3‎ ‎0.14‎ ‎0.04‎ 的数学期望. ‎ 答:甲、乙两人所扣积分相同的概率为0.36,的数学期望. ‎ ‎19.‎ ‎(Ⅰ)证明:∵底面,且底面, ∴. ‎ 由,,,可得. ‎ 又∵,∴平面,‎ 注意到平面,∴. ‎ ‎∵,为中点,∴. ‎ ‎∵,∴平面, ‎ 而平面,∴平面平面. ‎ ‎(Ⅱ)解法一:如图,以为原点、所在直线为轴、为轴建立空间直角坐标系. ‎ 则 ‎ ‎ 设平面的法向量,‎ 则 ‎ 解得. ‎ 取平面的法向量为, ‎ 则, ‎ 故平面与平面所成二面角的平面角(锐角)的余弦值为. ‎ 解法二:取的中点,在上取点,且,连接,.‎ ‎∵平面,∴平面,平面,‎ ‎. ‎ 在中,,‎ ‎∴.‎ 由(Ⅰ)知,平面,即,且,‎ ‎∴, ‎ 设平面ABC与平面BEF所成二面角为,‎ ‎, ‎ 故平面与平面所成二面角的平面角(锐角)的余弦值为. ‎ ‎20.‎ 解:(Ⅰ)由是等腰直角三角形,得, ‎ 从而得到,故而椭圆经过, ‎ 代入椭圆方程得,解得, ‎ 所求的椭圆方程为. ‎ ‎(Ⅱ)由(Ⅰ)知,由题意,设直线的方程为,‎ ‎,‎ 由得,‎ 则 ‎ ‎.‎ ‎∵,∴,解得. ‎ 由消得.‎ 设,‎ ‎,,‎ 则 ‎. ‎ 设,则,其中, ‎ ‎∵关于在上为减函数, ‎ ‎∴,即的面积的取值范围为. ‎ ‎21.‎ 解:(Ⅰ)因为,‎ 所以, ‎ 又因为在上有解, ‎ 令,则,‎ 只需 ‎ 解得即. ‎ ‎(Ⅱ)因为,令,即,‎ 两根分别为,则 ‎ 又因为 ‎. ‎ 令,由于,所以. ‎ 又因为,,‎ 即即,‎ 所以,解得或,即.‎ 令,‎ ‎,‎ 所以在上单调递减, ‎ ‎. ‎ 所以的最小值为. ‎ ‎22.【选修4−4:坐标系与参数方程】‎ 解:(Ⅰ)直线的普通方程为, ‎ 曲线C的极坐标方程可化为, ‎ 设,,联立与C的方程得:,‎ ‎∴,则, ‎ ‎∴. ‎ ‎(Ⅱ)将直线的参数方程代入抛物线C的普通方程,‎ 得,‎ 设交点对应的参数分别为,‎ 则,, ‎ 由得,, ‎ 联立解得,又,所以. ‎ 直线的普通方程为.(或) ‎ ‎23.【选修4−5:不等式选讲】‎ ‎(Ⅰ)解:依题意得,则不等式为, ‎ ‎∵,当且仅当时取等号, ‎ 所以不等式恒成立,解集为. ‎ ‎(Ⅱ)证明: ‎ ‎ ‎ ‎. ‎

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