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- 2021-06-12 发布
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1
成都七中 2019~2020 学年度下期 2021 届高二半期考试
数学试卷(理科)答案
一、 选择题:本大题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分.在每小题列出的四个选项中,选出
符合题目要求的一项.
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
B B D C B C D D A A D B
12.解:由 fx的极值为 3 2
0 3fx,
00
0 3 cos 0 2
xxf x k k Zm m m
00
0
1 1 1,2 2 2 2
xx mk k Z k xmm
2 2 2222 2 2 2
0 0 0 0
33. 3 3 2 2.4 4 4
m m mx f x x f x m m m m 或
二、填空题:本大题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分.
13. 50 14. ,4 说明:不写为集合的形式扣 2 分 15. 1,0 e
16. 33
42
,
16.解:由 232 0 , .3f x x ax a x R 3002ffa
当 30 2x a , 时, 0;fx 当 3 ,2x a
时, 0.fx
设集合 12, , 1, , 0 ,A f x x B x f xfx
若对任意的 1 2,x ,都存在 2 1,x ,使得 121f x f x,等价于 .AB
显然0.B
①当 332, 024aa 即 时,由 3 02f a
,知0 ,0AB,不满足 AB ;
2
② 当 33312, 242 aa 即 时 , 由 20f , 且此时 fx 在 2, 上递减,
, 2 ,0 .A f A 由 10f ,得 在 1, 上取值范围包含 ,0
.AB
③ 当 331,22aa 即 时 , 由 10f , 且此时 在 1, 上递减,
1 ,0,,2,1BAf f
不满足 AB . 综上, 33.42a
,
三、解答题:(本大题共 6 小题,共 70 分.其中 17 题 10 分,18—22 题每小题 12 分)
17.解:(Ⅰ)由函数 311() 32f x x ,则 2()f x x .
曲线 ()yfx 在点 51, 6P
处的切线斜率 11,kf
故切线方程为 5 1,6610.6yxxy
故所求三角形的面积 1 1 1 1 .2 6 6 72S ………5 分
(Ⅱ)由点 12, 2A
及 ,则 811(2) 322f ,
不妨设切点为 00,Pxy ,则
2
00
00
3
00
00
00
0311
1 1932
221 22
k f x x
xx
yx
yy
y k x
或 …………8 分
故切线方程为 1 182350.2yxy或 …………10 分
(漏解扣 2 分)
3
18. 解:(Ⅰ)当 D 为 AC 中点时,有 //1AB 平面 1BDC ………2 分
连结 1BC交 1BC 于O ,连结 DO
∵四边形 11BCC B 是矩形 ∴ 为 中点
又 为 中点,从而 1//DO AB ………3 分
∵ 1AB 平面 , DO 平面
∴ 平面 ………5 分
(Ⅱ)建立空间直角坐标系 B x y z 如图所示,
则 (0 ,0 ,0 )B , ( 3,1,0 )A , (0 ,2 ,0 )C , 33( , ,0)22D 1 (0 ,2 ,2 3)C …6 分
所以 33( , ,0)22BD , 1 (0,2,23)BC . ………7 分
设 为平面 的法向量,则有
33022
2230
xy
yz
,
即
3
3
xz
yz
………8 分
令 1z ,可得平面 的一个法向量为 1 (3,3,1)n . …………9 分
而平面 1B C C 的一个法向量为 2 (1,0,0)n …………10 分
12
12
12
33 13cos, 1313||||
nnnn
nn
,
则二面角 DBCC 1 的余弦值为
13
133 …………12 分
(其他建系方式也可以)
19.解:(Ⅰ)由圆C 的极坐标方程为 2 1 2 cos 4 sin ,
知圆 的直角坐标方程为 222 4 1 0x y x y . ……………………4 分
(Ⅱ)解法 1:
将直线l 的参数方程代入到圆 的直角坐标方程 中,有 2 4 sin 0tt.
),,(1 zyxn
C1B1
D
CB
A
O
y
x
z
4
设 AB、 两点对应的参数分别为 12,tt,则 12
12
4sin
0
tt
tt
. ……………………8 分
由 2
1 2 1 2 1 2 1 24 4sin 2 3AB t t t t t t t t ,
得 32sin. 233
或 ……………………12 分
解法 2:化为直角坐标方程求解.
20.解:(Ⅰ)由题意可知, ,0.1
xgxx x
由已知 1 2 1 3
1, , ,1 1 1 2 1 311
x
x x x xxg x g x g g x g g xxx x x x
x
,
猜想 ,.1n
xgxnN nx
……………………2 分
下面用数学归纳法证明.
①当 1n 时, 1 1
xgx x
,结论成立; ……………………1 分
②假设 1,nkkkN 时结论成立,即 .1k
xgx kx
那么,当 11,nkkkN 时,
1
1
111 1 1
k
kk
k
x
gx xkxgxg gx xgxkx
kx
,即结论成立.
由①②可知,结论对 nN 成立. ……………………6 分
(Ⅱ)证明: ,0.1
xg xx x
2
2
1111 111
xg xg n xxn
. ……………………8 分
5
2222
2222
2222
2
1121311
11111111123
1111
123
1111
1223341
111111
12231
11 1
ggggn
n
n n
n nn
n nn
nn nn
.1
……………………12 分
21.解:(Ⅰ) 21ln1 2fxaxaxxaR ,定义域为 0, .
11,0. xaxafxaxx xx
……………………1 分
令 0fx ,则 12,1.xax
①当 0a 时,令 0fx ,则 01x;令 0fx ,则 1.x
fx 在 0 ,1 上单调递增;在 1, 上单调递减.
②当 01a时,令 ,则 1ax;令 ,则 0 xa或
在 0, a , 上单调递减;在 ,1a 上单调递增.
③当 1a 时,令 0fx ,则 fx在 0, 上单调递减.
④当 1a 时,令 ,则1 xa;令 ,则01x或 .xa
在 0,1 , ,a 上单调递减;在 1, a 上单调递增. ……………5 分
综上所述,①当 时, fx在 上单调递增;在 上单调递减.
②当 时, fx在 , 上单调递减;在 上单调递增.
③当 时, 在 上单调递减.
④当 时, fx在 , 上单调递减;在 上单调递增. ………6 分
(Ⅱ) 21ln 1 2f x a x a x x 且当 0a 时, 21
2f x x ax b 恒成立
6
lnb a x x 恒成立 ………………7 分
令 ln,0gxaxxx ,即 min .b g x
10,axagxa xx
gx 在 0,a 上单调递减;在 ,a 上单调递增,
min ln.gxgaaaa
1ln , ,12b a a a a
. ………………9 分
令 1ln,,1, 2haaaaa
ln0,haaha 在 1 ,12
上单调递增,
min
1ln 21ln 21 ,222h ahb
,即 b 的最大值为 l n 2 1
2
. ……………12 分
22.解:(Ⅰ)当 1a 时, ln0
xefxxxx x
22
1 111.
x
xex xfxex xxx
……………1 分
令 xhxex ,则当 0,x 时, 10xhxe ,
0, 0 1, .xh x h e x 在 上, 即 ……………2 分
(未证明,扣 1 分)
令 0,fx 则 1x ,经检验,在 0 ,1 上 0fx , fx单调递减;在 1, 上 0fx ,
单调递增.当 时,函数 y f x 取得极小值 1e ,无极大值. ……………4 分
(未注明无极大值,扣 1 分)
(Ⅱ) 2
1 1 0
xexf x a xxx
,
令 2
1 1( ) 0
xexp x f x a xxx
,
则
2
3
22
0.
xe x x x
p x xx
………………6 分
7
由(Ⅰ)知,当 0,x 时, ,xex
222222210xexxxxxxxxx ,
2
3
22
00
xe x x x
p x xx
fx 为定义域上的增函数.
22111,110,204242
eeafafa
方程 0fx 在 0, 上有唯一解. ………………8 分
设 的解为 0x ,则在 00, x 上 0fx ,在 0 ,x 上 0fx ,且 01 2 . x
fx 的最小值 0
000
0
ln
xegafxaxx x .
由 0 0fx ,得 0
0
2
00
1 1 ,
xexa xx
代入 ga得,
000
00
000 02
0000
121 ln1 ln1,2 .
xxx exexeg axxx xxxxx
……10 分
令 2 1 ln 1,2
xexx x xx ,则 2
2
22
.
xexxx
x x
22 2 2 1 1 1x x x 2 220,xxexxxxe
故 x 为 1,2 上的减函数. 21ln 21,1 .xg ae, ……12 分