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- 2021-06-15 发布
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2020届高三月考试题(三)
数学(理科)
注意事项:
1.答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号写在答题卡上,并认真核对条形码上的姓名、准考证号和科目。
2.考生作答时,选择题和非选择题均须作在答题卡上,在本试题卷上答题无效。考生在答题卡上按答题卡中注意事项的要求答题。
3.考试结束后,将本试题卷和答题卡一并交回。
4.本试题卷共4页。如缺页,考生须声明,否则后果自负。
5.时量120分钟,满分150分。
一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.已知集合,,若集合有4个子集,则实数()
A. 0、1或3 B. 1或3 C. 1或 D. 0或3
【答案】D
【解析】
【分析】
集合有4个子集,则或,进而可得答案.
【详解】由题集合有4个子集,所以A与B的交集有两个元素,则或,
当时,可得或,当时,集合,,不满足集合的互异性,故或.
【点睛】本题主要考查集合中元素的关系,属于简单题.
2.已知复数,则下列说法正确的是()
A. 复数z的实部为3 B. 复数z的共轭复数为:
C. 复数z部虚部为: D. 复数z的模为5
【答案】B
【解析】
【分析】
将复数化为形式,则实部为,虚部为,共轭复数为,模为.
【详解】,则实部为,虚部为,共轭复数为:,模为.选B.
【点睛】本题考查复数的基本运算,属于简单题.
3.若向量,,则与的夹角等于( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
利用坐标表示出和,根据向量夹角公式直接求解即可得到结果.
【详解】由题意得:,
又
本题正确选项:
【点睛】本题考查利用向量数量积和模长求解向量夹角的问题,关键是能够熟练掌握向量数量积和模长的坐标运算.
4.下列命题中,真命题是()
A. 的充要条件是 B. ,是的充分条件
C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】
逐项分析即可.
【详解】A中, 的充要条件是.A错
B中, ,可以得到,当时,不一定可以得到.故正确
C中,.C错
D中,,,.D错,所以选B.
【点睛】本题考查充要条件以及全称命题与特称命题的真假,属于简单题.
5.(1+tan 17°)(1+tan 28°)的值是( )
A. -1 B. 0 C. 1 D. 2
【答案】D
【解析】
,选D.
点睛:应用三角公式解决问题的三个变换角度
(1)变角:目的是沟通题设条件与结论中所涉及的角,其手法通常是“配凑”.
(2)变名:通过变换函数名称达到减少函数种类的目的,其手法通常有“切化弦”、“升幂与降幂”等.
(3)变式:根据式子的结构特征进行变形,使其更贴近某个公式或某个期待的目标,其手法通常有:“常值代换”、“逆用变用公式”、“通分约分”、“分解与组合”、“配方与平方”等.
6.已知等比数列的前项和,则数列的前11项和等于( )
A. 1023 B. 55 C. 45 D. 35
【答案】B
【解析】
【详解】因为等比数列{}的前n项和,
所以当时,,
也适合上式,即=,
所以==n−1,
故所求值为,
故选B.
7.已知椭圆的左、右焦点分别为,,过的直线交椭圆于A,B两点,若的最大值为5,则b的值为()
A. 1 B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
由题意可知椭圆是焦点在轴上的椭圆,利用椭圆定义得到,再由过椭圆焦点的弦中通径的长最短,可知当垂直于x轴时最小,把的最小值代入,由的最大值等于5可求b的值.
【详解】由可知,焦点在x轴上,∴,
∵过的直线交椭圆于A,B两点,∴
∴.
当垂直x轴时最小,值最大,
此时,∴,解得,故选C.
【点睛】本题主要考查椭圆的定义,解题的关键是得出,属于一般题.
8.已知函数,将的图象上的所有点的横坐标缩短到原来的,纵坐标保持不变;再把所得图象向上平移个单位长度,得到函数的图象,若,则的值可能为( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
利用二倍角公式与辅助角公式将函数的解析式化简,然后利用图象变换规律得出函数的解析式为,可得函数的值域为,结合条件,可得出、均为函数的最大值,于是得出为函数最小正周期的整数倍,由此可得出正确选项.
【详解】函数,
将函数的图象上的所有点的横坐标缩短到原来的倍,得的图象;
再把所得图象向上平移个单位,得函数的图象,易知函数
的值域为.
若,则且,均为函数的最大值,
由,解得;
其中、是三角函数最高点的横坐标,
的值为函数的最小正周期的整数倍,且.故选:C.
【点睛】本题考查三角函数图象变换,同时也考查了正弦型函数与周期相关的问题,解题的关键在于确定、均为函数的最大值,考查分析问题和解决问题的能力,属于中等题.
9.德国著名数学家狄利克雷在数学领域成就显著,以其名命名的函数,称为狄利克雷函数,则关于函数有以下四个命题:
①;
②函数是偶函数;
③任意一个非零有理数,对任意恒成立;
④存在三个点,使得为等边三角形.
其中真命题的个数是( )
A. 4 B. 3 C. 2 D. 1
【答案】A
【解析】
试题分析:如为有理数,则;如为无理数,,故①正确;如为有理数,则为有理数,则,如无有理数,则为无理数,则,故②正确;如为有理数,则为有理数,则,如无有理数,则为无理数,则
,故③正确;令,则,此时三角形为等边三角形,所以④正确;故选A.
考点:1.函数的奇偶性;2.函数的周期性;3.分段函数的表示与求值.
10.已知函数是定义在R上的奇函数,且满足.若当时,,则的值为()
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】
判断的周期为,判断的范围,利用周期性和奇偶性得出答案.
【详解】由可得,又因为函数是定义在上的奇函数,所以,所以函数的最小正周期为.
又因为,即,
所以,即,
则,
又因为函数是奇函数,所以.选A
【点睛】本题主要考查函数的周期性和奇偶性,属于一般题.
11.已知角,,且满足,则()(用表示).
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
由已知得,整理得,结合题意与诱导公式
可得,,,进而得出答案.
【详解】由已知得,
所以,即.
结合诱导公式得.
因为,,所以,.
由诱导公式可得,易知.
因为在上单调递减,所以,即.
【点睛】本题主要考查三角函数的公式的应用以及求角的范围问题,属于一般题.
12.函数满足, ,若存在,使得成立,则的取值( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
由题意设,则,所以(为常数).∵
,∴,∴,
∴.令,则,故当时,单调递减;当时,单调递增.
∴,从而当时,,∴在区间上单调递增.
设,则,故在上单调递增,在上单调递减,所以.
∴不等式等价于,
∴,解得,故的取值范围为.选A.
点睛:本题考查用函数的单调性解不等式,在解答过程中首先要根据含有导函数的条件构造函数,并进一步求得函数的解析式,从而得到函数在区间上的单调性.然后再根据条件中的能成立将原不等式转化为,最后根据函数的单调性将函数不等式化为一般不等式求解即可.
二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分.把答案填在答题卡中的横线上)
13.已知等比数列的各项都为正数,且,,成等差数列,则的值是________.
【答案】.
【解析】
【分析】
设等比数列的公比为,且,由题意和等差中项的性质列出方程,由等比数列的通项公式化简后求出,再由等比数列的通项公式化简所求的式子,化简后即可求值.
【详解】设等比数列的公比为,且,
因为,,成等差数列,所以,则,化简得,解得,
所以
【点睛】本题主要考查等差中项的性质以及等比数列的通项公式,属于一般题.
14.已知椭圆与双曲线的焦点相同,则双曲线渐近线方程为:____________.
【答案】.
【解析】
【分析】
将双曲线方程化为标准形式,由题可得,即,则,进而得出渐近线方程.
【详解】依题意椭圆与双曲线的焦点相同,即与的焦点相同,可得:,即,
∴,可得,∴双曲线的渐近线方程为:.
【点睛】本题考查双曲线与椭圆的标准方程以及求双曲线的渐近线方程,属于一般题.
15.年北京庆阅兵式上举行升旗仪式,如图,在坡度为15°的观礼台上,某一列座位与旗杆在同一个垂直于地面的平面上,在该列的第一排和最后一排测得旗杆顶端的仰角分别为60°和30°,且第一排和最后一排的距离为10米,则旗杆的高度为______米.
【答案】
【解析】
【详解】
设旗杆的高度为米,如图,可知,
,所以,
根据正弦定理可知,即,
所以,
所以米.
点睛:
1.解三角形实际应用问题的一般步骤是:审题——建模(准确地画出图形)——求解——检验作答.
2.把生活中的问题化为二维空间解决,即在一个平面上利用三角函数求值.
3.解三角形应用题的两种情形
(1)实际问题经抽象概括后,已知量与未知量全部集中在一个三角形中,可用正弦定理或余弦定理求解.
(2)实际问题经抽象概括后,已知量与未知量涉及到两个或两个以上的三角形,这时需作出这些三角形,先解够条件的三角形,然后逐步求解其他三角形,有时需设出未知量,从几个三角形中列出方程(组),解方程(组)得出所要求的解.
16.已知函数的图像与函数的图像有三个交点A、B、C,且,记三个交点的横坐标之和为,纵坐标之和为,则________.
【答案】.
【解析】
【分析】
由题可知两个函数均是单调函数且都关于点对称,又由A、B、C三点的关系得:点A、C关于点B对称,而点B就是两个函数的公共对称中心,所以,,进而得出积分.
【详解】分析可知:两个函数均是单调函数且都关于点对称,又由得,即点A、C关于点B对称,而点B就是两个函数的公共对称中心,所以,
,,图形为圆心是,半径是的圆的上半部分与圆心为,半径是的圆的下半部分,可得,所求的积分为圆心是,半径是的圆的上半部分与直线,轴所围面积,如图所示
其中,,所以,,
所以扇形的面积,三角形的面积为,
故所求的积分值为.
【点睛】本题考查定积分,解题的关键是得出两个函数均是单调函数且都关于点对称,属于一般题.
三、解答题(本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
(一)必考题:60分.
17.已知向量,,记函数.
(1)求不等式的解集;
(2)在中,三个内角A,B,C所对边分别为a,b,c,若且、、成等差数列,,求的面积S的值.
【答案】(1)(2)
【解析】
【分析】
(1)由题可得,所以不等式可化为:,进而得出答案.
(2))由(1)知:,解得,由正、余弦定理及得:,从而得出,再求出的面积S的值.
【详解】(1)由,得:
.
∴不等式可化为:,∴,.
即:,∴不等式的解集为:
(2)由(1)知:,∴,
又∵,∴,∴,∴
因为、、成等差数列,所以
再由正、余弦定理及得:,
∴,∴
所以是正三角形,故.
【点睛】本题以向量为背景考查三角函数的基本公式以及解三角不等式,考查正、余弦定理和三角形的面积计算,属于一般题.
18.如图所示,已知正方形所在平面垂直于矩形所在的平面,与的交点为O,M、P分别为、的中点,,.
(1)求证:平面平面.
(2)求三棱锥的高.
【答案】(1)详见解析(2)
【解析】
【分析】
(1)先由题证得平面,再由数量关系得出,,进而证得平面 ,最后根据面面垂直判定定理证明平面平面.(2)利用等体积转化即可求出答案.
【详解】(1)在正方形中,∴O是的中点,
又P是的中点,
而正方形所在平面垂直于矩形所在平面,
∴平面
由已知,得,,
∴,
∴,,又
所以平面 ,因为平面
故平面平面
(2)设三棱锥的高为h,
由(1)可得,,∴
又在中∴,,,∴
∴,故
【点睛】本题考查面面垂直的证明以及利用等体积转化法求锥体的高,属于一般题.
19.时值金秋十月,正是秋高气爽,阳光明媚的美好时刻。复兴中学一年一度的校运会正在密锣紧鼓地筹备中,同学们也在热切地期盼着,都想为校运会出一份力。小智同学则通过对学校有关部门的走访,随机地统计了过去许多年中的五个年份的校运会“参与”人数及相关数据,并进行分析,希望能为运动会组织者科学地安排提供参考。
附:①过去许多年来学校的学生数基本上稳定在3500人左右;②“参与”人数是指运动员和志愿者,其余同学均为“啦啦队员”,不计入其中;③用数字1、2、3、4、5表示小智同学统计的五个年份的年份数,今年的年份数是6;
统计表(一)
年份数x
1
2
3
4
5
“参与”人数(y千人)
1.9
2.3
2.0
2.5
2.8
统计表(二)
高一(3)(4)班参加羽毛球比赛的情况:
男生
女生
小计
参加(人数)
26
b
50
不参加(人数)
c
20
小计
44
100
(1)请你与小智同学一起根据统计表(一)所给的数据,求出“参与”人数y关于年份数x的线性回归方程,并预估今年的校运会的“参与”人数;
(2)学校命名“参与”人数占总人数的百分之八十及以上的年份为“体育活跃年”.如果该校每届校运会的“参与”人数是互不影响的,且假定小智同学对今年校运会的“参与”人数的预估是正确的,并以这6个年份中的“体育活跃年”所占的比例作为任意一年是“体育活跃年”的概率。现从过去许多年中随机抽取9年来研究,记这9年中“体活跃年”的个数为随机变量,试求随机变量的分布列、期望和方差;
(3)根据统计表(二),请问:你能否有超过60%的把握认为“羽毛球运动”与“性别”有关?
参考公式和数据一:,,,
参考公式二:,其中.
参考数据:
0.50
0.40
0.25
0.05
0.025
0.010
0.455
0.708
1.323
3.841
5.024
6.635
【答案】(1)线性回归方程为:,预计今年的“参与”人数为:(千人)(2)分布列见解析,,.(3)没有60%的把握认为“羽毛球运动”与“性别”有关
【解析】
【分析】
(1)由题可得,,,
,进而写出线性回归方程并预计今年的“参与”人数.
(2)在9次独立重复试验中,事件发生的次数为次,故随机变量服从二项分布,从而得出,.
(3)补充表格,计算出,进而得出结论.
【详解】(1),,
∴,∴,
所以,线性回归方程为:
所以,预计今年的“参与”人数为:(千人)
(2)分析可知:在9次独立重复试验中,事件发生的次数为次,故随机变量服从二项分布,所以,.
(3)补充表格
男生
女生
小计
参加(人数)
26
24
50
不参加(人数)
30
20
50
小计
56
44
100
由列联表可得:
.
所以没有60%的把握认为“羽毛球运动”与“性别”有关.
【点睛】本题考查的知识点有线性回归方程,二项分布求期望与方差,独立性检验,比较综合,属于一般题.
20.已知椭圆的左右顶点为A,B,点P,Q为椭圆上异于A,B的两点,直线与直线的斜率分别记为,且.
(Ⅰ)求证:;
(Ⅱ)设,的面积分别为,,判断是否为定值,若是求出这个定值,若不是请说明理由.
【答案】(Ⅰ)详见解析(Ⅱ)为定值4,详见解析
【解析】
【分析】
(Ⅰ)设,由题得,又因为,所以有,因为,所以,进而得出结论.
(Ⅱ)设直线的方程为:,联立得:得,再由韦达定理和可得,即或,进而表示出与,再判断是否为定值.
【详解】(Ⅰ)设,∵,
则,
又,则,代入上式,得
由已知:,则,
从而,即.
(Ⅱ)设直线的方程为:,
联立得:,
由,
由韦达定理:,,
由(1),则,
则,
即:,
所以:,
得:或,
当时,直线,不合题意,
当时,直线,过定点,
又,,
则,为定值.
【点睛】圆锥曲线是近几年高考的热点与难点,本题考查由斜率关系证明直线垂直,韦达定理,设而不求法,属于偏难题目.
21.设函数,.
(Ⅰ)若,证明函数有唯一的极小值点;
(Ⅱ)设且,记函数的最大值为M,求使得的a的最小值.
【答案】(Ⅰ)详见解析(Ⅱ)正整数a最小值为3
【解析】
【分析】
(Ⅰ)设,得出的单调性,再依据零点存在性定理得出结论.
(Ⅱ)由题得,设,则,
则在上为单调递减函数,从而得出在上为单调递减函数,且
,则,所以,存在唯一的,使得,进而可得在处取得最大值,,所以,从而得出答案.
【详解】(Ⅰ)∵,
设,则,
当时,,单调递减,
当时,,单调递增,
且,
当时,,
当时,取,则,
依据零点存在性定理,知存在唯一的,使得,
且时,,递减,
且时,,递增,
故为函数唯一的极小值点.
(Ⅱ)因为,
所以,
设,则,
则在上为单调递减函数,
取,则,
取,则,
所以,存在唯一的,使得,即,
且当时,,单调递增,
当时,,单调递减,
故函数在处取得最大值,
此时,由得,
,
由两边取对数,得
则,
由已知,,
故正整数a的最小值为3.
【点睛】本题考查的知识点有零点存在定理,以及利用导函数研究函数的单调性和最值,属于偏难题目.
(二)选考题:共10分.请考生在第22、23题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分.
22.在直角坐标系中,以原点为极点,x轴的正半轴为极轴,以相同的长度单位建立极坐标系.己知直线的直角坐标方程为,曲线C的极坐标方程为.
(1)设t为参数,若,求直线的参数方程和曲线C的直角坐标方程;
(2)已知:直线与曲线C交于A,B两点,设,且,,依次成等比数列,求实数a的值.
【答案】(1)直线的参数方程是(t为参数),曲线C的直角坐标方程:(2)
【解析】
【分析】
(1)利用代入消元法得直线的参数方程. 根据得曲线C的直角坐标方程.
(2)将直线的参数方程代入抛物线方程,再由直线参数的几何意义以及韦达定理列方程解得答案.
【详解】(1)将代入,得,
∴直线的参数方程是(t为参数)
由得,两边同时乘以得,由得曲线C的直角坐标方程:.
(2)将直线的参数方程代入,得:,
设A、B对应的参数分别是,∴,,
由题意知:,∴,∴
得:,∴,又∵,∴(经检验:符合题意.)
【点睛】本题考查极坐标方程,普通方程与直角坐标方程的互化,以及直线参数方程中参数的几何意义,属于一般题.
23.已知函数,其中
(1)当时,求不等式的解集;
(2)若关于的不等式恒成立,求实数的取值范围.
【答案】(1);(2).
【解析】
【分析】
(1)利用分类讨论法解绝对值不等式;(2)先求出,再求出.解不等式即得解.
【详解】(1)当时,.
当时,由;
当时,由不成立;
综上所述,当时,不等式的解集为.
(2)记
则.
∴.
依题意得,∴.
所以实数的取值范围为
【点睛】本题主要考查分类讨论法解绝对值不等式,考查绝对值不等式的恒成立的问题,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平和分析推理能力.