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  • 2021-06-15 发布

2020届高考数学一轮复习单元检测(理·新人教A版)九B解析几何提升卷

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单元检测九(B) 解析几何(提升卷)‎ 考生注意:‎ ‎1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,共4页.‎ ‎2.答卷前,考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应位置上.‎ ‎3.本次考试时间100分钟,满分130分.‎ ‎4.请在密封线内作答,保持试卷清洁完整.‎ 第Ⅰ卷(选择题 共60分)‎ 一、选择题(本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)‎ ‎1.已知过点P(-2,m),Q(m,6)的直线的倾斜角为45°,则m的值为(  )‎ A.1B.2C.3D.4‎ 答案 B 解析 由题意可知:tan45°=,即=1,故m-6=-2-m,解得m=2.‎ ‎2.直线kx-y-3k+3=0过定点(  )‎ A.(3,0) B.(3,3)‎ C.(1,3) D.(0,3)‎ 答案 B 解析 kx-y-3k+3=0可化为y-3=k(x-3),所以过定点(3,3).故选B.‎ ‎3.直线(a-1)x+y-a-3=0(a>1),当此直线在x,y轴的截距和最小时,实数a的值是(  )‎ A.1B.C.2D.3‎ 答案 D 解析 当x=0时,y=a+3,当y=0时,x=,令t=a+3+,因为a>1,所以t>5,且a2+(3-t)a+t=0,则Δ=(3-t)2-4t≥0,解得t≥9或t≤1(舍去),所以t的最小值为9,把t=9代入上述方程解得a=3.‎ ‎4.由直线y=x+1上的一点向圆(x-3)2+y2=1引切线,则切线长的最小值为(  )‎ A.B.2C.1D.3‎ 答案 A 解析 圆的圆心为(3,0),r=1,圆心到直线x-y+1=0的距离为d==2,所以由勾股定理可知切线长的最小值为=.‎ ‎5.一束光线从点A(-1,1)发出,并经过x轴反射,到达圆(x-2)2+(y-3)2=1上一点的最短路程是(  )‎ A.4B.5C.3-1D.2 答案 A 解析 依题意可得,点A关于x轴的对称点A1(-1,-1),圆心C(2,3),A1C的距离为=5,所以到圆上的最短距离为5-1=4,故选A.‎ ‎6.已知直线x+y=a与圆x2+y2=4交于A,B两点,且|+|=|-|,其中O为原点,则实数a的值为(  )‎ A.2B.-2C.2或-2D.或- 答案 C 解析 由|+|=|-|得|+|2=|-|2,化简得·=0,即⊥,三角形AOB为等腰直角三角形,圆心到直线的距离为,即=,a=±2.‎ ‎7.点P(2,-1)为圆(x-3)2+y2=25的弦的中点,则该弦所在直线的方程是(  )‎ A.x+y+1=0 B.x+y-1=0‎ C.x-y-1=0 D.x-y+1=0‎ 答案 B 解析 点P(2,-1)为圆(x-3)2+y2=25的弦的中点,设圆心为C(3,0),则该弦所在直线与PC垂直,故弦的斜率为k=-=-=-1,则由直线的点斜式可得弦所在直线的方程为y-(-1)=-1×(x-2),即x+y-1=0.‎ ‎8.已知直线y=ax与圆C:(x-a)2+(y-1)2=a2-1交于A,B两点,且∠ACB=60°,则圆的面积为(  )‎ A.6πB.36πC.7πD.49π 答案 A 解析 由题意可得圆心C(a,1),半径R=(a≠±1),‎ ‎∵直线y=ax和圆C相交,△ABC为等边三角形,‎ ‎∴圆心C到直线ax-y=0的距离为 Rsin60°=×,‎ 即d==,解得a2=7,‎ ‎∴圆C的面积为πR2=π(7-1)=6π.‎ 故选A.‎ ‎9.已知椭圆+=1的离心率e=,则m的值为(  )‎ A.3 B.或3‎ C. D.或 答案 B 解析 当m>5时,a2=m,b2=5,c2=m-5,e2==,解得m=;‎ 当0<m<5时,a2=5,b2=m,c2=5-m,e2==,解得m=3.‎ 故选B.‎ ‎10.(2018·哈尔滨师范大学附属中学模拟)已知点F1,F2分别是双曲线C:-=1 (a>0,b>0 )的左、右焦点,O为坐标原点,点P在双曲线C的右支上,|F1F2|=2|OP|,△PF1F2的面积为4,且该双曲线的两条渐近线互相垂直,则双曲线C的方程为(  )‎ A.-=1 B.-=1‎ C.-=1 D.-=1‎ 答案 B 解析 根据题意,|F1F2|=2|OP|,得∠F1PF2=,‎ 根据焦点三角形面积公式可得S△F1PF2==4,‎ 解得b2=4,‎ 又因为该双曲线的两条渐近线互相垂直,可知该双曲线是等轴双曲线,‎ 所以双曲线的方程为-=1,故选B.‎ ‎11.已知直线l:kx-y-2k+1=0与椭圆C1:+=1(a>b>0)交于A,B两点,与圆C2:(x-2)2+(y-1)2=1交于C,D两点.若存在k∈[-2,-1],使得=,则椭圆C1的离心率的取值范围是(  )‎ A. B. C. D. 答案 C 解析 直线l过圆C2的圆心,∵=,‎ ‎∴||=||,‎ ‎∴C2的圆心为A,B两点的中点.‎ 设A(x1,y1),B(x2,y2),‎ 则两式相减得,‎ =-,‎ 化简可得-2·=k,又∵a>b,∴=-∈,‎ 所以e=∈.‎ ‎12.已知中心在原点的椭圆与双曲线有公共焦点,左、右焦点分别为F1,F2,且两条曲线在第一象限的交点为P,△PF1F2是以PF1为底边的等腰三角形,若|PF1|=10,椭圆与双曲线的离心率分别为e1,e2,则e1与e2满足的关系是(  )‎ A.+=2 B.-=2‎ C.e1+e2=2 D.e2-e1=2‎ 答案 B 解析 由椭圆与双曲线的定义得e1=,e2=,所以-==2,故选B.‎ 第Ⅱ卷(非选择题 共70分)‎ 二、填空题(本题共4小题,每小题5分,共20分.把答案填在题中横线上)‎ ‎13.已知过抛物线y2=4x的焦点F的直线交该抛物线于A,B两点,|AF|=2,则|BF|=________.‎ 答案 2‎ 解析 设A(x0,y0),由抛物线定义知x0+1=2,‎ ‎∴x0=1,则直线AB⊥x轴,∴|BF|=|AF|=2.‎ ‎14.已知平面直角坐标系内定点A(-1,0),B(1,0),M(4,0),N(0,4)和动点P(x1,y1),Q(x2,y2),若·=1,=+,其中O为坐标原点,则||的最小值是________.‎ 答案  解析 ∵定点A(-1,0),B(1,0),动点P(x1,y1),‎ ·=1,‎ ‎∴(x1+1,y1)·(x1-1,y1)=1,‎ ‎∴x+y=2,‎ ‎∴P的轨迹是个半径为、圆心在原点的圆.‎ ‎∵=+,‎ ‎∴Q,M,N三点共线,‎ ‎∵M(4,0),N(0,4),‎ ‎∴Q的轨迹方程为直线MN:x+y-4=0,‎ ‎∴||的最小值是圆心到直线的距离减去半径,‎ 即-=.‎ ‎15.(2018·河南新乡高三模拟)已知抛物线C:x2=2py(p>0)的焦点为F,O为坐标原点,点M,N,射线MO,NO分别交抛物线C于异于点O的点A,B,若A,B,F三点共线,则p的值为________.‎ 答案 2‎ 解析 直线OM的方程为y=-x,将其代入x2=2py,‎ 解方程可得故A.‎ 直线ON的方程为y=x,将其代入x2=2py,‎ 解方程可得故B.‎ 又F,所以kAB=,kBF=,‎ 因为A,B,F三点共线,所以kAB=kBF,即=,解得p=2.‎ ‎16.已知A,B分别为椭圆C:+=1(a>b>0)的左、右顶点,两不同点P,Q在椭圆C上,且关于x轴对称,设直线AP,BQ的斜率分别为m,n,则当+++ln|m|+ln|n|取最小值时,椭圆C的离心率为________.‎ 答案  解析 设点P(x0,y0),则+=1,所以mn=,从而+++ln|m|+ln|n|=++ ‎+ln,设=x,令f(x)=+lnx(0b>0)的离心率为,且过点,过椭圆C的左顶点A作直线交椭圆C于另一点P,交直线l:x=m(m>a)于点M,已知点B(1,0),直线PB交l于点N.‎ ‎(1)求椭圆C的方程;‎ ‎(2)若MB是线段PN的垂直平分线,求实数m的值.‎ 解 (1)因为椭圆C的离心率为,所以a2=4b2.‎ 又因为椭圆C过点,‎ 所以+=1,解得a2=4,b2=1.‎ 所以椭圆C的方程为+y2=1.‎ ‎(2)方法一 设P(x0,y0),-22,所以m=.‎ 方法二 ①当AP的斜率不存在或为0时,不满足条件.‎ ‎②当AP的斜率存在且不为0时,‎ 设AP的斜率为k,则AP:y=k(x+2),‎ 联立消去y,得 ‎(4k2+1)x2+16k2x+16k2-4=0,‎ 且Δ=(16k2)2-4×(16k2-4)(4k2+1)>0.‎ 设A(xA,0),P(xP,yP),‎ 因为xA=-2,所以xP=,‎ 所以yP=,‎ 所以P.‎ 因为PN的中点为B,‎ 所以m=2-=.(*)‎ 因为AP交直线l于点M,‎ 所以M(m,k(m+2)),‎ 因为直线PB与x轴不垂直,‎ 所以≠1,即k2≠.‎ 设直线PB,MB的斜率分别为kPB,kMB,‎ 则kPB==,‎ kMB=.‎ 因为PB⊥MB,所以kPB·kMB=-1,‎ 所以·=-1.(**)‎ 将(*)代入(**),化简得48k4-32k2+1=0,‎ 解得k2=,‎ 所以m==.‎ 又因为m>2,所以m=.‎ ‎20.(13分)(2018·吉林东北师范大学模拟)已知椭圆C:+=1(a>b>0)的离心率为,点在C上.‎ ‎(1)求椭圆C的方程;‎ ‎(2)过点A(-2,0)作直线AQ交椭圆C于另外一点Q,交y轴于点R,P为椭圆C上一点,且AQ∥OP,求证:为定值.‎ ‎(1)解 由题意可得e==,+=1,‎ 所以a=2,c=,b=1,‎ 所以椭圆C的方程为+y2=1.‎ ‎(2)证明 易知直线AQ的斜率存在,‎ 设直线AQ:y=k(x+2),R(0,2k),P(xP,yP),‎ 由得(1+4k2)x2+16k2x+16k2-4=0,‎ 由根与系数的关系可得 x1=-2,x2=xQ=,‎ 则|AQ|=|xQ-x1|‎ ‎==·,‎ ‎|AR|=2,‎ ‎|OP|=|xP|,‎ 令直线OP为y=kx且令yP>0,xP>0.‎ 由得(1+4k2)x2-4=0,‎ xP=,‎ 所以|OP|=,‎ ==2,‎ 所以定值为2.‎

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