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- 2021-06-15 发布
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课时分层训练(二十八)
等差数列及其前n项和
(对应学生用书第228页)
A组 基础达标
(建议用时:30分钟)
一、选择题
1.在等差数列{an}中,a1=0,公差d≠0,若am=a1+a2+…+a9,则m的值为
( )
A.37 B.36
C.20 D.19
A [am=a1+a2+…+a9=9a1+d=36d=a37.]
2.(2018·兰州模拟)在等差数列{an}中,若前10项的和S10=60,且a7=7,则a4=( )
A.4 B.-4
C.5 D.-5
C [法一:由题意得解得∴a4=a1+3d=5,故选C.
法二:由等差数列的性质有a1+a10=a7+a4,∵S10==60,∴a1+a10=12.又∵a7=7,∴a4=5,故选C.]
3.等差数列{an}中,已知a5>0,a4+a7<0,则{an}的前n项和Sn的最大值为( )
A.S7 B.S6
C.S5 D.S4
C [∵∴
∴Sn的最大值为S5.]
4.(2018·合肥模拟)已知是等差数列,且a1=1,a4=4,则a10=( )
【导学号:00090165】
A.- B.-
C. D.
A [设的公差为d,
∵a1=1,a4=4,
∴3d=-=-,即d=-,
则=+9d=-,故a10=-,故选A.]
5.(2017·湖北七市4月联考)在我国古代著名的数学专著《九章算术》里有一段叙述:今有良马与驽马发长安至齐,齐去长安一千一百二十五里,良马初日行一百零三里,日增十三里;驽马初日行九十七里,日减半里;良马先至齐,复还迎驽马,二马相逢,问:几日相逢?( )
A.9日 B.8日
C.16日 D.12日
A [根据题意,显然良马每日行程构成一个首项a1=103,公差d1=13的等差数列,前n天共跑的里程为S=na1+d1=103n+n(n-1)=6.5n2
+96.5n;驽马每日行程也构成一个首项b1=97,公差d2=-0.5的等差数列,前n天共跑的里程为S=nb1+d2=97n-n(n-1)=-0.25n2+97.25n.两马相逢时,共跑了一个来回.设其第n天相逢,则有6.5n2+96.5n-0.25n2+97.25n=1 125×2,解得n=9,即它们第9天相遇,故选A.]
二、填空题
6.在等差数列{an}中,首项a1=0,公差d≠0,若ak=a1+a2+a3+…+a7,则k=________.
22 [ak=a1+(k-1)d=(k-1)d,a1+a2+a3+…+a7=7a4=7a1+21d=21d,所以k-1=21,得k=22.]
7.若两个等差数列{an}和{bn}的前n项和分别为Sn和Tn,已知=,则等于________.
[法一:∵a5=,b5=,
∴==
===.
法二:∵等差数列前n项之和的形式为n(an+b).
∴由==,
可令Sn=7n2,Tn=n2+3n.
可求得:an=14n-7,bn=2n+2.
∴===.]
8.(2016·江苏高考)已知{an}是等差数列,Sn是其前n项和.若a1+a=-3,S5=10,则a9的值是________.
【导学号:00090166】
20 [法一:设等差数列{an}的公差为d,由S5=10,知S5=5a1+d=10,得a1+2d=2,即a1=2-2d,所以a2=a1+d=2-d,代入a1+a=-3,化简得d2-6d+9=0,所以d=3,a1=-4.故a9=a1+8d=-4+24=20.
法二:设等差数列{an}的公差为d,由S5=10,知=5a3=10,所以a3=2.
由a1+a3=2a2,得a1=2a2-2,代入a1+a=-3,化简得a+2a2+1=0,所以a2=-1.
公差d=a3-a2=2+1=3,故a9=a3+6d=2+18=20.]
三、解答题
9.已知等差数列的前三项依次为a,4,3a,前n项和为Sn,且Sk=110.
(1)求a及k的值;
(2)设数列{bn}的通项bn=,证明:数列{bn}是等差数列,并求其前n项和Tn.
[解] (1)设该等差数列为{an},则a1=a,a2=4,a3=3a,
由已知有a+3a=8,得a1=a=2,公差d=4-2=2,
所以Sk=ka1+·d=2k+×2=k2+k. 3分
由Sk=110,得k2+k-110=0,
解得k=10或k=-11(舍去),故a=2,k=10. 5分
(2)证明:由(1)得Sn==n(n+1),
则bn==n+1,
故bn+1-bn=(n+2)-(n+1)=1, 8分
即数列{bn}是首项为2,公差为1的等差数列,
所以Tn==. 12分
10.(2018·华中师大附中模拟)已知数列{an}满足a1=2,n(an+1-n-1)=(n+1)(an+n)(n∈N*).
(1)求证数列是等差数列,并求其通项公式;
(2)设bn=-15,求数列{|bn|}的前n项和Tn.
[解] (1)证明:∵n(an+1-n-1)=(n+1)(an+n)(n∈N*),
∴nan+1-(n+1)an=2n(n+1),∴-=2,
∴数列是等差数列,其公差为2,首项为2,
∴=2+2(n-1)=2n.
(2)由(1)知an=2n2,∴bn=-15=2n-15,
则数列{bn}的前n项和Sn==n2-14n.
令bn=2n-15≤0,n∈N*,解得n≤7.
∴n≤7时,数列{|bn|}的前n项和Tn=-b1-b2-…-bn=-Sn=-n2+14n.
n≥8时,数列{|bn|}的前n项和Tn=-b1-b2-…-b7+b8+…+bn=-2S7+Sn
=-2×(72-14×7)+n2-14n=n2-14n+98.
∴Tn=
B组 能力提升
(建议用时:15分钟)
1.(2018·衡阳模拟)等差数列{an}的公差d≠0,且a3,a5,a15成等比数列,若a5=5,Sn为数列{an}的前n项和,则数列的前n项和取最小值时的n为( )
A.3 B.3或4
C.4或5 D.5
B [由题意知
由d≠0,解得a1=-3,d=2,
∴==-3+n-1=n-4,
由n-4≥0,得n≥4,
∴数列的前n项和取最小值时的n为3或4.]
2.(2018·湛江模拟)若等差数列{an}的前n项和Sn有最大值,且<-1,那么使Sn取最小正值的项数n=( )
A.15 B.17
C.19 D.21
C [由于Sn有最大值,所以d<0,因为<-1,所以<0,所以a10
>0>a11,且a10+a11<0.
所以S20=10(a1+a20)=10(a10+a11)<0,S19=19a10>0,
又a1>a2>…>a10>0>a11>a12>…,所以S10>S9>…>S2>S1>0,S10>S11>…>S19>0>S20>S21>…,
又S19-S1=a2+a3+…+a19=9(a10+a11)<0,所以S19为最小正值,故选C.]
3.(2014·全国卷Ⅰ)已知数列{an}的前n项和为Sn,a1=1,an≠0,anan+1=λSn-1,其中λ为常数.
(1)证明:an+2-an=λ;
(2)是否存在λ,使得{an}为等差数列?并说明理由.
【导学号:00090167】
[解] (1)证明:由题设知anan+1=λSn-1,an+1an+2=λSn+1-1, 2分
两式相减得an+1(an+2-an)=λan+1,
由于an+1≠0,所以an+2-an=λ. 5分
(2)由题设知a1=1,a1a2=λS1-1,
可得a2=λ-1.
由(1)知,a3=λ+1. 7分
令2a2=a1+a3,
解得λ=4.
故an+2-an=4,由此可得{a2n-1}是首项为1,公差为4的等差数列,a2n-1=4n-3; 9分
{a2n}是首项为3,公差为4的等差数列,a2n=4n-1.
所以an=2n-1,an+1-an=2,
因此存在λ=4,使得数列{an}为等差数列. 12分