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  • 2021-06-15 发布

数学卷·2018届河南省洛阳名校高二下学期第一次联考数学试卷(理科)(解析版)

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全*品*高*考*网, 用后离不了!2016-2017学年河南省洛阳名校高二(下)第一次联考数学试卷(理科)‎ ‎ ‎ 一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每个小题给出的四个选项中,有且只有一项符合题目要求.‎ ‎1.如果z是3+4i的共轭复数,则z对应的向量的模是(  )‎ A.1 B. C. D.5‎ ‎2.设f(x)是可导函数,且,则f'(x0)=(  )‎ A. B.﹣1 C.0 D.﹣2‎ ‎3.曲线y=在点(1,1)处的切线方程为(  )‎ A.x﹣y﹣2=0 B.x+y﹣2=0 C.x+4y﹣5=0 D.x﹣4y﹣5=0‎ ‎4.如果f′(x)是二次函数,且f′(x)的图象开口向上,顶点坐标为,那么曲线y=f(x)上任一点的切线的倾斜角α的取值范围是(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎5.已知复数z=a+(a﹣2)i(a∈R,i是虚数单位)为实数,则的值是(  )‎ A.2+π B. C.π D.4+4π ‎6.数学归纳法证明(n+1)•(n+2)•…•(n+n)=2n×1×3×…×(2n﹣1)(n∈N*)成立时,从n=k到n=k+1左边需增加的乘积因式是(  )‎ A.2(2k+1) B. C.2k+1 D.‎ ‎7.平面几何中,有边长为a的正三角形内任一点到三边距离之和为定值,类比上述命题,棱长为a的正四面体内任一点到四个面的距离之和为(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎8.已知,把数列{an}的各项排列成如图的三角形状,记A(m,n)表示第m行的第n个数,则A(10,12)=(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎9.函数f(x)=2xlog2e﹣2lnx﹣ax+3的一个极值点在区间(1,2)内,则实数a的取值范围是(  )‎ A.(1,3) B.(1,2) C.(0,3) D.(0,2)‎ ‎10.已知R上可导函数f(x)的图象如图所示,则不等式(x2﹣2x﹣3)f′(x)>0的解集为(  )‎ A.(﹣∞,﹣2)∪(1,+∞) B.(﹣∞,﹣2)∪(1,2)‎ C.(﹣∞,﹣1)∪(﹣1,0)∪(2,+∞) D.(﹣∞,﹣1)∪(﹣1,1)∪(3,+∞)‎ ‎11.已知函数f(x)=x3+ax2+1的对称中心的横坐标为x0(x0>0)且f(x)有三个零点,则实数a的取值范围是(  )‎ A.(﹣∞,0) B.(﹣∞,﹣) C.(0,+∞) D.(﹣∞,﹣1)‎ ‎12.定义在R上的函数f(x)满足f'(x)>1﹣f(x),f(0)=3,f'(x)是f(x)的导函数,则不等式exf(x)>ex+2(e其中为自然对数的底数)的解集是(  )‎ A.{x|x>0} B.{x|x<0} C.{x|x<﹣1或x>1} D.{x|x<﹣1或0<x<1}‎ ‎ ‎ 二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.‎ ‎13.如果复数z=a2+a﹣2+(a2﹣1)i为纯虚数,则实数a的值为  .‎ ‎14.对于大于或等于2的自然数,有如下分解式:‎ ‎22=1+3 ‎ ‎32=1+3+5 ‎ ‎42=1+3+5+7‎ ‎23=3+5 ‎ ‎33=7+9+11 ‎ ‎43=13+15+17+19‎ 根据上述分解规律,若n2=1+3+5+…+19,m3的分解中最小的数是43,则m+n=  .‎ ‎15.曲线y=ln(2x﹣1)上的点到直线2x﹣y+3=0的最短距离是  .‎ ‎16.设f(x)=﹣x3+x2+2ax,若f(x)在(,+∞)上存在单调递增区间,则a的取值范围是  .‎ ‎ ‎ 三、解答题:本大题共6小题,共70分.解答应写出必要的文字说明或推理、验算过程.‎ ‎17.由直线y=kx(k>0)与直线y=0,x=1所围成的图形的面积为S1,有曲线y=3﹣3x2与直线x=0,x=1,y=0所围成的图形的面积为S2,当S1=S2时,求k的值及直线方程.‎ ‎18.已知复数(λ,x∈R,i为虚数单位).‎ ‎(1)若2z1=i•z2,且,求x与λ的值;‎ ‎(2)设复数z1,z2在复平面上对应的向量分别为,且,λ=f(x),求f(x)的最小正周期和单调递减区间.‎ ‎19.设y=f(x)是二次函数,方程f(x)=0有两个相等的实根,且f'(x)=2x+2.‎ ‎(1)求y=f(x)的表达式;‎ ‎(2)若直线x=﹣t(0<t<1)把y=f(x)的图象与两条坐标轴所围成的图形分成面积相等的两部分,求t的值.‎ ‎20.已知数列{an}的前n项和为Sn,且Sn=1﹣nan(n∈N*).‎ ‎(1)计算a1,a2,a3,a4,并猜想数列{an}的通项公式;‎ ‎(2)用数学归纳法证明(1)中数列{an}的通项公式成立.‎ ‎21.某银行准备新设一种定期存款业务,经预测,存款量与利率的平方成正比,比例系数为k(k>0),且知当利率为0.012时,存款量为1.44亿;又贷款的利率为4.8%时,银行吸收的存款能全部放贷出去;若设存款的利率为x,x∈(0,0.048),则当x为多少时,银行可获得最大收益?‎ ‎22.已知函数f(x)=alnx++1.‎ ‎(1)当a=﹣时,求f(x)在区间上的最大值与最小值;‎ ‎(2)讨论函数f(x)的单调性;‎ ‎(3)当﹣1<a<0时,任意x>0有f(x)>1+恒成立,求a的取值范围.‎ ‎ ‎ ‎2016-2017学年河南省洛阳名校高二(下)第一次联考数学试卷(理科)‎ 参考答案与试题解析 ‎ ‎ 一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每个小题给出的四个选项中,有且只有一项符合题目要求.‎ ‎1.如果z是3+4i的共轭复数,则z对应的向量的模是(  )‎ A.1 B. C. D.5‎ ‎【考点】A8:复数求模.‎ ‎【分析】由题意求得z,进一步得到向量的坐标,代入向量模的公式计算.‎ ‎【解答】解:由题意,z=3﹣4i,‎ ‎∴z对应的向量的坐标为(3,﹣4),其模为.‎ 故选:D.‎ ‎ ‎ ‎2.设f(x)是可导函数,且,则f'(x0)=(  )‎ A. B.﹣1 C.0 D.﹣2‎ ‎【考点】6F:极限及其运算.‎ ‎【分析】由题意,﹣2=2,即可得到答案.‎ ‎【解答】解:由题意,﹣2=2.‎ ‎∴f′(x0)=﹣1.‎ 故选B.‎ ‎ ‎ ‎3.曲线y=在点(1,1)处的切线方程为(  )‎ A.x﹣y﹣2=0 B.x+y﹣2=0 C.x+4y﹣5=0 D.x﹣4y﹣5=0‎ ‎【考点】6H:利用导数研究曲线上某点切线方程.‎ ‎【分析】求出导数,求得切线的斜率,由点斜式方程可得切线的方程.‎ ‎【解答】解:y=的对数为y′==﹣,‎ ‎ 可得在点(1,1)处的切线斜率为﹣1,‎ 则所求切线的方程为y﹣1=﹣(x﹣1),‎ 即为x+y﹣2=0.‎ 故选:B.‎ ‎ ‎ ‎4.如果f′(x)是二次函数,且f′(x)的图象开口向上,顶点坐标为,那么曲线y=f(x)上任一点的切线的倾斜角α的取值范围是(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【考点】62:导数的几何意义;I2:直线的倾斜角.‎ ‎【分析】由二次函数的图象可知最小值为,再根据导数的几何意义可知k=tanα≥,结合正切函数的图象求出角α的范围.‎ ‎【解答】解:根据题意得f′(x)≥‎ 则曲线y=f(x)上任一点的切线的斜率k=tanα≥‎ 结合正切函数的图象 由图可得α∈‎ 故选B.‎ ‎ ‎ ‎5.已知复数z=a+(a﹣2)i(a∈R,i是虚数单位)为实数,则的值是(  )‎ A.2+π B. C.π D.4+4π ‎【考点】67:定积分.‎ ‎【分析】首先复数为实数,得到a,然后利用定积分的几何意义求值.‎ ‎【解答】解:因为复数z=a+(a﹣2)i(a∈R,i是虚数单位)为实数,所以a=2,所以===π;‎ 故选:C ‎ ‎ ‎6.数学归纳法证明(n+1)•(n+2)•…•(n+n)=2n×1×3×…×(2n﹣1)(n∈N*)成立时,从n=k到n=k+1左边需增加的乘积因式是(  )‎ A.2(2k+1) B. C.2k+1 D.‎ ‎【考点】RG:数学归纳法.‎ ‎【分析】分别求出n=k时左边的式子,n=k+1时左边的式子,用n=k+1时左边的式子,比较两个表达式,即得所求.‎ ‎【解答】解:当n=k时,左边=(k+1)(k+2)…(k+k),‎ 当n=k+1时,左边=(k+2)(k+3)…(k+k)(2k+1)(2k+2),‎ 故从“k”到“k+1”的证明,左边需增添的代数式是 =2(2k+1),‎ 故选A.‎ ‎ ‎ ‎7.平面几何中,有边长为a的正三角形内任一点到三边距离之和为定值,类比上述命题,棱长为a的正四面体内任一点到四个面的距离之和为(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【考点】F3:类比推理.‎ ‎【分析】由平面图形的性质向空间物体的性质进行类比时,常用的思路有:由平面图形中点的性质类比推理出空间里的线的性质,由平面图形中线的性质类比推理出空间中面的性质,由平面图形中面的性质类比推理出空间中体的性质.固我们可以根据已知中平面几何中,关于线的性质“正三角形内任意一点到三边距离之和是一个定值”,推断出一个空间几何中一个关于面的性质.‎ ‎【解答】解:类比在边长为a的正三角形内任一点到三边的距离之和为定值,‎ 在一个正四面体中,计算一下棱长为a的三棱锥内任一点到各个面的距离之和,‎ 如图:‎ 由棱长为a可以得到BF=,BO=AO=a﹣OE,‎ 在直角三角形中,根据勾股定理可以得到 BO2=BE2+OE2,‎ 把数据代入得到OE=a,‎ ‎∴棱长为a的三棱锥内任一点到各个面的距离之和4×a=a,‎ 故选B.‎ ‎ ‎ ‎8.已知,把数列{an}的各项排列成如图的三角形状,记A(m,n)表示第m行的第n个数,则A(10,12)=(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【考点】8B:数列的应用.‎ ‎【分析】根据图形可知:①每一行的最后一个项的项数为行数的平方;②每一行都有2n﹣1个项,由此可得结论.‎ ‎【解答】解:由A(m,n)表示第m行的第n个数可知,A(10,12)表示第10行的第12个数,‎ 根据图形可知:‎ ‎①每一行的最后一个项的项数为行数的平方,所以第10行的最后一个项的项数为102=100,即为a100;‎ ‎②每一行都有2n﹣1个项,所以第10行有2×10﹣1=19项,得到第10行第一个项为100﹣19+1=82,所以第12项的项数为82+12﹣1=93;‎ 所以A(10,12)=a93=‎ 故选A.‎ ‎ ‎ ‎9.函数f(x)=2xlog2e﹣2lnx﹣ax+3的一个极值点在区间(1,2)内,则实数a的取值范围是(  )‎ A.(1,3) B.(1,2) C.(0,3) D.(0,2)‎ ‎【考点】6D:利用导数研究函数的极值.‎ ‎【分析】求导f′(x)=2x﹣2﹣a,注意到其在(1,2)上是增函数,故可得f′(1)f′(2)<0,从而解得.‎ ‎【解答】解:∵f′(x)=2x﹣2﹣a在(1,2)上是增函数,‎ ‎∴若使函数f(x)=2xlog2e﹣2lnx﹣ax+3的一个极值点在区间(1,2)内,‎ 则f′(1)f′(2)<0,‎ 即(﹣a)(3﹣a)<0,‎ 解得,0<a<3,‎ 故选C.‎ ‎ ‎ ‎10.已知R上可导函数f(x)的图象如图所示,则不等式(x2﹣2x﹣3)f′(x)>0的解集为(  )‎ A.(﹣∞,﹣2)∪(1,+∞) B.(﹣∞,﹣2)∪(1,2)‎ C.(﹣∞,﹣1)∪(﹣1,0)∪(2,+∞) D.(﹣∞,﹣1)∪(﹣1,1)∪(3,+∞)‎ ‎【考点】6A:函数的单调性与导数的关系.‎ ‎【分析】根据题意结合图象求出f′(x)>0的解集与f′(x)<0的解集,因此对原不等式进行化简与转化,进而得到原不等式的答案.‎ ‎【解答】解:由图象可得:当f′(x)>0时,函数f(x)是增函数,所以f′(x)>0的解集为(﹣∞,﹣1),(1,+∞),‎ 当f′(x)<0时,函数f(x)是减函数,所以f′(x)<0的解集为(﹣1,1).‎ 所以不等式f′(x)<0即与不等式(x﹣1)(x+1)<0的解集相等.‎ 由题意可得:不等式(x2﹣2x﹣3)f′(x)>0等价于不等式(x﹣3)(x+1)(x+1)(x﹣1)>0,‎ 所以原不等式的解集为(﹣∞,﹣1)∪(﹣1,1)∪(3,+∞),‎ 故选D.‎ ‎ ‎ ‎11.已知函数f(x)=x3+ax2+1的对称中心的横坐标为x0(x0>0)且f(x)有三个零点,则实数a的取值范围是(  )‎ A.(﹣∞,0) B.(﹣∞,﹣) C.(0,+∞) D.(﹣∞,﹣1)‎ ‎【考点】52:函数零点的判定定理.‎ ‎【分析】判断f(x)的单调性,求出f(x)的极值,令极小值小于零即可求出a的范围.‎ ‎【解答】解:f′(x)=3x2+2ax,令f′(x)=0得x=0或x=﹣,‎ ‎∴x0=﹣>0,∴a<0.‎ ‎∴当x<0或x>﹣时,f′(x)>0,当0<x<﹣时,f′(x)<0,‎ ‎∴f(x)在(﹣∞,0)上单调递增,在(0,﹣)上单调递减,在(﹣,+∞)上单调递增,‎ ‎∴f(x)的极大值为f(0)=1,极小值为f(﹣)=.‎ ‎∵f(x)有三个零点,‎ ‎∴<0.解得a<﹣.‎ 故选B.‎ ‎ ‎ ‎12.定义在R上的函数f(x)满足f'(x)>1﹣f(x),f(0)=3,f'(x)是f(x)的导函数,则不等式exf(x)>ex+2(e其中为自然对数的底数)的解集是(  )‎ A.{x|x>0} B.{x|x<0} C.{x|x<﹣1或x>1} D.{x|x<﹣1或0<x<1}‎ ‎【考点】6B:利用导数研究函数的单调性.‎ ‎【分析】令F(x)=exf(x)﹣ex﹣2,从而求导F′(x)=ex(f(x)+f′(x)﹣1)>0,从而由导数求解不等式.‎ ‎【解答】解:定义在R上的函数f(x)满足f'(x)>1﹣f(x),可得f(x)+f′(x)﹣1>0,‎ 令F(x)=exf(x)﹣ex﹣2,‎ 则F′(x)=ex>0,‎ 故F(x)是R上的单调增函数,‎ 而F(0)=e0f(0)﹣e0﹣2=0,‎ 故不等式exf(x)<ex+3(其中e为自然对数的底数)的解集为(﹣∞,0);‎ 故选:B.‎ ‎ ‎ 二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.‎ ‎13.如果复数z=a2+a﹣2+(a2﹣1)i为纯虚数,则实数a的值为 ﹣2 .‎ ‎【考点】A2:复数的基本概念.‎ ‎【分析】利用纯虚数的定义即可得出.‎ ‎【解答】解:复数z=a2+a﹣2+(a2﹣1)i为纯虚数,‎ 则a2+a﹣2=0,a2﹣1≠0,‎ 解得a=﹣2.‎ 故答案为:﹣2.‎ ‎ ‎ ‎14.对于大于或等于2的自然数,有如下分解式:‎ ‎22=1+3 ‎ ‎32=1+3+5 ‎ ‎42=1+3+5+7‎ ‎23=3+5 ‎ ‎33=7+9+11 ‎ ‎43=13+15+17+19‎ 根据上述分解规律,若n2=1+3+5+…+19,m3的分解中最小的数是43,则m+n= 17 .‎ ‎【考点】F1:归纳推理.‎ ‎【分析】根据等差数列的通项公式以及数列的求和公式即可求出m,n的值.‎ ‎【解答】解:依题意得 n2=1+3+5+…+19==100,‎ ‎∴n=10.‎ ‎∵m3(m∈N*)的分解中最小的数是43,‎ ‎∴m3=43m+=m2+42m,‎ 即m2﹣m﹣42=0,‎ ‎∴(m﹣7)(m+6)=0,‎ ‎∴m=7或m=﹣6.‎ 又 m∈N*,‎ ‎∴m=7,‎ ‎∴m+n=17.‎ 故答案为:17.‎ ‎ ‎ ‎15.曲线y=ln(2x﹣1)上的点到直线2x﹣y+3=0的最短距离是  .‎ ‎【考点】63:导数的运算;IT:点到直线的距离公式.‎ ‎【分析】直线y=2x+3在曲线y=ln(2x+1)上方,把直线平行下移到与曲线相切,切点到直线2x﹣y+3=0的距离即为所求的最短距离.由直线2x﹣y+3=0的斜率,令曲线方程的导函数等于已知直线的斜率即可求出切点的横坐标,把求出的横坐标代入曲线方程即可求出切点的纵坐标,然后利用点到直线的距离公式求出切点到已知直线的距离即可.‎ ‎【解答】解:因为直线2x﹣y+3=0的斜率为2,‎ 所以令y′==2,解得:x=1,‎ 把x=1代入曲线方程得:y=0,即曲线上过(1,0)的切线斜率为2,‎ 则(1,0)到直线2x﹣y+3=0的距离d==,‎ 即曲线y=ln(2x﹣1)上的点到直线2x﹣y+3=0的最短距离是.‎ 故答案为:‎ ‎ ‎ ‎16.设f(x)=﹣x3+x2+2ax,若f(x)在(,+∞)上存在单调递增区间,则a的取值范围是 a> .‎ ‎【考点】6B:利用导数研究函数的单调性.‎ ‎【分析】函数f(x)在(,+∞)上存在单调递增区间,即f′(x)>0在(,+∞)上有解,只需f′()>0即可,根据一元二次函数的性质即可得到结论.‎ ‎【解答】解:∵,‎ ‎∴函数的导数为f′(x)=﹣x2+x+2a,‎ 若函数f(x)在(,+∞)上存在单调递增区间,‎ 即f′(x)>0在(,+∞)上有解 ‎∵f′(x)=﹣x2+x+2a,‎ ‎∴只需f′()>0即可,‎ 由f′()=﹣++2a=2a+>0,解得a>,‎ 故答案为:a>.‎ ‎ ‎ 三、解答题:本大题共6小题,共70分.解答应写出必要的文字说明或推理、验算过程.‎ ‎17.由直线y=kx(k>0)与直线y=0,x=1所围成的图形的面积为S1,有曲线y=3﹣3x2与直线x=0,x=1,y=0所围成的图形的面积为S2,当S1=S2时,求k的值及直线方程.‎ ‎【考点】6G:定积分在求面积中的应用.‎ ‎【分析】分别根据定积分的计算法则求出S1,S2,再根据S1=S2即可求出k的值.‎ ‎【解答】解:由曲线y=3﹣3x2与直线x=0,x=1,y=0所围成的图形的面积为 S2=(3﹣3x2)dx=(3x﹣x3)|=3﹣1=2,‎ 则直线y=kx(k>0)与直线y=0,x=1所围成的图形的面积为 S1=kxdx=kx2|=k,‎ 由S1=S2时,‎ ‎∴k=2,‎ ‎∴k=4,‎ ‎∴y=4x ‎ ‎ ‎18.已知复数(λ,x∈R,i为虚数单位).‎ ‎(1)若2z1=i•z2,且,求x与λ的值;‎ ‎(2)设复数z1,z2在复平面上对应的向量分别为,且,λ=f(x),求f(x)的最小正周期和单调递减区间.‎ ‎【考点】A5:复数代数形式的乘除运算;GL:三角函数中的恒等变换应用.‎ ‎【分析】(1)利用复数的运算法则和复数相等及特殊角的三角函数值即可得出;‎ ‎(2)利用向量的垂直与数量积的关系可得可得sinx(sinx+cosx)﹣λ=0,再利用倍角公式和两角和差的正弦公式即可化简,利用三角函数的周期公式和单调性即可得出.‎ ‎【解答】解:(1)由2z1=z2i,可得2sinx+2λi=1+(sinx+cosx)i,又λ,x∈R,‎ ‎∴,又,‎ 故x=,λ=1.‎ ‎(2)由,可得sinx(sinx+cosx)﹣λ=0,‎ 又λ=f(x),故f(x)==+,‎ 故f(x)的最小正周期T=π,‎ 又由2kπ+≤2x﹣≤2kπ+(k∈Z),可得kπ+≤x≤kπ+,‎ 故f(x)的单调递减区间为,(k∈Z).‎ ‎ ‎ ‎19.设y=f(x)是二次函数,方程f(x)=0有两个相等的实根,且f'(x)=2x+2.‎ ‎(1)求y=f(x)的表达式;‎ ‎(2)若直线x=﹣t(0<t<1)把y=f(x)的图象与两条坐标轴所围成的图形分成面积相等的两部分,求t的值.‎ ‎【考点】3W:二次函数的性质.‎ ‎【分析】(1)设f(x)=x2+2x+n,根据△=0求出n即可;‎ ‎(2)根据定积分的几何意义列方程解出t.‎ ‎【解答】解:(1)∵f'(x)=2x+2,∴f(x)=x2+2x+n(n为常数),‎ ‎∵f(x)=0有两个相等的实根,∴4﹣4n=0,即n=1,‎ ‎∴f(x)=x2+2x+1.‎ ‎(2)f(x)与x轴的交点为(﹣1,0),与y轴的交点为(0,1),‎ ‎∴y=f(x)的图象与两条坐标轴所围成的图形面积S=(x2+2x+1)dx=()=,‎ ‎∵直线x=﹣t(0<t<1)把y=f(x)的图象与两条坐标轴所围成的图形分成面积相等的两部分,‎ ‎∴(x2+2x+1)dx=,即t3﹣t2+t=,∴2(t﹣1)3=﹣1,∴t=1﹣.‎ ‎ ‎ ‎20.已知数列{an}的前n项和为Sn,且Sn=1﹣nan(n∈N*).‎ ‎(1)计算a1,a2,a3,a4,并猜想数列{an}的通项公式;‎ ‎(2)用数学归纳法证明(1)中数列{an}的通项公式成立.‎ ‎【考点】RG:数学归纳法;F1:归纳推理.‎ ‎【分析】(1)利用已知条件通过n=1,2,3,4,分别求出a1,a2,a3,a4;然后猜想an的表达式.‎ ‎(2)利用数学归纳法的证题步骤,证明猜想的正确性即可.‎ ‎【解答】解:(1)依题设Sn=1﹣nan可得a1=1﹣a1,即a1=,a2==,a3==,a4==;猜想an=.‎ ‎(2)证明:①当n=1时,猜想显然成立. ‎ ‎②假设n=k(k∈N*)时,猜想成立,‎ 即ak=. ‎ 那么,当n=k+1时,Sk+1=1﹣(k+1)ak+1,‎ 即Sk+ak+1=1﹣(k+1)ak+1. 又Sk=1﹣kak=,‎ 所以+ak+1=1﹣(k+1)ak+1,‎ 从而ak+1==‎ 即n=k+1时,猜想也成立. ‎ 故由①和②,可知猜想成立.‎ ‎ ‎ ‎21.某银行准备新设一种定期存款业务,经预测,存款量与利率的平方成正比,比例系数为k(k>0),且知当利率为0.012时,存款量为1.44亿;又贷款的利率为4.8%时,银行吸收的存款能全部放贷出去;若设存款的利率为x,x∈(0,0.048),则当x为多少时,银行可获得最大收益?‎ ‎【考点】5D:函数模型的选择与应用.‎ ‎【分析】由题意知:存款量f(x)=kx2,当利率为0.012时,存款量为1.44亿,由1.44=k•(0.012)2,得k=10000,得f(x)=10000x2,银行应支付的利息g(x)=x•f(x)=10000x3,设银行可获收益为y,则y=480x2﹣10000x3‎ ‎,再由导数性质能求出当x为多少时,银行可获得最大收益.‎ ‎【解答】解:由题意知:存款量f(x)=kx2,‎ 当利率为0.012时,存款量为1.44亿,‎ 即x=0.012时,y=1.44;‎ 由1.44=k•(0.012)2,得k=10000,‎ ‎∴f(x)=10000x2,‎ 银行应支付的利息g(x)=x•f(x)=10000x3,‎ 设银行可获收益为y=贷款收益﹣利息支出,‎ 则y=480x2﹣10000x3,‎ 由于y'=960x﹣30000x2,则y'=0,‎ 即960x﹣30000x2=0,得x=0或x=0.032.‎ 因为x∈(0,0.032)时,y'>0,‎ 此时,函数y=480x2﹣10000x3递增;‎ x∈(0.032,0.048)时,y'<0,‎ 此时,函数y=480x2﹣10000x3递减;‎ 故当x=0.032时,y有最大值,其值约为0.164亿.‎ ‎ ‎ ‎22.已知函数f(x)=alnx++1.‎ ‎(1)当a=﹣时,求f(x)在区间上的最大值与最小值;‎ ‎(2)讨论函数f(x)的单调性;‎ ‎(3)当﹣1<a<0时,任意x>0有f(x)>1+恒成立,求a的取值范围.‎ ‎【考点】6B:利用导数研究函数的单调性;6E:利用导数求闭区间上函数的最值;6K:导数在最大值、最小值问题中的应用.‎ ‎【分析】(1)a=﹣时,f(x)=lnx+x2+1,x∈,f′(x)=.可得其单调性极值与区间端点函数值,进而得到最值.‎ ‎(2)f′(x)=+(a+1)x=(x>0).对a分类讨论可得:①a=﹣1时,②a≠﹣1时,△=﹣4a(a+1),由△≤0,△>0,解得a范围即可得出单调性.‎ ‎(3)当﹣1<a<0时,函数f(x)在x=取得极小值即最小值.f=ln﹣+1.由于任意x>0有f(x)>1+恒成立,代入化简即可得出.‎ ‎【解答】解:(1)a=﹣时,f(x)=lnx+x2+1,x∈,‎ f′(x)=+x=.‎ 可知:函数f(x)在上单调递减,在(1,e]上单调递增.‎ ‎∴函数f(x)在x=1时取得极小值即最小值,f(1)=.‎ 由=+,f(e)=,可得f(e)>.‎ ‎∴函数f(x)在x=e时取得最大值,f(e)=.‎ 综上可得:f(x)在区间上的最大值与最小值分别为:,.‎ ‎(2)f′(x)=+(a+1)x=(x>0).‎ ‎①a=﹣1时,f′(x)=﹣<0,∴函数f(x)在(0,+∞)上单调递减.‎ ‎②a≠﹣1时,△=﹣4a(a+1),由△≤0,解得a≥0,或a<﹣1.‎ 则a≥0时,f′(x)>0,∴函数f(x)在(0,+∞)上单调递增.‎ a<﹣1时,f′(x)<0,∴函数f(x)在(0,+∞)上单调递减.‎ 由△>0,解得﹣1<a<0,>0.‎ 可得:f′(x)=,‎ ‎∴函数f(x)在上单调递减;在上单调递增.‎ 综上可得:a≤﹣1时,函数f(x)在(0,+∞)上单调递减.‎ a≥0时,函数f(x)在(0,+∞)上单调递增.‎ ‎﹣1<a<0时,函数f(x)在上单调递减;在 上单调递增.‎ ‎(3)当﹣1<a<0时,函数f(x)在x=取得极小值即最小值.‎ f=ln﹣+1.‎ 由于任意x>0有f(x)>1+恒成立,‎ ‎∴ln﹣+1>1+,化为:ln(a+1)>﹣1,又﹣1<a<0,‎ 解得a<0.‎ ‎∴a的取值范围是.‎