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- 2021-06-15 发布
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黔东南州2017-2018学年高三第一次联考
数学(理科)
一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1. 已知集合,则( )
A. B. C. D.
2. 设是虚数单位,复数,则复数的模为( )
A. B. C. D.
3. 近年呼吁高校招生改革的呼声越来越高,在赞成高校招生改革的市民中按年龄分组,得到样本频率分布直方图如图,其中年龄在岁的有2500人,年龄在岁的有1200人,则的值为( )
A.0.013 B. 0.13 C.0.012 D. 0.12
4. 若,且是第二象限角,则的值为( )
A. B. C. D.
5. 已知向量,,且,则向量的坐标为( )
A. B.
C. 或 D.或
6. 如图所示,一个三棱锥的三视图是三个直角三角形(单位:
),且该三棱锥的外接球的表面积为,则该三棱锥的体积为( )
A. 5 B. 10 C. 15 D.30
7. 已知实数满足,则的取值范围是( )
A. B. C. D.
8. 下列程序框图输出的的值为( )
A. 5 B. 0 C. -5 D.10
9. 函数的图象大致为( )
A. B.
C. D.
10. 在中,若,则圆与直线的位置关系是( )
A. 相切 B.相交 C. 相离 D.不确定
11. 把离心率的曲线称之为黄金双曲线.若以原点为圆心,以虚半轴长为半径画圆,则圆与黄金双曲线( )
A. 无交点 B.有1个交点 C. 有2个交点 D.有4个交点
12. 已知函数,若方程有两个不相等的实数根,则实数的取值范围是( )
A. B.
C. D.
第Ⅱ卷(共90分)
二、填空题(每题5分,满分20分,将答案填在答题纸上)
13. 已知函数的导数为,且满足关系式,则的值等于 .
14. 在中,角所对的边分别是,若将一枚质地均匀的骰子先后抛掷两次,所得的点数分别为,则满足条件的三角形恰有两解的概率是 .
15. 已知是直线上的动点,是圆的切线,是切点,是圆心,那么四边形面积的最小值是 .
16. 定长为4的线段两端点在抛物线上移动,设点为线段的中点,则点到轴距离的最小值为 .
三、解答题 (本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)
17. 已知数列满足:.
(1)求数列的通项公式;
(2)求数列的前项和.
18. 近年来我国电子商务行业迎来发展的新机遇,与此同时,相关管理部门推出了针对电商商品和服务的评价体系.现从评价系统中选出200次成功交易,并对其评价进行统计,对商品好评率为,对服务好评率为,其中对商品和服务都做出好评的交易为80次.
(1)是否可以在犯错误率不超过0.1%的前提下,认为商品好评与服务好评有关?
(2)若针对商品的好评率,采用分层抽样的方式从这200次交易中取出5次交易,并从中选择两次交易进行客户回访,求只有一次好评的概率.
注:1.
0.10
0.05
0.025
0.010
0.005
0.001
2.706
3.841
5.024
6.635
7.879
10.828
2.
19. 如图所示,在四棱锥中,四边形为菱形,为正三角形,且分别为的中点,平面,平面.
(1)求证:平面;
(2)求与平面所成角的正弦值.
20. 已知分别是椭圆的左、右焦点.
(1)若是第一象限内该椭圆上的一点,,求点的坐标;
(2)设过定点的直线与椭圆交于不同的两点,且为锐角(其中,为坐标原点),求直线的斜率的取值范围.
21. 已知函数.
(1)当时,求的最小值;
(2)若在上为单调函数,求实数的取值范围.
22. 在平面直角坐标系中,以为极点,轴正半轴为极轴且取相同的单位长度建立极坐标系.圆的极坐标方程哦,直线的参数方程为(为参数),直线和圆交于两点,是圆上不同于的任意一点.
(1)求圆心的极坐标;
(2)求点到直线距离的最大值.
试卷答案
一、选择题
1-5: ADCDC 6-10:BAAAA 11、12:DC
二、填空题
13. -9 14. 15. 16.
三、解答题
17.解:(1),
以上式子相乘得,
代入,得,
又符合上式,故数列的通项公式为.
(2),
,
两式相减,得.
18.解:(1)由题意可得关于商品评价和服务评价的列联表:
对服务好评
对服务不满意
合计
对商品好评
80
40
120
对商品不满意
70
10
80
合计
150
50
200
所以,
所以可以在犯错误概率不超过0.1%的前提下,认为商品好评与服务好评有关.
(2)若针对商品的好评率,采用分层抽样的方式从这200次交易中取出5次交易,则好评的交易次数为3次,不满意的次数为2次,令好评的交易为,不满意的交易为.
从5次交易中,取出2次的所有取法.共计10种情况.
其中只有一次好评的情况是,共计6种情况.
因此,只有一次好评的概率为.
19.(1)证明:因为平面,平面,
所以,
又平面平面,所以平面,
由四边形菱形,得,
所以平面.
(2)解:
以为原点,分别为轴建立空间直角坐标系,
不妨设菱形的边长为2,则,
,
则点,
,
设平面的法向量为,
则由,解得,
不妨令,得;
又,
所以与平面所成角的正弦值为.
20.解:(1)由已知得,
可得,
设点,则,得.
联立,解得,即.
(2)显然不满足题意,可设直线的方程为,
设,
联立,消去得,
由,得,
由韦达定理,得,
又为锐角,所以,
即,
得,
得,
得,
得,可得,
又,即为,解得.
21.解:(1)当时,,∴.
令,得或(舍).
2
-
0
+
极小值
又当时,,
∴当时,函数的最小值为.
(2)∵,∴,又在上为单调函数,∴当时,或恒成立,
也就是或对恒成立,
即或对恒成立.
令,则.∴当时,.∴在上单调递减,又当时,;当时,,
∴,故在上为单调函数时,实数的取值范围为.
22.解:(1)因为,所以,
故圆的普通方程为,
所以圆心坐标为,圆心的极坐标为.
(2)直线的普通方程是,
因为圆心到直线的距离,
所以点到直线的距离的最大值为.