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- 2021-06-15 发布
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安庆市2016~2017学年度第一学期期末教学质量调研监测
高三数学试题(文科)
命题:王晓苏 审题:孙 彦
(考试时间:120分钟 满分150分)
第Ⅰ卷
一、选择题:本题共12小题,每小题5分. 在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1. 设集合,,则=
A.
B.
C.
D.
2. 下列命题中的假命题是
A. ,
C. ,
B. ,
D. ,
3. 等差数列中,若,则数列的前11项和等于
A.
B.
C.
D.
4. 己知,则
A.
B.
C.
D.
5. 右图是长和宽分别相等的两个矩形.给定下列三个命题:①存在三棱柱, 其正(主)视图、俯视图如右图;②存在四棱柱,其正(主)视图、俯视图如右图;③存在圆柱,其正(主)视图、俯视图如右图.其中真命题的个数是
A. 3 B. 2 C. 1 D. 0
6. 已知平面向量,满足,且与的夹角为,则“”是“”的
A. 充分不必要条件
C. 充要条件
B. 必要不充分条件
D. 既不充分也不必要条件
7. 设圆锥曲线的两个焦点分别为,,若曲线上存在点满足,则曲线的离心率等于
A.
B. 或2
C. 2
D.
8. 过点的直线与圆相交于、两点,则的最小值为( )
A.
B.
C.
D.
9. 运行如图所示的算法框图,则输出的结果S为
A.
B.
C.
D.
10. 已知、、是圆上的三个点,的延长线与线段的延长线交于圆外一点. 若,其中,. 则的取值范围是
A.
B.
C.
D.
11. 设是等比数列的前项和,公比,则与的大小关系是
A.
B.
C.
D.
12. 设是定义在上的奇函数,其图象关于直线对称,且当时,. 记在上零点的个数为,方程在上的实数根和为,则有
A. ,
B. ,
B. ,
D. ,
第Ⅱ卷
二、填空题:本题共4小题,每小题5分.
13. 已知,,若函数的图象在点处的切线与轴平行,则 .
14. 设,若展开式中的常数项为,则 .
15. 若变量,满足约束条件则的最大值为 .
16. 在正四面体中,为棱的中点,过作其外接球的截面,记为最大的截面面积,为最小的截面面积,则 .
三、解答题:解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.(本题满分12分)
在中,三内角、、对应的边分别为、、,且,.
(Ⅰ)当,求角的大小;
(Ⅱ)求面积最大值.
18.(本题满分12分)
在如图所示的几何体中,是直三棱柱,四边形是梯形,,且,,
是的中点.
(Ⅰ)求证:平面;
(Ⅱ)当与平面所成角的正切值为时,求该几何体的体积.
19.(本题满分12分)
某市文化部门为了了解本市市民对当地地方戏曲是否喜爱,从15-65岁的人群中随机抽样了人,得到如下的统计表和频率分布直方图.
(Ⅰ)写出其中的、、及和的值;
(Ⅱ)若从第1,2,3组回答喜欢地方戏曲的人中用分层抽样的方法抽取6人,求这三组每组分别抽取多少人?
(Ⅲ)在(Ⅱ)抽取的6人中随机抽取2人,求这2人中没有第3组人的概率.
20.(本题满分12分)
已知椭圆:的离心率为,点是其右焦点,点是其左顶点, 且.
(Ⅰ)求椭圆的方程;
(Ⅱ)过点作不与轴重合的直线交椭圆于两点、,直线、分别交直线于点、. 试问:在轴上是否存在定点,使得?若存在,求出定点的坐标;若不存在,请说明理由.
21.(本题满分12分)
已知函数.
(Ⅰ)讨论函数的单调性;
(Ⅱ)设. 若函数在区间上有且只有一个零点,求实数的取值范围(注:为自然对数的底数).
请考生在第22和第23题中任选一题作答,如果多做,则按第22题计分.
22.(本题满分10分)选修4-4:坐标系与参数方程
已知在极坐标系中,曲线的方程为. 以极点为平面直角坐标系的原点,极轴为轴的正半轴,并在两坐标系中取相同的长度单位,建立平面直角坐标系,直线的参数方程是(为参数,).
(Ⅰ)求曲线的直角坐标方程和直线的普通方程;
(Ⅱ)设直线交曲线于、两点,过点且与直线垂直的直线交曲线于、两点. 求四边形面积的最大值.
23.(本题满分10分)选修4-5:不等式选讲
已知实数,满足.
(Ⅰ)求证:;
(Ⅱ)若至少存在一个实数,使得成立,求实数的取值范围.
安庆市2016~2017学年度第一学期期末教学质量调研监测
高三数学(文科)试题参考答案及评分标准
一、选择题:本题共12小题,每小题5分.
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
C
B
C
B
A
C
A
B
A
B
A
B
1.【解析】,所以=.
2.【解析】,,故(B)不正确.
3.【解析】由,得,所以.
4.【解析】由,得,所以.
5.【解析】易知三个命题都正确.
6.【解析】由题意可知,,又,与的夹角为,
所以
.
7.【解析】设,,.
当曲线是椭圆时,,所以;
当曲线是双曲线时,,所以.
8.【解析】. 因为点在圆内,所以当直线与圆心和点的连线垂直时,最短,
.
9.【解析】时,;时,;
时,;时,;
时,;时,;
又的周期为,,所以时的值与时的值相等.
10.【解析】由、、共线,得,其中.
因为、、共线,所以,所以.
由于点在圆外,且、方向相反,所以
故.
11.【解析】当,;
当,
.
12.(12)【解析】根据题设可得是周期为4的周期函数,且,,,.,,…,,,所以.
根据函数的性质可作出其图象(部分),如图所示.
由图象可知方程在上的两个实数根关于对称,故其和等于. 根据周期性,可得方程在上的两个实数根和等于,在上的两个实数根和等于,在上无实数,在上的两个实数根和等于,在上的两个实数根和等于.所以.
二、填空题:本题共4小题,每小题5分.
13
14
15
16
13.【解析】,由得.
14.【解析】展开式的通项公式为.
由,得. 所以(),得.
15.【解析】作出可行域,如图所示. 因为,所以表示可行域内的点与点连线的斜率的一半. 由图可知,当点位于点时,斜率最大,故的最大值为.
16.【解析】如图,设,为△的中心,则,.
由,可得.
当截面经过球心时,面积最大,所以.
易知,所以当截面圆的直径为时,面积最小,所以.
所以
三、解答题:解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.【解析】
(Ⅰ)根据正弦定理,得.
因为,所以,故或. ………… 6分
(Ⅱ)根据余弦定理,及,,
得.
因为,所以,
所以,所以.
故面积最大值为. ………… 12分
18.【解析】
(Ⅰ)如图1所示,取的中点,连接、.
因为是的中点,所以.
又,所以,所以平面.
因为,,为的中点,所以,且,所以四边形是平行四边形,因此,从而平面.
因为、平面,,所以平面平面.
又平面,所以平面. ………… 6分
(Ⅱ)由(Ⅰ),又平面,所以平面,所以.
在中,,所以,所以.
,
如图2所示,连接,易知,又,所以平面,所以是几何体的高,所以, .
所以.
………… 12分
19.【解析】
(Ⅰ)由表可知第3组,第4组的人数分别为,,再根据直方图可知第1组、第2组的人数也为人,且抽样总人数.
所以第5组的人数为,
且 ,,,,. ………… 4分
(Ⅱ)因为第1,2,3组喜欢地方戏曲的人数比为,那么用分层抽样的方法从这三组中抽取6人,第1组应抽取1人,第2组应抽取2人,第3组应抽取3人. ………… 8分
(Ⅲ)记第1组抽取的1人为A,第2组抽取的2人分别为B1,B2,第3组抽取的3人分别为C1,C2,C3.
从这6人中随机抽取2人的情形有:
A,B1 ; A,B2 ; A,C1 ; A,C2 ; A,C3 ;
B1,B2 ; B1,C1 ;B1,C2; B1,C3;B2,C1 ;
B2,C2; B2,C3; C1,C2; C1,C3; C2,C3 共15种.
其中没有第3组人的情形有:
A,B1 ; A,B2 ;B1,B2 共3种.
所以这2人中没有第3组人的概率为. ………… 12分
20.【解析】
(Ⅰ)依题意有 ,得,,所以
所以椭圆的方程为. ………… 4分
(Ⅱ)根据题意可设直线的方程为,代入,
整理得.
设 ,,,
则 ,.
又易知,所以直线的方程为:,直线的方程为:,从而得,.
所以
.
所以当,即或时,.
故在轴上是存在定点或,使得. ………… 12分
21.【解析】
(Ⅰ)().
当时,;当时,.
所以函数在区间上单调递减,在区间上单调递增.
………… 4分
(Ⅱ)“函数在区间上有且仅有一个零点”等价于“函数的图象与直线在区间上有且仅有一个交点”.
由(Ⅰ)可知函数在区间上单调递减,在区间上单调递增,
所以当时,函数有最小值.
又,,.
所以在区间附近,函数的大致图象如图所示.
由图可知,所以当且仅当或时,函数的图象与直线在区间上有且仅有一个交点,从而函数在区间上有且仅有一个零点. ………… 12分
22.【解析】
(Ⅰ)将方程的两边同乘以,得,所以,,即为所求的曲线的直角坐标方程.
直线 (为参数,).
当,时,直线的普通方程是;
当,时,消去参数,得直线的普通方程是.
………… 4分
(Ⅱ)将 代入,整理得
.
设两点、对应的参数分别为、,则
所以.
设直线的参数方程为 (为参数,为直线的倾斜角).
同理可得.
因为,所以,那么.
所以.
所以四边形面积为.
因为 .故.
四边形面积的最大值为. ………… 10分
23. 【解析】
(Ⅰ)证法一、由,可得
.
又,所以.
从而. ………… 5分
证法二、根据柯西不等式,有. 又,
所以.
因为,所以
.
证法三、因为,所以,所以.
因为,
所以.
(Ⅱ)因为,所以“
若至少存在一个实数,使得成立”,则.
因为,所以,所以,得.
所以.
故所求的的取值范围是. ………… 10分