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  • 2021-06-15 发布

数学文卷·2017届安徽省安庆市高三上学期期末考试(2017

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安庆市2016~2017学年度第一学期期末教学质量调研监测 高三数学试题(文科)‎ 命题:王晓苏 审题:孙 彦 ‎(考试时间:120分钟 满分150分)‎ 第Ⅰ卷 一、选择题:本题共12小题,每小题5分. 在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.‎ ‎1. 设集合,,则=‎ A.‎ B. ‎ C.‎ D.‎ ‎2. 下列命题中的假命题是 A. ,‎ C. ,‎ B. ,‎ D. ,‎ ‎3. 等差数列中,若,则数列的前11项和等于 A. ‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎4. 己知,则 ‎ A. ‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎5. 右图是长和宽分别相等的两个矩形.给定下列三个命题:①存在三棱柱, 其正(主)视图、俯视图如右图;②存在四棱柱,其正(主)视图、俯视图如右图;③存在圆柱,其正(主)视图、俯视图如右图.其中真命题的个数是 ‎ A. 3 B. 2 C. 1 D. 0‎ ‎6. 已知平面向量,满足,且与的夹角为,则“”是“”的 A. 充分不必要条件 C. 充要条件 B. 必要不充分条件 D. 既不充分也不必要条件 ‎7. 设圆锥曲线的两个焦点分别为,,若曲线上存在点满足,则曲线的离心率等于 ‎ A. ‎ B. 或2‎ C. 2‎ D. ‎ ‎8. 过点的直线与圆相交于、两点,则的最小值为(  )‎ A. ‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎9. 运行如图所示的算法框图,则输出的结果S为 A. ‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎10. 已知、、是圆上的三个点,的延长线与线段的延长线交于圆外一点. 若,其中,. 则的取值范围是 A. ‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎11. 设是等比数列的前项和,公比,则与的大小关系是 A. ‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎12. 设是定义在上的奇函数,其图象关于直线对称,且当时,. 记在上零点的个数为,方程在上的实数根和为,则有 A. ,‎ B. ,‎ B. ,‎ D. ,‎ 第Ⅱ卷 二、填空题:本题共4小题,每小题5分.‎ ‎13. 已知,,若函数的图象在点处的切线与轴平行,则 .‎ ‎14. 设,若展开式中的常数项为,则 .‎ ‎15. 若变量,满足约束条件则的最大值为 . ‎ ‎16. 在正四面体中,为棱的中点,过作其外接球的截面,记为最大的截面面积,为最小的截面面积,则 .‎ 三、解答题:解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.‎ ‎17.(本题满分12分)‎ 在中,三内角、、对应的边分别为、、,且,.‎ ‎(Ⅰ)当,求角的大小; ‎ ‎(Ⅱ)求面积最大值.‎ ‎18.(本题满分12分)‎ 在如图所示的几何体中,是直三棱柱,四边形是梯形,,且,,‎ 是的中点.‎ ‎(Ⅰ)求证:平面;‎ ‎(Ⅱ)当与平面所成角的正切值为时,求该几何体的体积.‎ ‎19.(本题满分12分)‎ 某市文化部门为了了解本市市民对当地地方戏曲是否喜爱,从15-65岁的人群中随机抽样了人,得到如下的统计表和频率分布直方图.‎ ‎(Ⅰ)写出其中的、、及和的值;‎ ‎(Ⅱ)若从第1,2,3组回答喜欢地方戏曲的人中用分层抽样的方法抽取6人,求这三组每组分别抽取多少人?‎ ‎(Ⅲ)在(Ⅱ)抽取的6人中随机抽取2人,求这2人中没有第3组人的概率.‎ ‎20.(本题满分12分)‎ 已知椭圆:的离心率为,点是其右焦点,点是其左顶点, 且. ‎ ‎(Ⅰ)求椭圆的方程;‎ ‎(Ⅱ)过点作不与轴重合的直线交椭圆于两点、,直线、分别交直线于点、. 试问:在轴上是否存在定点,使得?若存在,求出定点的坐标;若不存在,请说明理由.‎ ‎21.(本题满分12分)‎ 已知函数. ‎ ‎(Ⅰ)讨论函数的单调性;‎ ‎(Ⅱ)设. 若函数在区间上有且只有一个零点,求实数的取值范围(注:为自然对数的底数).‎ 请考生在第22和第23题中任选一题作答,如果多做,则按第22题计分.‎ ‎22.(本题满分10分)选修4-4:坐标系与参数方程 已知在极坐标系中,曲线的方程为. 以极点为平面直角坐标系的原点,极轴为轴的正半轴,并在两坐标系中取相同的长度单位,建立平面直角坐标系,直线的参数方程是(为参数,). ‎ ‎(Ⅰ)求曲线的直角坐标方程和直线的普通方程;‎ ‎(Ⅱ)设直线交曲线于、两点,过点且与直线垂直的直线交曲线于、两点. 求四边形面积的最大值.‎ ‎23.(本题满分10分)选修4-5:不等式选讲 已知实数,满足. ‎ ‎(Ⅰ)求证:;‎ ‎(Ⅱ)若至少存在一个实数,使得成立,求实数的取值范围. ‎ 安庆市2016~2017学年度第一学期期末教学质量调研监测 高三数学(文科)试题参考答案及评分标准 一、选择题:本题共12小题,每小题5分. ‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ ‎11‎ ‎12‎ C B C B A C A B A B A B ‎1.【解析】,所以=.‎ ‎2.【解析】,,故(B)不正确.‎ ‎3.【解析】由,得,所以.‎ ‎4.【解析】由,得,所以. ‎ ‎5.【解析】易知三个命题都正确.‎ ‎6.【解析】由题意可知,,又,与的夹角为,‎ 所以 ‎ ‎.‎ ‎7.【解析】设,,.‎ 当曲线是椭圆时,,所以;‎ 当曲线是双曲线时,,所以. ‎ ‎8.【解析】. 因为点在圆内,所以当直线与圆心和点的连线垂直时,最短, ‎ ‎.‎ ‎9.【解析】时,;时,;‎ 时,;时,;‎ 时,;时,;‎ 又的周期为,,所以时的值与时的值相等.‎ ‎10.【解析】由、、共线,得,其中.‎ 因为、、共线,所以,所以.‎ 由于点在圆外,且、方向相反,所以 故.‎ ‎11.【解析】当,;‎ 当,‎ ‎.‎ ‎12.(12)【解析】根据题设可得是周期为4的周期函数,且,,,.,,…,,,所以.‎ 根据函数的性质可作出其图象(部分),如图所示. ‎ 由图象可知方程在上的两个实数根关于对称,故其和等于. 根据周期性,可得方程在上的两个实数根和等于,在上的两个实数根和等于,在上无实数,在上的两个实数根和等于,在上的两个实数根和等于.所以.‎ 二、填空题:本题共4小题,每小题5分.‎ ‎13‎ ‎14‎ ‎15‎ ‎16‎ ‎13.【解析】,由得.‎ ‎14.【解析】展开式的通项公式为.‎ 由,得. 所以(),得.‎ ‎15.【解析】作出可行域,如图所示. 因为,所以表示可行域内的点与点连线的斜率的一半. 由图可知,当点位于点时,斜率最大,故的最大值为.‎ ‎16.【解析】如图,设,为△的中心,则,.‎ 由,可得. ‎ 当截面经过球心时,面积最大,所以.‎ 易知,所以当截面圆的直径为时,面积最小,所以.‎ 所以 三、解答题:解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.‎ ‎17.【解析】‎ ‎(Ⅰ)根据正弦定理,得.‎ ‎ 因为,所以,故或. ………… 6分 ‎(Ⅱ)根据余弦定理,及,,‎ 得.‎ 因为,所以,‎ 所以,所以.‎ 故面积最大值为. ………… 12分 ‎18.【解析】‎ ‎(Ⅰ)如图1所示,取的中点,连接、. ‎ 因为是的中点,所以. ‎ 又,所以,所以平面.‎ 因为,,为的中点,所以,且,所以四边形是平行四边形,因此,从而平面.‎ 因为、平面,,所以平面平面. ‎ 又平面,所以平面. ………… 6分 ‎(Ⅱ)由(Ⅰ),又平面,所以平面,所以.‎ 在中,,所以,所以.‎ ‎,‎ 如图2所示,连接,易知,又,所以平面,所以是几何体的高,所以, .‎ 所以.‎ ‎ ………… 12分 ‎19.【解析】‎ ‎(Ⅰ)由表可知第3组,第4组的人数分别为,,再根据直方图可知第1组、第2组的人数也为人,且抽样总人数.‎ 所以第5组的人数为,‎ 且 ,,,,. ………… 4分 ‎(Ⅱ)因为第1,2,3组喜欢地方戏曲的人数比为,那么用分层抽样的方法从这三组中抽取6人,第1组应抽取1人,第2组应抽取2人,第3组应抽取3人. ………… 8分 ‎(Ⅲ)记第1组抽取的1人为A,第2组抽取的2人分别为B1,B2,第3组抽取的3人分别为C1,C2,C3.‎ 从这6人中随机抽取2人的情形有: ‎ A,B1 ; A,B2 ; A,C1 ; A,C2 ; A,C3 ; ‎ B1,B2 ; B1,C1 ;B1,C2; B1,C3;B2,C1 ;‎ B2,C2; B2,C3; C1,C2; C1,C3; C2,C3 共15种.‎ 其中没有第3组人的情形有:‎ A,B1 ; A,B2 ;B1,B2 共3种.‎ 所以这2人中没有第3组人的概率为. ………… 12分 ‎20.【解析】‎ ‎(Ⅰ)依题意有 ,得,,所以 ‎ 所以椭圆的方程为. ………… 4分 ‎(Ⅱ)根据题意可设直线的方程为,代入,‎ 整理得.‎ 设 ,,,‎ 则 ,.‎ 又易知,所以直线的方程为:,直线的方程为:,从而得,.‎ 所以 ‎.‎ 所以当,即或时,.‎ 故在轴上是存在定点或,使得. ………… 12分 ‎21.【解析】‎ ‎(Ⅰ)().‎ 当时,;当时,.‎ 所以函数在区间上单调递减,在区间上单调递增.‎ ‎………… 4分 ‎(Ⅱ)“函数在区间上有且仅有一个零点”等价于“函数的图象与直线在区间上有且仅有一个交点”.‎ 由(Ⅰ)可知函数在区间上单调递减,在区间上单调递增,‎ 所以当时,函数有最小值.‎ ‎ 又,,.‎ 所以在区间附近,函数的大致图象如图所示.‎ 由图可知,所以当且仅当或时,函数的图象与直线在区间上有且仅有一个交点,从而函数在区间上有且仅有一个零点. ………… 12分 ‎22.【解析】‎ ‎(Ⅰ)将方程的两边同乘以,得,所以,,即为所求的曲线的直角坐标方程. ‎ 直线 (为参数,).‎ 当,时,直线的普通方程是;‎ 当,时,消去参数,得直线的普通方程是.‎ ‎………… 4分 ‎(Ⅱ)将 代入,整理得 ‎.‎ 设两点、对应的参数分别为、,则 所以.‎ 设直线的参数方程为 (为参数,为直线的倾斜角).‎ 同理可得.‎ 因为,所以,那么.‎ 所以.‎ 所以四边形面积为.‎ 因为 .故.‎ 四边形面积的最大值为. ………… 10分 ‎23. 【解析】‎ ‎(Ⅰ)证法一、由,可得 ‎.‎ 又,所以.‎ 从而. ………… 5分 证法二、根据柯西不等式,有. 又,‎ 所以. ‎ 因为,所以 ‎.‎ 证法三、因为,所以,所以.‎ 因为,‎ 所以.‎ ‎(Ⅱ)因为,所以“‎ 若至少存在一个实数,使得成立”,则.‎ 因为,所以,所以,得.‎ 所以.‎ 故所求的的取值范围是. ………… 10分

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