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- 2021-06-16 发布
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课时作业31 数列求和
[基础达标]
1.[2019·湖北省四校联考]在数列{an}中,a1=2,an是1与anan+1的等差中项.
(1)求证:数列是等差数列,并求{an}的通项公式;
(2)求数列的前n项和Sn.
解析:(1)∵an是1与anan+1的等差中项,
∴2an=1+anan+1,∴an+1=,
∴an+1-1=-1=,∴==1+,
∵=1,∴数列是首项为1,公差为1的等差数列,
∴=1+(n-1)=n,∴an=.
(2)由(1)得==-,
∴Sn=+++…+=1-=.
2.[2019·福建福州六校联考]已知数列{an}的前n项和Sn=,等比数列{bn}的前n项和为Tn,若b1=a1+1,b2-a2=2.
(1)求数列{an},{bn}的通项公式;
(2)求满足Tn+an>300的最小的n值.
解析:(1)a1=S1=1,
n>1时,an=Sn-Sn-1=-=n,
又n=1时,a1=n成立,∴an=n(n∈N*),
则由题意可知b1=2,b2=4,
∴{bn}的公比q==2,∴bn=2n(n∈N*).
(2)Tn==2(2n-1),Tn+an=2(2n-1)+n,
∴Tn+an随n增大而增大,
又T7+a7=2×127+7=261<300,T8+a8=2×255+8=518>300,
∴所求最小的n值为8.
3.[2019·石家庄高中质量检测]已知数列{an}满足:a1=1,an+1=an+.
(1)设bn=,求数列{bn}的通项公式;
(2)求数列{an}的前n项和Sn.
解析:(1)由an+1=an+,可得=+,
又bn=,∴bn+1-bn=,由a1=1,得b1=1,
累加可得(b2-b1)+(b3-b2)+…+(bn-bn-1)=++…+,即bn-b1==1-,∴bn=2-.
(2)由(1)可知an=2n-,设数列的前n项和为Tn,
则Tn=+++…+ ①,
Tn=+++…+ ②,
①-②得Tn=+++…+-=-=2-,
∴Tn=4-.
易知数列{2n}的前n项和为n(n+1),
∴Sn=n(n+1)-4+.
4.[2019·广州市综合测试]已知数列{an}的前n项和为Sn,数列是首项为1,公差为2的等差数列.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)设数列{bn}满足++…+=5-(4n+5)·n,求数列{bn}的前n项和Tn.
解析:(1)因为数列是首项为1,公差为2的等差数列,
所以=1+2(n-1)=2n-1,所以Sn=2n2-n.
当n=1时,a1=S1=1;
当n≥2时,an=Sn-Sn-1=(2n2-n)-[2(n-1)2-(n-1)]=4n-3.
当n=1时,a1=1也符合上式,
所以数列{an}的通项公式为an=4n-3.
(2)当n=1时,=,所以b1=2a1=2.
当n≥2时,由++…+=5-(4n+5)·n,①
得++…+=5-(4n+1)n-1.②
①-②,得=(4n-3)n.
因为an=4n-3,所以bn==2n(当n=1时也符合),
所以==2,所以数列{bn}是首项为2,公比为2的等比数列,所以Tn==2n+1-2.
5.[2019·郑州一中高三入学测试]在等差数列{an}中,已知a3=5,且a1,a2,a5为递增的等比数列.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)若数列{bn}的通项公式 (k∈N*),求数列{bn}的前n项和Sn.
解析:(1)设等差数列{an}的公差为d,易知d≠0,
由题意得,(a3-2d)(a3+2d)=(a3-d)2,
即d2-2d=0,解得d=2或d=0(舍去),
所以数列{an}的通项公式为an=a3+(n-3)d=2n-1.
(2)当n=2k,k∈N*时,
Sn=b1+b2+…+bn=b1+b3+…+b2k-1+b2+b4+…+b2k=a1+a2+…+ak+(20+21+…+2k-1)=+=k2+2k-1=+2-1;
当n=2k-1,k∈N*时,n+1=2k,
则Sn=Sn+1-bn+1=+2-1-2-1=+2.
综上, (k∈N*).
6.[2019·安徽省高中联合质量检测]已知{an}是公差不为0的等差数列,{bn}是等比数列,且a1=b1=1,a2=b2,a5=b3.
(1)求数列{an},{bn}的通项公式;
(2)记Sn=++…+,是否存在m∈N*,使得Sm≥3成立,若存在,求出m,若不存在,请说明理由.
解析:(1)设数列{an}的公差为d(d≠0),数列{bn}的公比为q,
则由题意知∴d=0或d=2,
∵d≠0,∴d=2,q=3,∴an=2n-1,bn=3n-1.
(2)由(1)可知,
Sn=++…+=+++…++,
Sn=+++…++,两式相减得,Sn=1+++…+-=1+×-=2-<2,∴Sn<3.故不存在m∈N*,使得Sm≥3成立.
[能力挑战]
7.[2019·山东淄博模拟]已知数列{an}是等差数列,Sn为{an}的前n项和,且a10=19,S10=100;数列{bn}对任意n∈N*,总有b1·b2·b3·…·bn-1·bn=an+2成立.
(1)求数列{an}和{bn}的通项公式;
(2)记cn=(-1)n,求数列{cn}的前n项和Tn.
解析:(1)设{an}的公差为d,则a10=a1+9d=19,S10=10a1+×d=100.
解得a1=1,d=2,所以an=2n-1.
所以b1·b2·b3·…·bn-1·bn=2n+1,①
当n=1时,b1=3,当n≥2时,b1·b2·b3·…·bn-1=2n-1.②
①②两式相除得bn=(n≥2).
因为当n=1时,b1=3适合上式,所以bn=(n∈N*).
(2)由已知cn=(-1)n,
得cn=(-1)n
=(-1)n,
则Tn=c1+c2+c3+…+cn
=-+-+…+(-1)n,
当n为偶数时,
Tn=-+-+…+(-1)n·
=+++…+
=-1+=-;
当n为奇数时,
Tn=-+-+…+(-1)n·
=+++…+
=-1-=-.
综上,Tn=