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  • 2021-06-16 发布

【数学】2020届一轮复习人教B版(文)5-4数列求和作业

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课时作业31 数列求和 ‎[基础达标]‎ ‎1.[2019·湖北省四校联考]在数列{an}中,a1=2,an是1与anan+1的等差中项.‎ ‎(1)求证:数列是等差数列,并求{an}的通项公式;‎ ‎(2)求数列的前n项和Sn.‎ 解析:(1)∵an是1与anan+1的等差中项,‎ ‎∴2an=1+anan+1,∴an+1=,‎ ‎∴an+1-1=-1=,∴==1+,‎ ‎∵=1,∴数列是首项为1,公差为1的等差数列,‎ ‎∴=1+(n-1)=n,∴an=.‎ ‎(2)由(1)得==-,‎ ‎∴Sn=+++…+=1-=.‎ ‎2.[2019·福建福州六校联考]已知数列{an}的前n项和Sn=,等比数列{bn}的前n项和为Tn,若b1=a1+1,b2-a2=2.‎ ‎(1)求数列{an},{bn}的通项公式;‎ ‎(2)求满足Tn+an>300的最小的n值.‎ 解析:(1)a1=S1=1,‎ n>1时,an=Sn-Sn-1=-=n,‎ 又n=1时,a1=n成立,∴an=n(n∈N*),‎ 则由题意可知b1=2,b2=4,‎ ‎∴{bn}的公比q==2,∴bn=2n(n∈N*).‎ ‎(2)Tn==2(2n-1),Tn+an=2(2n-1)+n,‎ ‎∴Tn+an随n增大而增大,‎ 又T7+a7=2×127+7=261<300,T8+a8=2×255+8=518>300,‎ ‎∴所求最小的n值为8.‎ ‎3.[2019·石家庄高中质量检测]已知数列{an}满足:a1=1,an+1=an+.‎ ‎(1)设bn=,求数列{bn}的通项公式;‎ ‎(2)求数列{an}的前n项和Sn.‎ 解析:(1)由an+1=an+,可得=+,‎ 又bn=,∴bn+1-bn=,由a1=1,得b1=1,‎ 累加可得(b2-b1)+(b3-b2)+…+(bn-bn-1)=++…+,即bn-b1==1-,∴bn=2-.‎ ‎(2)由(1)可知an=2n-,设数列的前n项和为Tn,‎ 则Tn=+++…+ ①,‎ Tn=+++…+ ②,‎ ‎①-②得Tn=+++…+-=-=2-,‎ ‎∴Tn=4-.‎ 易知数列{2n}的前n项和为n(n+1),‎ ‎∴Sn=n(n+1)-4+.‎ ‎4.[2019·广州市综合测试]已知数列{an}的前n项和为Sn,数列是首项为1,公差为2的等差数列.‎ ‎(1)求数列{an}的通项公式;‎ ‎(2)设数列{bn}满足++…+=5-(4n+5)·n,求数列{bn}的前n项和Tn.‎ 解析:(1)因为数列是首项为1,公差为2的等差数列,‎ 所以=1+2(n-1)=2n-1,所以Sn=2n2-n.‎ 当n=1时,a1=S1=1;‎ 当n≥2时,an=Sn-Sn-1=(2n2-n)-[2(n-1)2-(n-1)]=4n-3.‎ 当n=1时,a1=1也符合上式,‎ 所以数列{an}的通项公式为an=4n-3.‎ ‎(2)当n=1时,=,所以b1=‎2a1=2.‎ 当n≥2时,由++…+=5-(4n+5)·n,①‎ 得++…+=5-(4n+1)n-1.②‎ ‎①-②,得=(4n-3)n.‎ 因为an=4n-3,所以bn==2n(当n=1时也符合),‎ 所以==2,所以数列{bn}是首项为2,公比为2的等比数列,所以Tn==2n+1-2.‎ ‎5.[2019·郑州一中高三入学测试]在等差数列{an}中,已知a3=5,且a1,a2,a5为递增的等比数列.‎ ‎(1)求数列{an}的通项公式;‎ ‎(2)若数列{bn}的通项公式 (k∈N*),求数列{bn}的前n项和Sn.‎ 解析:(1)设等差数列{an}的公差为d,易知d≠0,‎ 由题意得,(a3-2d)(a3+2d)=(a3-d)2,‎ 即d2-2d=0,解得d=2或d=0(舍去),‎ 所以数列{an}的通项公式为an=a3+(n-3)d=2n-1.‎ ‎(2)当n=2k,k∈N*时,‎ Sn=b1+b2+…+bn=b1+b3+…+b2k-1+b2+b4+…+b2k=a1+a2+…+ak+(20+21+…+2k-1)=+=k2+2k-1=+2-1;‎ 当n=2k-1,k∈N*时,n+1=2k,‎ 则Sn=Sn+1-bn+1=+2-1-2-1=+2.‎ 综上, (k∈N*).‎ ‎6.[2019·安徽省高中联合质量检测]已知{an}是公差不为0的等差数列,{bn}是等比数列,且a1=b1=1,a2=b2,a5=b3.‎ ‎(1)求数列{an},{bn}的通项公式;‎ ‎(2)记Sn=++…+,是否存在m∈N*,使得Sm≥3成立,若存在,求出m,若不存在,请说明理由.‎ 解析:(1)设数列{an}的公差为d(d≠0),数列{bn}的公比为q,‎ 则由题意知∴d=0或d=2,‎ ‎∵d≠0,∴d=2,q=3,∴an=2n-1,bn=3n-1.‎ ‎(2)由(1)可知,‎ Sn=++…+=+++…++,‎ Sn=+++…++,两式相减得,Sn=1+++…+-=1+×-=2-<2,∴Sn<3.故不存在m∈N*,使得Sm≥3成立.‎ ‎[能力挑战]‎ ‎7.[2019·山东淄博模拟]已知数列{an}是等差数列,Sn为{an}的前n项和,且a10=19,S10=100;数列{bn}对任意n∈N*,总有b1·b2·b3·…·bn-1·bn=an+2成立.‎ ‎(1)求数列{an}和{bn}的通项公式;‎ ‎(2)记cn=(-1)n,求数列{cn}的前n项和Tn.‎ 解析:(1)设{an}的公差为d,则a10=a1+9d=19,S10=10a1+×d=100.‎ 解得a1=1,d=2,所以an=2n-1.‎ 所以b1·b2·b3·…·bn-1·bn=2n+1,①‎ 当n=1时,b1=3,当n≥2时,b1·b2·b3·…·bn-1=2n-1.②‎ ‎①②两式相除得bn=(n≥2).‎ 因为当n=1时,b1=3适合上式,所以bn=(n∈N*).‎ ‎(2)由已知cn=(-1)n,‎ 得cn=(-1)n ‎=(-1)n,‎ 则Tn=c1+c2+c3+…+cn ‎=-+-+…+(-1)n,‎ 当n为偶数时,‎ Tn=-+-+…+(-1)n· ‎=+++…+ ‎=-1+=-;‎ 当n为奇数时,‎ Tn=-+-+…+(-1)n· ‎=+++…+ ‎=-1-=-.‎ 综上,Tn=