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  • 2021-06-16 发布

【数学】2020届一轮复习(文理合用)第5章第2讲等差数列及其前n项和作业

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对应学生用书[练案 35 理][练案 34 文] 第二讲 等差数列及其前 n 项和 A 组基础巩固 一、选择题 1.数列{2n-1}的前 10 项的和是( C ) A.120    B.110    C.100    D.10 [解析] ∵数列{2n-1}是以 1 为首项,2 为公差的等差数列, ∴S10= (a1+a10) × 10 2 = (1+19) × 10 2 =100.故选 C. 2.我国古代名著《九章算术》中有这样一段话:“今有金锤,长五尺,斩本一尺,重四 斤,斩末一尺,重二斤,中间三尺重几何.”意思是:“现有一根金缍,长 5 尺,头部 1 尺, 重 4 斤,尾部 1 尺,重 2 斤,且从头到尾,每一尺的重量构成等差数列,问中间三尺共重多 少斤?”( D ) A.6 斤    B.7 斤    C.8 斤    D.9 斤 [解析] 设这根金锤从头到尾每一尺的重量构成等差数列{an},由已知得 a1=4,a5=2, 求 a2+a3+a4,∵a2+a3+a4=3a3=3×a1+a5 2 =9,故选 D. 3.设等差数列{an}的公差为 d,且 a1a2=35,2a4-a6=7,则 d=( C ) A.4    B.3    C.2    D.1 [解析] ∵{an}是等差数列,∴2a4-a6=a4-2d=a2=7,∵a1a2=35,∴a1=5,∴d=a2 -a1=2,故选 C. 4.在等差数列{an}中,若 a1,a2015 为方程 x2-10x+16=0 的两根,则 a2+a1008+a2014= ( B ) A.10    B.15    C.20    D.40 [解析] 因为 a1,a2015 为方程 x2-10x+16=0 的两根,所以 a1+a2015=10.由等差数列的 性质可知,a1008=a1+a2015 2 =5,a2+a2014=a1+a2015=10,所以 a2+a1008+a2014=10+5=15. 故选 B. 5.已知等差数列{an}的前 n 项和为 Sn,且 S5=50,S10=200,则 a10+a11 的值为( D ) A.20    B.40    C.60    D.80 [解析] 设等差数列{an}的公差为 d, 由已知得{S5=5a1+5 × 4 2 d=50, S10=10a1+10 × 9 2 d=200, 即{ a1+2d=10, a1+9 2d=20,解得{a1=2, d=4. ∴a10+a11=2a1+19d=80.故选 D. 6.设数列{an}的前 n 项和为 Sn,且 an=-2n+1,则数列{Sn n }的前 11 项和为( D ) A.-45    B.-50    C.-55    D.-66 [解析] ∵an=-2n+1,∴数列{a n}是以-1 为首项,-2 为公差的等差数列,∴Sn= n[-1+(-2n+1)] 2 =-n2,∴Sn n = -n2 n =-n,∴数列{Sn n }是以-1 为首项,-1 为公差的等差 数列,∴数列{Sn n }的前 11 项和为 11×(-1)+11 × 10 2 ×(-1)=-66,故选 D. 7.《九章算术》“竹九节”问题:现有一根 9 节的竹子,自上而下各节的容积成等差数 列,上面 4 节的容积共 3 升,下面 3 节的容积共 4 升,则第 5 节的容积为( B ) A.1 升    B.67 66升    C.47 44升    D.37 33升 [解析] 设该等差数列为{an},公差为 d, 由题意得{a1+a2+a3+a4=3, a7+a8+a9=4, 即{4a1+6d=3, 3a1+21d=4, 解得{a1=13 22, d= 7 66. ∴a5=13 22+4× 7 66=67 66.故选 B. 8.等差数列{an}的公差为 d,关于 x 的不等式 dx2+2a1x≥0 的解集为[0,9],则使数列{an} 的前 n 项和 Sn 取得最大的正整数 n 的值是( B ) A.4    B.5    C.6    D.7 [解析] 由 dx2+2a1x≥0 的解集为[0,9]得,d<0 且 9d+2a1=0,∴a1=-9 2d,Sn=d 2n2+ (a1-d 2)n=d 2n2-5dn=d 2(n2-10n),当 n=5 时,Sn 取得最大值,故选 B. 二、填空题 9.中位数为 1011 的一组数构成等差数列,其末项为 2019,则该数列的首项为 __3___. [解析] 设首项为 a1,则 a1+2019=2×1011,解得 a1=3.故填 3. 10.已知数列{an}中,a1=1 且 1 an+1= 1 an+1 3(n∈N*),则 a10= 1 4  . [解析] 由已知得 1 a10= 1 a1+(10-1)×1 3=1+3=4,故 a10=1 4. 11.记等差数列{an}的前 n 项和为 Sn,若 a3=0,a6+a7=14,则 S7=__14___. [解析] 解法一:设数列{an}的公差为 d, 则 a6+a7=2a3+7d=14, 又∵a3=0,∴d=2,∴a7=a3+4d=8, 又 a3=a1+2d,∴a1=-4, ∴S7=7(a1+a7) 2 =7 × (-4+8) 2 =14. 解法二:设数列{an}的公差为 d, 则 a6+a7=2a3+7d=14,又∵a3=0, ∴d=2,∴a4=a3+d=2. ∴S7=a1+a2+a3+a4+a5+a6+a7=7a4=14. 12.在等差数列{an}中,若 S4=1,S8=4,则 a17+a18+a19+a20 的值为__9___. [解析] 解法一:∵S4=1,S8=4,∴S4,S8-S4,S12-S8,S16-S12,S20-S16 成首项为 1,公差为 2 的等差数列,∴a17+a18+a19+a20=S20-S16=1+2×(5-1)=9. 解法二:由等差数列的性质知{Sn n }是等差数列,且其公差 d= S8 8 -S4 4 8-4 = 1 2-1 4 4 = 1 16 ∴S20 20=S8 8 +12d=1 2+3 4=5 4,∴S20=25,同理 S16=16,∴a17+a18+a19+a20=S20-S16= 9. 三、解答题 13.设{an}是等差数列,且 a1=ln2,a2+a3=5ln2. (1)求{an}的通项公式; (2)求 ea1+ea2+…+ean. [解析] (1)设{an}的公差为 d. 因为 a2+a3=5ln2,所以 2a1+3d=5ln2. 又 a1=ln2,所以 d=ln2. 所以 an=a1+(n-1)d=nln2. (2)因为 ea1=eln2=2, ean ean-1=ean-an-1=eln2=2, 所以{ean}是首项为 2,公比为 2 的等比数列. 所以 ea1+ea2+…+ean=2 × (1-2n) 1-2 =2(2n-1). 14.记 Sn 为等差数列{an}的前 n 项和,已知 a1=-7,S3=-15. (1)求{an}的通项公式; (2)求 Sn,并求 Sn 的最小值. [解析] (1)设{an}的公差为 d, 由题意得 3a1+3d=-15. 由 a1=-7 得 d=2. 所以{an}的通项公式为 an=2n-9. (2)由(1)得 Sn=n2-8n=(n-4)2-16. 所以当 n=4 时,Sn 取得最小值,最小值为-16. [方法总结] 求等差数列前 n 项和 Sn 的最值的方法: (1)函数法:利用等差数列前 n 项和的函数表达式 Sn=an2+bn(a≠0),通过配方或借助图 象求二次函数的最值. (2)邻项变号法: ①当 a1>0,d<0 时,满足{am ≥ 0, am+1 ≤ 0的项数 m 使得 Sn 取得最大值,为 Sm(当 am+1=0 时, Sm+1 也为最大值); ②当 a1<0,d>0 时,满足{am ≤ 0, am+1 ≥ 0的项数 m 使得 Sn 取得最小值,为 Sm(当 am+1=0 时, Sm+1 也为最小值). B 组能力提升 1.已知{ 1 an}是等差数列,且 a1=1,a4=4,则 a10=( A ) A.-4 5    B.-5 4    C. 4 13    D.13 4 [解析] 由题意,得 1 a1=1, 1 a4=1 4,所以等差数列{ 1 an}的公差为 d= 1 a4- 1 a1 3 =-1 4,由此可 得 1 an=1+(n-1)×(-1 4)=-n 4+5 4,因此 1 a10=-5 4,所以 a10=-4 5.故选 A. 2.(2018·内蒙古巴彦淖尔一中期中)已知等差数列{a n}中,a7+a9=16,a4=1,则 a12 的 值是( A ) A.15    B.30    C.31    D.64 (理)(2018·湖北咸宁联考)等差数列{a n}的前 n 项和为 Sn,若 S2=3,S5=10,则{an}的公 差为( C ) A.2 3    B.1 2    C.1 3    D.1 4 [解析] (文)解法一:由等差数列性质知 a7+a9=a4+a12,即 16=1+a12,∴a12=15,故 选 A. 解法二:由题意知{2a1+14d=16, a1+3d=1, 解得{a1=-17 4 d=7 4, ∴a12=a1+11d=15.故选 A. 解法三:∵a7+a9=16,{an}为等差数列, ∴a8=8,∵a4,a8,a12 成等差数列, ∴a12=2a8-a4=15. (理)由题意知 a1+a2=3①,S5=5(a1+a5) 2 =10,即 a1+a5=4②,②-①得 3d=1,∴d= 1 3,故选 C. 3.等差数列{an}的前 n 项和为 Sn,若 S11=22,则 a3+a7+a8=( D ) A.18    B.12    C.9    D.6 [解析] 由题意得 S11=11(a1+a11) 2 =11(2a1+10d) 2 =22,即 a1+5d=2,所以 a3+a7+a8= a1+2d+a1+6d+a1+7d=3(a1+5d)=6,故选 D. 4.设等差数列{an}的前 n 项和为 Sn,Sm-1=-2,Sm=0,Sm+1=3,则 m=( C ) A.3    B.4    C.5    D.6 [解析] 由 Sm-1=-2,Sm=0,Sm+1=3,得 am=Sm-Sm-1=2,am+1=Sm+1-Sm=3, 所以等差数列的公差为 d=am+1-am=3-2=1, 由{ am=a1+(m-1)d=2, Sm=a1m+1 2m(m-1)d=0, 得{ a1+m-1=2, a1m+1 2m(m-1)=0,解得{a1=-2, m=5. 故选 C. 5.(2018·山东五校联考)已知等差数列{a n}为递增数列,其前 3 项的和为-3,前 3 项的 积为 8. (1)求数列{an}的通项公式; (2)求数列{an}的前 n 项和 Sn. (理)(河南省信阳高中、商丘一中 2019 届高三上学期第一次联考(1 月)数学试题)已知数列 {an}的前 n 项和 Sn=3n2+8n,{bn}是等差数列,且 an=bn+bn+1. (1)求数列{bn}的通项公式; (2)令 cn= (an+1)n+1 (bn+2)n ,求数列{cn}的前 n 项和 Tn. [解析] (文)(1)设等差数列{an}的公差为 d,d>0, ∵等差数列{an}的前 3 项的和为-3,前 3 项的积为 8, ∴{3a1+3d=-3, a1(a1+d)(a1+2d)=8, ∴{a1=2, d=-3 或{a1=-4, d=3. ∵d>0,∴a1=-4,d=3,∴an=3n-7. (2)∵an=3n-7,∴a1=3-7=-4, ∴Sn=n(-4+3n-7) 2 =n(3n-11) 2 . (理)(1)当 n≥2 时,an=Sn-Sn-1=6n+5, 当 n=1 时 a1=S1=11,符合上式,所以 an=6n+5, 则{a1=b1+b2 a2=b2+b3,得{b1=4 d=3 , 所以 bn=3n+1. (2)由(1)得 cn= (an+1)n+1 (bn+2)n =3(n+1)·2n+1, Tn=3×[2×22+3×23+…+(n+1)×2n+1] 2Tn=3×[2×23+3×24+…+(n+1)×2n+2], 两式作差 Tn=3n·2n+2.