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- 2021-06-16 发布
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对应学生用书[练案 35 理][练案 34 文]
第二讲 等差数列及其前 n 项和
A 组基础巩固
一、选择题
1.数列{2n-1}的前 10 项的和是( C )
A.120 B.110
C.100 D.10
[解析] ∵数列{2n-1}是以 1 为首项,2 为公差的等差数列,
∴S10=
(a1+a10) × 10
2 =
(1+19) × 10
2 =100.故选 C.
2.我国古代名著《九章算术》中有这样一段话:“今有金锤,长五尺,斩本一尺,重四
斤,斩末一尺,重二斤,中间三尺重几何.”意思是:“现有一根金缍,长 5 尺,头部 1 尺,
重 4 斤,尾部 1 尺,重 2 斤,且从头到尾,每一尺的重量构成等差数列,问中间三尺共重多
少斤?”( D )
A.6 斤 B.7 斤
C.8 斤 D.9 斤
[解析] 设这根金锤从头到尾每一尺的重量构成等差数列{an},由已知得 a1=4,a5=2,
求 a2+a3+a4,∵a2+a3+a4=3a3=3×a1+a5
2 =9,故选 D.
3.设等差数列{an}的公差为 d,且 a1a2=35,2a4-a6=7,则 d=( C )
A.4 B.3
C.2 D.1
[解析] ∵{an}是等差数列,∴2a4-a6=a4-2d=a2=7,∵a1a2=35,∴a1=5,∴d=a2
-a1=2,故选 C.
4.在等差数列{an}中,若 a1,a2015 为方程 x2-10x+16=0 的两根,则 a2+a1008+a2014=
( B )
A.10 B.15
C.20 D.40
[解析] 因为 a1,a2015 为方程 x2-10x+16=0 的两根,所以 a1+a2015=10.由等差数列的
性质可知,a1008=a1+a2015
2 =5,a2+a2014=a1+a2015=10,所以 a2+a1008+a2014=10+5=15.
故选 B.
5.已知等差数列{an}的前 n 项和为 Sn,且 S5=50,S10=200,则 a10+a11 的值为( D )
A.20 B.40
C.60 D.80
[解析] 设等差数列{an}的公差为 d,
由已知得{S5=5a1+5 × 4
2 d=50,
S10=10a1+10 × 9
2 d=200,
即{
a1+2d=10,
a1+9
2d=20,解得{a1=2,
d=4.
∴a10+a11=2a1+19d=80.故选 D.
6.设数列{an}的前 n 项和为 Sn,且 an=-2n+1,则数列{Sn
n }的前 11 项和为( D )
A.-45 B.-50
C.-55 D.-66
[解析] ∵an=-2n+1,∴数列{a n}是以-1 为首项,-2 为公差的等差数列,∴Sn=
n[-1+(-2n+1)]
2 =-n2,∴Sn
n =
-n2
n =-n,∴数列{Sn
n }是以-1 为首项,-1 为公差的等差
数列,∴数列{Sn
n }的前 11 项和为 11×(-1)+11 × 10
2 ×(-1)=-66,故选 D.
7.《九章算术》“竹九节”问题:现有一根 9 节的竹子,自上而下各节的容积成等差数
列,上面 4 节的容积共 3 升,下面 3 节的容积共 4 升,则第 5 节的容积为( B )
A.1 升 B.67
66升
C.47
44升 D.37
33升
[解析] 设该等差数列为{an},公差为 d,
由题意得{a1+a2+a3+a4=3,
a7+a8+a9=4, 即{4a1+6d=3,
3a1+21d=4,
解得{a1=13
22,
d= 7
66.
∴a5=13
22+4× 7
66=67
66.故选 B.
8.等差数列{an}的公差为 d,关于 x 的不等式 dx2+2a1x≥0 的解集为[0,9],则使数列{an}
的前 n 项和 Sn 取得最大的正整数 n 的值是( B )
A.4 B.5
C.6 D.7
[解析] 由 dx2+2a1x≥0 的解集为[0,9]得,d<0 且 9d+2a1=0,∴a1=-9
2d,Sn=d
2n2+
(a1-d
2)n=d
2n2-5dn=d
2(n2-10n),当 n=5 时,Sn 取得最大值,故选 B.
二、填空题
9.中位数为 1011 的一组数构成等差数列,其末项为 2019,则该数列的首项为
__3___.
[解析] 设首项为 a1,则 a1+2019=2×1011,解得 a1=3.故填 3.
10.已知数列{an}中,a1=1 且 1
an+1= 1
an+1
3(n∈N*),则 a10= 1
4 .
[解析] 由已知得 1
a10= 1
a1+(10-1)×1
3=1+3=4,故 a10=1
4.
11.记等差数列{an}的前 n 项和为 Sn,若 a3=0,a6+a7=14,则 S7=__14___.
[解析] 解法一:设数列{an}的公差为 d,
则 a6+a7=2a3+7d=14,
又∵a3=0,∴d=2,∴a7=a3+4d=8,
又 a3=a1+2d,∴a1=-4,
∴S7=7(a1+a7)
2 =7 × (-4+8)
2 =14.
解法二:设数列{an}的公差为 d,
则 a6+a7=2a3+7d=14,又∵a3=0,
∴d=2,∴a4=a3+d=2.
∴S7=a1+a2+a3+a4+a5+a6+a7=7a4=14.
12.在等差数列{an}中,若 S4=1,S8=4,则 a17+a18+a19+a20 的值为__9___.
[解析] 解法一:∵S4=1,S8=4,∴S4,S8-S4,S12-S8,S16-S12,S20-S16 成首项为
1,公差为 2 的等差数列,∴a17+a18+a19+a20=S20-S16=1+2×(5-1)=9.
解法二:由等差数列的性质知{Sn
n }是等差数列,且其公差 d=
S8
8 -S4
4
8-4 =
1
2-1
4
4 = 1
16
∴S20
20=S8
8 +12d=1
2+3
4=5
4,∴S20=25,同理 S16=16,∴a17+a18+a19+a20=S20-S16=
9.
三、解答题
13.设{an}是等差数列,且 a1=ln2,a2+a3=5ln2.
(1)求{an}的通项公式;
(2)求 ea1+ea2+…+ean.
[解析] (1)设{an}的公差为 d.
因为 a2+a3=5ln2,所以 2a1+3d=5ln2.
又 a1=ln2,所以 d=ln2.
所以 an=a1+(n-1)d=nln2.
(2)因为 ea1=eln2=2, ean
ean-1=ean-an-1=eln2=2,
所以{ean}是首项为 2,公比为 2 的等比数列.
所以 ea1+ea2+…+ean=2 × (1-2n)
1-2 =2(2n-1).
14.记 Sn 为等差数列{an}的前 n 项和,已知 a1=-7,S3=-15.
(1)求{an}的通项公式;
(2)求 Sn,并求 Sn 的最小值.
[解析] (1)设{an}的公差为 d,
由题意得 3a1+3d=-15.
由 a1=-7 得 d=2.
所以{an}的通项公式为 an=2n-9.
(2)由(1)得 Sn=n2-8n=(n-4)2-16.
所以当 n=4 时,Sn 取得最小值,最小值为-16.
[方法总结] 求等差数列前 n 项和 Sn 的最值的方法:
(1)函数法:利用等差数列前 n 项和的函数表达式 Sn=an2+bn(a≠0),通过配方或借助图
象求二次函数的最值.
(2)邻项变号法:
①当 a1>0,d<0 时,满足{am ≥ 0,
am+1 ≤ 0的项数 m 使得 Sn 取得最大值,为 Sm(当 am+1=0 时,
Sm+1 也为最大值);
②当 a1<0,d>0 时,满足{am ≤ 0,
am+1 ≥ 0的项数 m 使得 Sn 取得最小值,为 Sm(当 am+1=0 时,
Sm+1 也为最小值).
B 组能力提升
1.已知{ 1
an}是等差数列,且 a1=1,a4=4,则 a10=( A )
A.-4
5 B.-5
4
C. 4
13 D.13
4
[解析] 由题意,得 1
a1=1, 1
a4=1
4,所以等差数列{ 1
an}的公差为 d=
1
a4- 1
a1
3 =-1
4,由此可
得 1
an=1+(n-1)×(-1
4)=-n
4+5
4,因此 1
a10=-5
4,所以 a10=-4
5.故选 A.
2.(2018·内蒙古巴彦淖尔一中期中)已知等差数列{a n}中,a7+a9=16,a4=1,则 a12 的
值是( A )
A.15 B.30
C.31 D.64
(理)(2018·湖北咸宁联考)等差数列{a n}的前 n 项和为 Sn,若 S2=3,S5=10,则{an}的公
差为( C )
A.2
3 B.1
2
C.1
3 D.1
4
[解析] (文)解法一:由等差数列性质知 a7+a9=a4+a12,即 16=1+a12,∴a12=15,故
选 A.
解法二:由题意知{2a1+14d=16,
a1+3d=1, 解得{a1=-17
4
d=7
4,
∴a12=a1+11d=15.故选 A.
解法三:∵a7+a9=16,{an}为等差数列,
∴a8=8,∵a4,a8,a12 成等差数列,
∴a12=2a8-a4=15.
(理)由题意知 a1+a2=3①,S5=5(a1+a5)
2 =10,即 a1+a5=4②,②-①得 3d=1,∴d=
1
3,故选 C.
3.等差数列{an}的前 n 项和为 Sn,若 S11=22,则 a3+a7+a8=( D )
A.18 B.12
C.9 D.6
[解析] 由题意得 S11=11(a1+a11)
2 =11(2a1+10d)
2 =22,即 a1+5d=2,所以 a3+a7+a8=
a1+2d+a1+6d+a1+7d=3(a1+5d)=6,故选 D.
4.设等差数列{an}的前 n 项和为 Sn,Sm-1=-2,Sm=0,Sm+1=3,则 m=( C )
A.3 B.4
C.5 D.6
[解析] 由 Sm-1=-2,Sm=0,Sm+1=3,得 am=Sm-Sm-1=2,am+1=Sm+1-Sm=3,
所以等差数列的公差为 d=am+1-am=3-2=1,
由{
am=a1+(m-1)d=2,
Sm=a1m+1
2m(m-1)d=0,
得{
a1+m-1=2,
a1m+1
2m(m-1)=0,解得{a1=-2,
m=5. 故选 C.
5.(2018·山东五校联考)已知等差数列{a n}为递增数列,其前 3 项的和为-3,前 3 项的
积为 8.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)求数列{an}的前 n 项和 Sn.
(理)(河南省信阳高中、商丘一中 2019 届高三上学期第一次联考(1 月)数学试题)已知数列
{an}的前 n 项和 Sn=3n2+8n,{bn}是等差数列,且 an=bn+bn+1.
(1)求数列{bn}的通项公式;
(2)令 cn=
(an+1)n+1
(bn+2)n
,求数列{cn}的前 n 项和 Tn.
[解析] (文)(1)设等差数列{an}的公差为 d,d>0,
∵等差数列{an}的前 3 项的和为-3,前 3 项的积为 8,
∴{3a1+3d=-3,
a1(a1+d)(a1+2d)=8,
∴{a1=2,
d=-3 或{a1=-4,
d=3.
∵d>0,∴a1=-4,d=3,∴an=3n-7.
(2)∵an=3n-7,∴a1=3-7=-4,
∴Sn=n(-4+3n-7)
2 =n(3n-11)
2 .
(理)(1)当 n≥2 时,an=Sn-Sn-1=6n+5,
当 n=1 时 a1=S1=11,符合上式,所以 an=6n+5,
则{a1=b1+b2
a2=b2+b3,得{b1=4
d=3 ,
所以 bn=3n+1.
(2)由(1)得 cn=
(an+1)n+1
(bn+2)n
=3(n+1)·2n+1,
Tn=3×[2×22+3×23+…+(n+1)×2n+1]
2Tn=3×[2×23+3×24+…+(n+1)×2n+2],
两式作差 Tn=3n·2n+2.