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- 2021-06-16 发布
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1、圆弧长度等于圆内接正三角形的边长,则其圆心角弧度数为( )
A. B. C. D. 1
2、一段圆弧的长度等于其圆内接正三角形的边长,则其圆心角的弧度数为( )
A. B. C. D .
3、如图, 是圆的直径, 是圆上的点, , , ,则的值为( )
A. B.
C. D.
4、
如图,过点P作⊙O的割线PBA与切线PE,E为切点,连接AE,BE,∠APE的平分线分别与AE、BE相交于点C,D,若∠AEB=30°,则∠PCE=________.
5、已知点是半径为4的圆内的一个定点,点是圆上的一个动点,线段的垂直平分线与半径相交于点,则的最大值为_________.
6、已知点在圆直径的延长线上,切圆于点,分别交,于点,,.
(1)求证:为的平分线;
(2)若,求的值.
7、已知AB是圆O的直径,P是上半圆上的任意一点,PC是的平分线,是下半圆的中点.求证:直线PC经过点.
8、如图,是圆的切线,切点为,是过圆心的割线且交圆于点,过作圆的切线交于点,.求证:.
9、如图,CD是圆O的切线,切点为D,CA是过圆心O的割线且交圆O于点B,
DA=DC.求证:CA=3CB.
10、如图所示,已知AP是⊙O的切线,P为切点,AC是⊙O的割线,与⊙O交于B,C两点,圆心O在∠PAC的内部,点M是BC的中点.
(I)证明:A,P,O,M四点共圆;
(II)求∠OAM+∠APM的大小.
11、如图,已知圆是的外接圆,是边上的高,是圆的直径.
(1)求证:;
(2)过点作圆的切线交的延长线于点,若,求的长.
12、如图,已知圆是的外接圆,,是边上的高,是圆的直径.
(1)求证:;
(2)过点作圆的切线交的延长线于点,若,,求的长.
13、如图,在中,,以为直径的圆交于点是边上一点,与圆交于点,连接.
(1)证明:四点共圆;
(2)若,,求.
14、如图,已知是圆的切线,为切点,是圆的割线,与圆交于,两点,圆心在的内部,点是的中点.
(1)证明,,,四点共圆;
(2)求的大小.
15、如图,锐角的内心为,过点作直线的垂线,垂足为点,点为内切圆与边的切点.
(1)求证: 四点共圆;
(2)若,求的度数.
16、如图,圆和圆相交于点,半径、半径所在直线分别与圆、圆相交于点,过点作的平行线分别与圆、圆相交于点.证明:.
17、如图,已知为圆的一条弦,点为弧的中点,过点任作两条弦分别交于点.
求证:.
18、在A、B、C、D四小题中只能选做2题,每小题10分,共计20分.请在答卷卡指定区域内作答.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
A.选修4—1:几何证明选讲
如图,△ABC的顶点A,C在圆O上,B在圆外,线段AB与圆O交于点M.
(1)若BC是圆O的切线,且AB=8,BC=4,求线段AM的长度;
(2)若线段BC与圆O交于另一点N,且AB=2AC,求证:BN=2MN.
B.选修4—2:矩阵与变换
设a,b∈R.若直线l:ax+y-7=0在矩阵A=对应的变换作用下,得到的直线为l′:9x+y-91=0.求实数a,b的值.
C.选修4—4:坐标系与参数方程
在平面直角坐标系xOy中,直线l:(t为参数),与曲线C:(k为参数)交于A,B两点,求线段AB的长.
D.选修4—5:不等式选讲
设a≠b,求证:a4+6a2b2+b4>4ab(a2+b2).
19、如图,为的直径,为上一点,过作的切线交的延长线于点,
若,求证:.
20、在圆O中,AB,CD是互相平行的两条弦,直线AE与圆O相切于点A,且与CD的延长线交于点E,求证:AD2=AB·ED.
参考答案
1、答案:C
如图,等边三角形ABC是半径为r的圆O的内接三角形,
则线AB所对的圆心角∠AOB=,
作OM⊥AB,垂足为M,在Rt△AOM中,AO=r,∠AOM=,
∴AM=r,AB=r,
∴l=r,由弧长公式 l=|α|r,
得,α===.
本题选择C选项.
2、答案:C
如图,
等边三角形是半径为的圆的内接三角形,则线段所对的圆心角,作,垂足为,在 中, , ,
∴, ,∴,由弧长公式,得.
故选 C.
3、答案:B
由题意得 过圆心,所以
4、答案:75°
由题易得∠PEB=∠PAE,又由三角形外角性质得∠PCE=∠CPA+∠PAE,
又△PEC的内角和为2(∠CPA+∠PAE)+30°=180°,
所以∠CPA+∠PAE=75°,即∠PCE=75°.
名师点评:命题要点: (1)利用相似三角形的性质、弦切角定理证明角相等;求角.(2)利用圆的切割线定理、相交弦定理证明线段成比例、线段相等.
5、答案:4
∵A是半径为4的圆C内一个定点,P是圆C上的一个动点,
线段MP的垂直平分线l与半径CP相交于点Q,
∴|CQ|+|QM|=|CQ|+|QP|=|CP|=4,
∴,
∴|CQ|?|QM|?4,
当且仅当Q为CP中点时取等号,
∴|CQ|?|QM|的最大值为4.
故答案为:4.
6、答案:(Ⅰ)详见解析;(Ⅱ).
试题分析:判断为等腰直角三角形,根据弦切角定理,三角形外角定理,及圆周角定理的推论即可得证(2)若结合(1)的结论,可以得到三个角的度数,解三角形即可求得结果
(Ⅰ)∵为圆的切线,∴,
又∵为直径,,∴.
又∵,,
∴,
∴为的平分线
(Ⅱ),∴,
又,
∴,
∴
7、答案:试题分析:因为是下半圆的中点,所以,从而是的平分线.又PC也是的平分线,的平分线有且只有一条,所以PC与重合.所以直线PC经过点.
试题连结,则.
因为是圆周角,同弧上的圆心角,
所以.
同理可得,,所以是的平分线.
又PC也是的平分线,的平分线有且只有一条,所以PC与重合.
所以直线PC经过点.10分
考点:等弧对应等角
8、答案:试题分析:由切割线定理得,,即得得,即得,解得.
试题∵是圆的切线,∴,
连结,则,
∵是圆的切线,∴,
又,∴,∴,
则,
而,∴,∴,
由得,代入得,
故.
9、答案:试题分析:
连接,,为圆的切线,,从而
,可得,进而可得结果
试题证明:连接OD,因为DA=DC,
所以∠DAO=∠C.
在圆O中,AO=DO,所以∠DAO=∠ADO,
所以∠DOC=2∠DAO=2∠C.
因为CD为圆O的切线,所以∠ODC=90°,
从而?DOC+?C=90°,
即2∠C+∠C=90°,故∠C=30°,
所以OC=2OD=2OB,
所以CB=OB,所以CA=3CB.
10、答案:(Ⅰ)见解析;(Ⅱ)90°.
试题分析:(1)证明四点共圆,一般利用对角互补进行证明:根据相切及垂径定理得OP⊥AP及OM⊥BC,从而得∠OPA+∠OMA=180°.(2)根据四点共圆得同弦所对角相等:∠OAM=∠OPM,因此
∠OPM+∠APM=90°,
试题(1)证明连接OP,OM,因为AP与⊙O相切于点P,所以OP⊥AP.
因为M是⊙O的弦BC的中点,所以OM⊥BC,
于是∠OPA+∠OMA=180°.
由圆心O在∠PAC的内部,可知四边形APOM的对角互补,所以A、P、O、M四点共圆.
(2)解由(1)得A、P、O、M四点共圆,
所以∠OAM=∠OPM,
由(1)得OP⊥AP,因为圆心O在∠PAC的内部,
所以∠OPM+∠APM=90°,
所以∠OAM+∠APM=90°.
考点:四点共圆
11、答案:(1)详见解析;(2).
试题分析:(1)连接,由,得~,由对应边成比例即得;(2)是圆的切线,~,设,得,,故.
试题(1)连接.则有为直角三角形,所以,又
所以,所以
即,又,故
(2)因为为圆的切线,所以
又,从而解得
因为,
所以,所以,即.
12、答案:(1)证明见解析;(2).
试题分析:(1)连结,则有为直角三角形,∴,再利用,即可证明;(2)证明,即可得到的长.
试题(1)连结,则有为直角三角形,
∴
又
∴
即
∵,∴
(2)∵为圆的切线,∴
∴,∵
∴,∴,∴.
【考点】相似三角形的应用;与圆有关的比例线段.
13、答案:(1)证明见解析;(2).
试题分析:(1)由直角三角形相识,圆周角定理得,从而进而可证结论;(2)先根据射影定理求得,从而得进而利用相交弦定理可得的值.
试题(1)证明:连接是的直径,,
,,
四点共圆.
(2)连接是的直径,,
即四点共圆,.
【考点】1、四点共圆的判定;2、圆周角定理及相交弦定理.
14、答案:(Ⅰ)详见解析;(Ⅱ).
试题分析:(Ⅰ)点P是圆的切点,所以,点M是弦BC的中点,所以,可知四边形的对角互补,所以,,,四点共圆;(Ⅱ)由(Ⅰ)得,,,四点共圆,所以根据同弧所对的圆周角相等,得到,再根据,易得的大小.
试题(Ⅰ)证明:连结,.
因为与圆O相切于点,所以.
因为是圆O的弦的中点,所以.
于是.
由圆心在的内部,
可知四边形的对角互补,所以,,,四点共圆.
(Ⅱ)解:由(Ⅰ)得,,,四点共圆,所以.
由(Ⅰ)得.
由圆心在的内部,可知.
所以.
【考点】圆的相关性质
15、答案:(1)见推证过程;(2)。
【试题分析】(1)借助题设条件“由圆与边相切于点”可得,再由 ,得进行推证;(2)借助(1)的结论可推得,及,进而求得,由,得到推出:
解:连接.
(1)由圆与边相切于点,得,由 ,得,
∴点在以为直径的圆上,即四点共圆.
(2) 由(1)知四点共圆,
∴,
又 ,
由,得,
∴,由得.
16、答案:见解析
试题分析:根据平角得三点共线,根据同弦所对角相等得四点共圆.根据四点共圆性质得,即得,同理可得,根据等量性质得.
试题解析:解:延长、分别与圆、圆相交于点,连结.则,所以三点共线.
又,于是四点共圆.
故,从而,因此,同理
.所以.
17、答案:试题分析:连结PA,PB,CD,BC,因为∠PAB=∠PCB,
又点P为弧AB的中点,所以∠PAB=∠PBA,所以∠PCB=∠PBA.又∠DCB=∠DPB,
所以∠PFE=∠PBA+∠DPB=∠PCB+∠DCB=∠PCD,所以E,F,D,C四点共圆.
试题
连结PA,PB,CD,BC.
因为∠PAB=∠PCB,
又点P为弧AB的中点,所以∠PAB=∠PBA,
所以∠PCB=∠PBA.又∠DCB=∠DPB,
所以∠PFE=∠PBA+∠DPB=∠PCB+∠DCB=∠PCD,
所以E,F,D,C四点共圆.
所以.
18、答案:见解析.作差比较,化简得出原式=,即可作出证明。
试题
证明:a4+6a2b2+b4-4ab(a2+b2)=(a2+b2)2-4ab(a2+b2)+4a2b2
=(a2+b2-2ab)2=(a-b)4.
因为a≠b,所以(a-b)4>0,所以a4+6a2b2+b4>4ab(a2+b2).
试题分析:(1)因为是圆的切线,故由切割线定理得,设,列出方程,即可求解的值,得到的长;
(2)根据和相似,列出比例关系式,即可得出证明。
试题
解:(1)因为BC是圆O的切线,故由切割线定理得BC2=BM·BA.
设AM=t,因为AB=8,BC=4,
所以42=8(8-t),解得t=6,即线段AM的长度为6.
(2)因为四边形AMNC为圆内接四边形,所以∠A=∠MNB.又∠B=∠B,所以△BMN∽△BCA,
所以=.
因为AB=2AC,所以BN=2MN.
B.选修4—2:矩阵与变换
设a,b∈R.若直线l:ax+y-7=0在矩阵A=对应的变换作用下,得到的直线为l′:9x+y-91=0.求实数a,b的值.
19、答案:试题分析:根据弦切角定理得,而可得,因此,即得,因此.
试题解:连接,
因为为切线且点为切点,所以,
因为,
所以
又因为
所以
故,所以,从而.
20、答案:试题分析:连接BD,利用相似三角形的结论可得AD2=AB·ED.
试题
连接BD,因为直线AE与圆O相切,所以∠EAD=∠ABD.
又因为AB∥CD,所以∠BAD=∠ADE,
所以△EAD∽△DBA.
从而=,所以AD2=AB·ED.