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  • 2021-06-23 发布

高中数学必修5第1章1_2_1同步训练及解析

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人教A高中数学必修5同步训练 ‎1.某次测量中,若A在B的南偏东40°,则B在A的(  )‎ A.北偏西40°         B.北偏东50°‎ C.北偏西50° D.南偏西50°‎ 答案:A ‎2.已知A、B两地间的距离为‎10 km,B、C两地间的距离为‎20 km,现测得∠ABC=120°,则A、C两地间的距离为(  )‎ A.‎10 km B.‎10 km C.‎10 km D.‎10 km 解析:选D.由余弦定理可知:‎ AC2=AB2+BC2-2AB·BCcos∠ABC.‎ 又∵AB=10,BC=20,∠ABC=120°,‎ ‎∴AC2=102+202-2×10×20×cos 120°=700.‎ ‎∴AC=10.‎ ‎3.在一座‎20 m高的观测台测得对面一水塔塔顶的仰角为60°,塔底的俯角为45°,观测台底部与塔底在同一地平面,那么这座水塔的高度是________m.‎ 解析:h=20+20tan 60°=20(1+) m.‎ 答案:20(1+)‎ ‎4.如图,一船以每小时‎15 km的速度向东航行,船在A处看到一个灯塔B在北偏东60°,行驶4 h后,船到达C处,看到这个灯塔在北偏东15°.求此时船与灯塔间的距离.‎ 解:=,‎ 且∠BAC=30°,AC=60,‎ ‎∠ABC=180°-30°-105°=45°.‎ ‎∴BC=30.‎ 即船与灯塔间的距离为‎30 km.‎ 一、选择题 ‎1.在某次测量中,在A处测得同一方向的B点的仰角为60°,C点的俯角为70°,则∠BAC等于(  )‎ A.10° B.50°‎ C.120° D.130°‎ 解析:选D.如图,∠BAC等于A观察B点的仰角与观察C点的俯角和,即60°+70°=130°.‎ ‎2.一艘船以‎4 km/h的速度沿着与水流方向成120°夹角的方向航行,已知河水流速为‎2 km/h,则经过 h,该船的实际航程为(  )‎ A.‎2 km B.‎‎6 km C.‎2 km D.‎‎8 km 解析:选B.v实=‎ =2.‎ ‎∴实际航程=2×=6(km).故选B.‎ ‎3.‎ 如图所示,D,C,B在同一地平面的同一直线上,DC=‎10 m,从D,C两地测得A点的仰角分别为30°和45°,则A点离地面的高度AB等于(  )‎ A.‎10 m B.‎5 m C.5(-1) m D.5(+1) m 解析:选D.在△ADC中,‎ AD==10(+1)(m).‎ 在Rt△ABD中,AB=AD·sin 30°=5(+1)(m).‎ ‎4.我舰在敌岛A处南偏西50°的B处,且AB距离为12海里,发现敌舰正离开岛沿北偏西10°的方向以每小时10海里的速度航行,若我舰要用2小时追上敌舰,则速度大小为(  )‎ A.28海里/小时 B.14海里/小时 C.14 海里/小时 D.20海里/小时 解析:选B.如图,设我舰在C处追上敌舰,速度为v,则在△ABC中,AC=10×2=20(海里),AB=‎12海里,∠BAC=120°,‎ ‎∴BC2=AB2+AC2-2AB·ACcos 120°=784,‎ ‎∴BC=‎28海里,‎ ‎∴v=‎14海里/小时.‎ ‎5.台风中心从A地以每小时20千米的速度向东北方向移动,离台风中心30千米内的地区为危险区,城市B在A的正东40千米处,则B城市处于危险区内的持续时间为(  )‎ A.0.5小时 B.1小时 C.1.5小时 D.2小时 解析:选B.设t小时后,B市处于危险区内,‎ 则由余弦定理得:‎ ‎(20t)2+402-2×20t×40cos 45°≤302.‎ 化简得:4t2-8t+7≤0,‎ ‎∴t1+t2=2,t1·t2=.‎ 从而|t1-t2|==1.‎ ‎6.要测量底部不能到达的东方明珠电视塔的高度,在黄浦江西岸选择甲、乙两观测点,在甲、乙两点测得塔顶的仰角分别为45°、30°,在水平面上测得电视塔与甲地连线及甲、乙两地连线所成的角为120°,甲、乙两地相距‎500米,则电视塔在这次测量中的高度是(  )‎ A.‎100‎米 B.‎‎400米 C.‎200‎米 D.‎‎500米 解析:选D.由题意画出示意图,设高AB=h,在Rt△ABC中,由已知BC=h,在Rt△ABD中,由已知BD=h,在△BCD中,由余弦定理BD2=BC2+CD2-2BC·CD·cos∠BCD,得3h2=h2+5002+h·500,‎ 解之得h=500(米),故选D.‎ 二、填空题 ‎7.一树干被台风吹断,折断部分与残存树干成30°角,树干底部与树尖着地处相距‎5米,则树干原来的高度为________米.‎ 答案:10+5 ‎8.‎ 如图所示,已知两座灯塔A和B与海洋观察站C的距离相等,灯塔A在观察站C的北偏东40°,灯塔B在观察站C的南偏东60°,则灯塔A在灯塔B的__________.‎ 解析:由题意可知∠ACB=180°-40°-60°=80°.∵AC=BC,∴∠CAB=∠CBA=50°,从而所求为北偏西10°.‎ 答案:北偏西10°‎ ‎9.海上一观测站测得方位角240°的方向上有一艘停止待修的商船,在商船的正东方有一艘海盗船正向它靠近,速度为每小时90海里.此时海盗船距观测站10 海里,20分钟后测得海盗船距观测站20海里,再过________分钟,海盗船即可到达商船.‎ 解析:如图,设开始时观测站、商船、海盗船分别位于A、B、C处,20分钟后,海盗船到达D处,在△ADC中,AC=10,AD=20,CD=30,由余弦定理得 cos∠ADC= ‎==.‎ ‎∴∠ACD=60°,在△ABD中由已知得∠ABD=30°.‎ ‎∠BAD=60°-30°=30°,‎ ‎∴BD=AD=20,×60=(分钟).‎ 答案: 三、解答题 ‎10.如图,A、B两点都在河的对岸(不可到达),在河岸边选定两点C、D,测得CD=‎1000米,∠ACB=30°,∠BCD=30°,∠BDA=30°,∠ADC=60°,求AB的长.‎ 解:由题意知△ACD为正三角形,‎ 所以AC=CD=‎1000米.‎ 在△BCD中,∠BDC=90°,‎ 所以BC===米.‎ 在△ACB中,AB2=AC2+BC2-‎2AC·BC·cos 30°‎ ‎=10002+-2×1000×× ‎=10002×,‎ 所以AB=米.‎ ‎11.如图,地面上有一旗杆OP,为了测得它的高度,在地面上选一基线AB,测得AB=‎20 m,在A处测得点P的仰角为30°,在B处测得点P的仰角为45°,同时可测得∠AOB=60°,求旗杆的高度(结果保留1位小数).‎ 解:设旗杆的高度为h,‎ 由题意,知∠OAP=30°,∠OBP=45°.‎ 在Rt△AOP中,OA==h.‎ 在Rt△BOP中,OB==h.‎ 在△AOB中,由余弦定理,‎ 得AB2=OA2+OB2-2OA·OBcos 60°,‎ 即202=(h)2+h2-2h×h×.‎ 解得h2=≈176.4.‎ ‎∴h≈13(m).‎ ‎∴旗杆的高度约为‎13 m.‎ ‎12.一商船行至索马里海域时,遭到海盗的追击,随即发出求救信号.正在该海域执行护航任务的海军“黄山”舰在A处获悉后,即测出该商船在方位角为45°距离10海里的C处,并沿方位角为105°的方向,以9海里/时的速度航行.“黄山”舰立即以21海里/时的速度前去营救.求“黄山”舰靠近商船所需要的最少时间及所经过的路程.‎ 解:如图所示,若“黄山”舰以最少时间在B处追上商船,则A,B,C构成一个三角形.‎ 设所需时间为t小时,‎ 则AB=21t,BC=9t.‎ 又已知AC=10,依题意知,∠ACB=120°,‎ 根据余弦定理,AB2=AC2+BC2-2·AC·BCcos∠ACB.‎ ‎∴(21t)2=102+(9t)2-2×10×9tcos 120°,‎ ‎∴(21t)2=100+81t2+90t,‎ 即360t2-90t-100=0.‎ ‎∴t=或t=-(舍).‎ ‎∴AB=21×=14(海里).‎ 即“黄山”舰需要用小时靠近商船,共航行‎14海里. ‎