• 234.50 KB
  • 2021-07-05 发布

2021届高考化学一轮复习课时作业22弱电解质的电离平衡含解析鲁科版

  • 9页
  • 当前文档由用户上传发布,收益归属用户
  1. 1、本文档由用户上传,淘文库整理发布,可阅读全部内容。
  2. 2、本文档内容版权归属内容提供方,所产生的收益全部归内容提供方所有。如果您对本文有版权争议,请立即联系网站客服。
  3. 3、本文档由用户上传,本站不保证质量和数量令人满意,可能有诸多瑕疵,付费之前,请仔细阅读内容确认后进行付费下载。
  4. 网站客服QQ:403074932
课时作业22 弱电解质的电离平衡 时间:45分钟 一、选择题 ‎1.(2020·河北石家庄辛集中学模拟)液态化合物AB会发生微弱的自身电离,电离方程式为ABA++B-,在不同温度下其平衡常数K(‎25 ℃‎)=1.0×10-14,K(‎35 ℃‎)=2.1×10-14。则下列叙述正确的是( D )‎ A.c(A+)随温度的升高而降低 B.‎35 ℃‎时,c(A+)>c(B-)‎ C.AB的电离程度:α(‎25 ℃‎)>α(‎35 ℃‎)‎ D.AB的电离是吸热过程 解析:升高温度,K增大,说明AB的电离程度增大,所以c(A+)随着温度的升高而增大,A项错误;根据题给信息,无法推出‎35 ℃‎时,c(A+)>c(B-),B项错误;升高温度,K增大,AB的电离程度增大,所以AB的电离程度:α(‎25 ℃‎)<α(‎35 ℃‎),C项错误;升高温度,平衡向吸热反应方向移动,则AB的电离是吸热过程,D项正确。‎ ‎2.下列事实中,能说明MOH是弱碱的有( B )‎ ‎①0.1 mol·L-1 MOH溶液可以使酚酞试液变红 ‎②0.1 mol·L-1 MCl溶液呈酸性 ‎③0.1 mol·L-1MOH溶液的导电能力比0.1 mol·L-1 NaCl溶液弱 ‎④等体积的0.1 mol·L-1 MOH溶液与0.1 mol·L-1 HCl溶液恰好完全反应 A.①②③ B.②③‎ C.②④ D.③④‎ 解析:①0.1 mol·L-1 MOH溶液可以使酚酞试液变红,说明MOH能电离出氢氧根离子,而不能说明MOH的电离程度,所以不能证明MOH是弱碱;②0.1 mol·L-1MCl溶液呈酸性,说明MCl为强酸弱碱盐,则MOH为弱碱;③溶液的导电能力与离子浓度和离子所带的电荷数有关,0.1 mol·L-1 MOH溶液的导电能力比0.1 mol·L-1NaCl溶液的弱,说明MOH溶液中离子浓度比NaCl溶液中离子浓度小,MOH部分电离,为弱碱;④等体积的0.1 mol·L-1 MOH溶液与0.1 mol·L-1 HCl溶液恰好完全反应,无论是强碱还是弱碱,都能恰好完全反应。‎ ‎3.(2020·房山区模拟)将0.1 mol·L-1的NH3·H2O溶液加水稀释,下列说法正确的是( D )‎ A.的值减小 B.OH-的物质的量减小 9‎ C.的值减小 D.NH的浓度减小 解析:在NH3·H2O溶液中,存在电离平衡:NH3·H2ONH+OH-,当加水稀释时,电离平衡正向移动,使电离出的n(NH)增大,溶液中的n(NH3·H2O)减小,则=的值增大,A错误;加水稀释,电离平衡正向移动,所以OH-的物质的量增大,B错误;加水稀释,c(NH)、c(OH-)、c(NH3·H2O)都减小,Kb=,温度不变,Kb值不变,C错误;加水稀释,使c(NH)减小,D正确。‎ ‎4.(2020·安徽天长月考)下表是几种弱酸常温下的电离平衡常数:‎ CH3COOH H2CO3‎ H2S H3PO4‎ Ka=1.8×10-5‎ Ka1=4.3×10-7‎ Ka2=5.6×10-11‎ Ka1=9.1×10-8‎ Ka2=1.1×10-12‎ Ka1=7.5×10-3‎ Ka2=6.2×10-8‎ Ka3=2.2×10-13‎ 则下列说法中不正确的是( C )‎ A.碳酸的酸性强于氢硫酸 B.多元弱酸的酸性主要由第一步电离决定 C.常温下,加水稀释醋酸,增大 D.向弱酸溶液中加少量NaOH溶液,电离平衡常数不变 解析:本题考查电离平衡常数、酸性强弱比较等。由表中H2CO3和H2S的电离平衡常数可知,H2CO3的Ka1大于H2S的Ka1,则碳酸的酸性强于氢硫酸,A正确;多元弱酸分步发生电离,第一步电离产生的H+抑制第二步、第三步的电离,故多元弱酸的酸性主要由第一步电离决定,B正确;醋酸的电离平衡常数Ka==,则有=,加水稀释醋酸,由于温度不变,则Kw、Ka不变,故的值不变,C错误;电离平衡常数只与温度有关,向弱酸溶液中加少量NaOH溶液,溶液温度不变,则电离平衡常数不变,D正确。‎ ‎5.(2020·福建厦门质检)常温下,下列关于丙二酸(用H2R表示,Ka1=1.4×10-3,Ka2=2.0×10-6)的说法正确的是( B )‎ A.往100 mL 1 mol·L-1丙二酸溶液中加入0.1 mol NaOH固体后,溶液pH>7‎ 9‎ B.改变条件使Ka1变大,Ka2也一定会变大 C.0.5 mol·L-1丙二酸溶液中:0.5 mol·L-1②‎ D.①②两溶液分别加水稀释10倍,稀释后溶液的pH:①<②‎ 解析:本题考查强碱和弱碱的稀释、与酸的中和反应、水的电离程度及溶液中c(OH-)大小比较等。常温下,氨水和NaOH溶液的pH均为11,溶液中c(OH-)=1.0×10-3 mol·L-1,对水的电离抑制程度相同,则水的电离程度相同,水电离产生的c(H+)=1.0×10-11 mol·L-1,A、B正确。两溶液的pH均为11,则有c(NH3·H2O)>c(NaOH),等体积的两溶液分别与0.01 mol·L-1的盐酸完全中和,氨水消耗盐酸的体积大,C正确。两溶液加水稀释时,氨水中NH3·H2O的电离平衡正向移动,溶液中c(OH-)变化小,故稀释10倍后氨水的pH大,D错误。‎ ‎7.(2020·上海徐汇区一模)常温下,下列关于pH=3的CH3COOH溶液的叙述正确的是( B )‎ A.溶液中H2O电离出的c(OH-)=1.0×10-3 mol·L-1‎ B.加入少量CH3COONa固体后,溶液的pH升高 C.与等体积0.001 mol·L-1 NaOH溶液反应,所得溶液呈中性 D.与pH=3的硫酸溶液的浓度相等 9‎ 解析:本题考查电离平衡、溶液的pH、溶液酸碱性判断等。存在电离平衡:CH3COOHCH3COO-+H+,CH3COOH抑制水的电离,常温下,pH=3的CH3COOH溶液中c(H+)=1.0×10-3 mol·L-1,则该溶液中由H2O电离出的c(OH-)=1.0×10-11 mol·L-1,A错误。加入少量CH3COONa固体,c(CH3COO-)增大,CH3COOH的电离平衡逆向移动,c(H+)减小,溶液的pH升高,B正确。与等体积0.001 mol·L-1 NaOH溶液反应,醋酸剩余,所得溶液呈酸性,C错误。硫酸是强电解质,pH=3的硫酸溶液中,c(H2SO4)<1.0×10-3 mol·L-1;醋酸是弱电解质,只有极少部分发生电离,pH=3的CH3COOH溶液中,c(CH3COOH)≫1.0×10-3 mol·L-1,D错误。‎ ‎8. (2020·四川双流中学考试)‎25 ℃‎时某些弱酸的电离平衡常数如下表所示,常温下,稀释CH3COOH、HClO两种酸溶液时,溶液的pH随加水量变化的曲线如图所示。下列说法正确的是( B )‎ CH3COOH HClO H2CO3‎ K(CH3COOH)=‎ ‎1.8×10-5‎ K(HClO)=‎ ‎3.0×10-8‎ Ka1(H2CO3)=4.4×10-7‎ Ka2(H2CO3)=4.7×10-11‎ A.相同浓度的CH3COONa和NaClO的混合溶液中,各离子浓度的大小关系是c(Na+)>c(ClO-)>c(CH3COO-)>c(OH-)>c(H+)‎ B.图像中a、c两点对应的溶液中相等(HR代表CH3COOH或HClO)‎ C.向NaClO溶液中通入少量二氧化碳的离子方程式为2ClO-+CO2+H2O===2HClO+CO D.图像中a点酸的浓度大于b点酸的浓度 解析:由表可知,K(HClO)Y C.若升高温度,Y、Z点对应溶液的pH均不变 D.将X点溶液与Z点溶液等体积混合,所得溶液呈碱性 解析:本题考查酸和碱溶液的稀释、水的电离程度、溶液的酸碱性等。由图可知,将X点HA溶液稀释10倍(即lgn增大1),pH变化小于1,则HA是弱酸;将Y点MOH溶液稀释10倍,pH减小1,则MOH是强碱,A错误。酸、碱均抑制水的电离,X点溶液中c(H+)=10-5 mol·L-1,由水电离出的c(H+)=c(OH-)=10-9 mol·L-1,Y、Z点溶液中c(OH-)分别为10-4 mol·L-1、10-5 mol·L-1,则由水电离出的c(H+)分别为10-10 mol·L-1、10-9mol·L-1,故水的电离程度:X=Z>Y,B正确。MOH是强碱,升高温度,溶液中c(OH-)几乎不变,但Kw增大,c(H+)变大,溶液的pH减小,C错误。将X点溶液与Z点溶液等体积混合,发生中和反应后,HA有剩余,所得混合液呈酸性,D错误。‎ ‎10.(2020·四川成都石室中学摸底)乙二胺(H2NCH2CH2NH2)是二元弱碱,在水中的电离原理类似于氨。常温下,向乙二胺溶液中滴加稀盐酸,溶液的pH随离子浓度变化关系如图所示。下列叙述不正确的是( C )‎ A.Kb2(H2NCH2CH2NH2)的数量级为10-8‎ B.曲线G代表pH与lg的变化关系 C.H3NCH2CH2NH2Cl溶液中c(H+)>c(OH-)‎ D.0.01 mol·L-1 H2NCH2CH2NH2的电离度约为10%‎ 解析:Kb2(H2NCH2CH2NH2)=,‎ 当lg=0,即c(H2NCH2CH2NH)=c(H3NCH2CH2NH),Kb2(H2NCH2CH2NH2)=c(OH-)=,因多元弱碱的一级电离程度大于二级电离程度,则曲线G代表pH与lg 9‎ 的变化关系,Kb2(H2NCH2CH2NH2)=10-7.15,A项正确,B项正确;在H3NCH2CH2NH2Cl溶液中,既有H2NCH2CH2NH的电离,又有H2NCH2CH2NH的水解,由图中曲线T可得H2NCH2CH2NH的水解平衡常数Kh=10-9.93,而Kb2(H2NCH2CH2NH2)=10-7.15,由此可知在H3NCH2CH2NH2Cl溶液中,H2NCH2CH2NH的电离程度大于其水解程度,溶液显碱性,C项错误;设0.01 mol·L-1H2NCH2CH2NH2的电离度为α,则有Kb1(H2NCH2CH2NH2)==10-4.07,解得α≈0.1,D项正确。‎ ‎11.(2020·安徽五校质检)常温时,改变饱和氯水的pH,得到部分含氯微粒的物质的量分数与pH的关系如图所示。下列叙述不正确的是( D )‎ A.该温度下,HClOH++ClO-的电离常数Ka的对数值lgKa=-7.54‎ B.氯水中的Cl2、ClO-、HClO均能与KI发生反应 C.pH=1的氯水中,c(Cl2)>c(Cl)>c(HClO)>c(ClO-)‎ D.已知常温下反应Cl2(aq)+Cl-(aq)Cl(aq)的K=0.191,当pH增大时,K减小 解析:HClOH++ClO-的电离常数Ka的对数值lgKa=lg=lgc(H+)+lg,根据图示,当溶液的pH=7.54时,HClO和ClO-的物质的量分数相等,即c(H+)=10-7.54 mol·L-1时,c(HClO)=c(ClO-),代入得lgKa=-7.54,A项正确;氯水中的Cl2、ClO-、HClO均有强氧化性,均能与KI发生反应,B项正确;根据图示,pH=1的氯水中,c(Cl-)>c(Cl2)>c(Cl)>c(HClO)>c(ClO-),C项正确;平衡常数只与温度有关,当pH增大时,K不变,D项错误。‎ 二、非选择题 ‎12.(2020·辽宁沈阳一测)H3AsO3和H3AsO4水溶液中含砷的各种微粒的分布分数(平衡时某物种的浓度占各物种浓度之和的分数)与pH的关系分别如图所示。‎ 9‎ 回答下列问题:‎ ‎(1)以酚酞为指示剂(变色范围:pH 8.0~10.0),将NaOH溶液逐滴加入到H3AsO3溶液中,当溶液由无色变为浅红色时停止滴加。该过程中主要反应的离子方程式为OH-+H3AsO3===H2AsO+H2O。‎ ‎(2)pH=11时,H3AsO3水溶液中三种微粒浓度由大到小的顺序为c(H2AsO)>c(HAsO)>c(H3AsO3)。‎ ‎(3)H3AsO4第一步电离方程式为H3AsO4H2AsO+H+。‎ ‎(4)若pKa2=-lgKa2,H3AsO4第二步电离的电离常数为Ka2,则pKa2=7.0。‎ 解析:(1)以酚酞为指示剂,将NaOH溶液逐滴加入到H3AsO3溶液中,当溶液由无色变为浅红色时,溶液pH在8.0~10.0之间,结合图像可知溶液中H3AsO3减少而H2AsO增加,则该过程中主要反应的离子方程式为OH-+H3AsO3===H2AsO+H2O。(2)结合图像可知pH=11时,H3AsO3水溶液中c(H2AsO)最大,c(H3AsO3)最小,各含砷微粒浓度关系为c(H2AsO)>c(HAsO)>c(H3AsO3)。(3)结合题图知,H3AsO4为多元弱酸,存在电离平衡,其第一步电离方程式为H3AsO4H2AsO+H+。(4)H3AsO4第二步电离方程式为H2AsOHAsO+H+,其电离常数Ka2=,由图像可知当pH=7.0时,c(H2AsO)=c(HAsO),则Ka2=10-7.0,pKa2=7.0。‎ ‎13.(2020·辽宁辽源田家炳中学调研)现有常温下pH=2的盐酸(甲)和pH=2的醋酸溶液(乙),请根据下列操作回答问题:‎ ‎(1)常温下0.1 mol·L-1的CH3COOH溶液加水稀释过程,下列表达式的数值一定变小的是A(填序号)。‎ A.c(H+) B. C.c(H+)·c(OH-) D. 9‎ ‎(2)取10 mL的乙溶液,加入等体积的水,醋酸的电离平衡向右(填“向左”“向右”或“不”)移动;另取10 mL的乙溶液,加入少量无水醋酸钠固体(假设加入固体前后,溶液体积保持不变),待固体溶解后,溶液中的值将减小(填“增大”“减小”或“无法确定”)。‎ ‎(3)相同条件下,取等体积的甲、乙两溶液,分别加水稀释100倍,所得溶液的pH大小关系为pH(甲)>pH(乙)(填“>”“<”或“=”)。‎ ‎(4)取等体积的甲、乙两溶液,分别用等浓度的NaOH稀溶液中和,则消耗的NaOH溶液的体积大小关系为V(甲)”“<”或“=”)。‎ ‎(5)已知‎25 ℃‎时,三种酸的电离平衡常数如下:‎ 化学式 CH3COOH H2CO3‎ HClO Ka1‎ ‎1.8×10-5‎ ‎4.3×10-7‎ ‎3.0×10-8‎ Ka2‎ ‎—‎ ‎5.6×10-11‎ ‎—‎ 下列四种离子结合H+能力最强的是B(填序号)。‎ A.HCO B.CO C.ClO- D.CH3COO-‎ 写出下列反应的离子方程式。‎ CH3COOH+Na2CO3(少量):2CH3COOH+CO===2CH3COO-+CO2↑+H2O;‎ HClO+Na2CO3(少量):HClO+CO===ClO-+HCO。‎ 解析:本题考查弱电解质的电离平衡及移动分析、电离常数及应用、离子方程式等。‎ ‎(1)CH3COOH溶液中存在电离平衡:CH3COOHH++CH3COO-,加水稀释过程中,平衡正向移动,但溶液中c(H+)、c(CH3COO-)均减小,A符合题意。CH3COOH的电离平衡常数Ka=,则有=,加水稀释时,c(CH3COO-)减小,但Ka不变,则增大,B不符合题意。由于温度不变,则c(H+)·c(OH-)=Kw不变,C不符合题意。加水稀释时,溶液中c(H+)减小,由于c(H+)·c(OH-)=Kw不变,则c(OH-)增大,故增大,D不符合题意。‎ ‎(2)醋酸溶液中加入等体积的水,醋酸的电离平衡向右移动,电离程度增大;醋酸溶液中加入少量无水醋酸钠固体,c(CH3COO-)增大,电离平衡逆向移动,据CH3COOH的电离平衡常数Ka=推知,=,由于温度不变,Ka不变,c(CH3COO-)增大,则溶液中的值减小。‎ 9‎ ‎(3)常温下,pH=2的盐酸(甲)和pH=2的醋酸溶液(乙),取等体积的甲、乙两溶液,分别加水稀释100倍,醋酸的电离平衡正向移动,pH变化小,则所得溶液的pH:pH(甲)>pH(乙)。‎ ‎(4)pH均为2的盐酸和醋酸溶液相比,其浓度:c(HCl)c(HCl),分别用等浓度的NaOH稀溶液中和,醋酸溶液消耗NaOH溶液的体积大于盐酸。‎ ‎(5)由表中电离平衡常数可知,各种酸的酸性强弱:CH3COOH>H2CO3>HClO>HCO,则酸的电离程度由易到难的顺序:CH3COOH>H2CO3>HClO>HCO,而酸越易电离,则电离产生的酸根离子结合质子(H+)的能力越弱,因此四种离子结合H+的能力:CH3COO-H2CO3>HClO>HCO,则CH3COOH与Na2CO3(少量)反应生CH3COONa、CO2和H2O,离子方程式为2CH3COOH+CO===2CH3COO-+CO2↑+H2O;HClO与Na2CO3(少量)反应生成NaClO和NaHCO3,离子方程式为HClO+CO===ClO-+HCO。‎ 9‎