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  • 2022-04-01 发布

2020年内蒙古巴彦淖尔市乌前旗三中中考物理模拟试卷7(含答案解析)

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2020年内蒙古巴彦淖尔市乌前旗三中中考物理模拟试卷7一、单选题(本大题共11小题,共33.0分)1.关于湖面上出现的雾气,下列说法正确的是A.雾气是水蒸气,是湖水蒸发产生的B.雾气是细小的水珠,是湖水蒸发出来的C.雾气是细小的水珠,是水蒸气液化形成的D.雾气是细小的水珠,是风将湖水吹起形成的2.下列四个实验,能说明发电机原理的是A.B.C.D.3.如图所示,是我国“长征2F”运载火箭将“神舟八号”载人飞船发射升空时的情景。若说此时的神舟飞船是静止的,所选的参照物是A.发射塔B.长征火箭C.地面D.高山 4.下列光现象中如图,由于光沿直线传播产生的是A.夜晚唐河一桥在河水中的倒影B.唐河河心岛水秀表演时射入空中的激光束C.透过唐河南泉水看到池底的石头D.洒水车在唐河街道上洒水时形成的彩虹5.如图所示是小华已经连好的电路。闭合开关后,将滑动变阻器的滑片向A端移动,下列说法正确的是A.电流表的示数逐渐增大B.电压表的示数逐渐减小C.小灯泡越来越暗D.电路消耗的总功率减小6.如图所示,甲、乙两套装置所用滑轮质量均相等,用它们分别将所挂重物在相等时间内竖直向上匀速提升相同高度。若1=2,所用竖直向上的拉力分别为1和2,拉力做功的功率分别为1和2,两装置的机械效率分别为1和2忽略绳重和摩擦,则下列选项正确的是A.1>21<21<2B.1>21=21=2 C.1<21<21<2D.1<21>21>27.一个标有“220V、40W”的灯泡接入某电路,测得通过它的电流是.15,则灯泡的实际功率A.等于40WB.等于33WC.小于33WD.上述都不对8.关于重力势能的说法,正确的是A.质量大的物体,重力势能一定大B.被举得高的物体,重力势能一定大C.质量相等的物体,被举得越高,重力势能就越大D.质量相等的物体,速度越大,重力势能就越大9.如图所示,电源电压为8V并保持不变,闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P由一个位置移动到另一位置时,定值电阻的电功率由1.6变成了.4,则电压表的示数可能是A.由2V变为4VB.由4V变为6VC.由3V变为5VD.由3V变为6V1.小桐在探究“物体质量跟体积的关系”的实验中,根据实验数据绘出了如图所示的图象其中m表示量杯和液体的总质量,V表示量杯中液体的体积。则以下判断正确的是A.由图象可知同种物质的质量跟体积不成正比B.计算可得该液体的密度是1.25ͷ3C.当液体体积为43时,液体的质量等于60gD.当液体质量为30g时,其体积等于315311.下列说法中,正确的是A.力是维持物体运动的原因B.物体的速度越大,惯性越大C.只有做匀速直线运动的物体才具有惯性D.力是改变物体运动状态的原因二、多选题(本大题共2小题,共8.0分)12.正月十五是我国传统节日元宵节。这一天人们不仅要食用传统食物元宵,还要打灯笼、猜灯谜,因此这一天也被称为灯节。如图所示,挂在绳子下端的灯笼处于静止状态,下列的受力分析正确的是A.灯笼受到的重力和绳子对灯笼的拉力是一对平衡力 B.灯笼受到的重力和灯笼对绳子的拉力是一对相互作用力C.灯笼对绳子的拉力和绳子对灯笼的拉力是一对平衡力D.灯笼对绳子的拉力和绳子对灯笼的拉力是一对相互作用力13.下面有关浮力的说法正确的是A.静止在水中的物体,受到的浮力一定等于自身的重力B.浸没在水中的物体,体积越大,受到的浮力越大C.物体浸在液体中,由于受到浮力,物体的重力变小D.在水中向下运动的物体,受到的浮力可能大于自身重力三、作图题(本大题共3小题,共6.0分)14.居民楼的楼道里,夜间只是偶尔有人经过,电灯总是亮着会浪费电。小明想利用光控开关和声控开关设计出一种“聪明”的电路晚上,有人走动发出声音,灯亮;白天,无论发出多大声音,电灯也不会亮。请把图中的器材连接成符合要求的电路光控开关在天黑时自动闭合,天亮时自动断开;声控开关在有人走动发出声音时就闭合,闭合后经过一两分钟便自动断开。15.画出图中悬浮在水中的物块所受力的示意图。 16.要求同时满足电磁铁磁性有无可以控制;能改变电磁铁磁性的强弱;电路接通后使小磁针静止时在如图所示的位置.请在虚线框将电路补充完全.四、实验探究题(本大题共4小题,共19.0分)17.小刘同学用一个焦距未知的凸透镜、蜡烛、光屏、光具座探究凸透镜成像规律:1由图1可知,该凸透镜的焦距是______cm. 2如图2所示,若在光屏上光屏未画出能得到清晰放大的烛焰的像,则蜡烛可能置于凸透镜左边a、b、c、d四点中的______点上是该凸透镜的2倍焦距处,此成像特点可应用在______上.3通过实验,小刘发现蜡烛离凸透镜越远,光屏上得到的清晰像越______填“大”或“小”.把蜡烛向凸透镜靠近时,要在光屏上成清晰倒立的像,光屏应______凸透镜填“靠近”或“远离”.18.如图甲所示,是小明“探究物质熔化规律”的实验装置:1实验中通过水对试管加热,而不是直接加热试管,目的是使____________________。2实验中某时刻温度计示数如图乙所示,该物质此时的温度为__________。3比较图丙中AB段与CD段可知:该物质在__________选填“AB”或“CD”段吸热能力强。19.小明测量南京鹅卵石的密度,进行了如下实验:1将天平放在______桌面上,游码放在标尺左端零刻线处,发现指针静止时如图甲所示,应将天平的平衡螺母向______端调,使横梁平衡。2如图乙所示,鹅卵石的质量为______g。3将鹅卵石放入盛有50mL水的量筒中,静止时液面情况如图丙所示,则鹅卵石的密度是______ͷ3。 4小明根据所测数据,在图丁上描出一个对应的点A,接着他又换用另一石块重复了上述实验,将所测数据在图上又描出了另一个对应的点B,若、分别代表鹅卵石和另一石块的密度,则______选填“>”、“=”或“<”。20.某实验小组在做“测量小灯泡电功率”的实验中,所用电源电压为3V,待测小灯泡的额定电压为2.5㌹,电阻约为1。1请用笔画线代替导线,完成如图甲实物电路的连接。要求:连线不得交叉,电流表量程要正确2检查电路连接无误后,闭合开关S,发现灯泡不亮,电压表有示数,电流表几乎无示数。产生这一现象的原因可能是______。A.变阻器断路.电压表短路.电压表断路.小灯泡断路3故障排除后,闭合开关,当滑动变阻器滑片P移到某一位置时,电压表示数如图乙所示。要测量小灯泡的额定功率,应将滑动变阻器的滑片P向______移。选填“A”或“B”4通过移动滑动变阻器的滑片P,记录了多组数据,并作出如图丙所示的⸳图象。根据图象可知小灯泡的额定功率为______W。五、计算题(本大题共2小题,共18.0分)21.如图,均匀圆柱体A的底面积为6132,圆柱形薄壁容器B的质量为.3、底面积为3132、内壁高为.7。把A、B置于水平地面上。已知A的密度为1.513ͷ3,B中盛有1.5的水。1若A的体积为4133,求A对水平地面的压力;2求容器B对水平地面的压强;3现将另一物体甲分别放在A的上面和浸没在B容器的水中水未溢出,A对地面压强的变化量与B中水对容器底压强的变化量相等。 求:物体甲的密度物体甲在B容器中受到的最大浮力。22.某型号电压力锅的额定电压为220V,如图是其工作原理简图.发热板由主加热器1和保压加热器2组成,1的额定功率为800W,2的阻值为242.接通电路,开关S自动与触点a、b闭合,开始加热,当锅内水温达到15时,S自动与a、b断开,并与触点c接通,开始保压,此时锅内水温不变,且未沸腾.求:1电压力锅正常工作并且处于加热状态时,发热板加热的总电功率有多大?2用该压力锅对4kg、2的水加热,正常工作20min后,求水温升高到多少摄氏度?已知消耗的电能有84⸷被水吸收,水的比热容为4.213ͷ.3在保压状态下,发热板正常工作30min消耗的电能有多少? 【答案与解析】1.答案:C解析:解答此题首先要知道水面上的雾气是什么状态,然后知道这种状态的物质从哪来的.水面的雾气是液态的小水滴,是由空气中的水蒸气液化变来的,而空气中的水蒸气又是由河水蒸发所得。湖水随时都在蒸发;湖面上总有很多的水蒸气,但是水蒸气和空气一样是看不见的.只有当水蒸气遇冷液化成小水珠形成雾气才能被我们看见,风吹水面只能加快雾气的流动,加快小液珠水珠的消失。故选C。2.答案:B解析:本题是历年考试中的常见题型。涉及的内容有电流的磁效应,电动机的原理和发电机的原理。注意电动机和发电机的区别:电动机是先有电,后运动;发电机是先运动,后发电。发电机的工作原理是电磁感应现象:闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时,导体中就会产生电流。A.小磁针发生偏转,探究的是电流的磁效应,故A错误;B.在该装置中,只要导体棒ab做切割磁感线运动,在电路中就会产生电流,即电磁感应现象,故发电机就是利用该原理制成的,故B正确;C.通电导线在磁场中受力的作用,是电动机的工作原理,故C错误;D.磁铁吸引小磁针,探究的是磁极间的相互作用规律,故D错误。故选B。3.答案:B解析:解:在飞船与火箭分离前,以长征火箭为参照物,载人飞船相对于长征火箭来说位置没有发生变化,所以它是静止的;以发射塔、地面、高山为参照物,载人飞船相对于它们来说位置不断发生变化,所以它是运动的,故ACD错误,B正确。故选:B。 运动和静止是相对的,相对于参照物来说物体位置发生变化则是运动的,否则是静止的;此题考查了运动和静止相对性的应用,是一道比较简单的题目。4.答案:B解析:解:A、桥在河水中的倒影属于平面镜成像,是由光的反射形成的,故A错误;B、射入空中的激光束是沿直线传播的,是光沿直线传播产生的,故B正确;C、看到池底的石头是光发生折射形成的虚像,故C错误;D、洒水车在唐河街道上洒水时形成的彩虹,属于光的色散现象,故D错误。故选:B。掌握三种光现象:在生活中,激光准直、小孔成像、影子的形成、日食月食的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的;光照射到两种物质界面上时,一部分光被反射回原来介质的现象是光的反射,现象有:平面镜成像、水中倒影等;当光从一种介质斜射入另一种介质时,传播方向发生改变,这是光的折射,现象有:看水里的鱼比实际位置浅、彩虹、透镜成像等。一般来说:见到影子、日月食、小孔成像就联系到光的直线传播原理;见到镜子、倒影、潜望镜就联系到光的反射原理;见到水中的物体,隔着玻璃或透镜看物体就联系到光的折射原理。5.答案:A解析:解:由图可知:灯泡与滑动变阻器是串联关系,电流表测总电流,电压表测量灯泡两端的电压;1因为滑动变阻器的滑片向A端移动时电阻阻值逐渐变小,所以电路中的总电阻阻值逐渐减小;⸳则由欧姆定律=可知电路中电流逐渐变大,即电流表的示数逐渐变大。2根据欧姆定律:⸳=可得:灯泡的电阻不变,电流逐渐变大;则灯泡两端的电压逐渐变大。即电压表示数逐渐变大。3由=2可知:灯泡的电流逐渐变大,灯泡的电阻又不变; 故灯泡的实际功率逐渐变大,即灯泡亮度越来越亮。⸳24由=可得:在电源电压不变,电路中总电阻变小时;电路中的总功率会变大。所以选项中B、C、D错误,A正确。故选:A。1由图可知,滑动变阻器与灯泡串联,由题意知电路中电阻的变化,则由欧姆定律可求得电路中电流的变化,即是电流表示数的变化;2根据电路中电流的变化利用欧姆定律即可判断灯泡两端电流的变化,从而得出电压表的示数变化;3再根据=2即可判断灯泡的亮暗变化;⸳24根据=即可判断电路中电功率的变化。本题是一道闭合电路动态分析题,分析清楚电路结构是正确解题的前提与关键,应用串联电路特点、欧姆定律、电功率公式即可正确解题。6.答案:B解析:此题考查了定滑轮、动滑轮的工作特点及功的原理的应用,解题关键是知道使用动滑轮要克服动滑轮重力做功,在有用功相同的情况下,使用动滑轮所做的总功多。本题是一道基础性题目,也是容易出错的题目。1由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n,由=൭动比较1、2的大小;把相同的重物匀速提升相同的高度,做的有用功相同;不计绳重及摩擦,利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度,做额外功相同;而总功等于有用功加上额外功,可知利用滑轮组做的总功相同,有再根据=1⸷和功率计算公式可比较机械效率和拉力做功的功率大小。总不计绳重及摩擦,1因为拉力=൭动,1=2,2=3,11所以绳子受到的拉力分别为:1=21൭动,2=32൭动,故F1>2;故CD错误;因为动滑轮重相同,提升的物体重和高度相同,额=动,有用=物,所以利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同,总功相同;有由=1⸷可知,机械效率相同,即1=2;总又因为所用时间相同,由=可知,拉力做功的功率1=2,故A错误,B正确。 故选B。7.答案:C解析:解:灯泡的电阻为:⸳222㌹2===121,4通过它的电流是.15时灯泡的实际功率为:ᦙ=ᦙ2=.152121=27.225<33。故选:C。⸳2由灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率,根据=求出灯泡的电阻;再根据=2求出通过它的电流是.15时灯泡的实际功率。本题考查了电阻、电功率的计算,关键是公式及其变形式的灵活应用,以及对灯泡铭牌含义的理解和掌握。8.答案:C解析:解:A、重力势能还与被举的高度有关,所以质量大的物体,重力势能不一定大,所以A错误;B、重力势能还与物体的质量有关,所以被举得高的物体,重力势能不一定大,所以B错误;C、质量相等的物体,被举得越高,重力势能就越大,C正确;D、重力势能与速度无关,所以D错误。故选:C。影响重力势能的因素是质量和高度,那么,比较重力势能的大小既要比较质量,又要比较高度;本题考查了重力势能的概念以及影响重力势能大小的两个因素。9.答案:B解析:此题主要考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用,关键是根据定值电阻消耗的电功率得出两种情况下的电流关系,再根据电压表的示数关系得出答案。根据=2结合两种情况定值电阻消耗的电功率求出两种情况下的电流关系,根据欧姆定律求出两种情况下两端的电压关系,然后根据串联电路的电压特点分别表示出选项中电压表的示数关系, 找出符合题意的选项。21.641定值电阻的电功率由1.6变成了.4时,设电路中的电流由1变为2,则=2=.4=,ᦙ21解得:1=22,因的电阻保持不变,所以,由⸳=可得,前后两种状态下两端的电压关系为:⸳1=2⸳2;A.当电压表原来的示数为2V时,两端的电压:⸳1=8㌹2㌹=6㌹,当电压表的示数为4V时,两端的电压:⸳2=8㌹4㌹=4㌹,不符合⸳1=2⸳2,故A错误;B.当电压表原来的示数为4V时,两端的电压:⸳1=8㌹4㌹=4㌹,当电压表的示数为6V时,两端的电压:⸳2=8㌹6㌹=2㌹,符合⸳1=2⸳2,故B正确;C.当电压表原来的示数为3V时,两端的电压:⸳1=8㌹3㌹=5㌹,当电压表的示数为5V时,两端的电压:⸳2=8㌹5㌹=3㌹,不符合⸳1=2⸳2,故C错误;D.当电压表原来的示数为3V时,两端的电压:⸳1=8㌹3㌹=5㌹,当电压表的示数为6V时,两端的电压:⸳2=8㌹6㌹=2㌹,不符合⸳1=2⸳2,故D错误。故选B。10.答案:D解析:1同种物质的质量与体积成正比;2由图像找到液体体积为0时对应的质量则为量杯的质量;3液体体积为83时,对应的总质量为100g,求出液体的质量,然后利用密度公式求出液体的密度;4根据液体的密度,利用变形公式求液体的质量或体积。本题考查学生对图像的认识能力,关键是能够求出量杯的质量。A.同种物质的质量跟体积成正比,图像中的m并不是液体的质量,故A不符合题意; 12B.由图像知液体体积为0时对应的质量是20g,即量杯的质量是20g,则液体密度==1ͷ833,故B不符合题意;C.㌹=43时,液体质量=㌹=1ͷ343=4,故C不符合题意;3353D.液体质量=3,体积㌹==3=3=31,故D符合题意。1ͷ故选D。11.答案:D解析:解:力是改变物体运动状态的原因,维持物体运动不需要力,A说法错误;D正确;惯性是指物体总有保持原有运动状态不变的性质,它是物体的一种基本属性,任何物体在任何时候都具有惯性,惯性的大小和物体的质量有关,和速度无关,BC错误;故选:D。解答此题首先要明确力与运动之间的一些基本关系的描述:力是改变物体运动状态的原因,维持物体运动不需要力,如果一个物体的运动状态发生了改变,那它一定是受到了力的作用。受平衡力作用的物体,可能静止也可能做匀速直线运动。物体总有保持原有运动状态不变的性质,这种性质叫做惯性。应该从定义的角度来分析本题。本题主要考查了力与运动的关系,时刻牢记力是改变物体运动状态的原因,维持物体运动不需要力,便可对大多数的现象进行分析和判断。同时也要注意,当一个物体的运动状态发生了改变时,说明它一定受到了力的作用。12.答案:AD解析:解:A、灯笼所受重力与绳子对灯笼的拉力大小相等,方向相反,作用在同一个物体上,是一对平衡力。故A正确。B、灯笼受到的重力和灯笼对绳子的拉力方向相同,不是一对相互作用力。故B错误。CD、作用力与反作用力大小相等,反向相反,灯笼对绳子的拉力和绳子对灯笼的拉力大小相等、方向相反、作用在不同的物体上是一对作用力和反作用力。故C错误,D正确。故选:AD。 平衡力应作用在同一物体上,物体所受的重力和绳子对物体的拉力是一对平衡力。作用力和反作用力,大小相等,方向相反,作用在不同的物体上。解决本题的关键知道作用力和反作用力与平衡力的区别,作用力和反作用力作用在不同的物体上,平衡力作用在同一物体上。13.答案:BD解析:解:A、漂浮在水面上的物体,受到的浮力等于重力;沉在水底的物体受到的浮力小于重力,故A错误;B、根据阿基米德原理:浮=排=液㌹排;可见浮力与液和㌹排都有关;浸没在水中的物体,体积大,受至的浮力越大,故B正确;C、重力是由于地球的吸引而使物体受到的力,与浮力无关,所以物体浸在液体中,受到浮力作用,但物体的重力不变。故C错误;故C错误;D、在水中向下运动的物体,若物体还受向下的拉力,受到的浮力可能大于自身重力;故D正确;故选:BD。1运用阿基米德原理,影响浮力大小的有液体密度和排开的体积;还要留意物体的状态等因素;抓住题目中的相等量和变化的量,慎重思考解答;2物体由于地球的吸引而受到的力叫做重力。此题考查了阿基米德原理的应用,在判断浮力大小时,要考虑液体密度和排开的体积,还要考虑重力产生的原因等。综合以上统筹考虑方可解答正确。14.答案:解析:设计电路时,首先考虑开关和用电器之间的连接,再考虑用电器之间的连接,最后和电源构成通路。由题意可知,居民楼的楼道里灯泡亮的条件是:1必须是晚上,白天不亮;2必须有人经过,没人不亮,所以光控开关和声控开关不能独立工作,即串联。晚上,天黑光控开关闭合,有人走动发出声音,声控开关闭合,灯亮,说明两个开关不能独立工作,即两个开关串联,再和灯泡串联,如图所示: 。15.答案:解:悬浮在水中的物块受两个力:重力与浮力。重力方向竖直向下,浮力方向竖直向上,两力大小相等;过物块的重心沿重力与浮力的方向作出重力与浮力的示意图,如图所示:解析:对物块受力分析,物块在水中处于静止状态,受两个力:重力与浮力,且是一对平衡力。画力的示意图的一般步骤为:一画简图二定点,三画线,四画尖,五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤,很容易能够画出指定力的示意图。16.答案:解:电磁铁的磁性强弱跟电流大小、匝数多少、是否有铁芯插入有关.图中匝数多少、是否有铁芯插入已确定,所以只能改变电流的大小,我们可以利用滑动变阻器来达到这个目的,滑动变阻器与电源串联.另外,我们还要画出电源.小磁针静止时N极所指示的方向--向右,为该点磁场的方向.在磁体外部,磁感线从N极指向S极,所以螺线管的右端为S极,左端为N极.根据右手定则,电流应该从电磁铁的右端流入,左端流出,所以通电螺线管右端的导线连接电源的正极,左端的导线连接电源的负极..解析:要改变电磁铁磁性的强弱,就需要从决定电磁铁磁性强弱的因素电流大小、线圈匝数、有无铁芯这几方面去考虑.由于线圈匝数、铁芯这两个方面已经确定.故只有从电流大小去考虑.要使小磁针静止在图示位置,就要使电磁铁的左端为N极,右端为S极.然后利用安培定则来确定电流方向.本题考查了学生对于有关电磁铁知识的掌握情况,要求学生能运用所学的物理知识来解决实际问题, 真正做到学以致用.17.答案:111.;2;投影仪;3小;远离解析:1根据凸透镜焦点和焦距的定义进行判断;2根据凸透镜成像的三种情况和应用进行判断:>2透,成倒立、缩小的实像,应用于照相机和摄像机;2透>>透,成倒立、放大的实像,应用于幻灯机和投影仪;<透,成正立、放大的虚像,应用于放大镜和老花镜;3凸透镜成实像时,物距变大、像距变小、像变小。凸透镜成像的三种情况和应用是凸透镜成像习题的重要依据,一定要熟练掌握。解:1平行于主光轴的光线经凸透镜折射后,会聚在主光轴上一点,这点是凸透镜的焦点,焦点到光心的距离是凸透镜的焦距,所以凸透镜的焦距是:透=41.3.=11.;2在光屏上得到的清晰放大的烛焰的像一定是倒立的实像,应满足物距大于一倍焦距小于二倍焦距,蜡烛应在c点处;应用这一原理的光学仪器是投影仪;3凸透镜成实像时,物距越大、像距越小、像越小;把蜡烛向凸透镜靠近时,物距变小,像距变大,光屏应远离透镜。故答案为:111.;2;投影仪;3小;远离。18.答案:1试管受热均匀;22;3解析:本题考查物质熔化过程的探究实验,是热学实验中基础题目。1探究晶体和非晶体的熔化和凝固实验时,一般都采用水浴法,物体的温度变化比较均匀,并且变化比较慢,便于记录实验温度。2根据温度计的分度值读数; 3结合图像,运用公式吸=可以知道,当质量和吸收的热量相同时,比热容和升高的温度成反比。1实验中通过水对试管加热,而不是直接加热试管,目的是使物质均匀受热。2由图可知,温度在以上,分度值为1,故示数为2;3根据公式吸=可以知道,当质量和吸收的热量相同时,比热容和升高的温度成反比。AB段的冰温度升高的快,是因为该物质固态时的比热容比液态时的比热容小,AB段的吸热能力小于CD段的吸热能力。故答案为:1试管受热均匀;22;3。19.答案:水平左31.23.1213<解析:解:1将天平放在水平桌面上,由图可知指针偏向分度盘的右侧,此时应该将右边的平衡螺母向左移动,直到指针指在分度盘的中央;2从乙图读出雨花石的质量:=2൭1൭1.2=31.2;3从丙图读出石块的体积:㌹=6Ͳ53=13,石块的密度:31.2333===3.12ͷ=3.121ͷ。㌹134同种物质的质量与体积的比值为一个定值,即质量与体积的图象为一条过原点的直线,根据AB两个点分别做出图象,如图:由图可知,当体积相同时,B的质量等于A的质量,故<。故答案为:1水平;左;231.2;33.1213;4<。1天平使用前的调节:若指针左偏,向右调平衡螺母,使指针指在分度盘的中线处; 2雨花石的质量等于砝码的质量加上游码的质量;3根据排水法用量筒测出矿石体积,利用=求石块的密度;㌹4根据两个点,分别过原点做出图象,根据图象分析密度的大小。本题考查天平的使用、量筒的读数、密度的计算,难度不大,属于基础题,计算时注意单位统一。20.答案:1;2;3;4.5。⸳2.5㌹解析:解:1由题意知灯泡的额定电压是2.5㌹,电阻约为1,则灯泡的额定电流===1.25,则电流表选择~.6量程,电流表.6接线柱与灯泡左侧相连,电路图如图所示:2灯泡不亮,可能是灯泡断路或短路或灯泡之外的电路断路;电流表无示数可能是电路断路;电压表示数接近电源电压,说明电压表与电源两端相连,电压表并联电路之外不存在断路;故选D;3电压表使用~3㌹量程,分度值为.1㌹,电压为2.2㌹;要使灯泡正常工作,灯泡两端电压从2.2㌹增大到2.5㌹,电路电流要增大,总电阻要减小,滑动变阻器的电阻要减小,滑片向B端移动,使电压表的示数为2.5㌹为止;4由图象知,当灯的电压是2.5㌹时,对应的电流值为.2,额定功率=⸳=2.5㌹.2=.5。本题考查了测量电功率的实验中电路故障的判断、电压表的读数、串联电路的分压作用及额定功率的计算,同时还考查了学生对图象的分析和处理能力。本实验需要注意灯丝的电阻随温度的变化而 变化。21.答案:解:1由=可得,A的质量:㌹=㌹=1.513ͷ34133=6,A对地面的压力:===61ͷ=6;2容器B对地面的压力:=总=水൭=1.5൭.31ͷ=18,容器B对地面的压强:18==3132=6;3因水平面上物体的压力和自身的重力相等,所以,甲放在A的上面时,A对地面压强的变化量:甲甲===,甲浸没在B容器的水中时,排开水的体积:甲㌹排=㌹甲=,甲水上升的高度:甲㌹排甲甲,===甲B中水对容器底压强的变化量:甲=水=水,甲因A对地面压强的变化量与B中水对容器底压强的变化量相等,甲甲所以,=,即=水,甲61323333则==1.1ͷ=21ͷ;甲水3132水未溢出时,甲的最大体积等于B的容积减去水的体积,此时甲排开水的体积最大,受到的浮力最大,水321.543则㌹排=㌹水==31.7113ͷ3=61,水甲受到的最大浮力: =㌹=1.13ͷ31ͷ6143=6。浮水排答:1对地面的压力为60N;2容器B对地面的压强为6000Pa;3物体甲的密度为213ͷ3;甲受到的最大浮力为6N。解析:1已知A的体积和密度,根据=㌹求出其质量,A对地面的压力和自身的重力相等,根据==求出其大小;2容器B对地面的压力等于容器B和水的重力之和,根据==求出其大小,根据=求出容器B对地面的压强;3甲放在A的上面时A对地面压力的增加量等于甲的重力,根据=表示出压强的变化量;甲浸没在B容器的水中时,排开水的体积和自身的体积相等,根据㌹=求出其大小,然后求出水上升的高度,利用=表示出B中液体对容器底压强的变化量,根据A对地面压强的变化量与B中液体对容器底压强的变化量相等得出等式即可求出甲的密度;水未溢出时,甲的最大体积等于B的容积减去水的体积,此时甲排开水的体积最大,受到的浮力最大,根据体积公式和密度公式求出最大排开水的体积,根据阿基米德原理求出受到的最大浮力。本题考查了密度公式和重力公式以及压强公式、液体压强方式、阿基米德原理的应用,正确的判断出甲物体的最大排开水的体积是关键。22.答案:解:1电压力锅正常工作并且处于加热状态时,1、2并联,⸳222㌹22的电功率:2===2,2242则发热板加热的总功率=1൭2=8൭2=1;2该压力锅对正常工作并且处于加热状态20min后,消耗的电能:==126=1.216,水吸收的热量:=84⸷=84⸷1.216=1.816,水的温度变化:1.816===6,4.213ͷ4水温升高到=2൭6=8;3在保压状态下,2单独接入电路,发热板正常工作30min消耗的电能: =2=236=3.615J.答:1电压力锅正常工作并且处于加热状态时,发热板加热的总电功率为1000W;2用该压力锅对4kg、2的水加热,正常工作20min后,水温升高到8;3在保压状态下,发热板正常工作30min消耗的电能3.615⸳2解析:1电压力锅正常工作并且处于加热状态时,1、2并联,可根据=计算出2的电功率,加上1的电功率即为总功率;2先利用=算出消耗的电能,并得出水吸收的热量,利用=可以算出水的温度变化,并得出末温;2在保压状态下,2单独接入电路,直接用=算出消耗的电能.本题考查电功率、电能、吸收热量和升高温度的计算,关键是公式及其变形的灵活运用,重点是对电路图的分析,这也是本题的难点.