2020年襄阳市襄州区中考物理一模试卷(含解析) 26页

2020年襄阳市襄州区中考物理一模试卷一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）1.声音对我们来说再熟悉不过了，下列关于声音的说法正确的是A.声音是由于物体振动产生的B.戴耳机是为了在声源处减弱噪声C.根据音调的高低辨别不同的乐器D.声波能传递信息，但不能传递能量2.下列现象不属于光的折射的是A.插在水中的筷子变弯B.岸上的人看到湖水中的蓝天白云C.池水看起来比实际的浅D.潜水员从水中看见岸上的树比实际的高3.下列关于“白气”的说法中正确的是A.烧开水时，壶嘴周围的“白气”是壶内的水汽化形成的水蒸气B.烧开水时，壶嘴周围的“白气”是壶内冒出的水蒸气遇冷液化形成的小水滴C.打开冰箱门，门周围的“白气”是门外的空气液化形成的小水滴D.打开冰箱门，门周围的“白气”是冰箱内的水蒸气液化形成的小水滴4.篮球运动时中学生喜爱的运动之一，以下有关解释正确的是A.扣篮时，手对球的作用力大于球对手的作用力B.向上抛球时，球在最高点处于平衡状态C.传球时，球从一个队员传到另一个队员时受到惯性的作用D.跳投时，球在空中划出一条弧线是因为力改变了球的运动状态5.以下家用电器中利用电流热效应工作的是A.电饭锅B.洗衣机C.电冰箱D.电风扇6.如图所示，推力F作用下小车在水平桌面上做匀速直线运动．撤去推力F，则小车 A.立即停止运动B.保持原来的匀速直线运动状态C.运动将越来越慢，最后处于静止D.受的摩擦力将越来越大，最后处于静止7.两定值电阻甲、乙中的电流与电压关系如图所示，现将甲和乙串联后接在电路中，已知乙两端的电压为3V，下列分析正确的是A.电源电压为6VB.甲消耗的电功率等于.45C.甲中的电流大于乙中的电流D.甲乙两端的电压之比为2：18.如图所示，物体1、2、3，质量和体积都相同，均放在水平地面上．则它们对地面产生的压强A.物体1最大B.物体2最大C.物体3最大D.一样大9.如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑片P向右移动时，下列说法错误的是A.电压表表示数变大B.电流表示数变小C.灯L的亮度不变D.电路的总功率变小1.关于家庭用电，下列说法正确的是A.三孔插座比两孔插座多的那个孔是用来地线连接的B.人站在绝缘的木凳上修电灯，不会发生触电事故C.用试电笔检查电路时，手不能接触任何金属体D.家庭电路中空气开关跳闸一定是发生了短路二、填空题（本大题共6小题，共13.0分） 11.夏天在农贸市场卖海鲜产品的摊位上，经常看到摊主将冰块放在新鲜的海产品上面用于保鲜，这主要是因为冰块有较低的温度和熔点，且冰在______填一物态变化名称过程中要______热量选填：“吸收”、“放出”。12.人站在平面镜前3米处，若人以.5晦的速度垂直向平面镜靠近，则像相对于人的速度大小为______晦，像的大小______.填“变大”、“变小”或“不变”13.根据阿基米德原理，体积为2为3的物体，浸没在水中时，受到的浮力为______.一艘排水量满载时排开水的质量为30t的货船在黄河中满载航行时，船受到的浮力为______.在码头将货物卸下后，船受到的浮力______.选填“变小”、“不变”或“变大”14.如图所示，在已经处于水平位置平衡的杠杆的A点悬挂两个总重为2N的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向上拉，使杠杆在水平位置再次平衡，则拉力应为______N，此时的杠杆属于______选填“省力”或“费力”杠杆。15.在图所示的电路中，电源电压不变，灯泡标有“4V2W”字样，当开关S闭合时，灯泡正常发光，电流表的示数为.6的，电阻R的阻值为______，通电1min电阻R产生的热量为______J。16.如图所示，闭合开关后，导体棒ab向右运动，说明磁场对通电导体有______的作用；若要使导体棒ab向左运动，正确的操作之一是______．三、作图题（本大题共3小题，共3.0分）17.如图所示，画出射入凹透镜的每条入射光线以及对应的折射光线。 18.如图所示图甲是某人沿斜坡滑雪的情景图，请在图乙中画出该人所受重力G、弹力N和阻力f的示意图。19.请利用图中给出的信息，帮助小迪同学在图中标出小磁针的N极、电源的正极，并用箭头标出磁感线的方向． 四、实验探究题（本大题共5小题，共15.0分）2.1图甲中长方形物体的长度是______cm；2图乙中温度计的读数是______；3图丙中物体的重力是______N。21.如图所示，加图是“探究晶体熔化时温度的变化规律”实验装置。1该实验中存在一个错误操作是______。2乙图是改正错误后根据实验数据所绘制的温度时间图象，由图可知该晶体在第5分钟时处于______态。3丙图是温度计在第3分钟时的示数，则该晶体的熔点为______。 22.在探究液体内部压强大小影响因素的实验中1如图1所示是U形管压强计，当橡皮膜不受压力时，U形管两边的液面保持相平，此时这个压强计______选填“是”或“不是”连通器．2将橡皮膜放入水中，U形管内水面出现高度差，这说明液体内部存在______．3将水中橡皮膜的探头朝向不同方向，如图2所示，比较图A、B、C可知同种液体在同一深度处的______相等．4小明将压强计放入甲乙两种溶液中，现象如图3所示，由此可知甲液体的密度______乙液体的密度选填“大于”、“小于”或“等于”5在实验的过程中，小明发现根据压强计液面高度差计算出的压强1和用烧杯液体深度计算出的压强2不相等，同学们讨论发现是由于橡皮膜发生形变导致1______2选填“大于”、“小于”或“等于”23.用图甲所示的电路测量额定电压为2.5电的小灯泡电阻，图乙是未完成连接的实验电路。1请你用笔画线代替导线，把乙图中的实物图电路连接完整。2闭合开关前，滑动变阻器连入电路的阻值为最大值的作用是______。 3检查电路无误后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5电，电流表读数如图丙所示，小灯泡正常发光此时灯丝的电阻为______.结果保留位小数4移动滑动变阻器滑片，小灯泡两端电压逐次下降，灯丝温度也不断降低测量数据如表。实验次数123456发光情况明亮较亮不很亮较暗微光熄灭电压电2.52.11.71.3.9.5电流的.26.24.21.19.16电阻8.17.16.24.73.1对比不同电压下小灯泡的阻值，把你的发现写成具有概括性的一句话：______。24.小华同学为了测定某额定电压为2.5电的小灯泡的额定功率，采用如图甲所示的电路图，实验过程如下：1在连接电路时开关应该______，滑片P应置于______端选填A、。2老师发现该同学的电路连接有一处错误，请在错误的导线上画“”，并帮其改正。3在改正线路后，小华闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数且接近电源电压，出现这种情况的可能原因是______。4排除故障后小华继续实验，当电压表示数为2V时，电流表读数如图乙所示，则此时小灯泡消耗的电功率为______.为了测定小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片P向______填A或端移动。5小华还发现小灯泡的电流和电压不成正比，这是因为______。五、计算题（本大题共3小题，共11.0分） 25.如图所示是研究物体动能的大小跟哪些因素有关的实验。让钢球从斜面上滚下，撞击到一个木块上。1此实验是观察木块被钢球推动的______大小，说明钢球对木块做功的多少，从而判断钢球动能的大小。2让同一钢球从不同的高度滚下时，滚下时的位置越高，滚到斜面下端时______越大，把木块推得越远，说明在钢球______相同的情况下，钢球的______越大，动能越大。3让质量不同的钢球从同一高度滚下，滚到斜面下端时速度相同，钢球的______越大，把木块推得越远，说明在钢球______相同的情况下，钢球的______越大，动能越大。4从这个实验可以得出结论：运动物体的动能与______有关。26.一名体重为500N、双脚与地面接触面积为4为2的学生站在水平地面上，用如图所示的滑轮组，在20s内将600N的重物匀速提升绳重及绳与滑轮之间的摩擦不计。1当这名学生未提起重物时，他对地面的压强是多大？2若匀速提升重物的过程中，滑轮组的机械效率是75h，拉力的功率多大？3该学生用此滑轮组提升重物时的最大机械效率是多大？ 27.如图甲是某款电热水龙头，即开即热、冷热兼用．图乙是它的原理电路图，1、2为电热丝．通过旋转手柄带动开关S接通对应的电路，从而实现冷水、温水、热水之间切换．有关参数如表，不考虑温度对电阻丝阻值的影响．产品名称即热式热水龙头应用场所厨房、卫生间温水2200W额定功率热水3300W额定电压220V额定频率50Hz防触电类型Ⅰ类最高等级1当开关与1、2触点接通时，电路中的电流是多大？2当开关与2、3触点接通时，电路工作1min消耗的电能是多少？2的电阻值是多大？3根据实际需要，某物理兴趣小组同学尝试把热水额定功率降为3080W，而温水额定功率不变．则，可以将电热丝选填“1”或“2”改为阻值的电阻丝． 【答案与解析】1.答案：A解析：本题考查学生对防治噪声的途径、声音的产生、声音的特征、声音的利用等多个知识点的理解，此题属于中考中常见的综合性题目，属于识记性内容，比较简单。1一切声音都是由物体的振动产生的，当振动停止，发声也停止；2减弱噪声的方法有：一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱；3声音有三个特征，即音调、响度和音色，我们一般利用音色来区分和辨别物体；4声音即能传递信息，又能传递能量。A.声音是由物体振动产生的，当振动停止，发声也停止，故A正确；B.戴耳罩是为了在人耳处减弱噪声，故B错误；C.我们能辨别不同乐器发出的声音，这是根据发声体的音色不同进行判断的，故C错误；D.声音即能传递信息，又能传递能量，故D错误。故选A。2.答案：B解析：【试题解析】解：A、插在水中的筷子变弯属于光的折射现象；B、岸上的人看到湖水中的蓝天白云属于平面镜成像，是由于光的反射引起的；C、池水看起来比实际的浅是由于光的折射引起的；D、潜水员从水中看见岸上的树比实际的高，是由于光的折射引起的．故选B．1光沿直线传播的典型事例有日食、月食及影子等；2当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折，这就是光的折射现象；3平面镜成像时是光的反射现象．本题考查了光沿直线传播现象的应用、光的反射现象的应用以及光的折射现象的应用，都是基础知识． 3.答案：B解析：“白气”是水蒸气遇冷液化而成的小水滴，注意水蒸气的来源。本题考查了液化现象，是中考的热点。的.烧开水时，从壶嘴冒出的“白气”是由壶嘴冒出的水蒸气遇冷液化形成的，故A错误、B正确；㤱.打开冰箱门，看到冒“白气”，这“白气”是由于空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故C、D错误。故选B。4.答案：D解析：解：A、扣篮时，手对球的作用力与球对手的作用力是作用力与反作用力，它们大小相等，该选项说法不正确；B、球上升到最高点时，受到重力作用，受力不平衡，没有处于平衡状态，该选项说法不正确；C、传球时，篮球很快从一个队员传到另一个队员是因为篮球具有惯性，不能说受到惯性作用，该选项说法不正确；D、跳投时，如果没有重力，篮球将做匀速直线运动，重力改变了篮球的运动状态，使球在空中划出一条美丽的弧线，该选项说法正确．故选D．1物体间力的作用是相互的，物体间相互作用的一对力大小相等、方向相反、作用在一条直线上；2平衡状态指的是物体处于静止状态或者匀速直线运动状态，此时物体不受力或者受平衡力的作用；3物体具有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，任何物体都具有惯性；4物体的运动不需要力来维持，力的作用是改变物体的运动状态，使物体发生形变．本题以篮球运动为背景，考查了力的作用、惯性以及力的作用效果，注重了应用能力的考查，是一道基础题． 5.答案：A解析：解：洗衣机、电冰箱、电风扇主要是把电能转化为机械能；只有电饭煲是把电能转化为内能，是利用电流的热效应．故选A．要解答本题需掌握：电流的热效应就是把电能转化为内能．本题主要考查学生对：电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化．是一道基础题．6.答案：C解析：本题考查物体的二力平衡和力可以改变物体运动状态两项内容。平衡力是指物体受到的两个力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，并且作用在同一个物体上．如果突然撤去一个力，那么物体受到的就不再是平衡力了。小车在水平面上做匀速直线运动，受到的推力与阻力是一对平衡力，撤去推力F，则水平方向只受阻力的作用，小车运动将越来越慢，最后静止，故ABD错误，C正确。故选C。7.答案：B解析：本题考查了串联电路的特点和电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。将甲和乙串联后接在电路中时通过它们的电流相等，根据图象读出乙两端的电压为3V时通过的电流即为电路中的电流，再从图象中读出甲两端的电压，然后求出甲乙两端的电压之比，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，根据的求出甲消耗的电功率。甲和乙串联后接在电路中时，因串联电路中各处的电流相等，且乙两端的电压乙的3电，所以，通过两电阻的电流相等，故C错误；由图象可知，电路中电流的甲的乙的.3的，此时甲两端的电压甲的1.5电，则甲乙两端的电压之比：的1.5电3电的12，故D错误；甲乙 因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：的的1.5电3电的4.5电，故A错误；甲乙甲消耗的电功率的的1.5电.3的的.45，故B正确。甲甲甲故选B。8.答案：A解析：解：A、受力面积最小，所以压强最大，符合题意；B、受力面积比1大，所以压强比1小，不符合题意；C、受力面积比1大，所以压强比1小，不符合题意；D、不一样大，不符合题意；故选：A．三个物体质量相同，对地面的压力也相同，所以压强大小由受力面积决定．当压力相同时，我们可以比较受力面积的大小，受力面积小的压强大．9.答案：A解析：解：由电路图可知，灯泡L与变阻器并联，电流表测干路电流，电压表测电源电压，由于电源电压不变，所以滑片移动后电压表示数不变；因为并联电路支路间互不影响，所以滑片的移动后，灯泡支路两端电压和通过的电流不变；则灯L的亮度不变；滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器连入阻值变大，由欧姆定律知通过变阻器的电流变小，由于干路电流等于各支路电流之和，则干路电流减小，即电流表示数变小。由的可知总功率变小；综上所述，A错误，BCD正确。故选：A。本题考查了并联电路特点以及欧姆定律的应用，正确识别电路的连接方式和电表所测物理量是关键。10.答案：A 解析：解：A、三孔插座的接线原则是左零右火上地线，故多的那个孔是用来地线连接的，故A正确；B、人站在绝缘木凳上：一只手接触火线，另一只手如果接触零线，这样，人体与导线构成了闭合电路，电流流过人体，也会发生触电事故，故B错误；C、使用测电笔时，人不能碰到笔尖金属体，但必须接触笔尾金属体，故C错误；D、家庭电路中空气开关跳闸可能是发生了短路，也可能用电器总功率过大，故D错误。故选：A。1三孔插座第三个孔是用来接地线的，防止触电；2触电的形式有：a、人站在绝缘体上：一只手接触火线，另一只手接触零线，这样，人体与导线构成了闭合电路，电流流过人体，发生触电事故；b、人站在地面上：一只手接触火线，导线、人体、大地构成了闭合电路，电流流过人体，发生触电事故；4使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体。4电流过大的原因是短路或用电器总功率过大。本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。11.答案：熔化吸收解析：解：固态的冰块变为液态的水，是熔化现象，熔化过程中吸热，温度保持不变；熔化吸热具有制冷作用，所以夏天在农贸市场卖海鲜产品的摊位上，经常看到摊主将冰块放在新鲜的海产品上面用于保鲜。故答案为：熔化；吸收。物质由固态变为液态叫熔化，熔化过程中吸收热量。分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。12.答案：1；不变解析：解：据平面镜成像的特点可知，若人以.5晦速度向平面镜靠近，同时像也以.5晦速度垂直向平面镜靠近，故像相对于人的速度是：.5晦.5晦的1晦；由于平面镜所成的像是与物体等大的，所以他在镜中的像的大小不变． 故答案为：1；不变．根据平面镜成像的特点：所成的像是虚像；像和物体形状、大小相同；像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；像和物体各对应点到平面镜间距离相等来分析此题．对于平面镜所成的像的大小与物体大小始终相等，当距离平面镜较远时，像看起来小了，这是视角变小的缘故，实际像和物体的大小都没变．13.答案：.2；315；变小解析：解：1物体排开水的体积：电1的2为3的2163，在水中受到的浮力：1的电1的113312163的.2，水的的的3131的315；2船受到的浮力浮排排3在码头将货物卸下前后，船都漂浮，所以浮的；由于船和货物总重变小，则船受到的浮力变小．故答案为：.2；315；变小．1求出排开水的体积，知道水的密度，利用阿基米德原理公式浮的液电排求受到水的浮力；2知道排水量满载时排开水的质量，利用阿基米德原理求船受的浮力；3在码头将货物卸下后，自重减小，根据物体的漂浮条件得出受浮力大小变化．本题考查了学生对阿基米德原理、浮沉条件漂浮条件和液体的压强公式的掌握和运用，分析得出排开水的体积变化、船底所处深度变化是本题的关键．14.答案：1.5；省力解析：解：设每个小格的长度为L，则的的3、的4。根据杠杆的平衡条件：11的22则的的代入数据得，4的23所以的1.5，‸，所以是省力杠杆。 故答案为：1.5；省力。要解决此题，首先掌握杠杆的平衡条件：11的22.确定支点、力及力臂，代入公式便可求出。此题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和应用，要熟记平衡条件公式，关键是确定两个力和对应的力臂。同时考查了杠杆的分类，根据动力臂和阻力臂的关系或动力和阻力的大小关系得出。15.答案：4024解析：解：闭合开关时，灯泡和定值电阻并联，电流表测量干路电流。2已知灯泡正常发光，由的可得，通过灯泡的电流：的的的.5的，4电根据并联电路的电流特点可得，通过电阻R的电流：的的.6的.5的的.1的，由并联电路的电压特点可知，电阻R两端电压：的的4电，根据的得，4电电阻R的阻值为：的的的4；.1的电阻R消耗的功率：的的4电.1的的.4；通电1min，R产生的热量：的的的.46晦的24。故答案为：40；24。由图知，闭合开关时，灯泡和定值电阻并联，电流表测量干路电流。已知灯泡额定电压和额定功率并且正常发光，利用公式的得到通过灯泡的电流；已知干路电流和通过灯泡的电流，可以得到通过电阻的电流；已知灯泡正常发光，可以得到灯泡两端实际电压等于额定电压，根据并联电路电压特点得到电阻两端电压；已知电阻两端电压和通过的电流，利用公式的得到电阻；利用公式的得到电阻消耗的功率；已知电阻消耗的功率和通电时间，利用的得到R产生的热量。此题考查了并联电路的特点、电功率计算公式及其变形公式及电热计算公式的应用，计算环节不复杂，难度不大。16.答案：力；对调磁极或对调电源正负极 解析：解：如图所示，当金属棒ab中有电流时，其在磁场中会受到力的作用，故是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理；若要使导体棒ab向相反的方向运动，即只需改变电流的方向或改变磁场的方向即可．故答案为：力；对调磁极或对调电源正负极．解决该题需掌握以下问题：1知道通电导线在磁场中受力的作用；2通电导线在磁场中所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关，且这两个因素中的任何一个因素发生改变，导体所受力的方向就改变一次．知道磁场力的方向与电流的方向和磁场的方向有关是解决该题的关键．17.答案：解析：先确定所给的入射光线的特点，然后根据凹透镜的光学特点三条特殊光线作图。凹透镜三条特殊光线的作图：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。对于凹透镜，延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。由此作图如图所示：。18.答案：解：该人受到的重力方向竖直向下，作用点在重心；所受弹力方向垂直于斜面向上，作用点也画在重心；阻力f的方向与相对运动方向相反，故阻力方向平行于斜面向上，作用点也画在重心上；据此画出该人所受重力G、弹力N和阻力f的示意图，如图所示： 解析：该人受到的重力方向竖直向下，所受弹力的方向垂直于斜面向上，阻力f的方向与相对运动的方向相反，作用点都可以在重心，然后根据力的示意图的定义，将该人重力G、弹力N和阻力f的方向、作用点表示出来即可。画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方向和作用点，再根据力的示意图的要求作出力的示意图。19.答案：解析：右手螺旋定则为判断螺线管极性或电流方向的重要方法，应能做到灵活应用；同时还要注意小磁针静止时N极所指的方向为该点磁感线的方向．根据磁极间的相互作用判断小磁针的磁极．根据通电螺线管的磁极判断出磁感线的方向．在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极．根据右手螺旋定则判断出电流的方向，确定电源的正负极．由图知通电螺线管的右端为S极，则左端为N极，根据异名磁极相互吸引，小磁针的右端为S极，则左端为N极．因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以图中磁感线的方向是指向右的．根据右手螺旋定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的左端，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极，故答案为：。 20.答案：1.782.6解析：解：1图甲中刻度尺的分度值为1mm，起始端从1.为开始，右端在2.为与2.1为之间，靠近2.1为，估读为2.7为，因此物体的长度：的2.7为1.为的1.7为；2图乙中温度计的分度值是1，越往上数字越小，是零下，水银柱在以下8格处，是8；3弹簧测力计的分度值为.2，故其示数为2.23的2.6。故答案为：11.7；28；32.6。1要弄清楚刻度尺的量程和分度值再去读数。刻度尺起始端从零开始，要估读到分度值的下一位。2读取温度计的示数要先认清分度值，然后看是零上还是零下，最后再读数。3图中弹簧测力计的量程是～5，分度值是.2。刻度尺、温度计和弹簧测力计是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值。读数时视线与刻度垂直。特别注意：刻度尺要估读到分度值的下一位，其它测量仪器不需要估读，只要读出最接近的数值即可。21.答案：温度计的玻璃泡碰到了试管底液48解析：解：1图甲中，温度计的玻璃泡碰到了试管的底部，测得的温度是试管底的温度，故这一操作是错误的；2读图乙知，第2分钟时晶体开始熔化，到第4分钟时熔化结束，所以第5分钟时该晶体处于液态；3图丙中温度计的分度值为2，其示数为48；第3分钟时，物质处于熔化过程中，所以该晶体的熔点为48。故答案为：1温度计的玻璃泡碰到了试管底；2液；348。1温度计在使用时，不能碰到容器底或容器壁；2根据图象，可分别确定哪一段是熔化前、熔化中和熔化后，进一步判断其所处的状态；3明确温度计的分度值，可根据液柱位置读出示数。本题考查了“探究晶体熔化时温度的变化规律”实验中温度计的使用与读数，温度时间变化图象的分析，是一道基础的实验题。22.答案：1不是；2压强；3向各个方向；4小于；5小于．解析：解：1压强计的U形管一端和空气连通，另一端是封闭的，不符合上端开口、底部连通的特点，不是连 通器；2将橡皮膜放入水中，U形管内水面出现高度差，这说明液体内部存在压强；3将水中橡皮膜的探头朝向不同方向，如图2所示，比较图A、B、C可知，U形管两边液面的高度差相同，则液体内部压强相同，这说明同种液体在同一深度处向各个方向的压强相等．4由图3可知，U形管两边液面的高度差相同，说明金属盒在甲乙两种液体中受到的压强相同，又因为金属盒在甲液体中深度大，根据的知，甲液体的密度小，乙液体的密度大．5橡皮膜由于发生形变会损失一部分压强，所以，根据压强计液面高度差计算出的压强1偏小，即根据压强计液面高度差计算出的压强1小于用烧杯液体深度计算出的压强2．故答案为：1不是；2压强；3向各个方向；4小于；5小于．1上端开口，下部连通的容器叫做连通器，连通器的特点是容器中的水不流动时，各个容器中液面总是相平；2用压强计测量液体内部压强，U形管左右液面出现高度差，说明液体内部存在压强．3可以根据U形管中液面高度差来判断液体压强的大小：U形管两边的液面高度差越大，液体内部压强越大，U形管两边的液面高度差相同，液体内部压强相同．4由液体压强计U形管左右的液面差可以判断，金属盒在甲乙两种液体中金属盒受到的压强相同．然后再根据公式的，知道液体压强大小和深度的关系，判断液体密度的大小．5根据实验仪器的特点来分析造成实验误差的原因．本题为探究液体压强实验，考查了压强计、连通器原理、液体内部存在压强、液体压强的特点、液体压强公式的应用等，考查内容非常全面，对于液体压强的问题，找到压强大小、深度大小、液体密度大小中的任意两者，都能根据液体压强大小判断第三个物理量的大小．23.答案：保护电路8.9小灯泡灯丝的电阻随温度的降低而减小解析：解：1电流表与灯串联，电压表与灯并联，如下图所示： 2闭合开关前，滑动变阻器连入电路的阻值为最大值的作用是保护电路。3检查电路无误后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5电，电流表读数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为.2的，电流为.28的，由欧姆定律，小灯泡正常发光此时灯丝的电阻为：2.5电的的8.9；.28的4根据表中数据，通过灯的电流随电压的减小而减小，根据的，灯的功率变小，灯丝的温度降低，故灯的电阻减小，即小灯泡灯丝的电阻随温度的降低而减小。故答案为：1如上所示；2保护电路；38.9；4小灯泡灯丝的电阻随温度的降低而减小。1电流表与灯串联，电压表与灯并联；2为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器连入电路的阻值应为最大值；3根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律求出小灯泡正常发光此时灯丝的电阻；4根据表中数据，通过灯的电流随电压的减小而减小，根据的，结合灯的电阻随温度的减小而减小分析。本题测量额定电压为2.5电的小灯泡电阻，考查电路连接、变阻器的作用、电流表读数、电阻计算和影响电阻大小的因素。24.答案：断开A灯泡断路.64B小灯泡的电阻随温度的变化而变化解析：解：1在连接电路时开关应该断开，滑片P应置于阻值最大处的A端；2原电路中，电流表与灯并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表与灯串联，电压表与灯并联，如下所示：3经分析，小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数且接近电源电压，出现这种情况的可能原因 是灯泡断路；4排除故障后小华继续实验，当电压表示数为2V时，电流表读数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为.32的，则此时小灯泡消耗的电功率为：的的2电.灯在额定电压下正常发光，示数为2V小于灯的额定电压2.5电，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向B移动，直到电压表示数为额定电压；5因小灯泡的电阻随温度的变化不是一个定值，故小灯泡的电流和电压不成正比。故答案为：1断开；A；2如上所示；3小灯泡断路；4.64；B；5小灯泡的电阻随温度的变化而变化。1在连接电路时开关应该断开，滑片P应置于阻值最大处；2原电路中，电流表与灯并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表与灯串联，电压表与灯并联；3若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；4根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据的求出此时小灯泡消耗的电功率；灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；5小灯泡的电阻随温度的变化不是一个定值，据此分析。本题测定某额定电压为2.5电的小灯泡的额定功率，考查注意事项、电路连接、故障分析、电流表读数、操作过程及影响电阻大小的因素。25.答案：距离速度质量速度质量速度质量质量和速度解析：解：1实验中通过木块被钢球推动的距离大小，来判断钢球对木块做功的多少；2让同一钢球从不同的高度滚下时，滚下时的位置越高，滚到斜面下端时速度越大；把木块推得越远，说明在钢球质量相同的情况下，钢球的速度越大，动能越大；3让质量不同的钢球从同一高度滚下，滚到斜面下端时速度相同，钢球的质量越大，把木块推得越远，说明在钢球速度相同的情况下，钢球的质量越大，动能越大；4由23可知，动能大小与物体的质量和速度有关。故答案为：1距离；2速度；质量；速度；3质量；速度；质量；4质量和速度。1实验中通过小球对木块做功的多少来判断小球动能的大小；2通过控制小球滚下的高度来控制小球滚落时的速度，小球滚下的位置越高，到达底端时的速度越 大；根据实验中控制的变量和改变的量得出动能与速度的关系；3掌握动能与质量之间的关系：速度相同，质量越大，动能越大；4物体的动能大小与质量和速度大小有关，速度越大、质量越大，物体的动能越大。此题是研究物体动能的大小跟哪些因素有关的实验，考查了控制变量法在实验中的应用，注意实验中控制变量及改变变量的方法。26.答案：解：1这名学生未提重物时，他对地面的压力：的人的5，此时他对地面的压强：54的的的1.251；.422将600N的重物匀速提升1m，他所做的有用功：的的61的6，有有用由的可得，拉力做的总功：总有用6的的的8；总75h拉力的功率：总8的的的4。2晦3根据2的计算可知，将600N的重物匀速提升1m时，有的6，总的8；则额外功：额的总有的86的2；由于绳重及绳与滑轮之间的摩擦不计，所以额的动，额2则动滑轮的重：的的的2。动1拉力最大时，提起的物体最重，且拉力最大为人的重力，即拉大的5，1根据的洠知，2动物体的最大重力为：洠的2拉大动的252的8，有用洠洠洠1根据洠的洠的洠的洠的，当物体最重时，机械效率最高，动总动动1洠洠有用8则最大机械效率：洠的的1h的8h。洠82总 答：1当这名学生未提起重物时，他对地面的压强是2514；2若匀速提升重物的过程中，滑轮组的机械效率是75h，拉力的功率为40W；3该学生用此滑轮组提升重物时的最大机械效率是8h。解析：1他站在地面上时，对地面的压力和自己的体重相等，又知道双脚与地面接触面积，根据的求出对地面的压强；有用2根据的求出有用功，利用的求出总功，根据的总求出拉力的功率。有总3由2小题的计算结果可得额外功，绳重及绳与滑轮之间的摩擦不计，利用额的动求出动滑轮的重力；物体最重时，拉力最大，拉力最大为人的重力，即拉大的5，1根据的洠求出物体的最大重力；2动有用洠洠1根据洠的洠的洠的洠的，当物体最重时，机械效率最高，代入数据算出此时滑轮组动总动动1洠的机械效率。本题考查了压强的计算以及功、功率、机械效率公式的应用；本题的难点是计算动滑轮的重力，可以根据滑轮组的省力公式计算动滑轮的重，还可以根据额的动计算动滑轮的重；对于机械效率的计算，方法比较多，应根据已知条件灵活选用简便的方法。27.答案：解：1开关与1、2接触时，水龙头放出的是温水，由表格数据可知，温水功率温的22，由的可得，此时电路中的电流：温22的的的1的；温22电温2开关与2、3接触时，水龙头放出的是热水，由表格数据可知，热水功率热的33，由的可得，工作1min消耗的电能：的的336晦的1.9815；热由图知，开关与1、2接触时，电路为1的简单电路，此时为温水档；开关与2、3接触时，1与2并联， 此时为热水档；因电路的总功率等于各用电器功率之和，且1在两种状态下消耗的功率不变，所以，电阻2的功率：2的热温的3322的11，2由的的可得，2的电阻值：222电22的的的44；2113要求温水额定功率不变，热水额定功率降为热洠的38，则需要改装的电阻为2，改装后其功率为2洠的热洠温的3822的88，222电2所以，改装后2洠的电阻值2洠的洠的的55，即2换用阻值为55的电阻。288答：1当开关与1、2触点接通时，电路中的电流是10A；2开关与2、3触点接通时，电路工作1min消耗的电能是1.9815，2的电阻值是44；32；55。解析：本题考查了电功率公式和电热公式的灵活应用，知道水龙头热水功率减去温水功率即为2的电功率是关键。1开关与1、2接触时，水龙头放出的是温水，由表格数据可知温水功率，利用的求出此时电路中的电流；2开关与2、3接触时，水龙头放出的是热水，由表格数据可知热水功率，利用的求出工作1min消耗的电能；开关与1、2接触时，电路为1的简单电路，水龙头放出的是温水；开关与2、3接触时，1与2并联，水龙头放出的是热水；热水功率减去温水功率即为电阻2的功率，利用的的2求出2的电阻值；3要求温水的额定功率不变，且知道功率降低后热水的额定功率，此时热水功率减去温水功率即为2改装后2的电功率，根据的的求出改装后2的电阻值。