2020年绥化市中考物理一模试卷(含解析) 31页

2020年绥化市中考物理一模试卷一、单选题（本大题共8小题，共16.0分）1.一列队伍长50m，跑步速度是2.5m/s，队伍全部通过一长100m的涵洞，需要的时间是(    )A.60sB.50sC.40sD.20s2.生活中的热现象随处可见，下列说法不正确的是(    )A.夏天洒水降温，是利用水蒸发吸热B.柴油机在压缩冲程完成后，利用火花塞产生电火花点燃燃气C.海边昼夜温差小，是因为海水的比热容小D.端午节米棕飘香，说明分子不停做热运动3.为了探究声音的响度与振幅的关系，小明设计了如图所示的几个实验．你认为能够完成这个探究目的的实验是(    )A.图(a)中，把罩内的空气抽出一些后，电铃的铃声明显减少B.图(b)中，用力吹一根吸管，并将它不断剪短，声音变高C.图(c)中，用发音的音叉接触水面时，水面水花四溅D.图(d)中，用大小不同的力敲打鼓面，观察纸屑跳动情况4.下列数据符合实际的是(    )A.一袋早餐奶的质量约为 50gB.一张单人课桌桌面的面积约为 2m2C.一个中学生的体积约为 50dm3D.教室内一盏日光灯正常工作时的电流约为 1A5.如图所示，属于光的折射现象的是(    ) A.水中形成“倒影”B.水中的筷子C.手影游戏D.镜中的花朵1.通过改变浮力大小使物体上升的是(    )A.向盛有清水的杯子中加入食盐，沉在杯底的鸡蛋逐渐上浮B.水舱排水，潜水艇从水底向水面升起C.点燃油脂后，孔明灯冉冉升起D.向浮筒内压入气体，沉船慢慢浮出水面2.学校茶炉房为方便学生而设计了如图所示的电路。绿灯亮、红灯不亮，表示水已烧开，此时开关的开、闭情况是(    )A.S1断开、S2闭合B.S1闭合、S2断开C.S1、S2都断开D.S1、S2都闭合3.直流电动机是电动自行车的核心部件，其工作原理是(    )A.电磁感应B.电流的磁效应C.磁极间的相互作用D.磁场对电流的作用二、多选题（本大题共2小题，共4.0分） 1.如图所示，弹簧测力计下挂着铁块P，其正下方的水平地面上放着一块条形磁铁Q，P和Q均处于静止状态。已知P和Q的重力分别为G和3G，若弹簧测力计的示数为2G，则下列说法正确的是(    )A.Q对P的吸引力大小为GB.P对弹簧测力计的拉力大小为GC.Q对水平地面的压力为2GD.Q对P的吸引力和弹簧测力计对P的拉力是一对平衡力2.如图甲是通过小灯泡L的电流跟其两端电压关系的图象，现将小灯泡L与电阻R连入图乙所示电路中，只闭合S，小灯泡的实际功率为1.8W；再闭合S1，电流表示数为0.9A.下列结果正确的是(    )A.电源电压为9VB.电阻R消耗的电功率为3.6WC.通过电阻R的电流为0.6AD.电阻R的阻值为20Ω三、填空题（本大题共12小题，共24.0分）3.如图甲所示为一款国产品牌汽车，它的发动机工作时超低的噪音是人们青睐它的重要原因，噪音是机器______而产生的；车内装有先进的倒车雷达系统，这个系统是利用______(选填“超声波”或“次声波”)工作的；如图乙是该车内安装的GPS全球卫星定位仪，它与导航卫星通过______实现全球定位功能的 1.如图甲是我国自主研制的“歼10”在空中加油时的示意图。以加油机为参照物，受油机是______(选填“运动”或“静止”).飞机的机翼做成如图乙的形状，是利用在气体中流速越大的位置压强越______(选填“大”或“小”)的原理，使机翼上下表面产生压强差，从而产生升力。2.如图所示是中考中贴在试卷答题卡上用来识别考生信息的条形码，当条形码扫描器照射它时反射所有光的是___________(选填“黑”或“白”)条纹，通过电脑解码就能判断考生的相关信息．该条形码________(选填“是”或“不是”)光源．3.现在我国正在努力建设核电站，核电站是利用__________(核裂变、核聚变)反应获取能量；太阳内部的核反应是___________(核裂变、核聚变)。核能是_____________(可再生、不可再生)能源。4.2014年5月10日，沈阳市实施了人工降雨。气象部门用碘化银洒向云层，碘化银吸附水汽，加速水蒸气________成小水滴，或加速水蒸气_____成小冰晶(均填物态变化名称)，小水滴变成小冰晶过程______热量。5.国家标准打印纸为每包500张，小丽同学家里新买一包打印纸，她想练习刻度尺的使用，测出了打印纸的长和宽分别为29cm和21cm，总厚度为5cm，利用物理课上学过的累积法算出一张纸的厚度为______cm(外包装厚度忽略不计).在测量过程中，他发现外包装上标着70g/m2.开始她以为这就是纸的密度，但后来经询问才知道，这是每张打印纸每平方米的质量是70g的意思。利用以上信息你帮小丽算出打印纸的密度为______kg/m3。6.小明在体育中考模拟测试中，进行了跳绳、投实心球、1000米等项目。(1)小明用力投掷实心球，球离手后还能向前运动一段距离，这是因为球具有______。 (2)跳绳时，小明先从地面向上起跳，写出起跳时他所受到的两个力及其大小关系(忽略空气阻力)：______。1.“蛟龙号”深潜器在马达加斯加岛海域下潜到2000m的海底进行科学考察。若海水的密度近似为1.0×103kg/m3，则“蛟龙号”受到海水的压强为______Pa，蛟龙号在返回水面的过程中，海水对它的压强______(选填“变大”、“变小”或“不变”)2.2016年10月17日我国在酒泉卫星发射中心发射了“神舟十一号”载人飞船，飞船在加速升空的过程中重力势能______，动能______.(均选填“变大”、“变小”或“不变”)3.如图1的实验表示：做功可以改变物体的______；如图2的实验表示：物体分子之间存在着______．4.小明在“探究电流通过体产生热量的多少与什么因素有关”时，采用了如图所示的实验装置，其中a、b、c、d四个相同的容器密闭着等量空气并与U形管紧密相连，实验前U形管两端液面相平，将1、2和3、4导线分別接到电源两端，在实验过程中，通过观察U形管两边的______变化来比较电流通过电阻丝产生热量的多少；图______所示的装置是用来研究电流通过电阻丝产生的热量与电流的关系。5.如图所示的电路，电阻R的阻值为10Ω，闭合开关将滑片从B端调到A端过程中，电压表示数从1V变化到3V.则滑动变阻器最大阻值为______Ω，电路消耗的最小功率为______W。四、作图题（本大题共2小题，共4.0分） 1.在图中画出斜面上的物体对斜面压力F的示意图。2.如图所示家庭电路，室内两只照明的白炽灯由一个开关控制，墙上有一个固定的三孔插座。请根据安全用电的原则把电路连接完整。五、实验探究题（本大题共7小题，共37.0分）3.物理实验小组用如图甲所示的装置探究“水的沸腾”实验：测温物质凝固点/℃沸点/℃水银-39357酒精-11778 (1)由表格可知，本次实验应选用测温物质为______的温度计．(2)实验小组观察到水沸腾前和水沸腾时水中气泡的情况如图乙、丙所示，图中______(填“乙”或“丙”)是水在沸腾时的情况．(3)烧杯上方加一纸盖后进行实验，如图甲所示．每隔1min记录温度计示数(如表)，3min时温度计示数如图丁所示，此时温度为______℃，直到水沸腾一段时间后停止读数，由表可知水的沸点为______℃.当地气压(高于/低于)标准大气压．(4)根据如表中的数据在如图戊中画出水温随时间变化的图象．时间/min01234567温度/℃909294979898981.小明用蜡烛、凸透镜和光屏做“探究凸透镜成像的规律”实验，实验装置如图所示：(1)当焦距一定时，像的性质与______有关；(2)为了使像能成在光屏的中央，需要调节蜡烛烛焰的中心、凸透镜的______和光屏的中心大致在同一高度；(3)某次实验情境如图所示，此时在光屏上看到了烛焰清晰的像，则成像性质是倒立、______(选填“放大”、“缩小”或“等大”)的实像；(4)实验过程中，燃烧的蜡烛在不断缩短，会导致光屏上的像______(选填“向上”或“向下”)移动。 1.小明测量南京鹅卵石的密度，进行了如下实验：(1)将天平放在______桌面上，游码放在标尺左端零刻线处，发现指针静止时如图甲所示，应将天平的平衡螺母向______端调，使横梁平衡。(2)如图乙所示，鹅卵石的质量为______g。(3)将鹅卵石放入盛有50mL水的量筒中，静止时液面情况如图丙所示，则鹅卵石的密度是______kg/m3。(4)小明根据所测数据，在图丁上描出一个对应的点A，接着他又换用另一石块重复了上述实验，将所测数据在图上又描出了另一个对应的点B，若ρA、ρB分别代表鹅卵石和另一石块的密度，则ρA______ρB(选填“>”、“=”或“<”)。2.在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验中：(1)为了测量滑动摩擦力的大小，小明把木块放在水平长木板上，如图所示，用弹簧测力计沿水平方向拉动。使其做______运动，根据______原理，此时木块受到的摩擦力大小与拉力大小相等。(2)添加砝码，继续实验，这是为了探究______对滑动摩擦力大小的影响。3.在“探究影响导体电阻大小的因素”实验中。小明实验小组设计了如图所示的探究电路图，A、B间可接入所研究的导体，此电路的设计是通过观察对比灯泡的亮度现象来比较电阻大小的。 编号材料长度横截面积1锰铜合金丝LS2镍铬合金丝LS3镍铬合金丝L2S4镍铬合金丝2LS(1)下表中给出了四种导体，如果想探究电阻与材料的关系，应选择编号______的两种导体接入电路的AB间。(2)如果在A、B问先后接入编号为2和3的导体，这是在探究导体电阻与______关系。发现接入导体3时小灯泡更亮些，则由此可初步得出的结论为______。(3)实验小组还想检测HB、2B铅笔芯的导电性，他们取两段HB和2B铅笔芯，分别接入电路A、B间观察比较灯泡的亮度就可以验证它们的导电性了。请指出他们设计中的错误：______。(4)请你评价此电路设计上的不足______。你对此设计的改进意见是；______。1.小明通过实验探究“杠杆的平衡条件”． (1)他将轻质杠杆的支点固定在支架上，发现杠杆右端下沉，此时应将杠杆右侧的平衡螺母向______调．(选填“左”或“右”)．(2)如图甲所示，杠杆在水平位置平衡，若将杠杆左右两侧各去掉一个相同的钩码，则杠杆______端将下沉．(选填“左”或“右”)(3)如图乙所示，用弹簧测力计在杠杆C点竖直向上拉时，若杠杆在水平位置平衡，则在A点悬挂钩码的总重力为______N. 1.在“测量小灯泡的电功率”实验中，小芳选用了额定电压是2.5V的小灯泡。(1)如图甲所示，小芳连接的实验电路存在连接错误，但只需改动一根导线，即可使电路甲连接正确。请你在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法。(2)电路连接正确后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调至最______(填“左”或“右”)端。闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数，接下来应进行的操作是______(选填序号)。A.检查电路是否断路B.更换小灯泡C.移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光(3)移动滑动变阻器的滑片，记下多组电流表及对应电压表的示数，并匦出图乙所示的I-U图象。由图乙所给信息，可求出小灯泡正常发光时的电阻为______Ω，小灯泡的额定功率为______W。六、计算题（本大题共2小题，共15.0分）2.多功能养生壶具有精细烹饪、营养量化等功能，深受市场认可和欢迎。图乙是某品牌养生壶简化电路图。(ρ水=1×103kg/m3,c水=4.2×103J/(kg⋅℃),g=10N/kg)①养生壶处于低温档工作时，求电路中的电流大小；②开关S1，S2处于什么状态，养生壶为高温档，说明判断依据；③求R1的阻值；④在标准大气压下，使用高温档将初温是12℃的一壶水烧开，若养生壶高温档加热效率为80%，求水吸收的热量和烧开一壶水需要的时间。 项目参数电源电压(V)220低温档功率(W)275中温档功(W)550高温档功率(W)1100容积(L)11.某人用如图所示的滑轮组(不计摩擦)提升某一重物匀速上升2米，所用拉力F为200N，若被提升的物重800N.求：(1)有用功多大？(2)总功是多少？(3)滑轮组的机械效率为？ 【答案与解析】1.答案：A解析：解：队伍过涵洞经过的距离为S=S队+S洞=50m+100m=150m，需要的时间t=SV=150m2.5m/s=60s。故选：A。已知队伍的长度和涵洞的长度，队伍过涵洞经过的距离为队伍长加上涵洞长，跑步速度已知，根据公式t=SV可求需要的时间。本题考查时间的计算，关键是速度公式及其变形的灵活运用，难点是队伍所走路程的计算，这也是本题的重点。2.答案：C解析：解：A、炎热的夏天，往室内地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，故A正确；B、压缩冲程结束时，火花塞产生电火花，使燃料猛烈地燃烧，化学能转化为内能，故B正确；C、沿海地区和内陆地区相比，沿海地区水多，水的比热容大，在相同的吸放热条件下，水的温度变化小，冬暖夏凉，昼夜温差小，故C错误；D、端午粽子飘香，说明粽子的香味分子在做永不停息的无规则运动，故D正确。故选：C。(1)水蒸发时会吸收热量；(2)汽油机的一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中压缩冲程将机械能转化成内能，压缩冲程结束时，火花塞产生电火花，使燃料猛烈地燃烧是化学能转化为内能；(3)水的比热容大，在同样吸放热条件下水的温度变化小；(4)分子在做永不停息的无规则运动。此题考查了生活中的热现象，正确、全面理解概念和基本规律是解答的基础。3.答案：D解析：  解答此题的关键是明确各个图的实验原理，同时掌握音调、响度以及音色的影响因素。(1)声音三个特性：音调、响度、音色。音调跟频率有关，频率越大，音调越高。体积大，质量大的物体难振动，频率小，音调低。响度跟振幅有关。音色跟材料和结构有关。(2)物体发声时一定振动，振动停止，发声停止。A.罩内抽出空气，电铃铃声明显减小，说明声音传播需要介质，故A不符合题意；B.用力吹一根细管，将它不断剪短，空气柱减小，空气容易振动，频率增大，音调变高，。研究的是音调和频率的关系，故B不符合题意；C.发声的音叉接触水面，水花四溅，说明声音是由物体振动产生的，故C不符合题意；D.用大小不同的力敲打鼓面，纸屑跳动高度不同，鼓面振幅不同，响度不同，研究响度跟振幅的关系，故D符合题意。故选D。4.答案：C解析：解：A、两包方便面的质量在200g左右，一袋早餐奶的质量略大于此数值，在220g左右。故A不符合实际；B、一张单人课桌桌面的长、宽一般在0.6m、0.5m左右，面积在S=ab=0.6m×0.5m=0.3m2左右。故B不符合实际；C、水的密度是1.0×103kg/m3，人体密度与水的密度差不多，在1.0×103kg/m3左右。中学生的质量在50kg左右，体积在V=mρ=50kg1.0×103kg/m3=0.05m3=50dm3左右。故C符合实际；D、家用电风扇正常工作的电流约0.2A，教室中日光灯正常工作的电流与此差不多，在0.2A左右。故D不符合实际。故选：C。不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，本题告诉我们一定要对实际生活中常见的物体做到熟知，以免闹了笑话自己还不知道。5.答案：B解析：【试题解析】 解：A、水中的“倒影”是由于光的反射现象形成的，该选项错误；B、水中的筷子是光从水中射到空气中时，在水面发生弯折形成的现象，属于光的折射，该选项正确；C、手影游戏是光沿直线传播形成的，该选项错误；D、镜中的花朵是由于光的反射现象形成的，该选项错误．故选B．(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的．本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，考查了学生理论联系实际的能力，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象．注意“影子”和“倒影”的原理是不同的．6.答案：A解析：解：A、向盛有清水的杯子中加入食盐，鸡蛋重力不变，盐水密度逐渐增大，浮力随盐水密度的增大而增大，浮力大于重力，故鸡蛋会上升，故A符合题意；B、潜水艇从水底向水面升起，是通过改变自身重力来改变浮沉的，浮力未发生改变。故B不符合题意；C、点燃孔明灯中的松脂后，灯就能够腾空而起，灯内空气密度小于外部空气密度，孔明灯受到的浮力不变，改变的是自身重力。故C不符合题意；D、打捞沉船时向浮筒内压入高压气体，将浮筒中的水排出去，通过改变自身重力来改变浮沉情况。故D不符合题意；故选：A。根据阿基米德原理来判断浮力大小的变化，由于浮力的大小与液体的密度和物体排开液体的体积有关，所以要从多角度来思考；当物体排开液体体积不变时，就要看液体密度是否发生变化。当液体密度不变时就从排开液体体积着手。两者均不变则浮力不变，也就不符合题意了。本题考查学生对浮力计算的掌握，看学生能否根据所学有关浮力的知识，判断浮力的大小变化。 7.答案：A解析：【试题解析】解：水烧开时，绿灯亮、红灯不亮说明绿灯通路，红灯被短路，即开关S1断开、S2闭合。故选：A。由电路图可知，开关S1与绿灯泡并联，S2与红灯泡并联；当开关断开时对应的灯泡发光，开关闭合时对应的灯泡被短路，不能发光，据此分析得出答案。本题考查电路图的设计，注重考查了开关的作用；注意闭合开关灯泡却熄灭，断开开关灯泡却通电发光，这一般是利用对灯泡短路的特点连接的。8.答案：D解析：解：A、电磁感应是发电机的原理，故A不符合题意。B、带电磁铁的元件，如电铃、电磁起重机、空气开关、电磁继电器等工作原理是电流的磁效应，故B不符合题意；C、磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，故C不符合题意；D、直流电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到磁场力的作用，故D符合题意。故选：D。直流电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到磁场力的作用。磁现象这一章有三个原理要记住：(1)电动机的原理是通电导体在磁场中受力或通电线圈在磁场中受力转动；(2)发电机的原理是电磁感应现象；(3)电磁铁的原理是电流的磁效应。本题涉及的知识点较多，是一道学科综合题，但难度不大，熟练应用基础知识即可正确解题。9.答案：AC解析：解：A、对P进行受力分析可知，P受到竖直向上弹簧测力计的拉力F拉、Q对P的吸引力FQP、竖直向下的重力G，如图1所示， 由题可知，F拉=2G；根据力的平衡条件可得：FQP=F拉-GP=2G-G=G，即Q对P的吸引力大小为G，故A正确；B、弹簧测力计的示数为2G，说明P对弹簧测力计的拉力大小为2G，故B错误；C、对Q进行受力分析可知，Q受到竖直向下的重力3G和竖直向上的支持力F支持、P对Q的吸引力FPQ，如图2所示；其中，P对Q的吸引力FPQ与Q对P的吸引力FQP是一对相互作用力，所以FPQ=FQP=G；根据力的平衡条件可得：F支持=GQ-FPQ=3G-G=2G，所以Q对水平地面的压力为2G，故C正确；D、Q对P的吸引力大小为G，而弹簧测力计对P的拉力大小为2G，二者大小不同，因此不是一对平衡力，故D错误。故选：AC。P对弹簧测力计的拉力大小等于P受到的力即为弹簧测力计的示数；对P、Q分别受力分析，利用力的平衡条件和相互作用力得出PQ之间吸引力的大小和地面对Q的支持力的大小；根据二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一个物体上，可判断相关的力是不是平衡力。本题考查了平衡力的判断，关键是会对P、Q进行受力分析得出各力之间的大小关系，同时要注意二力平衡力和相互作用力的区别是：是否作用在同一个物体上。10.答案：BC解析：解：(1)只闭合S时，电路为L的简单电路，电流表测电路中的电流，由图象可知，当UL=6V，IL=0.3A时，灯泡的实际功率PL=ULIL=6V×0.3A=1.8W，则电源的电压U=UL=6V，故A错误；(2)再闭合S1后，R 与L并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过灯泡的电流不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R的电流：IR=I-IL=0.9A-0.3A=0.6A，故C正确；因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电阻R消耗的电功率：PR=UIR=6V×0.6A=3.6W，故B正确；由I=UR可得，R的阻值：R=UIR=6V0.6A=10Ω，故D错误。故选：BC。(1)只闭合开关S时，电路为L的简单电路；根据图甲、灯泡的实际功率为1.8W以及P=UI得出此时电路电流以及电源电压；(2)再闭合S1后，电阻和灯泡并联，电流表测量干路电流，根据通过灯的电流不变和并联电路电流规律可求出通过R的电流，根据P=UI可求出电阻R消耗的电功率，根据欧姆定律求出电阻R的阻值。本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出灯泡功率为1.8W时的电流和电压值。11.答案：无规则振动；超声波；电磁波解析：解：(1)发动机工作时超低的噪音是机器无规则振动而产生的；(2)车内的倒车雷达系统，是利用超声波工作的；(3)车内安装的GPS全球卫星定位仪与导航卫星通过电磁波实现全球定位功能的。故答案为：无规则振动；超声波；电磁波。(1)从物理学角度，噪声是物体无规则振动产生的；(2)倒车雷达利用了超声波来进行定位；(3)卫星通信是利用电磁波来传递信息的。本题考查了与汽车相关的几个知识点，包括声现象与信息的传递，属基础知识的考查，难度不大。 12.答案：静止 小解析：解：以加油机为参照物，受油机和加油机之间的位置没有发生改变，所以称它是静止的。飞机的机翼上方突起，下方平直。这样的结果决定了当飞机启动后，机翼上方空气流速快，空气压强小，空气压力方向向下；机翼下方空气流速慢，空气压强大，空气压力方向向上。两个压力形成一个向上的合力，当合力达到一定程度后，飞机就可以腾空而起。故答案为：静止，小。判断物态运动状态之前，必须选择参照物。如果物体和参照物之间的位置发生了改变，则称物体是运动的；如果物体和参照物之间的位置没有发生改变，则称物体是静止的。在流体中，流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。根据这两个方面的知识，对图片中的问题进行分析。本题考查学生对根据参照物判断物体运动情况的能力，还要理解飞机机翼上下方流速不同导致压强不同，才是飞机可以向上的原因。13.答案：白；不是解析：本题考查了物体的颜色由所反射的色光决定的特点以及光源的概念，相对比较简单，属于基础题。不透明物体的颜色是由它透过的光色决定的，白色的物体能反射光线，而黑色物体吸收所有光线，且黑色物体吸热本领比白色物体强；本身能发光的物体称为光源。当条形码扫描器照射它时，黑条纹将光吸收，白条纹将光反射，再通过电脑解码就可以获取考生相关信息，所以当条形码扫描器照射它时反射所有光的是白条纹。条形码本身不发光，不是光源。故答案为：白；不是。14.答案：核裂变；核聚变；不可再生；解析：本题考查的是学生对核电站发电、太阳内部的核反应及核能属于不可再生能源的记忆。 核电站发电利用的是核裂变反应获得能量，而太阳内部进行的是核聚变反应；核能是属于不可再生能源。故答案为：核裂变；核聚变；不可再生。15.答案：液化；凝华；放出解析：本题考查了学生对物态变化的掌握情况，本题比较简单。物体由气态变为液态的过程叫液化；物体由气态变为固态的过程叫凝华；凝华要放热。气象部门将碘化银洒向云层，可以加速水蒸气的液化或水蒸气的凝华，使云层中的小水滴和小冰晶越来越多，当空气承受不住小水滴和小冰晶重量时，就会降落下来；液化和凝华的过程都是放热的过程。故答案为：液化；凝华；放出。16.答案：0.01 0.7×103解析：解：(1)一张纸的厚度：h=dn=5cm500=0.01cm；(2)1m2纸的体积：V=Sh=1×104cm2×0.01cm=100cm3，由70g/m2可知，1m2纸的质量m=70g，则这包纸的密度：ρ=mV=70g100cm3=0.7g/cm3=0.7×103kg/m3。故答案为：0.01；0.7×103。(1)知道这包纸的总厚度和张数，两者相除即为一张纸的厚度；(2)知道每张纸的厚度可求1m3纸的体积，由70g/m2可知1m3纸的质量，利用密度公式求出纸的密度。本题考查了密度的计算，关键是知道70g/m2的含义，同时注意单位的换算。17.答案：惯性 支持力大于重力解析：解：(1)小明用力投掷实心球，球离手后，由于具有惯性，还要保持原来的运动状态，所以离手后还能向前运动一段距离；(2) 小明先从地面向上起跳，受到支持力和重力的作用；小明起跳时向上加速运动，说明受到的合力向上，则受到的支持力大于重力。故答案为：(1)惯性；(2)支持力大于重力。(1)一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；(2)起跳时向上加速运动，所受合力向上。本题考查加速运动以及惯性，难度不大。18.答案：2×107 变小解析：解：(1)当“蛟龙号”载人潜水器下潜到2000m深处时，海水产生的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×2000m=2×107Pa。(2)p=ρ水gh可知蛟龙号在返回水面的过程中，海水密度不变，深度减小，海水对它的压强变小。故答案为：2×107；变小。(1)根据液体压强计算公式p=ρ水gh计算出2000m深处产生的压强；(2)由p=ρ水gh可知蛟龙号在返回水面的过程中，海水对它的压强的变化。本题考查了学生对液体压强公式的掌握和运用，数据计算过程中要认真仔细。19.答案：变大；变大解析：解：飞船在加速上升的过程中，飞船的质量不变，由于速度增大，其动能变大；由于上升时高度变大，其重力势能变大．故答案为：变大；变大．动能与质量、速度有关，质量越大、速度越大则动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大则重力势能越大．掌握动能、重力势能的影响因素，会根据影响因素进行判断可顺利解答，难度不大．20.答案：内能；引力解析：解：(1)通过压缩气体引火实验说明，外界对物体做功，物体的内能增大，所以做功以改变物体的内能；(2)实验中测力计示数变大说明分子间存在引力．故答案为：内能；引力．(1)这是压缩气体引火实验，封闭的容器内放入一团棉花，当压缩容器内气体，对气体做功时，气体内能增大，温度升高，使棉花燃烧； (2)当玻璃板与水面接触时，向上拉弹簧测力计，示数变大，说明水和玻璃的分子之间有吸引力．本题考查了做功改变物体的内能以及分子间作用力的了解与掌握，注意：分子间存在引力，同时也存在斥力，当引力大于斥力时，表现出引力，当引力小于斥力时，表现出斥力．21.答案：液面高度差 乙解析：解：电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转化法；探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间相同，电流不同，图甲是串联电路，电流相同；图乙装置中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=I左，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右=I内+I外，所以，I左>I内，烧瓶内的电阻值都是5Ω，阻值相等，通电时间相等，电流不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电流的关系。故答案为：液面高度差；乙。(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转化法；(2)探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间相同。本题考查了学生利用控制变量法和转换法探究电流产生热量多少和各影响因素之间的关系的实验。22.答案：20；0.3解析：解：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压。(1)当滑片位于A端时，电路为R的简单电路，电压表测电源的电压，此时电压表的示数最大，由电压表示数从1V变化到3V可知，电源的电压U=3V；(2)当滑片位于B端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电压表的示数最小，电路的总功率最小，由电压表示数从1V变化到3V可知，R两端的电压UR=1V，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：I=URR=1V10Ω=0.1A， 因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：U滑=U-UR=3V-1V=2V，则滑动变阻器的最大阻值：R滑=U滑I=2V0.1A=20Ω，电路消耗的最小功率：P小=UI=3V×0.1A=0.3W。故答案为：20；0.3。由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压。(1)当滑片位于A端时，电路为R的简单电路，电压表测电源的电压，此时电压表的示数最大，进一步求出电源的电压；(2)当滑片位于B端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电压表的示数最小，根据题意可知电压表的示数，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，再利用P=UI求出电路消耗的最小功率。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断滑片位于不同位置时对应电压表的示数是关键。23.答案：解：在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面向下、带箭头的线段即为压力示意图，如图所示：解析：(1)先确定压力的作用点，即压力是接触面受到的力，因此作用点在斜面上，然后根据压力与接触面垂直的关系确定压力的方向；(2)物体位于斜面上，压力与重力的大小、方向、作用点均不相同。(1)很多同学把压力和重力混淆，认为压力就是重力，这是不正确的，物体只有位于水平面上时，压力的大小、方向才与重力相同； (2)本题的关键是知道压力的作用点在接触面上，以及压力的方向是垂直于接触面，且指向被压物体的。24.答案：解：由于家庭电路中的各个用电器是并联连接，所以此电路中的两盏白炽灯并联，开关接在干路上同时控制两盏灯泡，三孔插座：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。电路图如下图所示：解析：(1)先确定各用电器的连接方式，然后确定开关的接线方式，最后根据家庭电路的正确连接方法完成电路。(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。本题考查家庭电路中各用电器的连接方式，关键是知道两盏灯泡并联连接。掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座的接法，同时考虑使用性和安全性。25.答案：水银；乙；96；98；解析：(1)液体温度计所测温度应高于温度计内液体的凝固点，低于液体的沸点．(2)水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大．(3)①进行温度计的读数，在读数之前首先要认清温度计的分度值．② 沸腾时温度保持不变，此时的温度就是沸点．(4)要做水的沸腾图象，首先根据表中数据进行描点，然后将各点用平滑的曲线连接起来．此题主要考查的是温度计的构造和原理以及不同物质沸点的比较．主要考查学生应用物理知识解决实际问题的能力，同时考查了液化的概念．这些都是该实验中应该重点掌握的内容．体现物理来源于生活，服务于社会的新课程理念．(1)在标准大气压下，沸水的温度是100℃，酒精的沸点是78℃，水银的沸点是357℃，水银的沸点高于沸水的温度，所以测沸水的温度要选水银温度计．(2)乙图气泡上升时越来越大，是因为水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大．丙图气泡上升时越来越小，是因为水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小．(3)①由图知，温度计的分度值为1℃，所以温度计的示数为96℃．②当温度到达98℃时就不再升高了，所以温度不变时即为沸点，此时吸热温度不变；(4)根据表中数据进行描点，然后将各点用平滑的曲线连接起来，如图所示：故答案为：(1)水银；(2)乙；(3)96；98；(4)见解答图．26.答案：(1)物距；(2)光心；(3)缩小；(4)向上。解析：【试题解析】(1)对于同一凸透镜，凸透镜成像特点与物距有关；(2)探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中心；(3)当物距大于2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，像距处于f和2f之间，此时像距小于物距； (4)凸透镜成的实像是倒立的，像与物体的移动方向相反或用过光心的光线方向不变的特点分析。此题是探究凸透镜成像的实验，考查了学生对实验操作的要求，为使像成在光屏的中央，应使凸透镜、烛焰、光屏的中心大致在同一高度处，同时还考查了凸透镜成像的规律及应用，要注意理解应用。(1)当焦距一定时，像的性质与物距有关；(2)因为通过光心的光线传播方向不变，将烛焰的中心和光屏的中心调至主光轴上，烛焰中心的像恰好在光屏的中心，此时像成在了光屏的中央，所以需要调节蜡烛烛焰的中心、光屏的中心和凸透镜的光心大致在同一高度处；(3)由图知，像距小于物距，可知物距大于2f，像距处于f和2f之间，此时成倒立缩小的实像；(4)因为凸透镜成倒立的实像，所以燃烧的蜡烛在不断缩短，会导致光屏上的像向上移动或过光心的光线方向不变，所以蜡烛越短，像越向上移动。故答案为：(1)物距；(2)光心；(3)缩小；(4)向上。27.答案：水平 左 31.2 3.12×103 <解析：解：(1)将天平放在水平桌面上，由图可知指针偏向分度盘的右侧，此时应该将右边的平衡螺母向左移动，直到指针指在分度盘的中央；(2)从乙图读出雨花石的质量：m=20g+10g+1.2g=31.2g；(3)从丙图读出石块的体积：V=60mL-50cm3=10cm3，石块的密度：ρ=mV=31.2g10cm3=3.12g/cm3=3.12×103kg/m3。(4)同种物质的质量与体积的比值为一个定值，即质量与体积的图象为一条过原点的直线，根据AB两个点分别做出图象，如图：由图可知，当体积相同时，B的质量等于A的质量，故ρA<ρB。故答案为：(1)水平；左；(2)31.2；(3)3.12×103；(4)<。(1) 天平使用前的调节：若指针左偏，向右调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；(2)雨花石的质量等于砝码的质量加上游码的质量；(3)根据排水法用量筒测出矿石体积，利用ρ=mV求石块的密度；(4)根据两个点，分别过原点做出图象，根据图象分析密度的大小。本题考查天平的使用、量筒的读数、密度的计算，难度不大，属于基础题，计算时注意单位统一。28.答案：(1)匀速直线；二力平衡；(2)压力大小解析：解：(1)用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做匀速直线运动时，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡条件可知，木块受到摩擦力大小与拉力大小相等。(2)添加砝码，木块对支持面的压力增大，而接触面的粗糙程度不变，这是为了探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响；故答案为：(1)匀速直线；二力平衡；(2)压力大小。(1)根据二力平衡的条件分析；(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法、转换法的运用，属于基础知识。29.答案：(1)1、2；(2)导体的横截面积；在导体的材料和长度都相同时，导体的横截面积越大，导体电阻越小；(3)没有控制两个铅笔芯的长度和横截面积相同；(4)当两个导体电阻相差较小，不易通过灯泡的亮度来比较其电阻大小；在电路中串入电流表。解析：解：(1)只有1和2的长度和横截面积相同，材料不同，因此选择编号为1和2的导线；(2)编号为2和3导体的材料和长度相同，导体的横截面积不同，因此探究电阻与导体的横截面积关系；根据表中数据可知，导体2和3的长度、材料相同，横截面积不同，导体3的横截面积小；当在AB间接入导体3时，小灯泡更亮，说明此时电路中电流较大，电阻较小，故可得出的结论是：在导体的材料和长度都相同时，导体的横截面积越大，导体电阻越小。(3)实验中，探究HB、2B铅笔芯的导电性，应该控制两个铅笔芯的长度和横截面积相同，从题意中看不出来； (4)实验中可通过观察灯泡亮度来判断电阻的大小，当两个导体电阻相差较小，不易通过灯泡的亮度来比较其电阻大小，这是该实验在电路设计上的不足；因此可以在电路中串入电流表加以改进，这样通过电流表示数的改变观察电阻的大小更准确。故答案为：(1)1、2；(2)导体的横截面积；在导体的材料和长度都相同时，导体的横截面积越大，导体电阻越小；(3)没有控制两个铅笔芯的长度和横截面积相同；(4)当两个导体电阻相差较小，不易通过灯泡的亮度来比较其电阻大小；在电路中串入电流表。(1)导体的电阻跟导体的长度、横截面积和材料有关，当研究电阻与导体材料的关系时，应控制长度和横截面积不变，材料不同；(2)当研究电阻与导体的横截面积关系时，应控制材料和长度不变；灯泡的亮度可以反映电阻的大小，灯泡越亮，说明电路中电流越大，电阻越小；因此先分析2和3的导体相同因素和不同因此，从而得出电阻与它们的关系。(3)要想探究HB、2B铅笔芯的导电性，应该采用控制变量法。(4)在电源电压一定的情况下，导体电阻越大，电路电流越小，灯泡越暗；导体电阻越小，电路电流越大，灯泡越亮；因此可以通过观察灯泡的亮度来判断电阻的大小；当灯泡亮度变化不明显时，不容易观察出亮度的变化。本题是一道探究影响导体电阻因素的习题，掌握影响导体电阻大小的因素是正确解题的前提与关键；本实验中应用了控制变量法和转换法，要注意熟练掌握不同的实验方法。30.答案：左；左；2解析：解：(1)杠杆右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动，使杠杆在水平位置平衡；(2)设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，如果在图甲中杠杆两侧各去掉一个相同的钩码时，杠杆的左端：3G×3L=9GL，杠杆的右端：2G×4L=8GL，所以杠杆的左端力和力臂的乘积大于右端的乘积，所以杠杆左端下沉；(3)设悬挂钩码的总重力为G，杠杆一个小格代表L，根据杠杆平衡条件可得，G×3L=3N×2L，解得G=2N，故答案为：(1)左；(2)左；(3)2．(1)调节杠杆两端的平衡螺母，使平衡螺母向上翘的一端移动，使杠杆在水平位置平衡； (2)用杠杆的平衡条件来判断，力和力臂乘积大的一端，杠杆该端下沉；(3)根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2求出悬挂钩码的总重力．利用杠杆平衡条件，可以求出力或力臂大小，也可以判断杠杆是否平衡，或杠杆的哪端下沉等，杠杆平衡条件应用很广泛，应该熟练掌握31.答案：(1)如图所示(2)左；C；(3)12.5；0.5解析：解：(1)由图甲知，电压表测总电压，而不是灯泡两端电压，应将电压表接变阻器的导线改接灯泡右侧，如图所示：(2)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调至最大值左端；闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电流表有示数，电路为通路，电流过小，故接下来应进行的操作是移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光，故选C；(3)灯泡两端电压等于额定电压2.5V时正常发光，由图象知，此时通过灯泡的电流为0.2A，由欧姆定律可得此时灯泡电阻：R=UI=2.5V0.2A=12.5Ω；小灯泡的额定功率：P=UI=2.5V×0.2A=0.5W。 故答案为：(1)见上图；(2)左；C；(3)12.5；0.5。(1)此实验中电压表应测灯泡两端电压，由此改接电路；(2)闭合开关前，应将滑动变阻器滑到最大值处；闭合开关后，电流表有示数，电路为通路，而小灯泡不亮，说明电流过小，据此分析；(3)由图象读出小灯泡额定电压下的电流，由欧姆定律计算此时灯泡电阻，由P=UI计算其额定功率。本题是测灯泡功率的实验，考查了电路连接、实验注意事项和操作以及电阻和功率的计算，都是常考的问题，要掌握好。32.答案：解：(1)由P=UI得，养生壶在低温档工作时电路中的电流为：I低=P低U=275W220V=1.25A，(2)由图知，当开关S1闭合，S2接B时，电阻R1、R2并联，电路中的总电阻最小，由P=U2R可知，总功率最大，所以此时养生壶为高温档；(3)由图知，当开关S1断开，S2接A时，电阻R1、R2串联，电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，总功率最小，此时为低温档；当S2接A，S1闭合时，R2被短路，只有电阻R1接入电路，养生壶处于中温档。由P=UI得，正常工作时通过R1的电流为：I1=P中U=550W220V=2.5A，由I=UR得，R1的阻值：R1=UI1=220V2.5A=88Ω，(4)由ρ=mV可得，水的质量：m=ρV=1×103kg/m3×1×10-3m3=1kg，水吸收的热量：Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃-12℃)=3.696×105J，由η=Q吸W和W=Pt得，烧开一壶水需要的时间为：t=WP高=Q吸P高η=3.696×105J1100W×80%=420s。答：(1)养生壶处于低温档工作时电流为1.25A；(2)当开关S1闭合，S2接B时，为高温档；因为此时电阻R1、R2并联，电路中的总电阻最小，总功率最大；(3)电阻R1的阻值是88Ω；(4)水吸收的热量为3.696×105J，烧开一壶水需要的时间为420s。 解析：(1)由图示图象求出保温时的功率，然后应用P=UI的变形公式求出电流。(2)分析清楚电路结构，应用电功率公式判断壶的工作状态；(3)应用串联电路特点与电功率公式求出电阻阻值；(4)由热量公式求出水吸收的热量，由效率公式求出壶消耗的电能，然后求出烧开一壶水需要的时间。本题考查质量、电流、水吸热、电功和热效率的计算，关键是公式及其变形式的灵活运用和根据图象得出加热功率、保温功率，加热时间、保温时间，计算过程还要注意单位的换算。33.答案：解：(1)物体所受重力G=800N，物体被提升的高度h=2m，滑轮组所做的有用功：W有用=Gh=800N×2m=1600J，(2)由图可知：n=5，绳子自由端移动的距离s=nh=5×2m=10m，拉力F=200N，所做总功：W总=Fs=200N×10m=2000J；(2)滑轮组的机械效率：η=W有用W总×100%=1600J2000J×100%=80%．答：(1)有用功是1600J；(2)总功为2000J；(3)滑轮组的机械效率是80%．解析：(1)使用滑轮组提升重物时，滑轮组对物体所做功为有用功；(2)人对机械所做功是总功；(3)机械效率是有用功在总功中所占的比例．本题考查的是滑轮组机械效率的计算，明确有用功、总功的计算方法是解题的关键．