2020年临沂市罗庄区中考物理一模试卷(含解析) 31页

2020年临沂市罗庄区中考物理一模试卷一、单选题（本大题共20小题，共40.0分）1.下列技术应用中，不是利用电磁波工作的是A.用手机打电话B.利用微波雷达跟踪飞行目标C.利用声呐系统探测海底深度D.利用北斗导航系统进行定位和导航2.下列有关声现象的描述正确的是A.有些高科技产品不振动也可发声B.大象利用超声波进行彼此之间的交流C.分别用相同的力拨动吉他的两根粗细不同的弦可以改变响度D.考场周边“禁止鸣笛”是防止噪声产生3.下列现象中，不属于光的反射的是A.阳光照射浓密的树叶时，在地面上出现光斑B.人在地板上可以看到天上的太阳C.路口的反光镜D.斑马饮水时的倒影4.下列现象与相关物理知识相符的是 A.人游完泳上岸，风一吹，感到非常凉爽-----蒸发散热有致冷的作用B.利用滑轮组运货物----既省力又省功C.台风掀开屋顶的瓦-----屋外空气流速快，压强大，屋内空气的流速慢，压强小D.神舟一号发射用液氢做燃料-----因为氢的热值大5.光线斜射到平面镜上，保持平面镜位置不动，若入射光线靠近法线，则反射光线A.靠近法线B.远离法线C.方向不变D.无法确定6.下列四幅图片所涉及的物态变化过程中，放热的是A.土地干涸B.制作雪糕C.水被烧开D.干冰变小7.下列数据中符合事实的是A.一支中性笔的质量约为12kgB.人正常行走时的速度为1.1telC.对人体的安全电压不高于220VD.课桌的高度约为165cm8.造成人体发生触电事故的原因是A.人体带了电B.有电流通过人体C.有电压加在人体上D.通过人体的电流超过安全值9.我国研制的新型消雾无人机在加速飞往雾霾区域的过程中，它的A.动能增大B.质量增大C.合力为零D.运动状态不变10.下列实例中，目的是为了增大摩擦的是A.滚动轴承B.给木箱加装轮子 C.自行车车轮有凹槽D.磁悬浮列车与轨道不接触11.对于下列说法，你认为正确的是A.把橡皮泥捏成不同造型，说明力可以改变物体的形状B.高速飞行的子弹具有惯性，穿入木块静止后惯性消夫C.力是维持物体运动状态的原因D.水平路面上的汽车受到的重力和地面对它的支持力是一对作用力和反作用力12.关于分子和物体内能，下列说法正确的是A.杯子里的水可以任意倒出，说明水分子间没有引力B.固体间能扩散，表明固体物质分子是运动的C.把0的冰块加热熔化成0的水，其内能不变D.用力搓手，手发热是通过热传递增加手的内能13.有一种学生用饭卡，卡内置有铜线圈，芯片、天线，当卡靠近刷卡仪器时，仪器产生的磁场会使饭卡内产生瞬时电流，饭卡再将自身编码等信息通过饭卡内置天线发送给刷卡机。有关饭卡工作过程的说法错误的是A.刷卡过程中，发生了电磁感应现象B.刷卡过程中，电能转化为机械能C.刷卡过程中，刷卡机相当于一个无线电接收台D.刷卡过程中，信息是通过电磁波发射出去的14.在如图所示的实物电路中，电源电压保持不变，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向右移动，小灯泡亮度变化的情况是A.变亮B.变暗C.保持不变D.无法确定 15.如图所示，在水平桌面上分别铺上玻璃、木板、棉布，让小车从斜面的同一位置由静止滑下，下列说法正确的是A.小车受到的阻力越小，运动路程越长B.小车在玻璃上滑行，不受摩擦力作用C.小车在整个运动过程中动能不断增大D.小车在棉布表面速度大小变化得最慢16.在羽毛球、足球、男子体操、网球这四项运动中，下列描述正确的是A.羽毛球离开球拍后能在空中飞行一段距离，是由于羽毛球受到惯性力B.踢出能在空中可以转弯的“香蕉球”，是利用了流体压强与流速的关系C.体操运动员在手上涂防滑粉，是为了减小摩擦力D.球拍在击打网球的过程中，只有球拍发生了弹性形变17.质量相同的甲、乙两种物质从固态开始加热，它们在相同时间内吸收的热量相等，加热时间都为6min，它们的温度随时间变化的图象如图所示，下列说法正确的是A.甲的熔化时间是6minB.2min时它们一定都是固体C.甲是晶体，乙是非晶体D.B点是甲的熔点，D点是乙的熔点18.在两个容器中分别盛有甲、乙两种不同的液体，把体积相同的A、B两个实心小球放入甲液体中，两球沉底如图甲；放入乙液体中，两球静止时的情况如图乙。则下列说法正确的是A.小球A的质量等于小球B的质量B.小球A在甲液体中受到的浮力大于在乙液体中受到的浮力 C.小球B在甲、乙两种液体中受到的浮力相等D.在甲液体中，容器底对小球A的支持力小于容器底对小球B的支持力19.如图所示的电路中，闭合开关S后发现两灯均不亮，电流表的指针几乎不动，而电压表的指针有明显的偏转，则该电路的故障可能是A.1的灯丝断了B.2的灯丝断了C.1和2的灯丝都断了D.电流表坏了20.如图所示是电阻甲和乙的的图象，下列说法正确的是A.甲的电阻值保持10不变B.甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路总电流为0.3mC.乙的电阻值保持20不变D.甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2m时，电源电压为4V二、填空题（本大题共8小题，共18.0分）21.“寒夜客来茶当酒，竹炉汤沸火初红，寻常一样窗前月，才有梅花便不同”。沐浴着如酒、如月、如梅的茶香，修身养性的民族生生不息。中国的历史有多长，中国的茶就有多香。你知道吗？茶文化中有许多的物理知识，例如：1茶壶的盖子上有一个小孔，______通过这个小孔作用到壶内的液面上，壶中的水便容易倒出来；2茶夹是______杠杆；填“省力”或“费力” 22.雾是由大气中的水蒸气经______而形成的；太阳出来后，雾会慢慢散去，是因为空气中的小水珠发生了______。两空均填物态变化名称23.如图所示电路，电源电压恒定，小灯泡L标有“63”的字样灯丝电阻不变，120.闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，当滑动变阻器接入电路的阻值为10时，小灯泡正常发光，电流表的示数为0.8m.则此时通过小灯泡的电流为______A，电源电压为______V；在保证电路安全的前提下，电路消耗的最大功率为______W。24.在太阳内部，氢原子核在超高温下发生______选填“裂变”或“聚变”，释放出巨大的核能。25.人们根据______的原理修建了三峡大坝船闸．干旱期间大坝开闸放水，水位降到145m时，坝底所受水的压强是______Rm取10em，1.0103met3．水26.小华同学用100N的水平推力，推放在水平地面上重500N的物体，使其作匀速直线运动。若该物体在10s内移动5m，则在此过程中它的速度为______tel，小华做功的功率是______W。27.“辽宁舰”航空母舰出海试航，当航母在平静的水面航行时，它所受的浮力______它的总重力选填“大于”、“等于”或“小于”.当航空母舰上舰载飞机起飞后，它排开水的体积______选填“增大”、“减小”或“不变”.舰艇护航编队在较近距离时一般采用前后护航形式，而不采用“并排”护航。当两船高速并排行驶时，两船之间流体流速______压强______，容易发生碰撞事故。28.有一个玩具电风扇线圈电阻为2欧，接在电压为3V不变的电源上，转动时通过线圈的电流为0.2m，则：电风扇转动时，每分钟线圈产生的热量是______J，电风扇转动时的机械功率是______W。三、作图题（本大题共2小题，共2.0分）29.如图所示，重5的小球沿轨道自由滚下。请在图中画出其所受重力的示意图。 30.在如图的电路中，用笔画线代替导线，将灯和开关接入家庭电路中。四、实验探究题（本大题共4小题，共22.0分）31.如右图是探究平面镜成像特点的实验装置图，人站在竖直的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B竖直在玻璃板后移动，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合。1人在蜡烛A的同侧看到烛焰的像是光的______填“反射”或 “折射”现象形成的。2移去蜡烛B，在其原来位置放一光屏，光屏上不能呈现蜡烛A的像，说明______。3实验时，将蜡烛A逐渐远离玻璃板，它的像将______填“远离”或“靠近”玻璃板，像的大小将______填“变大”、“变小”或“不变”。32.小明在做探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关的实验，实验过程如图所示。1在实验中，用弹簧测力计拉着木块时，应沿水平方向拉动，且使它在固定的水平面上做______运动。根据______条件可知，此时木块所受的滑动摩擦力与弹簧拉力的大小______。这种测摩擦力的方法是______选填“直接”或“间接”测量法。2比较a、b两图说明滑动摩擦力的大小与______有关；比较______两图说明滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。3在上述实验中，对于摩擦力大小的测量你认为是否准确？请你作出评价。______。33.在“探究杠杆平衡条件”的实验中，把杠杆的中点支在支架上，杠杆静止在图甲所示的位置。1杠杆的位置如图甲所示，此时应调节杠杆两端的平衡螺母使其向______选填“左”或“右”移动，使杠杆在水平位置平衡，实验时施加的动力和阻力的方向都是竖直方向，这样做的好处是______。2某同学做了图乙一次实验后就得出了“动力动力臂阻力阻力臂”的结论，小明同学认为他的做法不合理，理由是______。3如果乙图左右两侧各加挂一个钩码，杠杆的______端会下降。4利用如图丙所示装置进行实验，每个钩码重0.5，杠杆平衡时弹簧测力计的读数应为______.如果保持弹簧测力计拉力作用点的位置不变，把弹簧测力计沿虚线方向拉，为了保证杠杆在水平位置平衡，其示数将______选填：“变大”“不变”或“变小”。 34.在测量小灯泡电功率的实验中，电源电压为4.5，小灯泡的额定电压为2.5，小灯泡正常发光时的电阻约为10。1请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。要求：当闭合开关，滑动变阻器的滑片向A端移动时，连入电路的电阻变大，连线不得交叉。2小刚同学闭合开关，移动滑片P到某一位置时，电压表示数为__________如图乙所示，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑动变阻器的滑片P向__________选填“A”或“B”端移动，图丙的的图像是小刚根据多组实验数据绘制的，根据图像可得小灯泡的额定功率为__________W。3由实验中的图像发现小灯泡电阻是变化的，影响其变化的主要原因是____________________________________________________。4若把小灯泡换成一个定值电阻，还可探究__________填字母的关系。A.电流与电阻.电流与电压五、计算题（本大题共2小题，共18.0分）35.随着社会的发展，能源的开采及利用所造成的环境问题摆在了世人面前。开发与利用新型清洁燃料作为新能源，替代常规能源可有效解决这一问题。现已开发某种新型燃料，它的热值为2.1107em。小明在某次探究实验中，想使2kg的水，从30升高至65。1新型燃料的热值为2.1107em所表示的物理意义是什么？2实验中水吸收的热量为多少？3小明至少需要准备上述燃料多少千克？假设燃料完全燃烧后，产生的热量有70e被水吸收。水的比热容为4.2103em。 36.澎澎家新买了一个养生壶，它有高、中、低三个加热挡位，其内部简化电路如图所示，1、2都是加热电阻，且12，养生壶的部分参数如表格所示。额定容量1L额定电压220V高温档功率1000W中温档功率低温档功率200W4.2103em、1.0103met3水水求：1中温挡功率是多少？电阻2的阻值是多少？2在标准大气压下，将1L水从20加热至沸腾，水吸收的热量是多少？3将1L水从20加热至沸腾最少的时间是420s。此过程中养生壶的加热效率是多少？ 【答案与解析】1.答案：C解析：解：A、手机可以发出电磁波，也可以接收电磁波，故A不符合题意；B、利用微波雷达跟踪飞行目标，微波属于电磁波，是利用电磁波工作的，故B不符合题意；C、利用声呐系统探测海底深度，声呐发出的是超声波，故C符合题意；D、利用北斗导航系统进行定位和导航，是利用电磁波工作的，故D不符合题意。故选：C。电磁波和声波都能传递信息和能量；电磁波能在真空中传播，而声波不能在真空中传播。本题考查了电磁波、声音的利用，属于基础知识。2.答案：D解析：此题考查声音的相关知识，属于基础知识的考查，是识记性内容，应当熟练掌握。1声音是物体的振动产生的，只要振动，就能够产生声音，振动停止，声音也停止；2声音能够传递信息，例如：利用超声波探测海底深度、利用超声波探测鱼群、B超、医生用听诊器为病人检查身体等；3声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；4减弱噪声的三个途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。A、声音是由物体的振动产生的，不振动不能发出声音，故A错误；B、大象利用次声波交流，属于利用声音传递信息，故B错误；C、分别用相同的力拨动两根粗细不同的弦可以改变吉他的音调，故C错误；D、考场周边“禁止鸣笛”是在声源处减弱噪声，防止噪声产生，故D正确。故选：D。3.答案：A 解析：本题考查的是光的反射和光的直线传播。1光在同种均匀介质中是沿直线传播的；2光射到物体的表面上会反射到原来的介质中，这种现象叫光的反射。A.阳光照射浓密的树叶时，在地面上出现光斑属于光的直线传播，故A符合题意；B.人在地板上可以看到天上的太阳属于光的反射，故B不符合题意；C.路口的反光镜属于光的反射，故C不符合题意；D.斑马饮水时的倒影属于光的反射，故D不符合题意。故选A。4.答案：D解析：解：A、游完泳上岸后被风一吹感到较冷，是因为风加快了身上水分的蒸发，蒸发要吸热有致冷的作用，故A错误；B、使用任何机械都不省功，故利用利用滑轮组运货物只省力不能省功，故B错误；C、风刮过屋顶，屋顶上方的空气流动速度大，压强小；屋内空气流动速度小，压强大，屋顶受到向上的压强大于向下的压强，受到的向上的压力大于向下的压力，产生一个向上的压力差，将屋顶掀开，故C错误；D、神舟一号发射用液氢做燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故D正确。故选：D。1蒸发是一种缓慢的汽化现象，蒸发吸热，影响蒸发快慢的因素有温度、表面积和液面上方的空气流动；2使用机械可以省力，可以省距离，就是不能省功；3流体流速越快，压强越小；流速越慢，压强越大；4热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小。本题考查了蒸发吸热、功的原理、流体压强与流速的关系、热值等知识，具有一定的综合性，熟练掌握各项知识是解题的关键。 5.答案：A解析：解：因为反射角和入射角都是指光线与法线的夹角，所以，当入射光线靠近法线时，入射角减小，根据反射定律，反射角等于入射角，反射角也应减小，即反射光线也靠近法线．故选A．光的反射定律告诉我们，反射角始终等于入射角，所以，我们判断出入射角是如何变化的就可以了．反射定律是基本的光学定律，我们应熟知它的内容，并活学活用．6.答案：B解析：解：A、土地干涸是水变成水蒸气，是汽化现象，汽化吸热，故A错误；B、制作雪糕，是液态的水变成固态的冰，是凝固现象，凝固放热，故B正确；C、水被烧开；是液态的水变成气态的水蒸气，是汽化现象，汽化吸热，故C错误；D、干冰变小，属于升华现象，升华吸热，故D错误。故选：B。1物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；2六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。7.答案：B解析：解：A、一枚一元硬币的质量在6g左右，一支中性笔的质量略大于此数值，在10m0.01m左右．故A不符合实际；1B、人正常步行的速度在4te4tel1.1tel左右．故B符合实际；3.6C、经验证明，只有不高于36V的电压对人体才是安全的．故C不符合实际；D、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右．故D不符合实际． 故选B．首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的．8.答案：D解析：本题考查了发生触电事故的原因，平时一定注意安全用电不接触低压带电体、不靠近高压带电体，以避免触电事故的发生。1人体是导体，当人体上加有电压时，就会有电流通过人体，2当通过人体的电流很小时，人没有感知；当通过人体的电流稍大，人就会有“麻电”的感觉，当电流达到8～10tm时，人就很难摆脱电压，形成了危险的触电事故，当电流达到100mA时，在很短时间内就会使人窒息、心跳停止。通常情况下，不高于36V的电压对人是安全的，称为安全电压。当加在人体上的电压大到一定数值时，通过人体的电流就达到一定程度，发生触电事故，故ABC错误，D正确。故选D。9.答案：A解析：解：新型消雾无人机在加速飞往雾霾区域的过程中，质量不变，速度增大，因此动能增大；由于物体处于加速运动状态，速度越来越大，因此受非平衡力作用，其运动状态一直在发生改变，并且合力不为零。故选：A。影响动能的因素有：质量和速度，质量和速度越大时，动能越大。当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体受平衡力作用。本题考查动能的影响因素以及平衡状态的判断，属于基础题。10.答案：C 解析：解：A.滚动轴承，是将滑动摩擦变为滚动摩擦，减小了摩擦力。故A不符合题意；B.给木箱加轮子，是将滑动摩擦变为滚动摩擦，减小了摩擦力。故B不符合题意；C.自行车车轮有凹槽，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦。故C符合题意；D.磁悬浮列车与轨道不接触，将接触面分离，减小了摩擦。故D不符合题意。故选：C。1增大摩擦的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；在接触面的粗糙程度一定时，增大压力。2减小摩擦的方法：在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；在接触面的粗糙程度一定时，减小压力；使接触面脱离；滚动摩擦代替滑动摩擦。增大有益摩擦和减小有害摩擦的事例在生活中随处可见，我们应学会用已有的知识对它们进行分析和判断。11.答案：A解析：解：A、把橡皮泥捏成不同造型，说明力可以改变物体的形状，故A叙述正确；B、高速飞行的子弹是因为子弹具有惯性，但穿入木头静止后惯性也不会消失，故B叙述错误；C、力是改变物体运动状态的原因，而不是维持运动状态的原因，物体运动不需要力来维持，故C选项错误；D、汽车受到的重力的施力物体是地球，地面对汽车的支持力施力物体是地面或地球，受力物体都是汽车，所以二力不是一对作用力和反作力；故D选项错误。故选：A。A、力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；B、切物体都有保持原来运动状态不变的性质；C、物体运动不需要力，物体运动状态改变才需要力，所以力的作用不是使物体运动，而是使物体的运动状态发生改变。D、力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施加力的作用时，受到另一个物体的反作用力，这两个力大小相等、方向相反，在一条直线上。本题考查力的作用效果、力作用的相互性，在分析力学问题时，头脑中要有方向意识，确定研究对象后，要明确物体受几个力、方向如何、大小关系怎样，另外需要清楚的是：竖直方向和水平方向是垂直关系，两个方向的力没有关系。 12.答案：B解析：解：A、杯子里的水可以任意倒出，说明水具有流动性，不能说明分子间没有引力，故A错误；B、扩散现象表明分子在不停的做无规则运动，固体间能扩散，表明固体物质分子在不停地做无规则运动，故B正确；C、把0的冰块加热熔化成0的水，该过程中冰吸收热量，其内能会增加，故C错误；D、用力搓手，由于需要克服摩擦力做功，所以手发热是通过做功的方式增加手的内能，故D错误。故选：B。本题主要考查分子动理论和改变内能的方式；属于识记性内容，难度不大。13.答案：B解析：解：A、当卡靠近刷卡仪器时，仪器产生的磁场会使饭卡内产生瞬时电流，发生了电磁感应现象，故A说法正确，不符合题意；B、刷卡过程中，发生了电磁感应现象，将机械能转化为电能，故B说法错误，符合题意；C、饭卡将自身编码等信息通过饭卡内置天线发送给刷卡机，刷卡机相当于一个无线电接收台，故C说法正确，不符合题意；D、刷卡过程中，使饭卡内产生瞬时电流，产生电磁波，信息是通过电磁波发射出的，故D说法正确，不符合题意。故选：B。闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象；饭卡的信息通过电磁波传递给刷卡机。此题通过学生用饭卡的工作过程，考查了电磁感应原理及电磁波的知识，体现了物理在生活中的应用。14.答案：A解析：解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，将滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小， 由可知，电路中的电流变大，由可知，灯泡两端的电压变大，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，故A正确，B、C、D错误．故选A．由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据可知灯泡实际功率的变化，进一步判断灯泡亮暗的变化．本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小．15.答案：A解析：解：AD、在水平面上，小车初速度相等，实验中我们会观察到：在不同材料的表面上，小车滑行的距离是不同的，在表面光滑的玻璃上滑行的距离最长，速度减小的越慢，在最粗糙的毛巾上滑行的距离最短，速度减小的最快，故A正确，D错误。B、小车在玻璃上滑行，仍受摩擦力作用会慢慢停下来，故B错误；C、小车运动过程中速度不断减小，质量不变，故动能不断减小，故C错误。故选：A。1体从斜面的同一高度滚下，到达水平面时速度相等，当物体速度相等时，在光滑程度不同的水平面上运动的距离不同，表面越光滑，物体运动的距离越远，速度减小的越慢；2小车在玻璃上滑行，仍受摩擦力作用；3物影响动能的因素：质量和速度。本实验采用了对比实验的方法。研究小车运动距离与受力大小的关系，让小车在三个粗糙程度不同的表面上运动的目的就是形成对比，比较运动距离与受力大小的关系。16.答案：B解析：解：A、击出的羽毛球能在空中继续飞行，是由于羽毛球具有惯性，还会保持原来的运动状态，惯性不是力，不能说受到惯性力作用，故A错误； B、为了控制乒乓球的飞行路径可以让它旋转起来，这是利用了流体压强与流速的关系，故B正确；C、体操运动员在手上涂防滑粉，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误；D、力的作用是相互的，在羽毛球拍和球击打的瞬间，球和拍都发生了弹性形变，故D错误。故选：B。1一切物体都有保持原有运动状态的特性；2流体压强与流速的关系是通过实验探究得到的，流体包括液体和气体，流速越快的地方压强反而越小；3增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；4力的作用是相互的，物体发生形变后能恢复原状，这种变化叫作弹性形变。本题考查了学生根据现象结合力学知识进行分析判断的能力，题中所涉及的几个力学知识是历年中考的热点，一定要掌握和理解。17.答案：C解析：解：甲物质在熔化过程中有温度不变的过程，即甲有一定的熔点，所以甲是晶体；乙从一开始就熔化，没有固定的熔化温度，即乙没有熔点，所以乙是非晶体．A、甲的熔化时间是6t݅的2t݅4t݅，故A错误；B、因为乙是非晶体，非晶体从开始加热就熔化，因此2min时乙是固液共存状态的，故B错误；C、分析图象可知，甲有一定的熔点，所以甲是晶体；乙没有固定的熔化温度，所以乙是非晶体，故C正确；D、因为晶体有一定的熔点，B点是甲的熔点，非晶体乙没有熔点，故D错误．故选C．晶体和非晶体的重要区别就是晶体有一定的熔点，而非晶体没有熔点．反映在熔化图象上：晶体的熔化图象有一水平线段，该水平线段对应的温度就是晶体的熔点；而非晶体的图象呈逐渐上升趋势，没有水平线段．晶体在熔化的过程中，是固液共存状态的；物质吸收热量、内能增加，但温度保持不变．该题以图象的形式考查了晶体和非晶体的区别，识图的关键是找出图象中的水平线段，凡有水平线段的，说明该物质在这一过程中，虽然吸热但温度不变，对应的是熔点． 18.答案：D解析：解：A、在乙液体中，A漂浮，则A的密度小于乙液体的密度；B下沉，B的密度大于乙液体的密度；比较可知，A的密度小于B的密度；两个小球的体积相同，根据t，A的质量小于B的质量，故A错误；B、由图可知，在甲液体中A球下沉，则m浮甲，在乙液体中A漂浮，m浮乙，所以浮甲浮乙，故B错误；C、由A知，乙液体的密度大于A的密度，所以甲液体的密度小于乙液体的密度，B实心小球在甲乙液体中均下沉，根据浮液m排，可判断小球B在乙液体中受到的浮力大，故C错误；D、由tm可知m，由于A、B在甲液体中都沉底，由浮m排可得，两球在甲液体中受到的浮力相同，则根据浮支可知支持力支的浮，所以，支m支，故D正确。故选：D。12根据两个小球的浮沉情况及物体的浮沉条件，可判断出物体密度和液体密度的大小关系，物体漂浮，则物体密度小于液体密度；物体下沉，则物体密度大于液体密度；3根据浮液m排，可判断出两个小球所受浮力的大小关系；4根据物体的受力平衡即可判断支持力。此题通过分析小球在液体中的浮沉情况，考查了对阿基米德原理、浮沉条件的应用，难度较大。19.答案：A解析：解：A如果灯泡1灯丝断了，两只灯泡都不发光，电流表无示数，电压表串联在电路中，测量电源电压指针偏转。此选项符合题意。B如果灯泡2灯丝断了，两只灯泡都不发光，电压表、电流表都无示数。此选项不符合题意。C如果两只灯泡灯丝都断了不会发光，电压表、电流表无示数。此选项不符合题意。D如果电流表坏了，两只灯泡不发光，电压表、电流表无示数。此选项不符合题意。故选：A。用电压表检验电路故障时，将电压表与用电器并联，如果电压表无示数，可能是并联的用电器短路 或其它部分断路；如果电压表有示数且较大接近电源电压，可能是并联的用电器断路或其它部分短路。20.答案：B解析：本题考查了串联电路和并联电路的电流、电压特点以及欧姆定律的应用，根据图象得出相关的信息是解题的关键。m解.由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，根据欧姆定律可知甲的电阻值不变，当甲2时，甲2对应的电流为0.1m，故甲0.1m20；乙对应的电流与电压不成正比，根据欧姆定律可知甲乙的电阻值是变化的；故A、C错误。B.甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，则两灯泡两端的电压都为2V，由图象可知，甲0.1m，0.2m，故电路总电流0.1m0.2m0.3m，故B正确；乙甲乙D.甲、乙串联在电路中时，当电路电流为0.2m时，由图象可知甲4，乙2，因为串联电路的总电压等于各电阻两端电压之和，所以电源电压：甲乙426，故D错误。故选：B。21.答案：大气压；费力解析：解：1茶壶的盖子上有一个小孔，是为了使茶壶内的气体和外界的大气相通，使壶内气体压强等于大气压，水容易倒出；2茶夹和镊子比较相似，支点离动力作用线的距离短，离阻力作用线的距离长，是费力杠杆。故答案为：1大气压；2费力。1壶盖上的小孔可以使壶内气体和壶外的大气相通，从而利用大气压来使水更容易倒出；2大致比较动力臂和阻力臂的长短关系，动力臂长的是省力杠杆；动力臂短的是费力杠杆；此题考查大气压、杠杆的种类，是一道基础题。22.答案：液化汽化解析：解：空气中的水蒸气温度较高，遇到温度较低的空气，形成小水珠，即形成雾；经过一段时间，小水珠 又吸收空气中的热量发生汽化现象，变成水蒸气消散在了空气中。故答案为：液化；汽化。物质由气态变为液态的现象叫液化；物质由液态变为气态的现象叫汽化，汽化有蒸发和沸腾两种方式。此题考查的是物态变化的判断。分析物态变化时，首先要分析生成物的状态，然后再分析是由什么状态的物质形成的，从而判断出是什么物态变化。23.答案：0.51411.2解析：解：由电路图可知，1与L并联后再与2串联，电流表测电路中的总电流。当滑动变阻器接入电路的阻值为10时，小灯泡正常发光，其两端的电压6，由可得，通过小灯泡的电流：30.5m；6由可得，此时2两端的电压：220.8m108，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：26814；灯泡正常发光时，通过灯泡的电流最大，干路电流最大，电路的总功率最大，则电路消耗的最大总功率：140.8m11.2。故答案为：0.5；14；11.2。由电路图可知，1与L并联后再与2串联，电流表测电路中的总电流。当滑动变阻器接入电路的阻值为10时，小灯泡正常发光，其两端的电压和额定电压相等，根据求出通过小灯泡的电流，根据欧姆定律求出2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；灯泡正常发光时，电路中的电流最大，电路消耗的总功率最大，利用求出其大小。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断电路消耗的最大功率是关键。24.答案：聚变 解析：核能分为裂变和聚变两种，裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应堆中，后者应用在原子弹中；聚变主要应用在氢弹上；本题考查了太阳能的相关物理知识，注重了物理知识和生活的联系，是中考的热点。在太阳内部，太阳之所以能发光发热，实质相当于无数个的氢弹爆炸而造成的，即氢原子核在超高温下发生聚变释放核能；而核电站利用的是核反应堆内的铀核发生裂变，即利用可控的链式反应释放核能的。故答案为：聚变。25.答案：连通器；1.45106解析：上端开口、下端相连通的容器叫连通器；船闸是连通器特点的应用；已知水的深度和密度，利用公式m计算水对坝底的压强．此题考查了连通器的应用和液体压强的计算，正确理解深度的含义，是解决液体压强问题的第一步．解：人们根据连通器的原理修建了三峡大坝船闸．水对坝底的压强为m1.0103met310em145t1.45106R．故答案为：连通器；1.45106．26.答案：0.550l5t解析：解：1物体的速度：0.5tel；10l5002小华做的功：l1005t500；小华的功率：50；10l故答案为：0.5；50。l1根据速度公式即可算出物体的速度；2根据功的计算公式l即可算出小华做的功；根据功率公式即可算出小华做功的功率。本题考查了学生对应速度公式、功的公式和功率公式的掌握和应用，本题中有一个干扰因素，那就是物体的重力为500N，在解答本题中，不用考虑物体的重力和支持力，因为物体并没有在重力、支持力的作用下做功，所以理解做功的两个必要因素很关键。 27.答案：等于减小大小解析：解：1因为航母漂浮，所以它受到的浮力等于总重力；2战机从航母上起飞后，航母的总重力减小，根据漂浮物体的重力等于自身重力，所以浮力将减小，由阿基米德原理可知排开水的体积会减小。3水的流速越大，压强越小，水的流速越小压强越大，舰艇并排行驶时，舰艇带动其周围的水随船向前运动，由于舰艇内侧水流速度大于舰艇外侧水流速度，因此舰艇内侧水的压强小于舰艇外侧水的压强，舰艇内外测的水存在压强差，水的压强差使舰艇靠近，进而发生碰撞，为了避免事故的发生，因此舰艇护航编队在较近距离时一般采用前后护航形式，而不采用“并排”护航。故答案为：等于；减小；大；小。1知道航母在平静的水面上航行漂浮，利用漂浮条件确定浮力与总重力的关系；2战机在起飞前是停在航母上的，应将其与航母看成一个整体，再根据漂浮的条件，可判断战机起飞前后浮力的变化情况和体积变化情况；3流体流速越大，流体产生的压强越小；流体流速越小，压强越大。本题考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件、液体压强与流速的关系的掌握和运用，明确战机起飞后对航母总重力的影响是本题的关键。28.答案：4.80.52解析：解：1电风扇线圈每分钟线圈产生的热量：20.2m2260l4.8；2电动机总功率：总30.2m0.6；线圈发热功率：20.2m220.08；热输出的机械功率：总的热0.6的0.080.52。故答案为：4.8；0.52。1知道电风扇的电阻和通过的电流以及工作时间，根据2求出电阻产生的热量；2电动机正常工作时，机械能的功率等于总功率与转化为内能功率之差。本题考查了焦耳定律的简单应用，要注意电风扇是非纯电阻用电器，消耗的电能和产生的热量不相 等。29.答案：解析：本题考查重力的示意图就是用带箭头的线段表示重力的三要素，线段的起点在重心，方向竖直向下。无论物体放在轨道上还是其它地方，重力的方向始终是竖直向下的，在作图时学生容易把重力的方向画成与轨道面垂直。作用点在球的中心，从球心沿竖直向下的方向画一条线段，在线段的末端标上箭头表示重力的方向，5，如图所示：。30.答案：解：灯泡接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。如图所示： 解析：灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。31.答案：1反射；2平面镜所成的像是虚像；3远离；不变解析：解：1平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，眼睛在A侧看到的蜡烛的像是由光的反射形成的；2由于平面镜所成的像是虚像，所以移去蜡烛B，并在其位置上放一光屏，则光屏上不能接收到蜡烛A的火焰的像。3物像到平面镜的距离相等，因此若将蜡烛A远离玻璃板时，则像将远离玻璃板移动；平面镜中的像的大小跟物体大小有关，跟物体到平面镜的距离无关，所以物体靠近平面镜，像也靠近平面镜，像的大小不变。故答案为：1反射；2平面镜所成的像是虚像；3远离；不变。1平面镜成像的实质是光的反射现象；2实像能成在光屏上，而虚像不能成在光屏上，所以据此即可判断；3物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。本题考查学生实际动手操作实验的能力，并能对实验中出现的问题正确分析，探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的。32.答案：匀速直线二力平衡相等间接压力a、c不够准确，因为手拉物体很难保证物体一直做匀速直线运动解析：解：1在实验中，用弹簧测力计拉着木块时，应沿水平方向拉动，且使它在固定的水平面上做匀速直线运动。根据二力平衡条件可知，此时木块所受的滑动摩擦力与弹簧拉力的大小相等。这种测摩擦力的方法是间接测量法。2比较a、b两图说明滑动摩擦力的大小与压力有关；比较a、c两图说明滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。3不够准确，因为手拉物体很难保证物体一直做匀速直线运动。故答案为：1匀速直线运动；二力平衡；相等；间接；2压力；a、c；3不够准确；因为手拉物体很难保证物体一直做匀速直线运动。水平匀速拉动木块，让木块做匀速直线运动，木块处于平衡状态，由二力平衡条件可知，滑动摩擦 力等于拉力；根据控制变量法的要求分析图示实验，根据控制的变量与实验现象得出实验结论。本题应用了控制变量法，应用控制变量法分析图示实验即可正确解题。33.答案：左方便测量力臂一次实验得出的结论具有偶然性左2.25变大解析：解：1杠杆右端下沉，为了使它在水平位置平衡，应将杠杆两端的平衡螺母向左调节；实验前先要调节杠杆在水平位置平衡，施加的动力和阻力的方向都是竖直方向，是为了便于测量力臂的长度；2只有一次实验得出杠杆平衡的条件是：动力动力臂阻力阻力臂。这种结论很具有偶然性，不合理。要进行多次实验，总结杠杆平衡条件。3如果再在左右两处各加挂一个钩码，3342，所以杠杆左端下沉。4设一格的长度为L，杠杆在水平位置平衡，则力1的方向应竖直向下，由1122得，0.53312，解得，12.25；从丙图中可以看出，弹簧秤的作用力最长的力臂为4L，即杠杆的长度，当力的方向发生改变时，力臂将减小，因此作用力将变大。故答案为：1左；方便测量力臂；2一次实验得出的结论具有偶然性；3左；42.25；变大。1杠杆倾斜时，杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左、右两端的螺母或一端的螺母要向杠杆上翘的一端调节；实验前先要调节杠杆在水平位置平衡，使杠杆平衡的目是便于测量力臂的长度；2探究杠杆平衡条件时，一般要进行多次测量，为了使实验结论具有普遍性，只有一次实验得出的结论是不科学的3设杠杆分度值是L，一个钩码重是G，根据杠杆平衡条件求出钩码数量，力和力臂的乘积大的一端下沉。4钩码在支点的左侧，要使杠杆平衡，根据杠杆的平衡条件：1122，将已知条件代入便可求出1的大小。阻力和阻力臂不变，根据题意判断动力臂如何变化，然后由平衡条件判断弹簧测力计示数如何变化。本题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算。当杠杆处于水平位置平衡时，竖直作用在杠杆上的力的力臂在杠杆上，倾斜作用在杠杆上力的力臂在杠杆以外的位置上，力臂变小。 34.答案：1；22.2；B；0.5；3灯泡电阻受温度影响，随温度的升高而增大；4解析：1本实验电流表、灯泡和滑动变阻器应串联入电路中，根据灯泡正常发光电流确定电流表量程，根据滑滑片向左移动时，连入电路的电阻变大确定变阻器的接线柱；2根据图乙电压表量程和分度值读出其示数，根据串联电路的分析原理分析要使灯泡正常发滑片的移动方向；由图象求出灯泡额定电压对应的电流，然后由求出灯泡额定功率；3灯丝的电阻随温度的变化而变化。4探究电流与电阻的关系时，需保持电压不变；探究电流与电压的关系数，需保持电阻不变。本题考查了连接实物电路图、电表读数、求灯泡额定功率，对电表读数时要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直。额1测灯泡功率实验中，电流表、灯泡和滑动变阻器应串联入电路，灯泡正常发光电流约为2.50.25m，所以电流表应使用0的0.6m量程，滑动变阻器的滑片向A端移动时，连入电路的电阻10变大，所以应将接线柱B接入电路，如图所示：；2由图乙，电压表使用0的3量程，分度值0.1，示数为2.2；灯泡电压低于额定电压2.5，要使灯泡正常发光，根据分压原理，需减小变阻器连入阻值即滑片向B端移动，以减小变阻器分压，从而提高灯泡电压；由丙图象可知，当灯泡电压为2.5正常工作，通过灯泡的电流为0.2m，所以灯泡的额定功率：额 2.50.2m0.5；额3发现小灯泡电阻是变化的，影响其变化的主要因素是温度，即灯泡电阻受温度影响，随温度的升高而增大；4将小灯泡换成定值电阻时，定值电阻的阻值不变，可通过移动滑片的位置改变定值电阻两端电压，因此可探究电流与电压的关系，故选B。故答案为：1如上图；22.2；B；0.5；3灯泡电阻受温度影响，随温度的升高而增大；4。35.答案：1新型燃料的热值为2.1107em，表示1kg这种新型燃料完全燃烧放出的热量是2.1107；2水吸收的热量：t4.2103em2m65的302.94105；吸水3由题知，燃料产生的热量有70e被水吸收，即吸放70et쳌70e，至少需要燃料的质量：吸2.94105t0.02m。쳌70e2.1107em70e答：1新型燃料的热值为2.1107em所表示的物理意义是1kg这种新型燃料完全燃烧放出的热量为2.1107；2实验中水吸收的热量为2.94105；3小明至少需要准备上述燃料0.02m。解析：11m某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值；2知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式吸t求水吸收的热量；3由题知，燃料完全燃烧后，产生的热量有70e被水吸收，即吸放70e，根据放t쳌求燃料的质量。本题考查了学生对热值的含义、吸热公式吸t、燃料完全燃烧放热公式放t쳌的掌握和运用，利用好“燃料产生的热量有70e被水吸收”是本题的关键。36.答案：解：21当1、2均闭合时，1与2并联，电路的总电阻最小，由可知，电路的总功率最大，养生壶处于高温档； 当只闭合1时，电路为1的简单电路，由21可知，电路的总电阻最大，此时电路的总功率最小，养生壶处于低温档；则当只闭合2时，电路为2的简单电路，养生壶处于中温档，由表格数据可知，高1000，高200，则中温档功率：的1000的200800，中高低2由可得，电阻2的阻值：22202260.5；800中2养生壶内水的体积：11t3110的3t3，t由可得，水的质量：t1.0103met31.010的3t31m，在标准大气压下水的沸点为100，则水吸收的热量：t的4.2103em1m100的203.36105；吸03由可得，养生壶高温加热时消耗的电能：1000420l4.2105，高此过程中养生壶的加热效率：吸3.36105100e100e80e。4.2105答：1中温档功率是800W，电阻2的阻值是60.5；2在标准大气压下，将1L水从20加热至沸腾，水吸收的热量是3.36105；3将1L水从20高温加热至沸腾最少的时间是420s，此过程中养生壶的加热效率是80e。解析：【试题解析】21由电路图可知，当1、2均闭合时，1与2并联，电路的总电阻最小，根据可知，电源的电压一定时，电路的总功率最大，养生壶处于高温档；当只闭合1时，电路为1的简单电路， 由21可知，电路的总电阻最大，此时电路的总功率最小，养生壶处于低温档；所以，当只闭合2时，电路为2的简单电路，养生壶处于中温档；由表格数据可知，养生壶高温档和低温档的功率，2两者的差值即为中温档的功率，根据求出电阻2的阻值；2知道水的体积和密度，根据t求出水的质量，又知道水的初温、末温在标准大气压下水的沸点为100以及水的比热容，根据吸t的0求出水吸收的热量；吸3根据求出消耗的电能，利用100e求出此过程中养生壶的加热效率。本题考查了电功率公式和密度公式、吸热公式、电功公式以及效率公式的应用，正确的判断养生壶三档位接入电路中的电阻是关键。