2020年宁波市中考物理模拟试卷(二)(含解析) 17页

2020 年宁波市中考物理模拟试卷(二) 一、单选题（本大题共 8 小题，共 32.0 分） 1. 如图所示为发电机的工作原理图，下列说法正确的是 A. 发电机的工作原理是电磁感应 B. 发电机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用 C. 线圈在转动过程中，感应电流的方向不变 D. 发电机工作时把电能转化成机械能 2. 如图所示的两个滑轮中，属于动滑轮的是_____，若滑轮的自重和摩擦 不计，当分别用 1 、 2 匀速提起同一物体时，则 1 、 2 的大小关系是： 1̴̴̴̴̴̴2. 下列选项正确的是 A. 甲 等于 B. 乙 等于 C. 乙 大于 D. 甲 小于 3. 2019 年 1 月 8 日，国产航母完成第四次海试，顺利归港。如图所示， 航母在海试中的相关说法错误的是 A. 航母在海面上匀速航行时，航母受到的重力等于受到的浮力 B. 为了防止相碰，并列航行的护卫舰与航母须保持较远距离，因 为流体在流速大的地方压强小 C. 舰载机飞离航母后，航母受到海水的浮力减小 D. 舰载机飞离航母后，航母底部受到海水的压强增大 4. 如图是温度自动报警器工作电路。在水银温度计上部插入一段金属 丝，当温度到达金属丝下端所指示的温度时 A. 铃响，灯不亮 B. 铃不响，灯不亮 C. 铃响，灯亮 D. 铃不响，灯亮 5. 如图所示电路中，电源电压保持不变，当开关 S 由断开到闭合时，下 列说法错误的是： A. 电压表 V 示数将变大 B. 电流表 A 示数将变大 C. 电压表 V 和电流表 A 示数之比将变大 D. 整个电路消耗的总功率将变大 6. 如图所示，将小球拉到 A 处由静止释放，下列说法正确的是 A. 小球在 B 点时动能最大 B. 小球在 O 点时的重力势能最大 C. 小球由 A 点运动到 O 点，重力势能转化为动能 D. 小球由 B 点运动到 O 点，动能转化为重力势能 7. 如图所示，光在玻璃和空气的界面 CD 同时发生了反射和折射，以下 说法正确的是 A. 入射角为 6 ，界面右侧是空气 B. 折射角为 45 ，界面右侧是玻璃 C. 入射角为 3 ，界面左侧是空气 D. 折射角为 45 ，界面左侧是玻璃 8. 如图所示，烧杯的底面积是 2Ƣ 2 ，里面装有一定量的水 图甲 ，用弹簧测力计吊着未知物体， 先将物体浸没在水中 图乙 ，水位升高到 B 处，示数是 18N；再将物体缓慢提出，使水位下降 到 AB 的中点 C 处，示数是 23㘠 不计物体带出的水 。g 取 1㘠쳌 ，下列判断中正确的是 物体的质量是 2.8쳌 ； 物体的体积是 1 1 3 3 ； 物体浸没时受到的浮力是 15N； 从 乙到丙，水对烧杯底面的压强减小了 260Pa。 A. 只有 、 、 正确 B. 只有 、 、 正确 C. 只有 、 正确 D. 只有 、 正确 二、填空题（本大题共 3 小题，共 10.0 分） 9. 我们常用“频闪照片”来研究物体的运动．如图所示，记录了甲、 乙两个小球每隔 .2 所处的位置．根据底片可以判断，______ 球 运动时间长，______ 球运动速度越来越大． 1. 重心 1 重力的等效作用点叫做________。 2 物体的重心位置与物体的形状和质量分布有关。形状规则、质量分布均匀的物体，它的重心 在它的____________。 3 物体重心的位置，可以在物体上，也可以在物体外，如一块平板的重心在板上，而一个铁环 的重心就不在环上。 4 重心的位置与物体所在的位置及放置状态和运动状态无关。 11. 重力灯是英国里弗斯设计的一款概念环保灯，它是通过一定的装置将重力势能 转化为电能的设备，如图所示。已知沙袋重力为 200N，用滑轮系统将它提升到 2m 高处，然后放手让沙袋下降到地面。已知重力灯功率为 .5 ，重力势能转 化为电能效率为 84䙎 ，则每举高一次该沙袋使重力灯正常照明______ . 如果这 部分电能通过某电加热器，能使 100g 水升高 .4 ，则该加热器的效率为______。 三、计算题（本大题共 4 小题，共 28.0 分） 12. 某小组同学做“用电流表、电压表测电阻”实验时，实验器材有：有电源 电压为 1.5 伏整数倍 且保持不变 、待测电阻 Rx、电流表、电压表、电键及导线若干。但发现电流表已坏，电压表 的 ～ 15 伏量程档损坏。现只能用非常规方法测量电阻。给予阻值为 10 欧的定值电阻 1 、阻 值为 20 欧的定值电阻 2. 他经过思考，进行了两次实验，电路图及闭合电键 S 后对应的电压表 的示数分别如图 ㄠ 、 ‸ 。请根据相关信息完成下列问题： 1 如图 ㄠ 中电表示数是______V； 2 该小组同学所用电源的电压是______V； 3 待测电阻 Rx 的阻值是______ 计算电阻时，精确到 .1 ； 4 你认为该实验中不足之处主要是______。 13. 如图所示，将一块重为 3N，体积为 1Ƣ 3 的石块，用细线系着浸没在装有水的圆柱 形容器中 容器重为 2㘠 ，此时容器中水的深度由 10cm 上升到 12Ƣ. 容器壁厚度忽略 不计 求： 쳌 取 1㘠쳌 1 石块受到水对它的浮力； 2 容器底部受到水对它的压强； 3 放手后，石块下沉到容器底部静止时，容器对水平桌面的压强． 14. 2019 年，我国航天事业取得了世界瞩目的又一项成就，“玉兔二号” 月球车成功登陆月球背面。图示为科技馆展厅内“玉兔二号”月球 车的模型，质量为 36kg。 1 若车轮与地面的总接触面积为 4Ƣ 2 ，则该模型车在地球上对 地面的压强为多少帕？ 2 月球车采用电动机驱动，若电动机线圈电阻是 .5 ，电动机两端电压是 110V，当电动机正 常工作时，通过线圈的电流是 10A，计算 5min 内电动机所做的机械功。 15. 如图 1 所示， 1 、 2 为定值电阻。图 2 为通过 1 的电流与其两端电压的关系图象，已知 2 的阻 值为 1 ，通过 2 的电流为 .6͸. 求； 11 的阻值 2 电源电压 31ͳ 内 1 消耗的电能 四、综合题（本大题共 1 小题，共 6.0 分） 16. 自行车手闸可看作杠杆，对手闸的动力 1 及手闸所受阻力 2 如图所示。 1 请在图中画出动力臂 1 。 2 刹车时的手闸是________杠杆 选填“省力”“费力”或“等臂” 。 【答案与解析】 1.答案：A 解析： 发电机是利用电磁感应现象制成的，在发电机工作时，机械能转化为电能，电流的大小和方向是时 刻变化的，据此分析即可解决． 知道发电机、电动机的原理，并能理解发电机工作时其内部电流大小、方向的变化特点是解决该题 的关键． ͸关. 发电机的基本原理是电磁感应，故 A 正确，B 错误； C.感应电流的方向与磁场的方向和导体运动的方向有关，所以该发电机模型中，线圈在转动一圈时， 其切割磁感线的方向会改变，故产生的感应电流方向会改变，故 C 错误； D.发电机工作时消耗机械能，产生电能，所以是将机械能转化为电能的过程，故 D 错误． 故选 A． 2.答案：C 解析：解： 图乙的滑轮随物体一起运动，属于动滑轮； 若滑轮的自重和摩擦不计， 用 1 的力提升重物时，用的是定滑轮；因定滑轮不省力，则 1 ； 用 2 的力提升重物时，用的是动滑轮；因动滑轮能够省一半的力，则 2 1 2 ； 所以 1 2 。 故选：C。 使用过程中，定滑轮的位置是固定的，使用定滑轮不能省力，但可以改变力的方向； 动滑轮的轮轴与物体一起运动，使用动滑轮可以省力。 本题考查了滑轮分类、定滑轮和动滑轮省力特点的应用，属于基础题目。 3.答案：D 解析：解： A、航母匀速航行时漂浮在水面上，受到的浮力与重力是一对平衡力，所以航母受到的浮力等于重力， 故 A 正确； B、并列航行的护卫舰与航母须保持较远距离，若靠近会发生碰撞，因为护卫舰与航母之间水的流速 大、压强小，外侧水的流速小、压强大，则外侧水的压强大于内侧水的压强，外部的水会把两舰挤 压在一起，故 B 正确； C、因为漂浮时浮力等于重力，所以，当舰载机飞离航母后，航母的重力减小，航母受到海水的浮力 减小，故 C 正确； D、舰载机飞离航母后，浮力减小，排开海水的体积减小，航母会上浮一些，其底部所处的深度减 小，根据 쳌 知，航母受到海水的压强减小，故 D 错误。 故选：D。 1 物体漂浮，浮力等于重力； 2 在流体中流速越大压强越小； 3 物体漂浮，浮力等于重力，根据重力的变化判断出浮力的变化； 4 液体的压强与深度有关，据此判断。 本题考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件、液体压强公式的应用、流体压强和流速关系的 了解和掌握，知道漂浮时浮力等于重力是本题的关键。 4.答案：A 解析：解：温度升高时，水银柱上升，与上方金属丝连通，使左侧形成通路，电磁铁中有电流通过 电磁铁吸引衔铁，与下面触点接触，与上面触点断开，灯不亮；与下面触点接触，电铃这部分电路 接通，电铃发出报警信号。 故选：A。 明确这一装置由两部分电路组成，左端电路的控制要点在于水银柱的变化，而右端的控制要点则在 电磁铁对衔铁的吸引，再由此分析电路中温度变化时的工作情况。 明确图中左侧为控制电路，右侧为工作电路，两电路依据中间的电磁铁来发生相互作用，是搞清这 一装置原理的关键点之一，同时，还应明确水银也是导体，当其与上方金属丝接通时，也成为了电 路的一部分。 5.答案：C 解析： 由电路图可知，当开关断开时，R 与 L 串联，电压表测 R 两端的电压，电流表测电路中的电流；当 开关闭合时，电路为 R 的简单电路，电流表测电路中的电流，电压表测 R 两端电压；根据电阻的串 联判断电路中电阻的变化，利用欧姆定律判断两电表示数的变化，根据 䁪 判断整个电路消耗的 总功率的变化。 此题是根据开关的闭合控制电路中的电阻变化，从而导致一系列的变化，仔细分析即可。 当开关 S 由断开到闭合，电路中的总阻值减小，而电源电压保持不变，所以电流增大，故即电流表 示数变大；而电压表测量的电压由测量电阻两端电压变为测量电源电压，所以示数也增大，由欧姆 定律可知，电压表 V 和电流表 A 示数之比不变；根据 䁪 可知，整个电路消耗的总功率将变大， 故说法错误的为 C。 故选 C。 6.答案：C 解析： 1 动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大； 2 重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大． 本题考查了影响动能和势能大小的因素以及能量的转化知识的应用，知道动能和重力势能之间的相 互转化是解决该题的关键．AB、在 A 点时的高度最高，重力势能最大；到达 O 点时速度最大，动能 最大；小球到达 B 点时速度为零，动能为零，故 AB 错误； C、小球从 ͸ 的过程中，小球的质量不变，高度减小，重力势能减小，速度增大，动能增大， 减少的重力势能转化为动能，故 C 正确； D、小球从 关 的过程中，小球的质量不变，高度减小，速度增大，重力势能减小，动能增大， 减少的重力势能转化为动能；故 D 错误． 故选 C． 7.答案：D 解析： 此题考查了光的反射定律、光的折射定律的应用，此题已经告诉界面和光的传播方向，再根据折射 角和入射角的大小确定介质即可。 1 已知光在玻璃和空气的界面 CD，然后根据折射光线和入射光线的关系确定出折射光线、入射光 线、反射光线； 2 光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法 线的两侧；反射角等于入射角； 3 光的折射定律的内容：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于 法线两侧，当光线从空气射入其它透明介质时，折射角小于入射角；当光线从其它介质斜射入空气 时，折射角大于入射角。 1 已知 CD 是界面，则由图可知， ͸䁪 6 ，则 关䁪 6 ，所以入射角为 9 6 3 ， 而 䁪 45 ，则折射角为 9 45 45 ，因折射角大于入射角，所以 CD 的右边是空气，左边 是玻璃。 2 根据折射光线和入射光线分别位于法线两侧，则 OE 一定为折射光线，BO 为入射光线，OA 为反 射光线， 综上所述，故选项 D 正确，选项 ABC 错误。 故选 D。 8.答案：C 解析：解： 设物体重为 G，当物体浸没水中时， 示 浮 18㘠 ，------ 将物体缓慢提出，当水位下降到 AB 的中点 C 时，排开水的体积减半，浮力减半， 此时 示 1 2 浮 23㘠 ，------------ 得： 1 2 浮 23㘠 18㘠 5㘠 ， 当物体浸没水中时，受到的浮力 浮 1㘠 ，---------故 错误； 由 浮 水 排 쳌 ， 所以金属体的体积： 排 浮 水 쳌 1㘠 1.1 3 쳌 3 1㘠쳌 1 1 3 3 ，-----故 正确； 2 得： 28㘠 ， 物体的质量： 쳌 28㘠 1㘠쳌 2.8쳌 ，------故 正确； 从乙到丙，物体少排开水的体积等于物体体积的一半： 排 11 3 3 2 .5 1 3 3 ， 容器内水位降低高度： 排 .51 3 3 21 4 2 .25 ， 减小的压强： 水 쳌 1. 1 3 쳌 3 1㘠쳌 .25 25ㄠ. -------故 错误； 综上所述选项 C 正确，ABD 错误。 故选：C。 1 设物体重为 G，当物体浸没水中时， 示 浮，将物体缓慢提出，当水位下降到 AB 的中点 C 时，排开水的体积减半，浮力减半，可得 示 1 2 浮，联立方程组可求 G 和物体浸没时受浮 力大小；再根据阿基米德原理的推导公式 浮 水 排 쳌 求物体浸没时排开水的体积，即物体的体积； 2 从乙到丙，由排开水的体积的变化求出烧杯内水液面下降的高度，再利用压强公式求压强减小值。 本题考查了学生对密度公式、重力公式、阿基米德原理、液体压强公式的掌握和运用，利用好称重 法测浮力是本题的关键。 9.答案：甲；乙 解析：解：由图示可知，在甲图中，包括了 5 个时间间隔，每个时间间隔为 .2 ，即甲运动了 .2 5 .1 ； 乙图只有 3 个时间间隔，乙运动的时间为： .2 3 .6 ，所以甲运动的时间大于乙运动的时间； 由于随着时间的推移，甲在相等的时间间隔内通过的路程仍然相等，所以甲做的是匀速直线运动； 由乙图所示的两点之间的长度可知，在相同的时间内乙通过的路程越来越长，所以乙的速度越来越 大． 故答案为：甲；乙． 根据题意，首先要明确，每相邻两点之间的时间间隔是 .2 ，根据间隔的段数可以确定运动时间的 长短． 利用相邻两点之间的长度可以确定其通过的路程，由于时间相等，根据速度公式可以确定物体速度 的变化． 通过频闪照片可以获得以下两个信息：频闪照片中相邻的两个照片之间的时间间隔相等；两个相邻 的照片之间的长度是运动物体在一个时间间隔内通过的距离． 10.答案： 1 重心； 2 几何中心； 解析： 本题考查对重心的理解和判断，难度较小。 质地均匀，外形规则的物体的重心在物体的几何中心上；质地不均匀，外形不规则的物体的重心可 以利用悬吊的方法确定重心，物体的重心可能不在物体上。 重力在物体上的作用点，叫做物体的重心；重心位置随质量分布的变化而变化； 形状规则、质量分布均匀的物体的重心在物体的几何中心上； 对于形状不规则物体的重心可能作用在物体上，也可能作用在物体的外边。 1 重力在物体上的作用点，叫做物体的重心； 2 形状规则、质量分布均匀的物体的重心在物体的几何中心上。 故答案为：重心；几何中心。 11.答案：672 5䙎 解析：解： 1 由题知，沙袋重力为 200N，被提高 2m，所以沙袋下降到地面重力所做的功： 2㘠 2 4 ； 由题知，重力势能转化为电能效率为 84䙎 ， 由 电 得重物重力做的功转化的电能为： 电 84䙎 4 336 ， 灯功率为 .5 ，由 可得每举高一次重物能使该灯正常照明的时间： 电 336 .5 672 ； 2 使 100g 水升高 .4 吸收的热量： Ƣ 4.2 1 3 쳌 䁪 .1쳌 .4 16.8 ， 该加热器的效率为： 电 16.8 336 1䙎 5䙎 。 故答案为：672； 5䙎 。 1 由 计算重力做功的多少；根据重力势能转化为电能效率求出重物重力做的功转化的电能， 已知灯的额定功率，利用 变形计算灯正常照明时间； 2 根据 Ƣ 求出使 100g 水升高 .4 放出的热量，根据 电 1䙎 求出该加热器的效率。 本题考查功、功率和效率的计算和 Ƣ 的运用。 12.答案： 1.5 4.5 9.6 实验只对被测电阻进行了一次测量，结果不够准确 解析：解： 1 由题意知：电压表的 ～ 15 伏量程档损坏，所以电压表的量程为 ～ 3 ，分度值为 .1 ， 示数为 1.5 ； 2 图 ㄠ 可知 1 两端电压为 䁪1 1.5 ，又 1 1电路中的电流为： 䁪1 1 1.5 1 .15͸ ， 由于串联 2 中的电流为 2 .15͸ ，又 2 2 2 两端的电压为 䁪2 22 .15͸ 2 3电源电压为 䁪 䁪1 䁪2 1.5 3 4.5 ； 3 由图 ‸ 可知电压表示数为 2.2 ，则 1 两端的电压为 4.5 2.2 2.3 ，所以，利用欧姆定律可 得： 2.2 2.3 1 ，则此时 为 9.6 ； 4 多次测量求平均电阻可以减小误差，题目中的实验只对被测电阻进行了一次测量，结果不够准确。 故答案为： 11.5 ； 24.5 ； 39.6 ； 4 实验只对被测电阻进行了一次测量，结果不够准确。 1 根据电压表的量程和分度值读出电表示数； 2 利用欧姆定律 䁪 求出电路中的电流，再根据串联电路电流相等和分压特点求出电源电压； 3 利用欧姆定律的变形公式求解电阻； 4 多次测量求平均电阻可以减小误差。 此题主要考查学生对于欧姆定律的理解和掌握，看清电路的连接是解题关键。 13.答案：解： 1 石块所受浮力： 浮 水 쳌 排 1 1 3 쳌 3 1㘠쳌 1 1 6 3 1㘠 ； 2 容器受到水的压强： 水 쳌 1 1 3 쳌 3 1㘠쳌 .12 1.2 1 3 ㄠ ； 3 容器底面积： 排 1Ƣ 3 12Ƣ1Ƣ 5Ƣ 2 ， 水的体积： 水 5Ƣ 2 1Ƣ 5Ƣ 3 ， 水的重力： 水 水 쳌 水 쳌 水 1 1 3 쳌 3 1㘠쳌 5 1 6 3 5㘠 ， 容器对水平地面压强： 水 石 容 5㘠3㘠2㘠 51 4 2 2 1 3 ㄠ ． 答： 1 石块所受浮力为 1N； 2 放入石块后，容器受到水的压强为 1.2 1 3 ㄠ ； 3 细线松动，石块沉到容器底静止后，容器对水平地面的压强 2 1 3 ㄠ ． 解析： 1 已知石块的体积，石块的体积等于它排开水的体积，根据公式 浮 液 쳌 排可求石块所受 浮力； 3 根据 液 쳌 求出放入石块后容器受到水的压强； 4 根据排开水的体积和水上升的高度，可求容器的底面积，再求出水的体积，进一步求出水的重力； 容器对水平地面的压力等于石块和水的重力加容器重力，根据公式 可求容器对水平地面的压强． 本题考查浮力、重力、压强等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要知道在水平地面压力等 于物体自身的重力，解题过程中要注意单位的换算． 14.答案：解： 1 模型车静止在水平地面上时，它对地面的压力： 쳌 36쳌 1㘠쳌 36㘠 。 车对地面的压强： 36㘠 41 2 2 9 1 3 ㄠ 。 2 电动机线圈产生的热量： 2 1͸ 1͸ .5 5 6 1.5 1 4 ； 消耗的电能： 电 䁪 11 1͸ 5 6 3.3 1 5 产生的机械能为： 机械 电 3.3 1 5 1.5 1 4 3.15 1 5 。 答； 1 该模型车在地球上对地面的压强为 9 1 3 ㄠ ； 25ͳ 内电动机所做的机械功为 3.15 1 5 。 解析： 1 模型车静止在水平地面上时，它对地面的压力等于其重力，利用 쳌 求出；已知压力 和受力面积，利用 计算车对地面的压强。 2 根据 2 算出电动机线圈产生的热量； 根据 电 䁪 算出消耗的电能，产生的机械能为： 机械 电 。 此题考查压力及重力与压力的区别、压强的大小计算，关键是知道模型车静止在水平地面上时，它 对地面的压力等于其重力。 15.答案：解： 1 由图 2 可知， 1 的 䁪 图象是正比例函数，则 1 为定值电阻， 当 1 两端的电压 䁪1 3. 时，通过的电流 1 .2͸ ， 由 䁪 可得， 1 的阻值： 1 䁪1 1 3. .2͸ 15 ； 2 由图 1 可知， 1 与 2 并联， 因并联电路中各支路两端电压相等， 所以，电源电压： 䁪 䁪1 䁪2 22 .6͸ 1 6 ； 31ͳ 内 1 消耗的电能： 1 䁪1 2 1 6 2 15 6 144 。 答： 11 的阻值为 15 ； 2 电源电压为 6V； 31ͳ 内 1 消耗的电能为 144J。 解析：本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。 1 由图 2 可知， 1 的 䁪 图象是正比例函数，则 1 为定值电阻，从图象中读出任意一组数据，根 据欧姆定律求出 1 的阻值； 2 由图 1 可知， 1 与 2 并联，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源电压； 3 根据 䁪 䁪 2 求出 1min 内 1 消耗的电能。 16.答案： 1 2 省力 解析： 1 动力臂是支点到动力作用线的垂直距离； 2 省力杠杆：动力臂大于阻力臂；等臂杠杆：动力臂等于阻力臂；费力杠杆：动力臂小于阻力臂。 本题考查了力臂的画法、杠杆的分类，基础性题目。 1 从支点向动力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是动力臂，如图所示： ； 2 手闸的动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆。 故答案为： 1 如上图所示 2 省力。