2019年江苏省苏州市中考物理试题 23页

绝密★启用前 ‎2019年江苏省苏州市中考物理试题 试卷副标题 考试范围：xxx；考试时间：100分钟；命题人：xxx 题号 一 二 三 四 五 六 总分 得分 注意事项：‎ ‎1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 ‎2．请将答案正确填写在答题卡上 第I卷（选择题)‎ 请点击修改第I卷的文字说明 评卷人 得分 一、单选题 ‎1．中科院苏州纳米所的科研人员近期研制出一种超级保温材料”实验测试显示、在﹣60℃环境中，其保温能力是棉纤维的2.8倍，这体现了该材料 A．导热性 B．导电性好 C．硬度大 D．密度大 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 根据题意知道，该超级保温材料”其保温能力是棉纤维的2.8倍，说明该材料保温性能优良，导热性能差，故只有A符合题意。‎ ‎2．下列数据用，符合实际情况的是 A．一个学生的质量约为500g B．苏州地区6月份的平均气温约为50℃‎ C．一支全新2B船笔的长度约为20mm D．成人正常步行的速度约为1.4m/s ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ A、成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右，故A不符合实际；‎ B、苏州地区6月份最高气温不到50℃，所以平均气温远低于50℃，故B不符合实际；‎ C、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，一支全新2B铅笔长度与此差不多，在18cm=180mm左右，故C不符合实际；‎ D、成年人步行的速度达5km/h=5× m/s≈1.4m/s左右，故D符合实际。‎ ‎3．关于声现象，下列说法正确的是 A．声音能在真空中传播 B．声音是由于物体振动产在的 C．根据响度能分辨不同乐器的声音 D．“禁止鸣笛”是在人耳处控制噪声 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 声音的传播需要介质，声音可以在固体、液体、气体中传播，但真空不能传声，故A错误；‎ 声音是由于物体的振动产生的，故B正确；‎ 我们能分辨不同乐器的声音，主要是因为音色不同，与响度无关，故C错误；‎ 减弱噪声的途径包括：在声源处、在传播过程中、在人耳处；“禁鸣喇叭”是在声源处减弱噪声，故D错误。‎ ‎4．下列现象属于熔化的是 A．清晨枝叶露珠 B．太阳升起后浓雾散去 C．气温升高冰雪融化 D．冬天铁丝网出现自霜 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ A、清晨枝叶上的露珠是空气中的水蒸气变成水，是液化现象的，故A错误； ‎ B、浓雾是漂浮在空气中的小水珠，浓雾散去是因为小水珠变成了水蒸气，是汽化现象，故B错误； ‎ C、冰雪消融是固态的冰雪变成了水是熔化现象，故C正确； ‎ D、铁丝网上的白霜是空气中的水蒸气变成了小冰晶，是凝华现象，故D错误。‎ ‎5．下列现象由于光的直线传播而形成的是 A．雨后天空出现彩虹 B．物体在阳光下有影子 C．玻璃幕墙造成光污染 D．斜插人水中的筷子“弯折”‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ A、雨后的天空出现彩虹是光的色散现象，属于光的折射现象，故A不符合题意； ‎ B、物体在阳光下的影子是光沿直线传播形成，故B符合题意； ‎ C、玻璃幕墙对阳光发生镜面反射造成了“光污染”，故C不符合题意； ‎ D、筷子反射的光线从水中斜射入空气中时，发生偏折，看上去好像在水面处折断了，是光的折射现象，故D符合题意。‎ ‎6．关于粒子和宇宙，下列说法正确的是 A．地球绕太阳运行，太阳是宇宙的中心 B．分子由原子组成，原子由质子和中子组成 C．水和酒精均匀混合后总体积变小，因为分子间存在空隙 D．两个表面光滑的铅块紧压后会粘在起，因为分子间存在排斥力 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ A、地球等行星绕太阳转动，太阳是太阳系的中心，而不是宇宙的中心，故A错误； ‎ B、分子由原子组成，原子是由位于原子中央的原子核和核外电子组成，故B错误； ‎ C、由于分子间存在空隙，所以，水和酒精均匀混合后总体积变小，故C正确； ‎ D、由于分子间存在吸引力，所以，当两个表面光滑的铅块紧压后会粘在一起，故D错误。‎ ‎7．下列实例中，通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦的是 A．轮胎表面有槽纹 B．轴承内部有滚珠 C．在齿轮间加入润滑油 D．皮带传动需将皮带张紧 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ A、汽车轮胎表面有槽纹，是为了在压力不变时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故A符合题意； ‎ B、轴承内部装有滚珠是利用滚动代替滑动来减小摩擦，故B不符合题意； ‎ C、在齿轮间加入润滑油，是通过使接触面分离来减小摩擦的，故C不符合题意； ‎ D、皮带传动需将皮带张紧，是在接触面的粗糙程度不变的情况下，通过增大压力来增大摩擦力，故D不符合题意；‎ ‎8．关于电动自行车，下列说法不正确的是 A．废旧电瓶会污染环境，不可随意处置 B．电流具有热效应，长时间充电有火灾隐患 C．车上装有电动机，其工作原理是电磁感应 D．要使车加速前进，可增大通过电动机的电流 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ A、废旧电瓶中含有重金属等，随意丢弃会污染环境，故A正确； ‎ B、由于电流具有热效应，当电流通过导体，电能转化为内能，所以长时间充电有火灾隐患，故B正确； ‎ CD、电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，电流越大，磁性越强，导体受力越大，电动车运动越快，故C错误，D正确。‎ ‎9．将凸透镜正对太阳，可在距凸透镜15cm处得到一个最小、最亮的光斑。现将该凸透镜和蜡烛、光屏安装到光具座上，位置如图所示，下列说法正确的是 A．此时可以在光屏上观察到清晰缩小的像 B．仅在凸透镜左侧附近放一合适的凹透镜，可模拟近视眼的矫正 C．将蜡烛形到30cm刻度处，移动光屏可在屏上得到清晰等大的像 D．将蜡烛移到40cm刻度处，动光屏可在光屏上很到清晰放大的像 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 由焦点和焦距的定义，当拿着凸透镜正对太阳光，在距透镜中心15cm处得到一个最小最亮的光斑，则该凸透镜的焦距为该点到透镜的距离，即焦距为15cm。 ‎ A、由图知道，物距u=50.0cm-10.0cm=40.0cm，v=85cm-50cm=35cm，当凸透镜u＞2f，2f＞v＞f，成倒立、缩小的实像，此时像距大于二倍焦距，不会得到清晰的像，故A错误； ‎ B、由A分析知道，像距较大要延迟光线会聚，应在凸透镜左侧附近放一合适的凹透镜，可模拟近视眼的矫正，故B正确； ‎ C、当u=v=2f时，凸透镜成倒立等大的实像，由图知道，将蜡烛移到30cm刻度处，u=50cm-30cm=20cm≠2f，故移动光屏不能在屏上得到清晰等大的像，故C错误； ‎ D、将蜡烛移到40cm刻度处，u=50cm-40cm=10cm，物距满足u＜f，成正立、放大的虚像，虚像不能成在光屏上，故D错误。‎ ‎10．如图甲所示，将质量相等的冰和烛蜡分别装在两个相同的试管中，放入装有水的烧杯中加热绘制出温度随时间变化的图像如图乙所示.下列说法正确的是 A．图甲中的实验装置，安装时应按照“由上到下”的顺序 B．图甲中两试管放在同一烧杯中加热，可以控制相同时间内冰和烛蜡吸收的热量相同 C．由图乙可知，A图线对应物质的内能先增大后不变再增大 D．由图乙可知，B图线对应的物质是冰 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ A、由于需用酒精灯外焰加热，所以要先放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以应按照“由下到上”的顺序安装，故A错误； ‎ B、图甲中两试管放在同一烧杯中加热，而不是用两个酒精灯分别加热，这样做的好处是：可以控制相同时间内冰和蜡烛吸收的热量相同，且物质受热均匀，故B正确； ‎ C、由图乙可知，A图线对应物质有固定的熔点，所以是晶体，晶体在熔化前后以及熔化过程中都要吸热，所以该物质的内能一直增大，故C错误； ‎ D、由图乙可知，B图线对应的物质没有固定的熔点，为非晶体，不是冰，故D错误。‎ ‎11．额定电压均为6V的甲、乙两灯，U-I图线如图所示下列说法正确的是 A．甲、乙两灯的电阻均随电压增大而减小 B．甲、乙两灯的额定功率之比为4:1‎ C．甲、乙两灯并联接在电压为2V的电源两端时，电阻之比为3：2‎ D．甲、乙两灯串联接在电压为8V的电源两端时，实际功率之比为1:3‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ A．由甲、乙曲线图可知，灯泡的电阻随电压的增大而增大。故A错误；‎ B．由于甲、乙两灯的额定电压均为6V，由图象可知：I甲额=0.6A，I乙额=0.3A，则 ，故B错误；‎ C、甲、乙两灯并联在2V的电源两端时，由图象可知：I甲=0.3A，I乙=0.2A，根据 可知电阻之比是： ，故C错误；‎ D．把甲、乙两灯串联接在8V的电源上时，通过它们的电流相等，且电源的电压等于两灯泡两端的电压之和，由图象知道，当电路中的电流为0.3A，甲灯的实际电压为2V，乙灯的实际电压为6V时满足电源电压为8V，所以实际功率之比：P甲：P乙=U甲I：U乙I=2V：6V=1：3，故D正确。‎ ‎12．将皮球从离地某一高度O点处水平抛出，球落地后又弹起，它的部分运动轨迹如图所示，下列说法正确的是 A．皮球经过同高度的A、B两点时动能相等 B．皮球第一次反弹后到达最高点P点时速度为零 C．皮球在D点时的机械能小于在C点时的机械能 D．若将皮球表面涂黑，则会在地面M、N两点留下两个大小相等的黑色圆斑 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ A、由图知道，每次皮球反弹后到的最高点都比上一次的最高点要低，说明皮球受到空气阻力，机械能逐渐变小，A点的机械能大于B点的机械能；机械能是物体动能与势能的总和，AB两点高度相同则重力势能相同，所以A点的动能大于B点的动能，故A错误。 ‎ B、从轨迹来看，皮球竖直下落的同时，也沿水平方向运动，所以，皮球第一次反弹后到达最高点P点时，竖直方向速度为零，但是仍然能往右运动，说明皮球还具有水平方向速度，故B错误； ‎ C、每次皮球反弹后到的最高点都比上一次的最高点要低，说明皮球受到空气阻力，机械能逐渐变小。C点在D点之前，故D点的机械能小于C点的机械能，故C正确。 ‎ D、弹性势能大小与弹性形变程度有关，黑色圆斑的大小能反应小球弹性形变程度，圆斑越大，形变越大。M点与N点皮球的动能与重力势能都为零，又因为皮球在M点机械能大于N点机械能，故皮球在M点的弹性势能大于N点的弹性势能，故在M点的圆斑要大于在N点的圆斑，故D错误。‎ 第II卷（非选择题)‎ 请点击修改第II卷的文字说明 评卷人 得分 二、填空题 ‎13．如图甲所示，木块的长度为_______cm；如图乙所示，弹簧测力计的示数为_______N ‎【答案】2.25 1.2 ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 由图甲所示刻度尺知道，刻度尺的分度值是1mm，木块左侧与3.00cm对齐，右侧对应的刻度值为5.25cm，物体长度为5.25cm-3.00cm=2.25cm；由图乙所示弹簧测力计知道，测力计的分度值是0.2N，示数是1.2N。‎ ‎14．我国家庭电路电压是______V；蒸汽熨斗接入电路熨烫衣物时，水蒸气液化会______热量；衣物内能增加主要是通过______的方式来实现的。‎ ‎【答案】220 放出 热传递 ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 我国家庭电路电压为220V； 熨烫衣物时，水蒸气液化成小水滴，放出热量；此时衣物从熨斗吸收热量，是通过热传递的方式增加衣物的内能。‎ ‎15．小明用力将足球踢出后，足球在空中持续飞行一段时间，这是因为足球具有_______；同时他的脚感觉疼痛，这是因为力的作用_________的。‎ ‎【答案】惯性 相互 ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 踢出去的足球，离开脚后，由于惯性，足球仍在空中保持原来的运动状态能够继续飞行一段距离；用力踢足球时，脚对球施加力的作用，由于物体间力的作用是相互的，所以，球也对脚施加反作用力，故脚感到疼。‎ ‎16．煤、石油、天然气是_______能源(选填“可再生”成“不可再生”)，核能是日前被广泛应用的新能源我国已建成十余座核电站，它们是利用________(选填“核裂变”或“核聚变”)反应所释放的能量来发电的 ‎【答案】不可再生 核裂变 ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 短期内可以从自然界得到补充的能源是可再生能源；短期内不能在自然界得到补充的能源是不可再生能源；所以煤、石油、天然气等化石能源都是不可再生能源； 核能的利用包括：核裂变与核聚变。目前科技手段来说核聚变反应的速度还是不可控的；核裂变应用于：核电站、原子弹；太阳表面发生着核聚变，人类对核聚变的利用有：氢弹。‎ ‎17．2019年4月23日，中国人民海军成立70周年阅兵仪式在黄海举行 ‎(1)两并排行驶的舰艇编队间距较远(如图所示)，这是因为若靠得过近，彼此间海水流速会很大，导致压强很______，压力差会使舰艇发生碰撞 ‎(2)在仪式上，我国研制的新型核潜艇浮出水面接受检阅，它是通过减小所受_____(选填“重力”或“浮力”)实现上浮的 ‎(3)901综合补给舰也一起亮相，该舰的满载排水量约为40000t,它满载时所受的浮力大约为____N(g=10N/kg)‎ ‎【答案】小 重力 4×108 ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ ‎（1）流体的流速越大，流体的压强越小；若两并排行驶的舰艇靠得过近，彼此间海水流速会很大，导致舰艇间的压强很小，向内的压力差会使舰艇发生碰撞，所以两并排行驶的舰艇编队间距较远。 ‎ ‎（2）潜水艇是靠改变自身的重来完成上浮或下潜的；当核潜艇浸没在水中时，排开水的体积不变，浮力不变，减小自身的重力，浮力大于重力，核潜艇上浮到水面接受检阅。 ‎ ‎（3）该舰满载时排开水的重力是：G排=m排g=4×107kg×10N/kg=4×108N， 由阿基米德原理知道，它满载时所受的浮力是：F浮=G排=4×108N。‎ ‎18．如图所示电路中，电电压为3V，R1和R2阻值相等.若断开S2闭合S1、S3，两电阻的连接方式为______(选填“串联或并联”)，若断开S1、S3，闭合S2，此时电压表示数为 ‎_______V ‎【答案】并联 1.5 ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 若断开S2闭合S1、S3，则R1和R2并列连接在电源两端，即为并联；若断开S1、S3，闭合S2 ，R1和R2 依次连接即为串联，电压表测R1两端的电压；由于R1和R2 阻值相等，根据串联电路的分压特点知道，电压表示数是： .‎ ‎19．如图甲所示，一个装有适量水的烧杯放置在水平来面上，将一装满水的小试管(管壁厚度不计)倒扣在水中，对小试管施加一个竖真向上的拉力F，使其缓慢上升到如图乙所示位置，在此过程中，小试管中一直充满水，这是由于___________的作用，试管口中心的压强______（选填“变大”、“变小”或“不变”)。‎ ‎【答案】大气压 变小 ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 由于大气压能支持10米多高的水柱，因此在对小试管施加一个竖直向上的拉力F，使其缓慢上升过程中，小试管中一直充满水， 由甲到乙液面到试管口的深度减小，由p=ρgh知道，液体对试管口的压强变小，外面大气压不变，试管口中心的压强是等于大气压加上液面到试管口的压强，则在此过程中，试管口中心的压强变小。‎ ‎20．如图所示，在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速下压，棉花被点燃，此过程的能量转化方式与汽油机的_______冲程相同；某效率为25%的汽油机在一次工作中消耗了体4kg汽油，该汽油机对外做的机械功为______(汽油热值为4.6×107J/kg)‎ ‎【答案】压缩 4.6×107 ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来；说明压缩筒内空气做功，使空气的内能增大，温度升高；压缩过程中，活塞的机械能转化为空气的内能，所以，该过程中，与内燃机的压缩冲程相同； 汽油完全燃烧放出的热量：Q放=mq=4kg×4.6×107J/kg=1.84×108J； 输出的机械能是：E=ηQ放=25%×1.84×108J=4.6×107J。‎ ‎21．如图所示，一氢气球用细绳系在玩具车上，静置广场的光滑水平地面上，当有匀速的风沿水平方向向右吹来，气球和玩具车在风力作用下向前运动，说明力能改变物体的_____；玩具车在向右运动的过程中____选填（可能”不可能”）被风吹离地面，一段时间后玩具车匀速前进，此时细绳_____（选填“向左倾斜”向右倾斜”或”保持竖直）”。‎ ‎【答案】运动状态 不可能 保持竖直 ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 当有匀速的风沿水平方向向右吹来，气球和玩具车在风力作用下向前运动，说明力能改变物体的运动状态； 风水平向右吹，玩具车在竖直方向上不受风的作用力，所以，玩具车在向右运动的过程中不可能被风吹离地面； 由于水平地面光滑，所以，玩具车在运动时不受摩擦力的作用； 一段时间后玩具车在水平方向上匀速前进，若此时细绳是倾斜的，则细绳对玩具车有斜向上的拉力（受力不平衡），玩具车不可能做匀速运动，所以，此时细绳应保持竖直。‎ 评卷人 得分 三、综合题 ‎22．阅读材料，回答问题 新社电：2019年5月17日23时48分，我国在西昌卫星发射中心用长征丙运载火箭，成功发射一题北斗导航卫星。‎ 该卫星属地球静止轨道卫星，它运行在位于地球赤道上空约36000km的圆形轨道上，运行方向与地球自转方向相同，运行一周的时间与地球自转一周的时相等。‎ 地球静止轨道卫星可以对所覆盖区域实现24小时不间断的移动通信，如卫星电话、电视节目转播、卫星电话使“天涯若比邻”成为了现实。两人通过卫星通话时、发出“呼叫“与听到“回应”“之间有一段时间差称之为“延迟时间”。‎ ‎(1)火箭发射时，高温高压燃气点从尾部喷出，火箭获得上升的推力，该推力的施力物休是_____。地球静止轨道卫星沿圆形轨道正常运行时相对于地面是_____(选填”运动”或“静止”)的，此时卫星不处于平衡状态。‎ ‎(2)卫星电话是通过_______（选填“超声波”成“电磁波”）来传递信息的，请你估算出使用卫星电话通话的“延迟时间”至少________s。‎ ‎【答案】燃气 静止 电磁波 0.24 ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ ‎（1）火箭发射时，高温高压燃气从尾部喷出，同时燃气给火箭一个反作用力，使火箭获得上升的推力，由此可知，该推力的施力物体是燃气；由于地球静止轨道卫星沿圆形轨道正常运行时，相对于地面之间没有位置变化，所以是静止的；地球静止轨道卫星沿圆形轨道正常运行时运动方向不断变化，处于非平衡状态；‎ ‎（2）由于太空中没有空气，所以，卫星电话不能使用超声波，而是通过电磁波来传递信息的；无线电波传播的距离是：s=36000km×2=72000km；由 知道，延迟时间是： 。‎ ‎23．如图所示电路中，电源电压为6V，电阻R1、R2的阻值分别为120Ω和6Ω闭合开关S则：‎ ‎(1)电流表的示数是多少_____？‎ ‎(2)求电阻R2在1min内消托的电能______；‎ ‎(3)断开S，将电阻R2拆下，再将最大阻值为30Ω的滑动变阻器R3接入剩余电路中，重新闭合S，移动滑片，记录电流表示数如下表所示 序号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ 电流（A）‎ ‎0.12‎ ‎0.25‎ ‎0.40‎ ‎①表中有1个数据记录错误，该数据是________；‎ ‎②请根据表中数据判断R1与R3的连接方式并简述理由：_______。‎ ‎【答案】0.5A 360J 0.12A 表中第2、3组数据电流值均小于0.5A，由欧姆定律可知，电路总电阻变大，故两电阻应为串联 ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ ‎（1）闭合开关S，两只电阻R1、R2 并联，电流表测量通过R1的电流，电流表的示数是 ； ‎ ‎（2）电阻R2 在1min内消耗的电能是：，‎ ‎（3）假设R1与R3并联，由于R1 阻值、两端电压都不变，所以滑片移动对R1支路无影响，也就是电流表示数应该不变；但已知滑片移动过程中电流表示数变化，所以是R1与滑动变阻器串联；在第一组数据中，电流表的示数是I=0.12A，又因为电源电压是U=6V，由 知道，电路总电阻是： =50Ω，而滑动变阻器即使全部接入电路，电路总电阻最大为R实=R1 +R3=12Ω+30Ω=42Ω＜50Ω，所以第一组数据就是错误的。‎ 评卷人 得分 四、作图题 ‎24．图中，一条光线从空气射入水中，请标出它的入射角α并大致画出折射光线 ‎（_____）‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 首先过入射点画出法线，然后根据折射光线与入射光线和法线在同一平面内，且光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角做出折射光线，入射角是入射光线与法线的夹角，光路如图所示：‎ ‎25．图中，物块沿绝对光滑的斜面下滑，请画出物块受力的示意图：‎ ‎（_____）‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 由于斜面是光滑的，所以物体不会受到摩擦力的作用，只受到竖直向下的重力和斜面对它的支持力的作用，且重力的方向竖直向下，支持力的方向是垂直于斜面向上，作用点都在重心上，如下图所示：‎ ‎26．图中，请将灯泡按照安全用电的要求接入家庭电路；‎ ‎（_____）‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 家庭电路中电灯的接法：开关接在火线与灯之间，灯接在零线与开关之间，如下图所示：‎ ‎27．图中，请根据小磁针静止时的指向画出P点的电流方向并标出螺线管的N极 ‎（_______）‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 图中小磁针N极向右，因为异名磁极相互吸引、同名磁极相互排斥，所以通电螺线管的左侧为N极，右侧为S极；由右手螺旋定则知道，电流由左侧流入，右侧流出，故P点线圈中电流的方向向上，如图所示：‎ 评卷人 得分 五、计算题 ‎28．如图所示，利用动滑轮提升货物在竖直向上、大小为250N的拉力F作用下，重为400N的货物在20s的时间内匀速上升5m,求：‎ ‎(1)有用功W有 ‎(2)拉力F的功率P ‎(3)此过程中动滑轮的机械效率η。‎ ‎【答案】(1)2000J；(2)125W；(3)80%‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ ‎（1）拉力做的有用功是：W有=Gh=400N×5m=2000J，‎ ‎（2）由图知道，n=2，所以动滑轮绳端移动的距离是：s=nh=2×5m=10m，‎ 拉力做的总功是：W总=Fs=250N×10m=2500J，‎ 拉力F的功率是： =125W；‎ ‎（3）动滑轮的机械效率是： =80%；‎ ‎29．某款电热水壶的相关信息如表所示，现在该水壶内装入质量为1kg、初温为20℃的水，放置在水平桌面上接通电源使其正常工作，在标准大气压下将水烧开(不计热量损失)求：‎ 额定功率 ‎1000W 自重 ‎5N 与桌面接触面积 ‎200cm2‎ ‎(1)装入水后水壶对桌面的压强p；‎ ‎(2)水吸收的热量Q；‎ ‎(3)将水烧开所需时间t；(c=4.2×103J/(kg·℃),g=10N/kg)‎ ‎【答案】(1)750Pa；(2)3.36×105J；(3)336s ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ ‎（1）壶内装入质量为1kg的水，重力是：G水=mg=1kg×10N/kg=10N，‎ 装入水后水壶对桌面的压力是：F=10N+5N=15N；‎ 装入水后水壶对桌面的压强是： =750Pa；‎ ‎（2）水壶装了质量为1kg，初温为20℃的水，标准大气压下水的沸点是100℃，则水吸收的热量是：Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J∕（kg•℃）×1kg×（100℃-20℃）=3.36×105J；‎ ‎（3）不计热损失，W=Q吸，由 知道，电热水壶工作时间是：=336s。‎ 评卷人 得分 六、实验题 ‎30．“探究光的反射规律”的实验装置如图甲所示，平面镜放在水平桌面上，标有刻度(图中未画出)的白色纸板ABCD。能绕垂直于CD的ON轴翻转，在纸板上安装一支可在纸板平面内自由移动的激光笔。‎ ‎(1)实验前，应将纸板______放置平面镜上；移动激光笔，使入射光束绕入射点O沿逆时针方向转动，可观察到反射光束沿_____时针方向转动；‎ ‎(2)移动激光笔，使入射角为45°，测得反射角也为45°，由此就得出“光反射时，反射角等于入射角”的结论你认为有何不妥之处？_________；‎ ‎(3)如图乙所示，将纸板右半部分绕ON向后翻转任意角度，发现纸板上均无反射光束呈现此现象说明了：__________；‎ ‎(4)在图甲中，若将纸板(连同激光笔)绕CD向后倾斜，此时反射光束____________。‎ A.仍在纸板上呈现 B.被纸板挡住 C.在纸板前方 ‎【答案】竖直（垂直） 顺 一次实验得到的结论具有偶然性 反射光线、入射光线和法线在同一平面内 C ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ ‎（1）白色纸板ABCD应垂直放置于平面镜上，这样反射光线才可以在硬纸板上呈现；如图甲，移动激光笔，使入射光束绕入射点O沿逆时针方向转动，则入射角增大，反射角也增大，则反射光线会远离法线，即反射光线将会顺时针转动； ‎ ‎（2）由于一次实验具有有很大的偶然性，所以不能只由一组数据就得出结论，应改变入射角的度数进行多次实验。 ‎ ‎（3）如图乙所示，将纸板右半部分绕ON向后翻转任意角度，发现纸板上均无反射光束呈现，此现象说明了反射光线、入射光线和法线在同一平面内； ‎ ‎（4）在图甲中，若将纸板（连同激光笔）绕CD向后倾斜，而法线始终垂直于平面镜，则反射光线、入射光线、法线所在的平面也垂直于平面镜，所以可知反射光束在纸板前方，故应选C。‎ ‎31．利用杠杆开展相关实验探究：‎ ‎(1)安装好杠杆，将其放到水平位置后松手，发现杠杆沿顺时针方向转动，如图甲所示。则应将平衡螺母向___(选填“左”或“右”)调节，直到杠杆在水平位置平衡；‎ ‎(2)如图乙所示，在A点挂3个重力均为0.5N的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为________N；若在第(1)小题所描述的情形中未调节平衡螺母而直接开展上述实验，弹簧测力计的示数会______(选填“偏大”、“偏小”或“不变”)；‎ ‎(3)始终竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图内所示，此过程中，弹簧测力计拉力的示数会________(选填”变大”、“变小”或“不变”，下同)，拉力的大小______。‎ ‎【答案】左 2.0 偏小 变小 不变 ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ ‎（1）杠杆沿顺时针方向转动，左端上翘，如图甲所示，则应将平衡螺母向左调节，直到杠杄在水平位置平衡；‎ ‎（2）由图根据杠杆平衡条件知道：FA×LA=FB×LB，3×0.5N×4L=FB×3L，所以FB=2.0N；若在第（1）小题所描述的情形中未调节平衡螺母而直接开展上述实验，由于左侧已经存在杠杆的力与力臂的乘积，故弹簧测力计的示数会偏小；‎ ‎（3）图丙使杠杆由水平位置时，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2知道，G×4L=F2×3L，则F2=G；当转动到图中位置时，设杠杆与水平位置的夹角为α，物体的力臂、弹簧测力计拉力的力臂均变小；则根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得，G×4L×cosα=F2′×3L×cosα，则F2′=G，所以，在此过程中拉力F的大小不变。‎ ‎32．用不同的方法测量小石块和小瓷杯的密度，‎ ‎(1)测小石块的密度 ‎①天平放置于_______工作台上，将游码移到标尺______处，调节平衡螺母使横梁平衡 ‎②用此天平测量小石块的质量，右盘所加砝码和游码位置如图甲所示，则小石块的质量为_____g,在量筒内放入适量的水，用细线绑好小石块，缓慢放入水中，如图乙所量为示，则小石块的密度为______kg/m3‎ ‎(2)测小瓷杯的密度 如图丙所示，先在量筒内放入适量的水，液面刻度为V1；再将小瓷杯浸没于水中，液面刻度为V2；最后捞起小瓷杯并将杯中的水倒回量筒，使其浮于水面(水未损失)，液面刻度为V3小瓷杯密度的表达式p=____(用V1、V2、V3和p水表示)。实验完毕后发现小瓷杯内的水未倒干净，则所测结果_____(选填“偏大”、“偏小”或“不变”)‎ ‎【答案】水平 零刻度 17.4 3.48×103 不变 ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ ‎（1）天平调平之前，先放置放在水平面上，并将游码归零，然后根据指针偏转方向，调节平衡螺母，左偏右旋、右偏左旋；由图知道，天平分度值是0.2g，右盘砝码质量是20g，游码左侧指在标尺上2g后面第2个小格上，所以小石块的质量是：m=10g+5g+2.4g=17.4g；又因为量筒中原有30mL水，放入石块后，量筒液面上升到35mL，所以，石块体积是：V=35ml-30ml=5ml=5cm3；故小石块的密度是： =3.48g/cm3=3.48×103kg/m3；‎ ‎（2）先在量筒内放入适量的水，液面刻度为V1；再将小瓷杯浸没于水中，液面刻度为V2；则陶瓷的体积V=V2-V1，瓷杯处于漂浮时，则G=F浮，由阿基米德原理知道，F浮=G排，所以，G=G排，即瓷杯质量是m=m排=ρ水（V3-V1）；所以小瓷杯密度是：，由此知道，若小瓷杯内的水未倒干净，则对所测结果没有影响。‎ ‎33．小明要测量定值电阻Rx的阻值(约十几欧)现有器材：电源(6V)、滑动变阻器、电流表、电压表，开关各一个，导线若干。‎ ‎(1)他设计并连接了如图甲所示电路请用笔画线代替导线，将该电路连接完整；‎ ‎（_______）‎ ‎(2)电路连好后，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移至最______端闭合开关，移动滑片到某一位置，电压表示数如图乙所示，此时Rx两端的电压为______V。‎ ‎(3)当小明准备读取电流表示数时，发现两电表示数突然都变为0.他用一条导线检查电路故障，当将该导线两端分别接到a、d接线柱上，发现电流表有示数，电压表示数仍为0；当将该导线两端分别接到c、f接线柱上，发现电压表有示数，电流表示数仍为0；则由此可以判断故障是：____________；‎ ‎(4)排除故障后继续实验，却不慎将电流表损坏，小明发现桌上有一根标有长度刻度、总长为20.0cm、总阻值为10Ω的均匀电阻丝，还有一根带有鳄鱼业的导线(如图丙所示)查阅资料了解到，均匀电阻丝阻值与长度成正比，经过思考，重新设计了如图丁所示的电路(AB为电阻丝，C为鳄鱼夹)，继续进行实验 ‎①根据已知条件判断，电压表量程应选用______V，‎ ‎②按照图丁所示电路连接好器材，多次实验测得数据如下表所示：求出第1次实验时电路中的电流I1=____A，利用表中所有数据求出待测电阻Rx=_______Ω 次数 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ AC长度（cm）‎ ‎4.0‎ ‎14.0‎ ‎20.0‎ 电压表示数（V）‎ ‎0.8‎ ‎2.0‎ ‎2.4‎ ‎【答案】 左 1.2 c、d间电路不通 0-3 0.4 14 ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ ‎（1）变阻器按一下一上连入电路中，如下所示：‎ ‎（2）电路连好后，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移至阻值最大处，即最左端，闭合开关，移动滑片到某一位置，电压表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，此时Rx两端的电压为 1.2V；‎ ‎（3）当小明准备读取电流表示数时，发现两电表示数突然都变为0，说明电路断路，他用一条导线检查电路故障，当将该导线两端分别接到a、d 接线柱上，发现电流表有示数，则说明电流表、变阻器、开关和电源之间是通路；当将该导线两端分别接到c、f接线柱上，发现电压表有示数，说明电源、待测电阻是连通的，电流表示数仍为0，则由此可以判断故障是：cd间断路；‎ ‎（4）①根据表中电压大小，电压表量程应选用0-3 V；‎ ‎②AC电阻丝与待测电阻串联，电压表则AC的电压，电流表测电路中的电流，AC部分的电阻： ，由欧姆定律知道，第1次实验时电路中的电流是： ，根据串联电路电压的规律和欧姆定律知道，待测电阻是： =13Ω；第2次测量，RAC=×10Ω=7Ω，由欧姆定律，第2次实验时电路中的电流是：，根据串联电路电压的规律和欧姆定律，待测电阻：=14Ω；同理，RX3=15Ω；为减小误差，取平均值作为测量结果是： =14Ω。‎