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- 2021-11-10 发布
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2020-2021 学年初三物理全册单元检测卷:《电功率》
一、选择题(12 个小题,每小题 2 分,共 24 分)
1.小明同学家的电能表上标有“3000revs/(kW•h)”的字样,他将家中的其它用电带都与电源断开,仅让
电水壶在额定电压下工作,观察 1min 内电能表的转盘转了 45revs,则下列说法错误的是( )
A.电水壶是利用电流的热效应来工作的
B.烧水过程中消耗的电能为 5.4×105J
C.电水壶的额定功率为 900W
D.当实际电压只有额定电压的 90%时,电水壶的实际功率为 729W
【答案】B
【解析】(1)当电流通过电阻时,电流做功而消耗电能,产生了热量,这种现象叫做电流的热效应。
(2)(3)3000r/kW•h 表示的是电路中每消耗 1kW•h 的电能,电能表的转盘转 3000r,或者表示电能表每
转 1r,电路中消耗 1/3000kW•h 的电能,求出转盘转 45r 电路中消耗的电能,然后根据 P=W/t 求出用电器的
功率;
(4)根据 P= 求出电水壶的电阻;利用实际电压,根据 P= 求出电水壶的实际功率。
A.电水壶工作时,将电能转化为内能给水加热,是利用电流的热效应工作的;
B.3000r/kW•h 表示电路中每消耗 1kW•h 的电能,电能表的转盘转 3000r,
转盘转了 45r,则消耗的电能:W=45/3000kW•h=0.015kW•h=5.4×104J;
C.t=1min=60s,电水壶的额定功率:P=W/t= =900W;
D.由 P= 可得,电水壶的电阻:R= = ,
当实际电压只有额定电压的 90%时,U 实=90%U=90%×220V=198V,
电水壶的实际功率:P 实= = =729W。
2.如图所示电路,电源电压不变,闭合开关 S,当滑片 P 置于变阻器的 B 端时,电压表的示数为 6V,在 10s
内定值电阻 R1 产生的热量为 36J;当滑片 P 置于变阻器的中点时,电压表的示数变化了 2V.下列结果正确
的是( )
A.R1 先后两次消耗的电功率之比为 3:4 B.滑动变阻器 R2 的最大阻值为 10Ω
C.电源电压为 10V D.R1 的阻值为 20Ω
【答案】B
【解析】由电路分析可知,R1 与滑动变阻器串联,电压表测量滑动变阻器两端的电压;由滑片的移动和电压
表示数变化可知滑片滑到 B 点时电压表的示数,则由欧姆定律可表示出滑片在不同位置时滑动变阻器两端
的电压与电源电压电阻间的关系,联立可解得 R1 与 R2 最大值之间的关系及电源的电压; 由功率公式可求得
R1 的阻值,则可求得 R2 的最大阻值;最后由功率公式分别求得 R1 先后两次消耗的电功率,即可求得比值。
由电路图可知,R1 与滑动变阻器串联,电压表测量滑动变阻器两端的电压;
当滑片在 B 端时,由欧姆定律可知,电流中的电流:
I1= ,
则滑动变阻器两端的电压(电压表的示数):
U2=I1×R2= =6V……①
由题意知,当滑片滑到中点处时,滑动变阻器接入电阻变小,变阻器分得电压变小,即电压表示数应减小,
所以,滑片滑到中点时,滑动变阻器两端电压为 U2′=6V﹣2V=4V;
同理可得,滑动变阻器两端的电压(电压表的示数):
U2′= =4V……②
①:②可得: = ,
解得 R1=R2﹣﹣﹣﹣﹣﹣③
将③代入①: = =6V,
可得电源电压:U=12V,故 C 错误;
当滑片滑到 B 端时,R1 两端电压为:U1=U﹣U2=12V﹣6V=6V;
由 Q= t=36J 可得:R1= ×10s=10Ω,故 D 错误;
因 R2=R1,所以变阻器 R2 的最大阻值为 10Ω,故 B 正确;
滑片在中点时,R1 两端的电压为 U1′=U﹣U2′=12V﹣4V=8V,
则 R1 先后两次的电压之比为: = = ,
由 P= 可得 R1 先后两次消耗的电功率之比: = = = = ,
故 A 错误。
3.如图所示,电源电压保持 12V 不变,小灯泡 L 上标有“6V 3W”字样,滑动变阻器最大电阻值 R=48Ω,闭
合开关,若不考虑灯丝电阻随温度的变化,下列说法正确的是( )
A.要使电压表的示数增大 1V,小灯泡 L 两端的电压就会减小 1V
B.小灯泡 L 的最小实际电功率为 0.6W
C.当滑片 P 移到变阻器的中点时,小灯泡 L 正常发光
D.当滑片 P 移到最右端时,通电 10s 滑动变阻器消耗的电能是 19.2J
【答案】D
【解析】由电路图可知,闭合开关后,滑动变阻器 R 与灯泡 L 串联,电压表测灯泡 L 两端的电压。
(1)由电压表测灯泡 L 两端的电压可知,电压表的示数增大 1V,小灯泡 L 两端的电压就会增大 1V,故 A
错误;
(2)由 P=UI= 可得,灯泡的电阻:
RL= = =12Ω,
当滑片 P 移到最右端时,接入电路中的电阻最大,电路中的电流最小,小灯泡的实际功率最小,
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,
所以,电路中的最小电流:
I= = =0.2A,
则小灯泡 L 的最小实际电功率:
PL 小=I2RL=(0.2A)2×12Ω=0.48W,故 B 错误;
通电 10s 滑动变阻器消耗的电能:
WR=I2Rt=(0.2A)2×48Ω×10s=19.2J,故 D 正确;
(3)当滑片 P 移到变阻器的中点时,电路中的电流:
I′= = = A,
此时灯泡的实际功率:
PL′=(I′)2RL=( A)2×12Ω≈1.33W<3W,
所以,此时灯泡不能正常发光,故 C 错误。
4.如图所示电路中,电源电压为 12V.在 a、b 间接入灯 L1“6V 2W”,闭合开关,调节滑动变阻器的滑片
P 使灯 L1 正常发光.断开开关,取下灯 L1,保持滑片 P 的位置不变,在 a、b 间接入灯 L2“6V 3W”,闭合
开关.则( )
A.灯 L2 正常发光 B.滑动变阻器接入电路的电阻为 12 欧
C.通过 L2 的电流为 0.4 安 D.滑动变阻器和灯 L2 每秒做功 5 焦
【答案】C.
【解析】(1)根据两个灯泡电阻的不同分析灯的发光情况的变化;
(2)根据灯 L1 正常发光,求出电路中的电流,根据欧姆定律和串联电路的电流、电压规律求出滑动变阻器
的电阻;
(3)求出灯泡 L2 的电阻,根据欧姆定律求出电流;
(4)根据 W=UIt 求出功的大小.
A.灯 L1 正常发光时,其两端的电压为 6V,入灯 L2,两灯的电阻不变,则 ab 间的电压会发生变化,故灯 L2
不会正常发光;
B.灯 L1 正常发光时的电流为:I= = = A;滑动变阻器两端的电压为 UR=U﹣U1=12V﹣6V=6V,则滑动变
阻器接入电路的电阻为 R3= =18Ω;
C.L2 的电阻为 R2=F/S=12Ω;此时电路的总电阻为:R=R2+R'=18Ω+12Ω=30Ω,此时电路中的电流为:I4=0.4A,
故 C 正确;
D.滑动变阻器和灯 L2 每秒做功为整个电路所做的功,则 W=UIt=12V×0.4A×1s=4.8J,故 D 错误.
5.如图所示,电源电压保持不变,小灯泡 L1、L2 分别标有“6V 3W”和“6V 6W”的字样,滑动变阻器 R
的阻值变化范围为 0~12Ω,当 S1、S2 和 S3 都闭合,滑动变阻器的滑片滑到 a 端时,两灯都正常发光.不考
虑温度对灯泡电阻的影响,则( )
A.电源电压为 12 V
B.两灯都正常发光时电流表的示数为 3A
C.整个电路的最小功率 2.25W
D.整个电路的最大功率 9 W
【答案】D.
【解析】(1)当 S1、S2、S3 都闭合,滑动变阻器滑到 a 端时,灯泡 L1 和灯泡 L2 并联,
因并联电路中各支路两端的电压相等,且两灯都正常发光,
所以,电源的电压 U=U1=U2=6V,故 A 错误;
(2)由 P=UI 可得,两灯泡都正常发光时通过的电流:
I1= = =0.5A,I2= = =1A,
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,
所以,两灯都正常发光时电流表的示数:
I=I1+I2=0.5A+1A=1.5A,故 B 错误;
(3)由 I= 可得,两灯泡的电阻:
R1= = =12Ω,R2= = =6Ω,
当 S1、S3 闭合且滑片位于 b 端时,R1 与 R 的最大阻值串联,电路中的总电阻最大,电路的总功率最小,
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,
所以,电路的最小总功率:
P 小= = =1.5W,故 C 错误;
(4)当 S1、S2、S3 都闭合且滑片位于 a 端时,两灯泡并联,电路中的总电阻最小,电路的总功率最大,
因此时两灯泡均正常发光,
所以,整个电路的最大功率:
P 大=P1+P2=3W+6W=9W,故 D 正确.
6.如图甲所示,电源电压保持不变,闭合开关 S,滑动变阻器的滑片 P 从 n 点滑到 m 点的过程中,两电压
表示数随电流变化的图象如图乙所示,下列叙述正确的是( )
A.图乙中 ab 是表示电压表 V1 的示数随电流变化的图象
B.R2 的阻值为 40Ω
C.滑片从 n 点滑到 m 点的过程中,电源消耗的最大功率是 10W
D.滑片在 n 点时,5s 内电阻 R 消耗的电能是 5J
【答案】C.
【解析】(1)变阻器的滑片 P 从 n 点滑到 m 点的过程中,滑动变阻器连入电路的电阻变小,电路中的电流
变大,根据串联电路的分压原理可知:滑动变阻器两端的电压变小,根据欧姆定律可知 R2 两端的电压变大;
据此可判断出图乙中 bc,ab 分别是哪一个电压表的示数随电流表示数变化的图线;
(2)由(1)可知,对于 R1:通过的电流随两端电压的减小而增大;对于 R2:通过的电流随两端电压的增
大而增大;据此判断,乙图中 cb 是 R1 的 U﹣I 图象,ab 是 R2 的 U﹣I 图象.
由图象可知,当 U2=4V 时,I=1A,由此根据欧姆定律可求 R2 的电阻;
(3)从“U﹣I”关系图象可以看出,滑片 P 在 n 点、m 点的电压表示数与电流值,根据串联电路的电压特
点求出电源的电压,利用 P=UI 求出总功率最大值;
(4)滑片在 n 点时,电流最小,利用 W=I2Rt 即可求出消耗的电能.
A.变阻器的滑片 P 从 n 点滑到 m 点的过程中,变阻器连入电路的电阻变小,电路中的电流变大,根据串联
电路的分压原理可知,变阻器两端的电压变小,根据 U=IR 可知 R2 两端的电压变大;
所以,图乙中 cb 是表示电压表 V1 的示数随电流表示数变化的图线,ab 是表示电压表 V2 的示数随电流表示
数变化的图线,故 A 错误;
B.由 A 项分析可知,滑片 P 从 n 点滑到 m 点的过程中,电流变大,变阻器 R1 两端的电压变小,R2 两端的电
压变大;
所以,通过 R1 的电流随两端电压的减小而增大,通过 R2 的电流随两端电压的增大而增大;
由此可知,乙图中 cb 是 R1 的 U﹣I 图象,ab 是 R2 的 U﹣I 图象;
由乙图中 ab 可知,I=1A 时,U2=4V,根据 I=U/R 可得 R2 的电阻:
R2=U2/I=4V/1A=4Ω;故 B 错误;
C.从“U﹣I”关系图象可知,滑片 P 在 n 点时,电流 Ia=0.5A,U1=7V、U2=2V;
滑片 P 在 m 点时,电流 Ib=1A,U1′=4V、U2′=4V;
根据欧姆定律和串联电路的电压特点可得电源电压:U=IaR+U1+U2,U=IbR+U1′+U2′,
电源电压不变,则有:IaR+U1+U2=IbR+U1′+U2′,
即:0.5A×R+7V+2V=1A×R+4V+4V,
解得 R=2Ω,
则电源电压:U=IaR+U1+U2=0.5A×2Ω+7V+2V=10V;
电路中的最大电流 Ib=1A,则电路消粍的总功率最大值:P 大=UIb=10V×1A=10W,故 C 正确.
D.滑片在 n 点时,电流最小,5s 内电阻 R 消耗的电能:W=Ia
2Rt=(0.5A)2×2Ω×5s=2.5J,故 D 错误。
7.如图所示,闭合开关 S1、S2,电路正常工作.现只将 S2 断开,则( )
A.电流表示数减小,电压表示数不变
B.电流表示数增大,电压表示数不变
C.电流变示数减小,电压表示数减小
D.电流表示数增大,电压表示数增大
【答案】A
【解析】开关都闭合时,为并联电路,并联电路两端电压等于电源电压;
断开开关 S2,为电阻 R1 的基本电路,电阻 R1 两端的电压仍为电源电压,所以电压表示数不变;
因为干路电流等于各支路电流之和,并且并联电路中各支路互不影响,断开开关 S2,电流表由测干路电流
变为测量通过电阻 R1 的电流,但通过 R1 的电流不变,故电流表示数变小.
可见,电流表示数减小,电压表示数不变.
8.如图所示,电源电压不变,P 置于中点,a 为电流表或电压表.任意闭合开关,电路都是安全的,下列
说法正确的是( )
A.a 是电流表
B.只闭合 S1,P 向右滑动,a 的示数的变化量与 A2 示数的变化量的比值变小
C.闭合 S1、S3,断开 S2,A1 的示数大于 A2 的示数
D.闭合 S1、S2、S3,P 向左滑动,A1 的示数减小
【答案】C.
【解析】(1)由电路图可知,当 S1 与 S2 闭合时,电表 a 与电源串联,若 a 为电流表,会造成电源短路,故
a 不是电流表;此时电路是安全的,说明 a 是电压表,故 A 错误;
(2)只闭合 S1,R1 和滑动变阻器串联,电压表 a 测滑动变阻器两端的电压,两电流表测电路中的电流,
设 P 向右滑动前后电路中的电流分别为 I1、I2,
因串联电路中总电压等于各分电压之和,
所以,由 I= 可得,电压表 a 示数的变化量:
△U2=U 滑﹣U 滑′=(U﹣I1R1)﹣(U﹣I2R1)=(I2﹣I1)R1=△IR1,
则 =R1,即 a 的示数的变化量与 A2 示数的变化量的比值不变,故 B 错误;
(3)闭合 S1、S3,断开 S2,R2 与滑动变阻器并联后再与 R1 串联,电流表 A1 测干路电流,电流表 A2 测变阻器
支路的电流,
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,
所以,干路电流表 A1 的示数大于支路电流表 A2 的示数,故 C 正确;
(4)闭合 S1、S2、S3 时,R2 与滑动变阻器并联,R1 和 A1 被短路,A1 示数为 0,滑片移动时电流表 A1 的示数仍
然为 0,即示数不变,故 D 错误.
9.如图是 A、B 两电阻的 U-I 图像,由图像中信息可知( )
A.A、B 都是阻值不变的电阻
B.当 B 两端电压为 2V 时,RB=5Ω
C.A、B 串联在电路中,当电路电流为 0.2A 时,电源电压为 2V
D.A、B 并联在电路中,当电源电压为 2V 时,电路总功率为 0.6W
【答案】D
【解析】由图可知,A 对应的电流与电压成正比,则 A 的阻值不变;但 B 对应的电流与电压不成正比,则 B
的阻值是变化的,故 A 错误;当 B 两端电压为 2V 时,由图可知:此时通过 B 的电流为 0.2A,则
2 100.2
U VR IAB
B
B
,故 B 错误;当 A、B 串联在电路中,且电路电流为 0.2A 时,根据串联电路的电流
处处相等可知:此时通过 A、B 的电流均为 0.2A,由图可知:此时 UA=4V,UB=2V,故此时电源电压
U=UA+UB=4V+2V=6V,C 错误;当 A、B 并联在电路中,且电源电压为 2V 时,两电阻两端的电压都为 2V,由图
像可知,此时 IA=0.1A,IB=0.2A,则此时干路电流 I=IA+IB=0.1A+0.2A=0.3A,故此时电路总功率 P=UI=2V×
0.3A=0.6W,D 正确;故选 D。
10.在如图所示的电路中,闭合开关 S,电压表 V 的示数恒为 6V,电流表的示数为 0.5A,电压表 V 2 的示数
为 4V。当把滑动变阻器的滑片移至最右端时,电流表的示数为 0.3A。
则下列物理量的结果错误的是 ( )
A.R 1 的阻值为 4Ω
B.滑动变阻器的最大电阻值为 16Ω
C.电路消耗的最小总功率为 1.8W
D.当滑动变阻器的滑片移至最左端时,R 1 在 5min 内消耗的电能为 2.7×104J
【答案】D
【解析】(1)闭合开关 S,电压表 V 的示数恒为 6V,表明电源电压 U=6V,电流表的示数为 0.5A,表明流
经 R 1 的电流 I1=0.5A,这时电压表 V 2 的示数为 4V。
则 R 1 的两端电压 U1=U-U2=6V-4V=2V
根据欧姆定律:R1=U1/I1=2V/0.5A=4Ω.选项 A 不符合题意;
(2)当把滑动变阻器的滑片移至最右端时,滑动变阻器的最大电阻值为 R 2,
流经其的电流为 I 2=0.3A,等于电路总电流。这时电路中 R 1 和 R 2 串联,电源电压 U=6V
对总电路而言利用欧姆定律得:U=I2(R1+R2),代入数据有
6V=0.3A(4Ω+R2)
解得 R2=16Ω. 选项 B 不符合题意;
(3)电路电源电压一定,根据 P=U2/(R1+R 2)知道,总电阻 R=(R1+R2)最大时,电功率最小,只有 R 2=16
Ω时电路消耗的总功率最小,为
P=U2/(R1+R 2)=(6V)2/(4Ω+16Ω)=1.8W. 选项 C 不符合题意;
(4)当滑动变阻器的滑片移至最左端时,电路只有一个电阻 R 1 在工作。R 1 在 5min 内消耗的电能为
W=Q=U2t/R1=(6V)2×300s/4Ω=2.7×103J。选项 D 符合题意。
11.下列数据中最接近实际的是( )
A.台灯的额定功率约为 500W
B.手机正常工作时的电流约为 10A
C.九年级物理课本的质量约为 4kg
D.人体的平均密度约为 1.0×103kg/m3
【答案】D.
【解析】不同物理量的估算,有的需要凭借生活经验,有的需要简单的计算,有的要进行单位的换算,最
后判断最符合实际的是哪一个.
A.电视机的额定功率在 150W 左右,台灯的额定功率比电视机小得多,在 40W 左右.此选项不符合实际;
B.手机采用的是直流电,工作电流在 300mA=0.3A 左右.此选项不符合实际;
C.两个苹果的质量在 300g 左右,九年级物理课本的质量与此差不多,在 300g=0.3kg 左右.此选项不符合
实际;
D.水的密度是 1.0×103kg/m3,人体密度与水的密度差不多,在 1.0×103kg/m3 左右.此选项符合实际.
12.如图甲所示电路,电源两端电压不变。R1 是滑动变阻器,R2 是定值电阻。当开关 S 闭合后,逐步改变滑
动变阻器接入电路的电阻值,根据电压表与电流表的示数,绘制的图象如图乙所示。下列判断正确的是( )
A.电源两端电压为 10V
B.电路消耗电功率的最大值为 7.2W
C.变阻器 R1 接入电路的最大阻值为 10Ω
D.定值电阻 R2 的电阻值为 40Ω
【答案】B
【解析】由电路图可知,当滑片位于最左端时电路为 R2 的简单电路,此时电路中的电流最大并由乙图读出
其大小,利用欧姆定律表示出电源的电压;当滑片位于最右端时,滑动变阻器的最大阻值 R1 与电阻 R2 串联,
电压表测 R1 两端的电压,此时电路中的电流最小,由乙图读出两电表的示数,根据电阻的串联和欧姆定律
表示出电源的电压,利用欧姆定律求出 R1 的最大阻值,利用电源的电压不变建立等式即可求出定值电阻的
阻值和电源的电压,最后利用 P=UI 求出电路消耗的最大功率。
当滑片位于最左端时电路为 R2 的简单电路,此时电路中的电流最大,由乙图可知 Imax=0.6A,由 I= 可得,
电源的电压:U=ImaxR2=0.6A×R2;
当滑片位于最右端时,滑动变阻器的最大阻值 R1 与电阻 R2 串联,电压表测 R1 两端的电压,此时电路中的电
流最小;
由乙图可知,U1=10V,Imin=0.1A,
变阻器 R1 接入电路的最大阻值:
R1= = =100Ω,故 C 错误;
∵串联电路中总电压等于各分电压之和,
∴电源的电压 U=IminR2+U1=0.1A×R2+10V,
∵电源的电压不变,
∴0.6A×R2=0.1A×R2+10V,
解得:R2=20Ω,故 D 不正确;
电源的电压 U=0.6A×R2=0.6A×20Ω=12V,故 A 不正确;
电路消耗的最大电功率:
Pmax=ImaxU=0.6A×12V=7.2W,故 B 正确。
二、填空题(10 个小题,每空 1 分,共 22 分)
13.如图所示电路,电源电压不变,滑动变阻器的规格“20Ω 2A”,L1 的规格“10V 5W“,L2 的规格“15V
15W”,不考虑温度对灯丝电阻的影响。(1)只闭合开关 S,当滑动变阻器接人电路的阻值为 4Ω时,灯泡
L1 正常发光,则电源电压为 V。(2)闭合开关 S、S1、S2,滑动变阻器滑片置于中点,通电 1min 整个电
路产生的热量是 J。
【答案】(1)12;(2)1440。
【解析】(1)根据灯泡 L1 正常发光,可得流经灯泡的电流 I1= = =0.5A,
灯泡 L1 正电阻 R1= = =20Ω,
由图可知,只闭合开关 S,灯泡 L1 与滑动变阻器串联,串联电路中电流处处相等,
即电路中的电流 I=I1=0.5A,
由 I= 可得,电源电压 U=IR 总=0.5A×(4Ω+20Ω)=12V;
(2)由 P= 可得,
L2 的电阻 R2= = =15Ω,
闭合开关 S、S1、S2,灯泡 L2、滑动变阻器并联,灯泡 L1 被短路,滑动变阻器滑片置于中点,
根据并联电路的电阻特点可得,
总电阻 = + ,
则 = + ,
解得 R 并=6Ω,
通电 1min 整个电路产生的热量:
Q=W=UIt= t= ×60s=1440J。
14.如图所示,电源电压不变,R2=30Ω,R3=10Ω.只闭合 S1,电流表Ⓐ示数为 0.2A,电压表Ⓥ示数为 4.0V,
则电源电压为 V.闭合 S1、S2、S3,电流表 A1、A2 示数之比为 ,通电 lmin 电阻 R1 产生的热量为 J。
【答案】6;5:2;108。
【解析】(1)只闭合 S1,电阻 R1、R3 串联,电流表测量的是整个电路中的电流,电压表测量的是电阻 R1 两
端的电压。由欧姆定律可得 R1 的阻值:
R1= = =20Ω;
根据串联电路的特点和欧姆定律可得,电源电压:
U=I(R1+R3)=0.2A×(20Ω+10Ω)=6V;
(2)闭合 S1、S2、S3,电阻 R1、R2 并联,电流表 A1 测量的是干路中的总电流,A2 测量 R2 的电流,电压表测
量的是电源电压;
则通过 R1 的电流:I1= = =0.3A,
A2 的示数(通过 R2 的电流):I2= = =0.2A,
所以干路中电流表 A1 的示数:I=I+I2=0.3A+0.2A=0.5A,
电流表 A1、A2 示数之比为 = = ;
通电 lminR1 产生的热量:Q1=I1
2R1t=(0.3A)2×20Ω×60s=108J。
15.某校为师生饮水方便,安装了电热水器。为测定热水器消耗的电能,关闭其他用电器,只用电热水器
给水加热,一段时间后,电能表的示数,由图甲示数变为图乙示数,则该电热水器在这段时间内消耗的电
能为 kWh,等于 J.若消耗电能的 87%被水吸收,则可把 kg 初温为 13℃的水加热
至 100℃【水的比热容 c=4.2×103J/(kg℃)】。
【答案】2.1;7.56×106;18。
【解析】(1)关闭其他用电器,只用电热水器给水加热,电热水器在这段时间内消耗的电能:
W=7626.9kWh﹣7624.8kWh=2.1kWh=7.56×106J;
(2)消耗电能的 87%被水吸收,即:Q 吸=87%W,
由 Q 吸=cm△t 有:
cm△t=87%W,
所以水的质量:
m= = =18kg。
16.如图为电能表的实物图,小文只让家里的空调单独工作,测出 36s 内电能表转盘转过 25r,则空调这段
时间内消耗的电能是 J,空调的实际功率为 W。
【答案】3.6×104;1000。
【解析】2500r/kW•h 表示的是电路中每消耗 1kW•h 的电能,电能表的转盘转 2500r,
空调工作时,电能表转盘转动 25r 消耗的电能:
W= kW•h=0.01kW•h=0.01×3.6×106J=3.6×104J;
空调工作的时间 t=36s,
空调的实际功率:
P= = =1000W。
17.某电热水壶部分参数,额定电压 220V,额定功率模糊不清,容积 1L,加热效率 90%,在额定电压下,
将满壶水从 10°C 加热至沸腾(在 1 标准大气压下),用时 5min,则水吸收的热量是 J,电热水壶的额
定功率是 W.[C 水=4.2×103J/(kg•℃)].
【答案】3.78×105;1.4×103.
【解析】(1)已知 V=1L=1×10﹣3m3,
由ρ= 可得,
装满水时水的质量 m=ρV=1.0×103kg/m3×1×10﹣3m3=1kg;
水吸收的热量:
Q 吸=cm(t﹣t0)
=4.2×103J/(kg•℃)×1kg×
=3.78×105J;
(2)由η= 可得,
W= = =4.2×105J,
电热水壶的额定功率 P= = =1.4×103W.
18. 实验小组的同学设计了如图(a)所示的电路,已知电源电压不变,闭合开关 S,调节滑动变阻器滑片 P
的位置,根据电路中电压表和电流表的数据描绘了如图(b)所示的两条 U-I 图线。其中利用电压表 和电流
表 的数据描绘出甲图线,利用电压表 和电流表 的数据描绘出乙图线。则定值电阻 R2 的阻值;
__________;R2 消耗的最大功率。__________。
【答案】2Ω, 0.5W
【解析】(1)由电路图可知,电阻 R、R1、R2 串联,电压表 V1 测电阻 R 和 R2 两端的电压,电压表 V2 测电阻
R2 两端的电压,电流表测串联电路的电流。
由图 b 可知,乙图线表示电阻 R2 的 I-U 图像,根据欧姆定律I = 푈
푅可得,
푅2 = 푈2
퐼2
= 1.0푉
0.5퐴 = 2훺
由串联电路中电压关系,得:
电源电压 U=U1+IR1
将图中两组已知数据代入公式,得:
U=1.3V+0.2A×R1……..①
U=1.0V+0.5A×R1…….②
联立①②得:U=1.5V,R1=1Ω
(2)当滑动变阻器 R 连入电路阻值为 0 时,电压表 V1 的示数等于电压表 V2 的示数,此时 R2 两端电压最大,
由图 b 可知 U2=1V,所以
R2 消耗的最大功率:P = 푈22
푅2
= (1.0푉)2
2훺 = 0.5푊
19.质量为 1.5 g 的水温度升高 80℃,需吸收的热量是 J;若用功率为 1400W 的电热水壶来提供这些热
量,需要的时间为 s.[c 水=4.2×103 J/(kg•℃)].
【答案】5.04×105;360.
【解析】(1)水吸收的热量:
Q 吸=cm(t﹣t0)
=4.2×103J/(kg•℃)×1.5kg×80℃
=5.04×105J,
(2)若不计热损失,则 W=Q 吸=5.04×105J,
由 P= 可得:
t= = =360s.
20.如图所示的电路中,电源电压不变,将滑片 P 向左移动的过程中,示数始终不变的电表是 .当滑
片 P 移至左端时,断开电键 S,电压表 V 示数与电流表 A 示数的比值将 (选填“变大”、“不变”或
“变小”).
【答案】电流表;变大
【解析】电源的电压不变,∴电压表的示数不变;将滑片 P 向左移动的过程中,滑动变阻器接入电路的电
阻变大;∵I= 可知,该支路的电流变小,即电流表 A1 的示数变小;∵并联电路各支路独立工作、互不影
响,∴R1 支路的电流不变;∵并联电路干路电流等于各支路电流之和,∴干路电流变小,即电流表 A 的示数
变小;当滑片 P 移至左端时,断开电键 S,电压表仍侧电源的电压,即电压表的示数不变;而此时 R1 支路断
路,电流表 A 只测通过滑动变阻器的电流,所以电流表 A 的示数变小;故电压表 V 示数与电流表 A 示数的
比值将变大。
21.压力传感器的原理图如图所示,其中 M、N 均为绝缘材料,MN 间有可收缩的导线,弹
簧上端和滑动变阻器 R2 的滑片 P 固定在一起,电源电压 10V,R1=8Ω,R2 的阻值变化范围
为 0﹣10Ω,闭合开关 S,压力 F 与 R2 的变化量成正比,F=1N 时,R2 为 2Ω,此时电流表
示数是 A;当电流表的示数为 I 时,F= N(写出关于 I 的数学表达式)
【答案】1; ﹣4.
【解析】由电路图可知,R1 与 R2 串联,电压表测 R2 两端的电压,电流表测电路中的电流.
(1)当 F=1N 时,R2 为 2Ω,根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中电流表的示数;
(2)压力 F 与 R2 的变化量成正比,设出表达式,把 F=1N 时 R2=2Ω代入得出表达式,当电流表的示数为 I
时,根据欧姆定律求出电路中的总电阻,利用电阻的串联求出变阻器的阻值,然后代入表达式得出答案.由
电路图可知,R1 与 R2 串联,电压表测 R2 两端的电压,电流表测电路中的电流.
(1)当 F=1N 时,R2 为 2Ω,
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,
所以,电路中的电流:
I1= = =1A;
(2)由题意可知,压力 F 与 R2 的变化量成正比,设为 F=kR2,
当 F=1N 时,R2 为 2Ω,则 1N=k×2Ω,
解得:k=0.5N/Ω,
所以,F=0.5N/Ω×R2﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
当电流表的示数为 I 时,电路中的总电阻:
R= = ,
滑动变阻器接入电路中的电阻:
R2′=R﹣R1= ﹣8Ω﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②,
所以,F=0.5N/Ω×R2′=0.5N/Ω×( ﹣8Ω),
即数学表达式为:F=0.5×( ﹣8)N= ﹣4 N.
22.如图所示的 LED 球泡灯,其发光效能相当于“220V,40W”的白炽灯。此 LED 灯正常工作时的电流为______A;
正常工作 100h,使用此 LED 球泡灯比白炽灯节约电能______ kW·h。
【答案】0.023;3.5
【解析】由图可知,LED 球泡灯的功率为 5W,额定电压为 220V,由 P=UI 可知 LED 球泡灯正常时电流:I
=P
U = 5W
220V ≈0.023A;白炽灯功率比 LED 灯功率高△P=P2-P1=40W-5W=35W,正常工作 10h,可节约的电能:
W=△P×t=0.035kW×100h=3.5kW•h.
三、分析简答题(2 个小题,每题 5 分,共 10 分)
23.家庭电路中有时会发生短路现象。例如,改装电路时不小心,使火线和零线直接连通造成短路;电线绝
缘皮被刮破或烤焦,电线盒用电器使用年限长,绝缘皮破损或老化,也会使火线和零线直接连通或电器进
水造成短路。
根据前面学过的知识可知,由于导线的电阻很小,短路时电路中的电流非常大,会产生大量的热,使
导线的温度急剧升高,很容易造成火灾。
这是某物理课本中关于“安全用电”的一部分内容。阅读后,请你根据所学的物理知识解释:短路时“电
路中的电流非常大”和“很容易造成火灾”的原因。
【答案】见解析。
【解析】根据 I=U/R,因为短路时,火线与零线直接接通,电路中只有导线,导线的电阻很小,电源电压不
变,所以电路中的电流非常大。再根据 Q=I2Rt 可知,在电阻 R 和通电时间 t 一定时,导线上的电流越大,
产生的电热越多,使导线的温度急剧升高,很容易造成火灾。
24.小明冬天取暖时发现:电暖器的电热丝热的发红,而与电热丝相连的导线却不怎么热.
(1)请你根据小明发现的现象提出一个需要探究的物理问题;
(2)如图是小明进行实验探究的部分电路,A、B 烧瓶中装有质量相等、初温相同的煤油,金属丝电阻分别
为 RA、RB,RA<RB.通电一段时间后,发现 B 烧瓶中温度计的示数大些.请用所学的知识解释此现象.
温度计
A B
【答案】见解析。
【解析】(1)电流通过导体产生的热量与哪些因素有关?
(2)如图,镍铬合金丝和铜丝串联,通过的电流和通电时间都相同,由焦耳定律 Q=IR2t 可知:此时电流产
生的热量跟电阻成正比.因为镍铬合金丝的电阻大于铜丝的电阻,所以电流通过镍铬合金丝产生的热量多,
瓶中煤油吸收的热量也多.又由于 A、B 烧瓶中所装煤油的质量相等、初温也相同,因此 B 瓶中的煤油温度
上升的快.
四、综合应用计算题(2 个小题,25 题 6 分、26 题 6 分、27 题 6 分,共 18 分)
25.如图所示,电源电压恒定,R1 的阻值为 20Ω,R2 的阻值为 10Ω.当 S 闭合,S1、S2 断开时,电流表的
示数为 0.5A.求
(1)电源电压;
(2)通电 10s 内电路消耗的总电能;
(3)当 S、S1、S2 都闭合时,电流表的示数变化了 0.4A.则 R3 的阻值是多大?
【答案】(1)电源电压为 15V。
(2)通电 10s 内电路消耗的电能为 75J。
(3)R3 的阻值为 100Ω。
【解析】(1)当 S 闭合,S1、S2 断开时,R1 和 R2 串联接入电路中;
根据电阻的串联和 I= 可知,电源电压为:U=I(R1+R2)=0.5A×(20Ω+10Ω)=15V;
(2)通电 10s 内电路消耗的电能为:W=UIt=15V×0.5A×10s=75J;
(3)当 S、S1、S2 都闭合时,R2 被短路,此时 R1 和 R3 并联接入电路中,电流表测干路中的电流,此时的总
电阻要小于 R1,
当 S 闭合,S1、S2 断开时,R1 和 R2 串联接入电路中,此时的总电阻要大于 R1,
所以,R1 和 R3 并联的总电阻小于 R1 和 R2 串联的总电阻,
由欧姆定律可知,当 S、S1、S2 都闭合时,干路中的电流变大,
故并联后干路中的电流为:I'=0.4A+0.5A=0.9A;
通过 R1 的电流为:I1= = =0.75A;
由并联电路的电流特点可得,通过 R3 的电流为:I3=I′﹣I1=0.9A﹣0.75A=0.15A;
则 R3 的阻值为:R3= = =100Ω。
26.图甲是某家用电熨斗。电路原理如图乙,R1、R2 为发热体,R1 的阻值为 110Ω,通过 S1、S2 实现温度控
制。电源电压为电熨斗的额定电压 220V,电熨斗消耗的最大功率为 660W。
(1)只闭合 S1,求通过 R1 的电流;
(2)只闭合 S2,求 R2 在 60s 内产生的热量;
(3)为适应更多衣料,小明对电路做了改造(如图丙)。当电熨斗控制开关 S1、S2 处于原低温工作状态不
变时,移动滑片 P,相应发热体的功率可在原功率的 25%~100%之间变化。求滑动变阻器最大阻值至少为多
少?
【答案】(1)通过 R1 的电流 2A;
(2)R2 产生的热量 13200J。
(3)变阻器的最大电阻约为 220Ω。
【解析】(1)电阻 R1 和 R2 并联。只闭合 S1 时,通过 R1 的电流
1
U220V
1 R110I==2A ;
R1 消耗的电功率 P1=UI1=220V×2A=440W;
(2)只闭合 S2 时,只有 R2 接入电路,R2 消耗的电功率是低温发热功率。R2 消耗的电功率 P2=P—P1=660W—
440W=220W,R2 在 60s 产生的热量 Q2=W2=P2t=220W×60s=13200J 。R2 的实际电阻 22
2
(220V)U
2 P220WR==220。
(3)当低温档 R2 相应发热功率为 25%时,即 R2 的最小功率为 P 最小=25%×220W=55W 时,
R2 两端的实际电压为 220
2实 2实 2 4UPRW220110V 。[来源:Zxxk.Com]
通过 R2 的实际电流
2
U110V
2 R220I==0.5A ;此时 R2 与变阻器串联,
变阻器两端的实际电压 U 变=U—U2 实=220V—110V=110V,通过变阻器的实际电流 I=0.5A;变阻器的最大电阻
变
变
U 110V
变 I0.5AR==220。
27.如图,甲是电子秤的原理图(图中压力表是用电流表改装的)。已知电源电压为 24V,电阻 R0=60Ω,
压力传感器 Rx 的阻值随所受压力 F 变化的图象如图乙,压力传感器表面能承受的最大压力为 400N,压杆与
压力传感器的接触面积是 2×10﹣4m2(托盘和压杆的质量可以忽略不计)。求:
(1)该压力传感器能承受的最大压强;
(2)当通过压力表电流为 0.2A 时,压力传感器承受的压力是多少?
(3)当压力为 200N 时,R0 消耗的电功率为多少?
【答案】(1)该压力传感器能承受的最大压强为 2×106Pa;
(2)当通过压力表电流为 0.2A 时,压力传感器承受的压力是 400N;
(3)当压力为 200N 时,通过 R0 的电流为 0.1A;R0 消耗的电功率为 0.6W。
【解析】(1)压力传感器能承受的最大压强:
p= = =2×106Pa;
(2)当通过压力表电流为 0.2A 时,由 I= 得:
R 总 1= = =120Ω,
根据串联电路的总电阻等于各电阻之和可得:
Rx=R 总 1﹣R0=120Ω﹣60Ω=60Ω;
根据图象可知当 Rx=60Ω时,F0=400N;
(3)由图甲知,R0 与 Rx 串联,由图乙知,当压力为 200N 时,由乙图可知压力传感器 Rx 的阻值是 180Ω;
则通过 R0 的电流:
I0=I= = =0.1A;
R0 消耗的电功率:P0=I0
2R0=(0.1A)2×60Ω=0.6W。
五、实验探究题(3 个小题,28 题 6 分、29 题 7 分、30 题 7 分、31 题 6 分,共 26 分)
28.小明同学利用电流表和电阻箱测量小灯泡的功率,设计并接了如图甲所示的实物电路。
(1)为了保护电路,闭合开关 S1 前,应将滑片 P 移到动变阻器的 (“A”或“B”)端。
(2)闭合开关 S1,将单刀双掷开关 S2 扳向“1”,调节滑动变阻器调节电阻箱的阻值使电流表的示数为 I1,
如图乙所示,I1= A;
(3)将开关 S2 扳向“2”,保待滑动变阻器的阻值不变,调节滑动变阻箱的阻值 R,使电流表的示数仍为
I1,此时 R=5Ω;则步骤(2)中小灯泡的电阻 R1= Ω,测量小灯泡电阻的方法是 (选填“控制变量
法”或“等效替代法”);
(4)步骤(2)小灯泡的实际功率 P1= W;
(5)若小灯泡的额定电流为 I0=2I1,以下关于灯泡额定功率 P0 与实际功率 P1 的数值关系,你认为最有可能
的是 。
A.P0=2P1 B.P0=3P1 C.P0=4P1 D.P0=5P1
【答案】(1)B;(2)0.2;(3)5;等效替代法;(4)0.2;(5)D。
【解析】(1)为了保护电路,闭合开关 S1 前,应将滑片 P 移到动变阻器的阻值最大处的 B 端。
(2)闭合开关 S1,将单刀双掷开关 S2 扳向“1”,调节滑动变阻器调节电阻箱的阻值使电流表的示数为 I1,
如图乙所示,电流表选用小量程,分度值为 0.02A,I1=0.2A;
(3)将开关 S2 扳向“2”,保待滑动变阻器的阻值不变,调节滑动变阻箱的阻值 R,使电流表的示数仍为
I1,此时 R=5Ω;则步骤(2)中小灯泡的电阻 R1=5Ω,测量小灯泡电阻的方法是等效替代法;
(4)步骤(2)小灯泡的实际功率 P1=I1
2RL=(0.2A)2×5Ω=0.2W;
(5)若小灯泡的额定电流为 I0=2I1,假设灯泡的阻值不变,
则 P 额=I0
2R=(2I1)2R=4I1
2R=4P1。
由于灯泡的阻值不是定值,且灯泡的阻值会随温度的升高而变大,
所以,当灯泡在正常工作时,灯泡的阻值变大,
则额定功率 P0>P 额=4P1,所以最有可能的额定功率值为 P0=5P1。
故选 D。
29. 在“测定额定电压为 2.5V 的小灯泡的功率”的实验中:
甲 乙
(1)请你用笔画线代替导线,把图甲电路补充完整.
(2)闭合开关前,滑动变阻器的滑片 P 应置于______(选填“A”或“B”).闭合开关后,发现灯都不亮,
且无论怎样移动滑片 P,电流表示数始终为 0,电压表示数约为 3V,则电路中出现故障的原因是______.
(3)排除故障后,移动滑片,记下几组对应的电压表和电流表的示数,并绘制成图丙所示的 I-U 图象,根
据图象信息可以计算出小灯泡的额定功率是______W。小灯泡的发光亮度是由灯泡的______决定的.
(4)结合图乙的信息思考:______(选填“能”或“不能”)利用图甲电路,采用控制变量的方法来“探
究电流与电压的关系”,因为: .
【答案】(1)
(2)B;灯泡断路 (3)0.625;实际功率(4)不能;灯泡电阻受温度影响,随温度升高而增大,灯泡电
阻不是定值
【解析】(1)将电压表与灯泡并联,灯泡的额定电压为 2.5V,电压表可选择 0~3V 的量程;
滑动变阻器已接了下面一个接线柱,可再接上面任意一个接线柱,如图所示:(2)小灯泡始终不亮,电流
表无示数,说明电路发生了断路,电压表有示数,说明与电压表并联的灯泡发生了断路.(3)由图乙所示
图象可知,灯泡额定电压对应的电流为 0.25A,小灯泡的额定功率:P=UI=2.5V×0.25A=0.625W.(4)探究
电流与电压的关系应控制电阻阻值不变,灯泡电阻受温度影响,随温度升高而增大,灯泡电阻不是定值,
因此不能采用图甲电路探究电流与电压的关系.
30.小明同学在测定“小灯泡额定电功率”的实验中,使用的电源电压为 3V,小灯泡额定电压为 2.5V,滑
动变阻器的规格为“10Ω 1Α”。
甲 乙
(1)请你用笔画线代替导线,将图中的实物电路连接完整(要求滑动变阻器的滑片 P 向右移动时,电流表
的示数变大)。
(2)小明连好电路后闭合开关,发现灯泡不亮,电压表示数较大,电流表几乎无示数。他取下灯泡,电压
表和电流表的示数均不变,其故障原因可能是: _。
(3)故障排除后,开始实验,缓慢移动滑动变阻器的滑片 P,当电压表的示数为 2.5V 时,电流表的示数如
图乙所示,小灯泡的额定功率是 W。
(4)小明又取了一个规格、型号完全相同的旧灯泡进行实验,发现在额定电压下工作时,灯泡亮度明显偏
暗,他仔细观察,发现这只灯泡的玻璃内壁变黑,灯丝变细,消耗的实际功率变 的缘故(选
填“大”或“小”)。
(5)小明通过实验数据,比较出“实际电压是额定电压一半时的电功率 P1”和“实际电流是额定电流一半
时的电功率 P2”的大小,则 P1 P2(选填“大于”、“小于”或“等于”)。
(6)小明将灯泡换成阻值为 5Ω的定值电阻继续探究“电流与电阻关系”,他调节滑动变阻器的滑片使电
压表示数为 2V,读出电流表的示数。他接着进行正确的操作,将 10Ω的电阻接入电路,为读取正确的电流
值,他应将滑动变阻器的滑片向 移(选填“左”或“右”),当电压表示数为 2V 时,停止调
节,读出电流表示数。按照小明的实验设计,为了能完成实验,所选定值电阻的最大值为 _Ω。
【答案】(1)如图所示。
(2)小灯泡开路(3)0.55;(4)小;(5)大于;(6)左;20
【解析】(1)由于滑动变阻器的滑片 P 向右移动时,电流表的示数变大,则滑动变阻器接入电路的电阻变
小,故应接下方的右接线柱。由于小灯泡额定电压为 2.5V,故电压表的量程应选“0~3V”,则应将电压表
的“3”接线柱与小灯泡的右接线柱连接。
(2)灯泡不亮,则可能电路开路,也可能灯泡被短路;电流表几乎无示数,则可能电路开路,也可能电流
表被短路;电压表示数较大,则可能电压表与电源两极连接完好,测电源电压;又因为取下灯泡,电压表
与电流表示数均不变;所以电路故障是灯泡开路。
(3)由图乙可知,电流表所选量程是 0~0.6A,分度值为 0.02A,则示数为 0.22A;小灯泡的额定功率
P=UI=2.5V×0.22A=0.55W。
(4)一个规格型号完全相同的旧灯泡由于使用时间很久,钨丝发生升华现象而变细,灯丝电阻变大;在电
压一定时,由 P=U2/R 可知,消耗的功率变小,故实际功率变小。
(5)由 P=U2/R 可知,灯泡实际电压是额定电压一半时,灯泡电阻减小,它的实际功率 P1> 1
4
P 额;由 P=I2R
可知,灯泡实际电流等于额定电流一半时,灯泡电阻减小,实际功率 P2< 1
4
P 额;因此,P1>P2。
(6)定值电阻 R 的阻值由 5Ω更换为 10Ω时,根据串联“分压”的特点,定值电阻两端电压变大;为了保
持定值电阻两端的电压不变,则需增大滑动变阻器两端电压,即增大滑动变阻器接入电路的阻值,故将滑
片向左移动,直到电压表的示数为 2V。由于定值电阻两端电压为 2V,则滑动变阻器两端电压 U 滑 =3V﹣2V=1V;
如果接入电路的定值电阻阻值太大时,滑动变阻器所分得的电压小于 1V,将无法继续进行实验;因此,当
滑动变阻器阻值全部接入电路时,电路电流 I= /R 大=1V/10Ω=0.1A,此时接入电路的定值电阻阻值也最
大,为 R=UR/I=2V/0.1A=20Ω
31.在“测小灯泡电功率实验”中,电源电压为 3V,小灯泡额定电压为 2.5V。
甲 乙 丙
(1)请用笔画线代替导线将图甲所示的实物电路连接完整(要求:滑动变阻器的滑片
向右移动时小灯变亮)。
(2)闭合开关前,滑动变阻器的滑片应调至最_________(填“左”或“右”)端。
(3)闭合开关后,发现灯泡不亮,电流表没有示数,电压表有示数,则电路故障原因
是_____________。
(4)故障排除后,闭合开关,移动滑片,当电压表示数为 1.5V 时,电流表示数如图乙
所示,则此时小灯泡的功率为_______W。若使小灯泡正常发光,应将滑片向_____(填“左”或“右”)端
移动。
完成上述实验后,小聪向老师要了一个已知阻值为 R0 的电阻和一个单刀双掷开关,借助部分现有的实
验器材,设计了如图丙所示的电路,也测出了灯泡的功率.请完成下列实验步骤:
①闭合开关 S1,将 S2 拨到触点 2,移动滑片,使电压表的示数为 U1;
②再将开关 S2 拨到触点 1,保持滑片的位置不动,读出电压表的示数 U;
③灯泡实际功率表达式为_________(用测得量表示)。
【答案】(1)见下图(2)左(3)小灯泡断路(4)0.48 右。 U1(U-U1)/R0
【解析】(1)电压表要并联接在灯泡两端,电源电压为 3V,小灯泡额定电压为 2.5V,使用“—、 3”
两个接线柱,也就是使用“0——3”量程读数准确度高。所以标 3 的接线柱与灯座右侧接线柱连接。滑
动变阻器的滑片向右移动时小灯变亮,说明滑动变阻器接入电路的电阻变小,这时可以知道滑动变阻器
的下面接线柱与灯泡左侧接线柱连接。
(2)闭合开关前,滑动变阻器接入电路的电阻要保持最大,滑片应调至最左端。
(3)闭合开关后,发现灯泡不亮,说明电路有断路存在或者灯泡被短路。电流表无示数,说明电路处于断
路,电压表有示数,说明灯泡断路。
(4)P=UI=1.5V×0.32A=0.48W 若使小灯泡正常发光,电路电流要增大,就得让滑动变阻器的电阻减小,
这样将滑片向右移动。
①闭合开关 S1,将 S2 拨到触点 2,移动滑片,使电压表的示数为 U1;只要求出这时流经灯泡电流即可;
②再将开关 S2 拨到触点 1,保持滑片的位置不动,读出电压表的示数 U;这个示数等于灯泡两端电压 U1 加上
R0 的两端电压 U2=U-U1,灯泡电流等于流经 R0 的电流。
I1=(U-U1)/R0;灯泡实际功率的表达式可求。
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