2020年浙江省宁波市奉化区市中考物理一模试卷(含答案解析) 13页

2020 年浙江省宁波市奉化区市中考物理一模试卷 一、单选题（本大题共 6小题，共 23.0分） 1. 小猫在平静的池塘边欣赏自己在水中的像，图中与实际相符的是 A. B. C. D. 2. 如图，盛有水的圆柱形小容器漂浮在盛有水的圆柱形大容器中，大容器的 底面积是小容器的 4倍大、小容器壁的厚度均不计。现将体积相等的小球 A、B投入小容器中，投入后，两容器内的水对各自容器底部压强的増加量 相等。小球 A的密度的最大值为 A. 1香䁕 B. 1香䁕 C. 1香䁕 D. 1香䁕 . 关于“牛顿第一定律”，下列说法正确的是 A. 它是通过日常生活得出的经验 B. 它是通过理论推导出来的 C. 它是通过实验直接证明的 D. 它是以实验事实为基础，通过推理而概括出来的 . 如图所示，将标有“220V40W”的1和“220V60W”的2两个灯泡串联 在 220伏的电路中，闭合开关则 A. 1 比2 亮 B. 2 比1亮 C. 串联电流相等，两灯一样亮 D. 两灯都不正常发光，无法比较亮度 . 如图所示，在一个充满油的固定装置中，两端同时用大小相等的力 去推原来静止的活塞。若活塞与容器壁的摩擦不计，则活塞将 A. 向右移动 B. 向左移动 C. 保持静止 D. 上述说法都有可能 . 如图所示的电路中，电源电压不变，开关 S闭合，滑片 P分别处在 中点和 b端时，1消耗的功率之比为 25：9，则滑片 P处在中点和 b端时，2消耗的功率之比为 A. 1：2 B. 5：3 C. 25：9 D. 25：18 二、填空题（本大题共 2小题，共 8.0分） . 改变内能有不同的方式，如图所示，是通过______方式把试管里的水进 行加热。.水沸腾后，水蒸气推动活塞迅速冲出管口，水蒸气的内能 ______填“增大”或“减小”，在活塞被推出的过程中，能量转化情 况与内燃机______冲程相同。试管口出现了白雾，这是______填物态变 化名称现象。 8. 如图所示，轻杆可绕 O点无摩擦转动，A端挂一个重为 300N的物块，AO 与 OB长度之比为 5：4，.若始终沿竖直向下拉挂在 B端的轻环，使轻杆 水平平衡，则拉力为______.当轻杆在图中虚线位置平衡时，拉力的大小 将______。 三、实验探究题（本大题共 1小题，共 9.0分） 9. 小明在做“探究凸透镜成像规律”实验中，将蜡烛、凸透镜和光屏的中心调至______。已知凸 透镜焦距为 10厘米，现蜡烛的位置如图所示，蜡烛到凸透镜的距离为 10厘米，移动光屏寻找 像的位置，发现光屏上有一个倒立、______的像选填“放大”、“等于”或“缩小”。 四、计算题（本大题共 3小题，共 30.0分） 1. 在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒定为 6V，小灯泡的额定电压为 2.m，正常发光 时的电阻约为 1，所用滑动变阻器的规格为“ 1A”． 1测量原理是______ 填写公式． 2请用笔画线代替导线将图甲中未完成的实物电路连接完整要求根据图中滑片的位置连接滑 动变阻器． 连接电路后闭合开关，发现小灯泡不发光，电压表无示数，电流表有示数，则电路中发生的 故障是小灯泡______ 选填“断路”或“短路”． 排除故障后，继续进行实验：闭合开关后，移动滑片使灯泡 L正常发光，判断是否正常发光 的依据是______ ，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定电功率是______. 11. 爱好科学的小明同学找来了一种电热饮水机。如图：甲是饮水机的简化示意图，S是温控开关， 当 S、1都闭合时为加热状态，S断开、1闭合为保温状态。图乙是饮水机的铭牌参数。请你帮 他求出： 1初温为 2的一满箱水，用此饮水机将水加热到 9需要吸收的热量是多少？水 .2 1䁕香 2电阻丝2的阻值多大？ 在正常加热状态工作下，加热 5min需要消耗的电能是多少 J？ 12. 如图 1所示电路中，滑动变阻器2是规格为“20欧 2安”和“5欧 3安”中的一个。闭合电键 S： 若电阻1的阻值为 20欧，电流表的示数为 .安，求：电阻1的两端的电压1。 在电路中正确连入两个电压表，若用一定值电阻替换1，当变阻器连入电路的电阻恰为其 最大阻值的一半时，电流表的示数为 .安，两电压表的示数分别如图 2如、㤵所示。 Ⅰ.请判断所选用变阻器的规格是______。 Ⅱ.请说明电压表所接的位置并求出对应的电阻的值。 【答案与解析】 1.答案：C 解析： 平面镜所成的像与物体关于镜面对称。 本题考查了平面镜成像的应用，是一道基础性题目。 根据平面镜成像的特点，像和物体各对应点到平面镜间距离相等； 平池塘的水面相当于平面镜，可使小猫通过水面成像，并且它的像与本身关于湖面对称，通过观察， 只有选项 C符合这一特点。 故选 C。 2.答案：D 解析：解： 体积相等的小球 A、B投入小容器中，设球的体积为 V，由于 A、B两个小球浸没在水中，则排开水 的体积为m排 1 2m； 所以，小容器中水面上升的高度： 1 m 排 1 小 2m 小 ， 则小容器中的水对其底部压强的増加量为： 小 水香 1 水香 2m 小 ； 由于小容器漂浮在圆柱形大容器中， 所以 A、B投入小容器后，水对大容器底部压力的増加量为： 香m 香m， 则大容器底部压强的増加量为： 大 大 香m香m 大 ； 由题意可知： 大 小， 所以， 香m香m 大 水香 2m 小 --------------- 已知：大 小------------------------------ 联立可得： 8水---------------； 由于 B球是需要浸没在水中的，所以 B球的最小密度为最小 水； 则由可得，小球 A的最大密度： 最大 8水 最小 8水 水 水 1 1香䁕 1香䁕 。 故选：D。 由题知，两容器内的水对各自容器底部压强的増加量相等；根据 香可知：两容器内的水的深 度的増加量相等； 所以，根据漂浮条件和阿基米德原理分别得出深度的变化量。然后得出等式，求出 A、B球的密度 与水的密度关系； 要想小球 A的密度的最大，则 B球的密度应为最小，由于 B球是需要自己能浸没在水中的，所以 B 球的最小密度是等于水的密度，据此即可求出球 A的最大密度。 本题可知液体压强公式、阿基米德原理、物体浮沉条件的应用，关键是根据题目要求，得出 A、B 球要浸没在水中的条件是球的密度必须大于或等于水的密度。 3.答案：D 解析： 本题考查验证牛顿第一定律的实验的意义，明确牛顿第一定律是理想情况，不能用实验直接验证是 解答的关键。 牛顿第一定律是在实验的基础上经过科学的推理而得出的，不能用实验直接验证，但经受了实践的 检验，是大家公认的力学基本定律之一； 验证牛顿第一定律的实验是一个理想实验，其原因是生活中不受外力的物体是没有的；但该实验是 在一定的实验事实基础上，通过推理而概括出来的规律。 故选 D。 4.答案：A 解析：解：由灯泡的铭牌可知，1、2两灯泡的额定电压相等， 由 2 可知，1的额定功率较小，电阻较大， 两灯泡串联在 220V的电路中时，因串联电路中各处的电流相等， 所以，由 2可知，1的实际功率较大，灯泡较亮， 由于两灯的实际电压都不等于其额定电压，所以两灯都不正常发光，故 A正确，BCD错误。 故选：A。 本题主要考查了电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。 5.答案：B 解析：解：密闭的液体有一个重要的特点，即加在密闭液体上的压强能够大小不变地被液体向各个 方向传递，这个规律被称为帕斯卡原理；故当施加在右边小活塞上的压力是1时，其压强是 p，即 据帕斯卡原理知，其内部的液体会将该压强大小不变的传给左边的大活塞，据公式 知，此时左 边大活塞所受的液体对它向左的压力2 ，即由于左边的活塞面积大于右边的活塞面积，故此时 左边的活塞受到向左的力2大于此时该活塞受到的向右的力两端同时用大小相等的力去推原来静 止的活，故活塞向左运动。 故选：B。 知道右边活塞受到力的情况和两个活塞的受力面积关系，利用帕斯卡原理判断两个活塞上产生力的 关系即可。 本题考查了帕斯卡原理的应用，要求学习物理时，多联系生活、多分析，学以致用。 6.答案：D 解析： 本题考查电功率的计算，难点是选择功率的哪个公式来分析，根据串联电路电流相等，应该能够考 虑到 2的使用。 由电路图可知，1与2串联，根据 2表示出滑片 P分别处在中点和 b端时1消耗的功率之比 即可求出电流之比，再根据 2求出滑片 P处在中点和 b端时2消耗的功率之比。由电路图可 知，1与2串联，由 2可得，滑片 P分别处在中点和 b端时1消耗的功率之比： 1 1 1 21 2 21 2 9 ，解得： 1 2 2 2 2 9 ， 则滑片 P处在中点和 b端时2消耗的功率之比： 2 2 1 222 2 22 1 2 1 2 2 2 1 2 2 9 2 18 ；故 ABC错误，D 正确。 故选 D。 7.答案：热传递 减小 做功 液化 解析：解：如图，酒精灯对水加热，水的内能增加，这是通过热传递的方式改变水的内能； 当瓶内水蒸气把瓶塞冲出时，瓶内水蒸气对瓶塞做功，使得其内能减小，温度降低，即该过程是将 内能转化为机械能的过程，此过程与汽油机的做功冲程类似，在做功冲程中也是燃气的内能转化为 活塞的机械能； 试管内气体对活塞做功时，内能减小，温度降低，水蒸气放出热量发生液化现象，出现白雾。 故答案为：热传递；减小；做功；液化。 改变物体内能有两种方式：做功和热传递； 当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小； 汽油机的四个冲程中，做功冲程将内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能； 物质由气态变为液态的过程叫液化，液化放热。 本题通过具体实验考查了改变物体内能的方法的了解与掌握，属于常见题型。 8.答案：375；不变 解析：解：1要使轻杆水平平衡，根据杠杆平衡条件11 22可知：则 ， 因为 AO： ：4， ， 所以 ， 2当轻杆在图中虚线位置平衡时，倾斜后力臂都变小，但两力臂的比值不变，仍为 5：4，A的重力 不变，根据杠杆平衡条件可知人的拉力不变。 故答案为：375；不变。 1杠杆在水平位置平衡，知道动力臂和阻力臂的关系，以及在 A点施加大小，利用杠杆的平衡条件 11 22计算出杠杆 B点人应施加拉力。 2当轻杆在图中虚线位置平衡时，两力臂的比值不变，A的重力不变，根据杠杆的平衡条件可知人 的拉力大小。 杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用线的距离就是力臂，这点是考查的重点，也是学生容易忽 视的地方。 9.答案：同一高度 放大 解析：解： 1实验前，把蜡烛、凸透镜、光屏从左向右依次放在光具座上，点燃蜡烛并调整烛焰、凸透镜、光 屏的高度，使它们的中心大致在同一高度，为了使得像成在光屏的中央； 2凸透镜焦距 1砀，蜡烛到凸透镜的距离为 10cm，由于如图所示的凸透镜的光心在凸透镜中 心位置，蜡烛具有一定得宽度，故物距略大于 10cm，即 2 䁪 䁪 ，成倒立、放大的实像。 故答案为：同一高度；放大。 1探究凸透镜成像的实验时，在光具座上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者的中心大致在同一高度， 像才能成在光屏的中心。 2当物距小于二倍焦距，大于一倍焦距时，像距二倍焦距以外，成倒立、放大的实像。 凸透镜成像的三种情况成像规律和凸透镜成实像时，物近像远像变大，都是凸透镜成像习题的重 要依据。 10.答案： ；短路；电压表的示数为 2.m；. 解析：解：1本实验的原理是 ． 2根据 2.m 1 .2，电流表用小量程；滑片在最右端，所以使用左下端的接线柱可以保证 阻值最大；电压表并联在灯泡两端．如图所示： 发现小灯泡不发光，电压表无示数，电流表有示数，故障是电压表所测的电路短路，即小灯泡短 路． 当灯泡电压达到额定电压时正常发光，电流表使用 .量程，分度值为 .2，由乙图，其 正常发光时的电流为 .2，所以灯泡的额定功率 2.m .2 .． 故答案为： 1 .2如图所示．短路．电压表的示数为 2.m；.． 1测电功率的实验的原理是 ． 2电流表与灯泡串联，电压表与灯泡串联，连电路时滑动变阻器滑片要放在阻值最大处，注意电流 表量程的选择． 电路故障有两类：短路和断路；电路短路时，短路部分无电压，电流大；电路断路时，断路部分 无电流，电压大． 当灯泡电压达到额定电压时正常发光，读出其正常发光时的电流，根据 计算额定功率． 本题考查了电路连接、故障分析、电表读数、滑动变阻器的调节、求功率等问题，对电表读数时， 应先确定电表的量程与分度值，然后再读数． 11.答案：解：1水吸收的热量： 吸 砀电 电 .2 1䁕香 2香 9 2 .88 1； 2断开、1闭合为保温状态。此时电路为2的简单电路，已知保温 ， 由 2 可得， 电阻丝2的阻值：2 2 保温 22m2 11； 已知加热 1，电 ݉ ， 由 电 可得，加热 5min需要消耗的电能： 加热电 1 1。 答：1初温为 2的一满箱水，用此饮水机将水加热到 9需要吸收的热量是 .88 1； 2电阻丝2的阻值为 11； 在正常加热状态工作下，加热 5min需要消耗的电能是 1。 解析：1已知水的质量、初温和比热容，根据吸 砀电 电求出水吸收的热量； 2断开、1闭合为保温状态。根据 2 可求得电阻丝2的阻值； 根据 电可求得在正常加热状态工作下，加热 5min需要消耗的电能。 本题考查了吸热公式、效率公式、电功公式、电功率公式的综合应用，分清电饮水机处于不同状态 时电路的连接方式是关键。 12.答案：“20欧 2安” 解析：解： 由图 1可知，1与2串联，电流表测电路中的电流， 由 可得，电阻1两端的电压： 1 11 . 12 8m； Ⅰ.用一定值电阻替换1，当变阻器连入电路的电阻恰为其最大阻值的一半时，电流表的示数为 .安， 此时滑动变阻器两端的电压可能为： 2 1 2 2 . 1 2 2 m或2 1 2 2 . 1 2 .m， 由图 2可知，电压表m1的示数为 3V或 15V，电压表m2的示数为 2.m或 12V， 则变阻器的规格为“20欧 2安”； Ⅱ.由题意可知，滑动变阻器两端的电压为 3V，电路中的电流为 .， 电压表m1并联在2两端其示数为 3V，电压表m2并联在两端其示数为 2.m时， 的阻值 2.m . 8； 电压表m1并联在2两端其示数为 3V，电压表m2并联在两端其示数为 12V时， 的阻值 12m . ； 电压表m1并联在2两端其示数为 3V，电压表m2并联在电源两端其示数为 12V时， 的阻值 2 12mm . ； 电压表m1并联在电源两端其示数为 15V，电压表m2并联在两端其示数为 12V时， 的阻值 12m . 。 答：电阻1的两端的电压为 8V； Ⅰ.“20欧 2安”； Ⅱ.电压表m1并联在2两端其示数为 3V，电压表m2并联在两端其示数为2.m时，的阻值为8； 电压表m1并联在2两端其示数为 3V，电压表m2并联在两端其示数为 12V时，的阻值为 ； 电压表m1并联在2两端其示数为 3V，电压表m2并联在电源两端其示数为 12V时，的阻值为 ； 电压表m1并联在电源两端其示数为 15V，电压表m2并联在两端其示数为 12V时，的阻值为 。 由图 1可知，1与2串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电阻1两端的电压； Ⅰ.用一定值电阻替换1，当变阻器连入电路的电阻恰为其最大阻值的一半时，电流表的示数为 .安，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据图 2读出电压表可能的示数，然后确定滑动 变阻器的规格； Ⅱ.由题意可知，滑动变阻器两端的电压为 3V，电路中的电流为 .，分析符合要求的情况，根据 串联电路的特点和欧姆定律求出的阻值。 本意考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的会确定滑动变阻器的规格和电压表对应的位 置是关键，是一道难点较大的题目。