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  • 2021-11-12 发布

2018年包头中考物理试题(解析版)

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‎2018包头初中升学考试物理试卷 一、选择题 ‎1. 下列说法正确的是 A. 声波和电磁波都能在真空中传播 B. 吹笛子时手按不同的笛孔是为了改变音调 C. 做圆周运动的物体如果所受外力全部消失将做匀速圆周运动 D. 摩擦起电过程中能量的转化是电能转化为机械能 ‎【答案】B ‎【解析】A. 电磁波能在真空中传播,声波的传播需要介质,不能在真空中传播,故A错误;‎ B. 吹笛子时手按不同的笛孔,空气柱的长度发生变化,振动频率变化,所以是为了改变音调,故B正确;‎ C. 做圆周运动的物体如果所受外力全部消失,根据牛顿第一定律知,物体将做匀速直线运动,故C错误;‎ D. 摩擦起电过程中能量得转化是机械能转化为电能,故D错误;‎ 故选B。‎ 点睛:注意理解C选项,做圆周运动的物体会受到一个向心力的作用,如果所受外力全部消失,物体将做匀速直线运动。‎ ‎2. 关于热现象,下列说法正确的是 A. 雾是漂浮在空气中的水蒸气 B. 霜是空气中的水蒸气凝固形成的小冰晶 C. 高压锅内部液面气压增大,液体的沸点升高 D. 加油时闻到刺鼻的气味,说明汽油在常温下易升华 ‎【答案】C ‎【解析】A. 雾是水蒸气液化形成的小水珠,而水蒸气是看不到的,故A错误;‎ B. 霜是空气中的水蒸气凝华形成的小冰晶,故B错误;‎ C. 高压锅内部液面气压增大,液体的沸点升高,所以煮饭快,故C正确;‎ D. 加油时闻到刺鼻的气味,说明汽油在常温下易汽化,故D错误;‎ 故选C。‎ 点睛:需要注意的是,我们看到的雾其实是小水珠,而不是水蒸气,水蒸气是看不到的,所以雾、露、“白气”等都是由水蒸气液化而形成的。‎ ‎3. 小宁乘坐校车时,观察到一些现象,下列解释正确的是 A. 向窗外看时感觉到路边的树木向后退,是以地面为参照物 B. 看到车上窗帘往外飘,是因为车内比车外的空气流速大,压强大 C. 突然刹车时身体向前倾,是由于身体受到了惯性的作用 D. 司机转动方向盘使校车转弯,是力改变了校车的运动状态 ‎【答案】D ‎【解析】A. 向窗外看时感觉到路边的树木向后退,是以自己或车为参照物,故A错误;‎ B. 看到车上窗帘往外飘,是因为车外比车内的空气流速大,而流速大压强小,所以窗外压强小,窗帘往外飘,故B错误;‎ C. 突然刹车时身体向前倾,是由于身体具有惯性,不能说受到惯性作用,故C错误;‎ D. 力可以改变物体的运动状态,所以司机转动方向盘使校车转弯,利用了力可以改变校车运动状态的原理,故D正确;‎ 故选D。‎ 点睛:注意对惯性的理解,惯性是物体的基本属性,与物体的运动状态无关,与质量大小有关,且惯性不是力,不能说成:受到惯性作用,而应该描述成:具有惯性。‎ ‎4. 如图所示,将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座50cm刻度线处,此时在光屏中心已成烛焰清晰的像,下列说法正确的是 A. 此时烛焰在光屏上的成像特点于投影仪成像特点相同 B. 若蜡烛移至20cm刻度线处,移动光屏,可在光屏上呈现烛焰清晰缩小的像 C. 若蜡烛移至45cm刻度线处,移动光屏,可在光屏上呈现烛焰清晰放大的像 D. 在图示中的烛焰和凸透镜之间放一副近视镜,将光屏左移可再次成清晰的像 ‎【答案】B ‎【解析】A. ‎ 如图此时物距大于像距,成倒立缩小的实像,所以此成像特点与照相机成像特点相同,故A错误;‎ B. 若蜡烛移至20cm刻度线处,即物距继续增大,则像距应减小,像变得更小,所以移动光屏,可在光屏上呈现烛焰清晰缩小的像,故B正确;‎ C. 如图此时光屏到凸透镜的距离为17cm,且像距位于一倍到二倍焦距之间,得:‎ ‎,解得:,所以若蜡烛移至45cm刻度线处,此时物距小于焦距,不能成实像,故C错误;‎ D. 在图示中的烛焰和凸透镜之间放一副近视镜,即凹透镜,此时光线会发散一些,像右移,所以将光屏右移可再次成清晰的像,故D错误;‎ 故选B。‎ 点睛:凸透镜成像规律的实验是常考试的内容,要掌握成像时物距和像距变化的特点,当物距增大时,像距减小,像也会变小,这里的像变小,是与之前比变小,要比较像与物体的大小,要看像距和物距的比较,像距大于物距,像就放大。‎ ‎5. 下列说法正确的是 A. 图甲中磁铁静止时A端总是指向地理北方,则A端是磁铁的北极 B. 图乙为动圈式话筒的结构示意图,它的工作原理是磁场对电流的作用 C. 图丙为水位自动报警器,当水位上升到金属块A时,红灯不亮绿灯亮 D. 图丁所示的现象中,同时工作的用电器过多不会使家庭电路电流过大 ‎【答案】A ‎【解析】A. 图甲中磁铁静止时A端总是指向地理北方,则A端是磁铁的N极即北极,而S极指南,故A正确;‎ B. 图乙为动圈式话筒的结构示意图,它的工作原理是电磁感应,故B错误;‎ C. 图丙为水位自动报警器,当水位上升到金属块A时,控制电路接通,电磁铁将衔铁吸下,动触点与红灯接通,红灯亮,绿灯不亮,故C错误;‎ D. 图丁所示的现象中,同时工作的用电器过多,干路通过的电流会过大,导线会过热,甚至引起火灾,故D错误;‎ 故选A。‎ ‎6. 下列四种情况说法正确的是 A. 图甲中,物体在2~7s内的平均速度为2m/s B. 图乙中,a、b两种物质的密度之比为1:4‎ C. 图丙中,物块M向左做匀速直线运动,该装置的机械效率为75%‎ D. 图丁中,杠杆在水平位置平衡,OA:AB=1:2,则F:G=1:2‎ ‎【答案】C ‎【解析】A. 图甲中,物体在2~7s内通过的路程为4m,所以平均速度为:‎ ‎,故A错误;‎ B. 图乙中,根据得,a、b两种物质的密度之比为:‎ ‎,故B错误;‎ C. 图丙中,物块M向左做匀速直线运动,该装置的机械效率为:‎ ‎,故C正确;‎ D. 图丁中,杠杆在水平位置平衡,OA:AB=1:2,则:‎ ‎,得:,故D错误;‎ 故选C。‎ 点睛:涉及机械效率的计算时,牢记效求率的两个思路:一是,本题中将物重更改为摩擦力f,二是。‎ ‎7. 如图甲所示的电路中,为定值电阻,R为电阻式传感器,电源电压保持不变,当R阻值从0增大到60Ω,测得R的电功率与通过它的电流关系图像如图乙,下列说法正确的是 A. R的阻值增大,电流表与电压表的示数都变小 B. 电源电压为12V C. 当电流为0.6A时,1s内电路消耗的电能为21.6J D. 两端的电压变化范围为6V~18V ‎【答案】D ‎【解析】A. R的阻值增大,电路总电阻增大,根据欧姆定律知,电流减小,所以电流表示数变小,R的阻值增大,分得电压增多,所以电压表的示数变大,故A错误;‎ B. 根据乙图知,R的阻值为零时,电流最大为0.6A,得电源电压为:;‎ 当R的阻值为最大60Ω时,电流最小为0.2A,得电源电压为:;‎ 联合两式解得:,,故B错误;‎ C. 当电流为0.6A时,1s内电路消耗的电能为:‎ ‎,故C错误;‎ D. 当R的阻值为零时,R0两端为电源电压18V;‎ 当R的阻值为最大60Ω时,电流最小为0.2A,所以R0两端的电压为:‎ ‎,即两端的电压变化范围为6V~18V,故D正确;‎ 故选D。‎ 点睛:综合考查了欧姆定律的应用,电路的动态分析,有一定难度,关键是根据乙图能列出两次电源电压的关系式,从而求出电源电压和R0的阻值,这种类型的题目综合性强,要多练习以求熟练解题。‎ 二、作图与实验题 ‎8. 在研究”不同物质的温度变化与吸热关系”实验中,取质量和初温都相同的甲乙两种液体,分别装入相同烧杯中,用相同的加热器加热,如图A所示。‎ ‎(1)图B为某时刻的温度,其示数为________℃。‎ ‎(2)分析图C可知,吸收相同热量,_______液体升温更高;_______液体更适合作汽车发动机的冷却液。‎ ‎(3)若甲、乙液体从图C所示的初温分别升高到40℃和35℃,吸收热量之比为2:1,则甲、乙液体的比热容之比为___________。‎ ‎【答案】 (1). 39 (2). 乙 (3). 甲 (4). 3:2‎ ‎【解析】(1)图B为某时刻的温度,温度计的分度值为1℃,此时温度计的示数为39℃。‎ ‎(2)相同的加热器,可以保证加热时间相同时,两液体吸收的热量相等,所以分析图C可知,吸收相同热量,即加热相同的时间时,乙液体升温更高,甲液体升温低;‎ 根据知,乙的比热容小,甲的比热容大,则升高相同的温度时,甲液体吸收的热量多,散热效果好,所以甲液体更适合作汽车发动机的冷却液。‎ ‎(3)若甲、乙液体从图C所示的初温分别升高到40℃和35℃,吸收热量之比为2:1,则甲升高的温度为:;‎ 乙升高的温度为:;‎ 甲、乙液体的比热容之比为:‎ ‎。‎ 点睛:重点是研究吸热能力的实验,注意实验中控制变量法的应用,理解相同的加热器可以保证在相同时间内两液体吸收的热量相等;求比热容的比时,将吸收热量的比和升高温度的比分别代入公式计算可得结果。‎ ‎9. 小明用如图所示装置进行“平面镜成像特点”的实验。‎ ‎(1)他选用玻璃板代替平面镜进行实验的目的是_______________________________。‎ ‎(2)在实验中,把蜡烛放在距离玻璃板30cm处,它的像到蜡烛的距离是_________cm,当蜡烛远离玻璃板时,它的像的大小将_________。‎ ‎(3)小明走近实验楼的自动感应玻璃门时,门自动平移打开,则他在玻璃门中的像将_______(填“随”或“不随”)门平移。‎ ‎【答案】 (1). 便于确定像的位置 (2). 60 (3). 不变 (4). 不随 ‎【解析】(1)他选用玻璃板实验是因为玻璃板能成像的同时,还能看到后面的蜡烛,所以琉璃板代替平面镜进行实验的目的是便于确定像的位置。‎ 学§科§网...学§科§网...学§科§网...学§科§网...学§科§网...学§科§网...学§科§网...‎ 它的像的大小将不变。‎ ‎(3)小明走近实验楼的自动感应玻璃门时,门自动平移打开,即镜面平移了一段距离;‎ 因为平面镜成像时,物体和像到镜面的距离相等,且物体与像的连线与镜面垂直,即物体和像是关于镜面对称的,镜面平移时,像的位置不变,所以可知此时他在玻璃门中的像将不随门平移。‎ 点睛:重点是研究平面镜成像的实验,关键是平面镜成像特征的灵活运用,即根据像和物关于平面镜对称的特点,可以得出镜面平移时,像的位置是不变的。‎ ‎10. 在研究“物体动能与质量和速度的关系”实验中,将钢球从某一高度由静止释放,钢球摆到竖直位置时,撞击水平木板上的木块,将木块撞出一段距离。‎ ‎ (1)本实验使钢球获得动能的操作方法是___________________________________________。‎ ‎(2)从上表数据可以看出,实验中控制了_________相同,从而探究动能与________的关系。‎ ‎(3)第1次实验时若不考虑能量损失,钢球对木块最多可做________J的功;第3次实验时,木块被撞后滑出木板无法记录数据,需要重做第三次实验,甲同学建议换用同样较长的木板,乙同学建议换一个较大的木块,丙同学建议降低钢球下摆的高度,你认为应当采用________同学的建议。‎ ‎(4)由上述实验数据和现象可得出结论:____________________________________________________。‎ ‎【答案】 (1). 让钢球从高处摆下 (2). 速度 (3). 质量 (4). 0.06 (5). 甲 (6). 速度一定时,质量越大,动能越大 ‎【解析】(1)本实验使钢球获得动能的操作方法是让钢球从高处摆下。实质是重力势能转化为动能的过程。‎ ‎(2)从上表数据可以看出,钢球每次的下摆高度都相同,球的质量不同,这样当球每次接触木块时的速度都相同,即实验中控制了速度相同,从而探究动能与质量的关系。‎ ‎(3)第1次实验时若不考虑能量损失,球下摆时重力做功,所以钢球对木块最多可做的功为:;‎ 第3次实验时,木块被撞后滑出木板无法记录数据,需要重做第三次实验;‎ 甲同学建议换用同样较长的木板,这样可以通过木块的移动距离比较动能的大小,是正确的;‎ 乙同学建议换一个较大的木块,这样不符合控制变量法的思想,即木块变大后,因为质量和摩擦力都会变化,所以不能通过比较运动距离而得出动能的大小,故乙同学建议不正确;‎ 丙同学建议降低钢球下摆的高度,这样也不符合控制变量的思想,因为高度降低后,球碰撞木块时的速度就不一样了,不能完成实验,故丙同学建议也不正确;‎ 所以应当采用甲同学的建议。‎ ‎(4)由上述实验数据和现象分析,速度相同时,质量越大,木块滑动的距离越远,即动能做功越多,所以可得出结论:速度一定时,质量越大,动能越大。‎ 点睛:注意第二问中控制的变量是速度,此空很容易填写为高度,要从影响动能大小的因素考虑,即质量和速度影响动能的大小,所以表格中高度相同实质还是为了保证速度相同,认真体会实验中控制变量法的应用。‎ ‎11. 小聪利用如图甲所示的电路测量额定电压为2.5v的小灯泡的额定功率。‎ ‎(1)请用笔画线代替导线,将图甲的实物图连接完整,要求滑动变阻器画片P向右移动时小灯泡变亮___。‎ ‎(2)连接电路后,闭合开关,发现小灯泡不发光,电流表示数不为零,电压表示数为零,则故障可能是由于小灯泡________引起的。‎ ‎(3)当小灯泡正常发光时,电流表示数如图乙所示,则小灯泡的额定功率时_______W。在实际测量中,电压表有示数时内部有微弱的电流通过,如果考虑这个微弱电流的影响,则所测小灯泡的额定功率偏_______。‎ ‎(4)利用如图丙所示的电路也可以完成该实验,请完成下列填空(电源电压不变,R1和R2为滑动变阻器,R2的最大电阻为R0)。‎ ‎①只闭合开关S和,调节________,使电压表的示数为2.5V。‎ ‎②只闭合开关__________,调节,使电压表的示数仍为2.5V。‎ ‎③接着将R2的滑片P调至最左端,记下电压表的示数为U1;再将R2的滑片P调至最右端,记下电压表的示数为U2 , 则小灯泡额定功率的表达式P额=_____________(用U额、R0、U1、U2表示)。‎ ‎【答案】 (1). 见解析 (2). 短路 (3). 0.6 (4). 大 (5). (6). S和 (7). ·‎ ‎【解析】(1)根据要求:滑动变阻器画片P向右移动时小灯泡变亮,所以应连接滑动变阻器的右下,即B接线柱到灯泡的左端,如图:‎ ‎(2)连接电路后,闭合开关,发现小灯泡不发光,电流表示数不为零,说明电路是通的,电压表示数为零,可能电压表被短路了,所以故障可能是由于小灯泡短路引起的。‎ ‎(3)当小灯泡正常发光时,电流表示数如图乙所示,电流表使用小量程,分度值为0.02A,电流为0.24A,则小灯泡的额定功率为:‎ ‎;‎ 在实际测量中,电压表有示数时内部有微弱的电流通过,如果考虑这个微弱电流的影响,即电流表的示数会大于灯泡的实际电路,所以所测小灯泡的额定功率偏大。‎ ‎(4)利用如图丙所示的电路也可以完成该实验,请完成下列填空(电源电压不变,R1和R2为滑动变阻器,R2的最大电阻为R0)。‎ ‎①只闭合开关S和,调节R2,使电压表的示数为2.5V,即电压为灯的额定电压。‎ ‎②只闭合开关 S和,调节,使电压表的示数仍为2.5V,此时R1与上次灯泡是等效的。‎ ‎③接着将R2的滑片P调至最左端,记下电压表的示数为U1,即电源电压为U1;‎ 再将R2的滑片P调至最右端,记下电压表的示数为U2 , 此时R2两端的电压为:,电流为:;‎ 根据欧姆定律得R1此时的电阻为:‎ 所以小灯泡额定功率的表达式为:‎ ‎。‎ 点睛:难点是最后一问,要理解此种没有电流表测量电功率的原理,此方法利用了等效的原理,即灯和R1分别与R2串联,使电压表的示数都为灯的额定电压,此时电阻R1与灯是等效的,即R1此时的电阻等于灯正常发光时的电阻,后面的步骤再灵活运用欧姆定律得出R1的表达式,最后得出灯泡额定功率的表达式。‎ 三、计算题 ‎12. 我国自主研制的第三代常规动力潜艇具备先进的通讯设备、武器、导航等系统和隐蔽性强,噪声低、安全可靠等优异性能,主要技术参数如下表(海水的密度近似为1.0×kg/m³,g=10N/kg)。求:‎ ‎(1)潜艇在水上航行时受到的浮力是多少?在水下行驶时排开水的体积是多少?‎ ‎(2)潜艇由水下某位置下潜到最大潜水深度处,潜艇上一个面积是400cm²的观察口受到海水的压力增大了4×N,则潜艇原来位置的深度是多少?‎ ‎(3)潜艇在水下以最大输出功率匀速行驶1h,发动机输出的能量是多少?若发动机以最大输出功率工作时螺旋桨推进器效率为80%,潜艇以最大航速匀速行驶时受到水的平均阻力f是多少?‎ ‎【答案】见解析 ‎【解析】(1)水上排水量为2250t,根据阿基米德原理知,排开水的重即为浮力,故浮力为:‎ ‎;‎ 水下排水量为3000t,排开水的体积为:‎ ‎;‎ ‎(2)潜艇上一个面积是400cm²的观察口受到海水的压力增大了4×N,增大的压强为:‎ 最深度处的压强为:‎ 某位置的压强为:‎ 该位置的深度为:;‎ ‎(3)潜艇在水下以最大输出功率匀速行驶1h,发动机输出的能量是:‎ 螺旋桨推进器效率为80%,则螺旋桨推进器做的功为:‎ 匀速行驶时,牵引力与水的平均阻力f为一对平衡力,所以水的平均阻力f为:‎ ‎。‎ 点睛:重点是浮力公式、液体压强公式、功的公式的应用,注意计算时单位要统一,多练习形成先换算单位的好习惯,求阻力时,理解牵引力与阻力是一对平衡力,所以求出牵引力即为阻力的大小。‎ ‎13. 如图所示为模拟调光灯电路,电路中电源电压不变,灯泡L标有“6V 3W”字样,且灯丝电阻随温度的变化而变化,定值电阻的阻值为6Ω。将滑动变阻器的滑片P置于最右端,闭合开关,电压表和电流表示数分别为6V和0.2A;移动滑片P至某一位置,电压表和电流表示数分别为3V和0.5A。求:‎ ‎(1)灯泡L正常发光时的电阻多大?‎ ‎(2)当的滑片P在最右端时,闭合开关,灯泡L的实际功率是多少?‎ ‎(3)为使灯泡安全工作,的滑片能自由滑动,且滑片P滑到某一端时灯泡能正常发光,应采取怎样的保护措施?请计算说明。‎ ‎【答案】见解析 ‎【解析】(1)根据得灯泡L正常发光时的电阻为:‎ ‎;‎ ‎(2)灯的正常工作电流为:‎ ‎;‎ 移动滑片P至某一位置,电压表和电流表示数分别为3V和0.5A,此时灯正常工作,‎ 电源电压为:;‎ 将滑动变阻器的滑片P置于最右端,闭合开关,电压表和电流表示数分别为6V和0.2A;则R1此时两端的电压为:‎ 灯两端的实际电压为:‎ 滑片P在最右端时时,闭合开关,灯泡L的实际功率为:‎ ‎;‎ ‎(3)根据题意,的滑片要能自由滑动,且滑片P滑到某一端时灯泡能正常发光,则滑动变阻器位于左端时让灯正常发光,右移滑片时,电阻变大,灯是安全的。‎ 当电流为灯的正常工作电流0.5A时,电路的总电阻为:‎ ‎,‎ 可以串联电阻R’:‎ 即在电路在串联一个6Ω的电阻时,符合要求;‎ 也可以替换R1:‎ 即将R1替换为一个12Ω的电阻,符合要求。‎ 点睛:考查了欧姆定律的应用,关键是根据“滑片P至某一位置,电压表和电流表示数分别为3V和0.5A”这一条件,可以求出电源电压,有了电源电压后,根据另一状态再结合串联电路的电压、电流特点求灯的实际功率。‎