全国中考物理试卷汇编 电功电功率 47页

171 （2011·株 洲中考） 下列符合安全用电原则的是 A.家里同时使用几个大功率用电器 B.选择保险丝时应尽量选择粗的 C.打雷下雨时，站在大树下避雨 D.如果有人发生了触电事故，要立即切断电源 解析：选 D.家里同时使用几个大功率用电器，会使家庭电路总功率过大，导致电路中电流过大 而引起熔丝熔断，甚至烧毁电线；熔丝的作用是当电路中的电流过大时，熔丝熔断，自动切断电 路，保护电路和用电器，其规格的选择应使熔丝的额定电流等于或稍大于用电器或电路的最大正 常工作电流；打雷下雨时，站在大树下避雨有被雷击的危险；由于人体是导体，当有人触电时如果施救 者直接接触触电的人，会造成施救者一起触电，所以应先切断电源再救援.故选 D. 171 （2011·株 洲中考） 某阻值为 4的定值电阻，通过的电流为 0.5A，则 1min 产生的热量是 A..2J B.30J C.60J D120J 解析：选 C.由焦耳定律得，该定值电阻 1min 产生的热量为 JSARtIQ 60604)5.0( 22  ，故选 C. 171 （2011·株 洲中考） 解析：选 C.普通白炽灯正常工作时是利用电流的热效应将灯丝通电加热到白炽状态而发光的， 所以普通白炽灯正常工作时要把电能转化为热能和光能；LED 为发光二极管，是一种固态的半 导体器件，发光时几乎不发热，它可以直接把电能转化为光能；普通白炽灯正常工作时消耗的电 能有 90%因发热而损失，所以普通白炽灯正常工作时消耗的电能主要转化为热能，只有少部分转 化为光能；LED 灯与普通白炽灯相比较提高了电能转化为光能的效率，在相同亮度下，LED 灯 消耗的电能要比普通白炽灯消耗的电能少的多，所以使用 LED 灯有利于节约能源.故选 C. 171 （2011·岳 阳中考） 解析：选 C。雷雨天在大树下避雨容易造成雷击，故 A 是错的；多个大功率的用电器同时使用 一个插座，容易造成电流过大而引起火灾等事故，故 B 是错的；使用绝缘皮破损的导线容易使 人触电或发生短路，故 D 是错的。冰箱外壳接地可以防止外壳带电时发生触电事故，所以选 C。 171 2011. 聊 城 中考 【解析】选 BCD.此题考查了学生的收集信息和处理信息的能力。由图可知甲的电阻比乙的电阻小，并联电路中 电压相等，由欧姆定律可知，电阻大的电流小，又由 P=UI 可知电压相等，甲的电流大，故甲的功率大。 171 （2011·河 北中考） 解析：选 B。本题考查超导材料的应用问题。白炽灯、电饭锅、电熨斗都是利用电流的热效应工 作的，若导体没有电阻，它们陡不能正常工作。但电动机仍然能转到，且效率大大提高，故选 B。 171 2011·荆门 中考 6. 如图所示的电路，闭合开关后，当滑片 P 向左移动时，下列说 法正确的是 A. 灯泡 L变亮 B. 电压表示数变大 C. 电流表 A1 示数变小 D. 电路消耗的总功率变大 解析：选 D。由电路图可知灯 L 与滑动变阻 器并联，电流表 A1 测总电流，电流表 A2 测灯 L 的电流，电压表测总电压、也是 L 的电压、也是 R 的电压。当滑片 P 向左移动时，R 变小，R 所在支路电流变大，但不影响灯那一支路，灯亮度不变，电流表 A2 示数不变，总电流变大即电流表 A1 示数变大，电源电压不变即电压表示数不变，有 P 总=I 总U 总 可知总功率变大，所以 A、B、C 错 ，D 对，故选 D。 171 2011·荆门 中考 8. 如图所示，当开关闭合时，电压表 V1、V2 的示数分别为 10V 和 4V，已知电动机 M的线圈电 阻为 1Ω，R是阻值为 4Ω的定值电阻，下列结论正确的是 A. R两端的电压为 6V B. 通过电动机的电流为 6A C. 电阻 R消耗的电功率为 144W D. 电动机消耗的电功率为 6W 解析：选 D。由电路图可知电阻 R 与电动机 M 并联，电压表 V1 测总电压，电压表 V2 测 R 两端的电压，U 总 =10V，UR =4V， UM= U 总－UR=10V－4V=6V，由 I= R U 可知 = Ω4 4V =1A，PR= UR IR =4V×1A=4W， PM= UM IM=6V×1A=6W，所以 A、B、C 错，D 对。 172 （2011·株 洲中考） 解析：由 R UP 2  得，“220V,40W”灯泡的电阻  1210 40 )220( 22 W V P UR ，当无人上厕所时， 开 关 1S 闭 合 ， 2S 断 开 ， 灯 泡 与 电 阻 串 联 ， 由 欧 姆 定 律 得 ， 此 时 电 路 中 的 电 流 AV R UI 91.00 12101210 220    总 , 此 时 灯 泡 消 耗 的 功 率 为 WARIP 101210)091.0( 22  ；当有人上厕所时，开关 1S 和 2S 都闭合，电阻被短路， 灯泡两端的电压为 220V,灯泡正常发光，此时灯泡的实际功率等于它的额的功率 40W. 答案：10 40 172 （2011·襄 阳中考） 解析：电阻上标的 1.5A 和 2A 表示允许通过的最大电流，若电流超过此值，电阻将被烧坏；两 电阻允许加的最大电压分别为： VARIU 965.1111  , VARIU 10101222  .两 电阻并联时，电压相等，故电压不超过 9V 时，两电阻都不会被烧坏，所以将 1R 和 2R 并联时， 电 路 两 端 最 多 允 许 加 9V 的 电 压 ； 此 时 两 电 阻 的 功 率 分 别 为 ： WV R UP 5.13 6 )9( 2 1 2 1 1    , WV R UP 1.8 10 )9( 2 2 2 2 2    ，所以此时该电路中消耗的总功率为 WWWPPP 6.211.85.1321  . 答案：电流 9 21.6 172 （2011·泰 州中考） 23．小华发现家里电能表的示数在 3h 内由 变成 ，则他家在 这段时间用电 kW·h，用电器消耗的实际功率是 W．如果电能表标有“220V 2.5(10)A”字样，则电路中 (选填“能”或“不能”)再接入一个额定功率为 800W 的电 饭煲。 【解析】本题考查家用电器中电能表的使用，在电能表时注意最后一位是小数点后的，计算家庭 电路中消耗电能时，用较大的数减去较小的数 W=2139.4 kW·h -2138.2kW·h=1.2 kW·h。在 3h 内用电器消耗的实际功率是 P= t W = h hkW 3 2.1  =0.4kW=400W。当再接入一个额定功率为 800W 的 电饭煲时，家庭电路中的总功率是 1200W，电路中的电流 I= U P总 = V W 220 1200 ≈5.45A，电能表的额定 最大电流是 10A，所以能再接入一个额定功率为 800W 的电饭煲。 答案：1.2 kW·h 400W 能 172 2011. 聊 城 中考 【解析】电能表表盘示数的最后一位是小数，由图可知，表盘示数是 65.2kw.h，了解电能表中的数据：220v－额 定电压是 220v，20A—允许通过的最大电流是 20A 等等，根据 P=UI，可计算出允许接入的最大功率为 4400W。 答案：65.2 4400 172 （2011·河 北中考） 解析：本题考查焦耳定律的知识。（1）煤油的比热小于水的比热，相同质量的煤油和水升高相同 的温度，煤油需要的时间要短，所以用煤油可以在短时间内达到明显的实验效果；（2）实验中两 电阻丝是串联的，即电流相同，R 甲R2)。将两只电炉 串联后接入电压为 U的电 源上，两只电炉消耗的功率分别为 P 1和 P2，电路消耗的总功率为 P；将两只电炉并联后，仍 接入电压为 U 的电源上，两只电炉消耗的功率分别为 / 1P 和 / 2P 电路消耗的总功率为 /P 。则 ( ) A P1＞P2 , / 1P ＜ / 2P B P1+P2＜ / 1P + / 2P C P1+P2=P D // 2 / 1 111 PPP  解析：选 ABC 此题考查电功率的灵活计算。电阻串联时，通过的电流相等，根据 P=I2R， 可知电阻大的功率大，即 P 1>P2；并联时，电阻两端的电压相等，根据 P= R U 2 可知，电阻小的 功率大，即 / 1P ＜ / 2P ；所以 A正确；无论电阻串联还是并联，总功率都等于各电器的实际功率之 和，则 C正确，D错误；两电阻串联或并联在同一电路中时，它们两端的总电压相同，因为 R 串>R 并，根据 P= R U 2 可知，并联时的总功率大于串联时的总功率，所以 B正确。 171 201 1·常州 中考 解析：选 D 根据电功率的计算式 P= R U 2 ，灯泡的电阻保持不变，电压变为原来的一半， 带入公式则 P为原来的 4 1 ，所以 D正确 1 71 （20 11·达州 中考） 某小区最近一段时间由于楼道灯的供电系统电压偏高，所用的路灯“220V40W”灯丝经常熔 断，在电压暂时无法改变的情况下，为了延长楼道灯的使用寿命，小明所采取的下列方法切实可 行的是： A.换用一颗“220V60W”的灯泡替换原来的灯泡接入原电路中使用 B.换用一颗“220V15W”的灯泡替换原来的灯泡接入原电路中使用 C.换用两颗“220V40W”的灯泡并联后替换原来的灯泡接入原电路中使用 D.换用两颗“220V40W”的灯泡串联后替换原来的灯泡接入原电路中使用 解析：选 D 灯泡烧断是因为电路中实际电压高于额定电压，导致实际功率过大的缘故，要 延长灯泡的寿命，要降低灯泡两端的电压，故应采用串联电路的形式，所以 D正确。 1 71 (20 11·吉林 中考) 如图所示电路，电源电压不变，R是定值电阻。当将一个“2.5V 0.5A”的小灯泡接在 a， b两点间是，小灯泡恰好正常发光；若换一个“3.8V 0.5A”的小 灯泡 接在 a、b两点间，则这个小灯泡（ ） A、比正常发光亮些 B、比正常发光暗些 C、能正常发光 D、灯丝将会被烧断 解析：选 B 由题意接标有“2.5V 0.5A”的小灯泡的电阻为 5Ω，此时小灯泡正常发光， 即电路中电流为 0.5A，而换用标有“3.8V 0.5A”的小灯泡的电阻为 7.6Ω，此时电路中的总 电阻变大，电路中电流变小，即小于 0.5A，故标有“3.8V 0.5A”的小灯泡比正常发光暗些， 所以 B正确。 172 (201 1·新疆维 吾 尔 中 考) 11、世界自然基金会倡导的“地球一小时活动”是通过关灯的方式减少通电_________来减 少消耗的电能；用新型的节能 LED 灯代替白炽灯照明是通过减少用电器_________来减少消耗的 电能。 【解析】本题考查节约电能的措施，“地球一小时活动”是通过关灯的方式减少了通电时间， 可以减少消耗的电能；LED 灯的电功率比较小，用 LED 灯代替白炽灯照明，是通过减少用电器电 功率来减少消耗的电能。 答案：时间 电功率 172 （ 2 011·怀 化中考） 解析：本题考查家庭电路的简单常识，我国家庭电路的电压为 220V，对人体安全的电压为 不高于 36V。 答案：220，36 172 （ 2 011·怀 化中考） 解 析 ： 当 小 灯 泡 正 常 工 作 时 ， 小 灯 泡 两 端 的 电 压 为 6V ， 功 率 为 3W ， 3W 0.5A 6V PP UI I U    由 可知 ，由 2 2 2(6V) 12 3W U UP UI R R P      可知 答案：0.5，12 172 （ 2 011·怀 化中考） 解 析 ： 因 为 是 电 阻 丝 ， 它 符 合 欧 姆 定 律 所 以 2P UI I R  即 P=400W 。 由 2 2(2A) 100 10 4000Q I Rt Q s J    可知 。 答案：400，4000 172 (201 1·新疆维 12、家庭电路中的电冰箱、电视机、电灯等用电器的连接方式是________联；家庭电路的火 线和零线可以用试电笔来判别，下图乙、丙中的两种握法，正确的是__________。 吾 尔 中 考) 【解析】本题考查家庭电路的连接方式及试电笔的使用，家庭电路中的用电器是并联的，控 制用电器的开关与用电器是串联的。在使用试电笔测量火线和零线时，手要与试电笔的金属笔卡 接触。分析乙丙两图正确握法是乙。 答案：并 乙 1 172 （ 2011· 淄 博 中 考） （2011·淄博中考）18.（3分）已知两电阻的阻值之比 3:1，当两电阻串联使 用时，两电阻两端的电压之比为 ，通过两电阻的电流之比为 ；当两电阻 并联使用时，两电阻的电功率之比为 。 答案：3:1 1:1 1:3 【解析】本题考查了串并电路的电流电压特点、电功率的计算。电阻串联时电流相等，所 以通过两电阻的电流为 1:1，由分压原理知道，电压之比等于电阻之比，所以电压之 比为 3:1；两电阻并联时，两端电压相等，由分流原理知通过两电阻的电流之比等于 电阻的反比，为 1：3，电功率等于电压与电流的乘积 P=UI，电压相等所电功率之 比等于电流之比。 172 201 1·鞍山 中考 甲、乙两个灯泡分别标有“2 2 0 V 4 0 w”、¨2 2 0 V 60 w”字样，并联在 2 2 0 V 电源上，通过灯丝电流大的是____________灯泡,该灯泡的电阻是________。如果两灯泡钨 丝长短一样，则钨丝较粗的是__________灯泡。正常使用相同时间，甲、乙两灯消耗的电能 之比是__________________。 解析：灯泡的额定电压相同，正常工作时，根据 I= U P 可知，额定功率越大，通过的电流越 大，即通过乙灯的电流大；根据 R= P U 2 可知，R 乙=806.7Ω；导体的电阻大小与导体的材料、 长度、横街面积有关，在材料、长度相同的时候，导体的横截面积越大，电阻越小，故钨丝较粗 的灯泡电阻较小，是乙灯；根据 W=Pt，两灯工作的时间相同，则它们消耗的电能之比等于它们的 电功率之比为 2:3 答案：乙 806.7Ω 乙 2:3 172 201 1·鞍山 中考 接在家庭电路里的电能表如图所示， 其额定电压为______V若安装时此表示数为零，则从安装电能表后到现在为止，用电器已 消耗了_______________J电能，电能表转盘已转了____________r(圈)。若测得转盘在 1 2 min内转动 6 0r则所接用电器总功率为________________w。 解析：此题考查电能表的基本知识。根据电能表的铭牌可知：电能表应接入电路的额定电压 是 220V，电能表是测量用电器消耗电能的仪器；从安装到现在，电能表的示数是 20KW·h=7.2 ×10 7 J；电能表的参数是 3000r/ （KW·h）,表示每消耗 1 KW·h的电能，转盘转动 3000r， 则 电 能 表 共 转 过 6× 10 4 r ； 电 能 表 转 动 60r ， 则 接 入 电 路 用 电 器 消 耗 的 电 能 是 ）（ h/r3000 r60 KW =0.02 KW·h；则用电器的总功率是 P= t W = 0.2h h2.00  KW =0.1KW=100W 答案：220V 7.2×10 7 J 6×10 4 100W 172 201 1·常州 中考 解析：此题考查对电能表技术参数的理解。图中电能表接在 220v的电路中使用，允许通过 的额定电流是 10A，则同时工作的电器的总功率是 P=UI=220v×10A=2200W；电能表的技术参 数是 2500r/(kw·h)，表示消耗 1 kw·h 的电能，转盘转过 2500 转，电能表转动了 5 圈，则消耗 的电能是 W= =2×10 —3 kw·h=7200J，接入用电器的功率是 P= t W = 180s 7200J =40W 答案：2200W 7200J 40W 172 （20 11·达州 中考） 有两个定值电阻 R1=12Ω,R2=24Ω,串联后接在某电源上， R1、R2两端的电压之比为 ； R1、R2消耗的电功率之比为 ；如并联后接在同一电源上，通过 R1、R2的电流之比为 ； R1、R2消耗的电功率之比为 。 解析：两电阻串联，通过它们的电流相等，则它们的电阻之比等于它们两端的电压之比；根 据 P=UI，可知，它们两端的电压之比等于电功率之比；如并联在同一电源上，它们两端的电压相 同，根据 U=IR 可知，通过的电流与导体的电阻成反比，根据 P=UI，电功率之比和电流之比相同。 答案：1：2 1：2 2：1 2：1 172 （20 11·达州 中考） 很多家用电器可以用遥控器关机而不用断开电源，这种功能叫待机状态，这一功能虽给人们 带来了方便，但用电器在待机状态下仍要消耗电能都鲜为人知，如小华家所有用电器待机状态时 总功率为 21W，每天处于待机状态的时间为 20h，则一个月（30 天）因用电器待机而浪费的电能 为 kW.h，若这些电能全部用来烧水，可以将 kg20℃的冷水加热成 40℃的温水 供家庭使用【c=4.2×10 3 J/(kg.℃)】 解析：此题考查电能的计算。根据电能的计算公式 W=Pt=0.021KW×20h×30=12.6kW·h=4.536 ×107J，烧水时，根据热量的计算公式 Q=cm（t—t0）得 m= ）—（ 0ttc Q =4.536×107J /[4.2× 10 3 J/(kg.℃)×（40℃—20℃）]=540kg 答案：12.6kW·h 540 172 (20 11·本溪 中考) 解析：电能表的最后一位为小数，故读数为 125.7kw·h；由电能表的参数“2000r/ kw·h” 可知电能表转盘转 4000转所消耗的电能为 4000r×1kw·h /2000r=2 kw·h；又根据电能 表的参数“2000r/ kw·h 20A”可知，此电能表允许所接用电器的总功率最大不超过： P=UI=220V×20A=4400w 答案：125.7 2 4400 172 (20 11·本溪 中考) 解析：由图可知，定值电阻 R两端的电压 U=2V时，通过的电流 I=0.08A，则定值电阻 R的阻 值 R=  25 08.0 2 A V I U ；R的功率为 0.16w时，由图像甲可知，定值电阻 R两端的电压 U=2V， 通过的电流 I=0.08A，即通过热敏电阻 R1的电流 I1=0.08A，由 R1的 I-U图像可知，此时热 敏电阻 R1的两端电压 U1=3.5V，则此时 R1所消耗的电功率 P1= U1 I1=3.5V×0.08A=0.28w，所以电路的总功率为 0.16w+0.28w=0.44w；电流表的 示数变为 0，说明电路中热敏电阻 R1开路或定值电阻 R开路，又电压表示数变大，则不可能是 热敏电阻 R1开路，所以一处故障可能是定值电阻 R开路。 答案：25 0.08 0.44 定值电阻 R开路 172 （ 2 011·上 海中考） 9．我国家庭电路中，电灯正常工作的电压为____伏，电灯与电灯之间是____连接的（选 填“串联”或“并联”），电灯所消耗的电能是远方的发电站通过 输电线路输送至用电区 的（选填“高压”或“低压”） 解析：我国家庭电路中，用电器正常工作的电压为 220V伏，各用电器之间是并联的，为了 减小电能在输电线路上的损失，发电站通过高压输电线路将电能输送至用电区. 答案：220 并联 高压 172 （ 2 011·上 海中考） 15．在图 5所示的电路中．电源电压保持不变。闭合 电 键 S，当滑动变阻器的滑片 P向右 移动时，电流表 A1的示数将 ，电压表 V与电 流 表 A示数的乘积将____（均迭填”变大”、“不变”或“变 小”） 解析：在如图所示的电路中，滑动变阻器 1R 和定值电 阻 2R 并联，电源电压保持不变，电压表V 测量的是电源电压，电流表 A测量的是干路中的电流， 电流表 1A 测量的是滑动变阻器 1R 这条支路中的电流，当滑动变阻器的滑片 P向右移动时，滑动 变阻器 1R 的阻值增大，但其两端的电压不变，由欧姆定律 R UI  可知，通过滑动变阻器 1R 这条 支路的电流将变小，对于定值电阻 2R 这条支路，其电阻和两端电压都不变，则该支路中的电流 不变，由于干路中的电流等于各支路中电流之和，所以干路中的电流变小，由于电源电压不变， 所以电源电压与干路中电流的乘积也将变小. 答案：变小 变小 173 （20 11·达州 中考） 请 将 如 图 所 示 元 件 ， 连 接 成 符 合 安 全 用 电 要 求 的 家 庭 电 路 。 解析：从安全用电的角度考虑，灯泡的开关应该接在火线上，且与螺丝口的顶部相接；插座 的熔丝应接在火线上，中间插孔与地线相接。 答案： 173 (20 11·本溪 中考) 解析：根据生活及安全用电常识可知，两灯并联，开关在干路上，且一端应与火线连接。 答案：如图所示。 174 (201 1·新疆维 吾 尔 中 考) 24、（4分）某同学的电能表铭牌上标有“10A，220V”字样，该同学晚上在家中将一 1000W 的电饭煲插入插座的瞬间，发现只有自家的电灯熄灭了，空气开关也跳闸了。 （1）（2 分）分析原因可能是电饭煲插头_________________或家庭电路中___________过 大。 （2）（2分）请你设计一个方案验证上述猜想。 【解析】本题考查家庭电路电流过大的原因，家庭电路中电流过大的原因有两种：一、短路； 二、用电器总功率过大。（1）当在家中将一 1000W 的电饭煲插入插座的瞬间，发现只有自家的电 灯熄灭了，空气开关也跳闸了，有两种可能：一、电饭煲插头插入插座后发生了短路现象；二、 家庭电路中总的电功率过大。（2）更换新的电饭煲插头，如果家中的电灯熄灭了，空气开关也跳 闸了，说明用电器总功率过大，如果能够正常使用，说明原来的插头内导线接触，接入电路中会 短路。 答案：（1）短路 总的电功率过大 （2）更换新的电饭煲插头，如果家中的电灯 熄灭了，空气开关也跳闸了，说明用电器总功率过大，如果能够正常使用，说明原来的插头内导 线接触，接入电路中会短路。 175 （ 2 011·滨 州中考） 测定“小灯泡的功率”的实验电路如下图所示. ⑴闭合开关后，发现灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，则电路中可能出现的故障 是 . A、滑动变阻器断路 B、电压表短路 C、灯泡短路 D、灯泡断路 ⑵故障排除后，闭合开关，使灯泡正常发光.若要使小灯泡变得更亮一些，变阻器的滑片 P 应向 移动（选填“左”或“右”）.当变阻器的滑片移到某一点时，电流表和电压表的示数 如图所示，此时电流表的示数为 A，电压表的示数为 V，小灯泡的实际功率为 W. 【解析】：（1）由“灯泡不亮、电流表无示数”可推知电路断路；由“电压表有示数”可推 知电压表的两个接线柱接到了电源的两极上（或电压表中有电流通过），由此可确定是小灯泡断 路；（2）当将滑动变阻器的滑片向左端移动时，滑动变阻器连入电路中的阻值变小，此时电路中 的电流变大，则小灯泡会变亮；图中电流表和电压表的示数分别为 0.32A、2V，则小灯泡的实 际功率为：P=UI=2V×0.32A=0.64W. 【答案】：⑴D ⑵ 左；0.32；2；0.64 175 (201 1·新疆维 吾 尔 中 考) 25、在探究“电流跟电压、电阻关系”的实验中，某同学连成 了图甲所示的电路后开始实验。 （1）（3 分）在探究“电流与电压关系”的过程中，滑动变阻器的作用是使电阻两端的_______ 发生变化。通过实验得到上表中的三组数据，分析数据可以得出的结论是_________________。 （2）（2 分）在探究“电流与电阻关系”的过程中，该同学应控制___________不变。实验中 该同学将图甲中 A、B 两点间 10Ω的电阻更换为 20Ω的电阻，闭合开关后，下一步的操作应当是 使滑动变阻器滑片向_________________（填“右”或“左”）移动。 （3）（3分）上述实验后，该同学又按电路图乙测量了额定电压为 2.5V 小灯泡的额定功率。 试验中，灯泡正常发光时，电表的示数如图丙所示，其中电压表 V2的示数为___________V，小灯 泡的额定电流为____________A，由此计算出的小灯泡额定功率是__________W。 【解析】本题考查学生探究“电流跟电压、电阻关系”的实验设计、分析问题的能力及伏安 法测电功率。（1）在此实验中滑动变阻器的主要作用是改变定值电阻两端的电压。分析表格数据 可得，在电阻一定时，电阻中的电流与加在它两端的电压成正比。（2）在探究“电流与电阻关系” 的过程中，要利用控制变量法改变电阻的大小，同时控制电阻两端的电压不变。因为换用 20Ω的 电阻，比原来的电阻大，分压能力增强，应向右调节滑片，使 20Ω电阻两端的电压减小到原来电 压值。（3）由题意可知，试验中，额定电压为 2.5V 的灯泡正常发光，分析电路图可知 V1 测量小 导体中的电流 I/A 导体两端的电压 U/V 0.1 1 0.2 2 0.3 3 灯泡两端电压，V2 测量总电压，即 V1 小于 V2。分析两电压表示数，右边电压表当选择 0～3V 量 程时，电压表示数为 2.5V，故右边电压表为 V1 的示数，左边电压表为 V2 示数且量程为 0～15V， 故电压表V2的示数为5 V，小灯泡的额定电流从电流表中读出为0.24A。根据电功率公式P=UI=2.5V ×0.24A=0.6W。 答案：（1）电压 在电阻一定时，电阻中的电流与加在它两端的电压成正比 （2）右 （3）5 0.24 0.6 1 175 （ 2011· 淄 博 中 考） （2011·淄博中考）21（8分）在“用电压表和电流表测小灯泡功率”的实验 中，已知小灯泡的额定电压为 2.5V。 （1） 实验的原理是 （2） 请你将甲图中的实物电路连接完整。 （3） 连接电路时开关应 ，滑动变阻器的滑片应位于 （填“左”或“右”）端。检查电路连接无误后，闭合开关，调节滑动变 阻器，当灯泡正常发光时，测得灯泡的电流如图乙所示，则通过灯泡的 电流是 A，此时灯泡的功率是 W.。 （4） 实验中发现小灯泡的亮度随它两端电压的增大而变亮，当小 灯泡两端的电压为 2V时，小灯泡的实际功率 （填“大于”或 “小于”或“等于”）额定功率。 答案：（1） P=UI （2） （3）断开 右 0.3 0.75 （4）小于 【解析】此题考查实验“测灯泡的功率”，涉及到实验原理、实物图的连接方法、注意事项、 功率计算、电流表的读法。此实验的原理是 P=UI，电压表应与灯泡并联，电流从“+”接线柱流 入，从“—”接线柱流出，在连接电路时，开关要处于断开状态，滑动变阻隔器处于最大阻值处， 即滑片 P在右端；电流表选的是 0～0.6A量程，分度值是 0.02A，所以电流表读数为 0.3A，正 常发光 U=2.5V，此时电灯的功率为 P=UI=2.5V0.3A=0.75W，当电压 U=2V 时，实际电压小 于额定电压，电流也小于额定电流，由 P=UI知电功率小于额定功率。 175 201 1·鞍山 中考 在“测量小灯泡的电功率”的实验中，小明同学所连接的实物图如图所示。灯泡的额定电压 是 2.5 V，滑动变阻器标有"1 5 Ω 1 A"字样。 (1)用笔画线把电流表、电压表正确连入电路。 (2)开关闭合前，应将滑片 P放在_________(填“a”或“b”)端。 (3)如果电路连接正确，闭合开关后，发现灯泡不亮，此时电压表示数为零，电流表有示数， 其故障是_____________________________________。 (4)排除故障后，小明调节变阻器滑片的位置，当小灯泡正常发光时，电流表示数如图所示， 此时小灯泡电阻是__________Ω,小灯泡的额定功率是____w 解析：电流表是串联在电路中的，电压表同被测电路并联；变阻器接入电路中有保护电路的 作用，所以接入时应把阻值调到最大；电路中电流表有示数，说明电路连通，电灯不亮，与电灯 并联的电压表没有示数，则说明灯泡短路；灯泡正常发光时的电压是 2.5V，电流表选择的是 0. —0.6A的量程，则电路中的电流是 0.3A，灯泡的电阻是 R= I U = A v 3.0 5.2 =8.3Ω，灯泡的额定功 率是 P=UI=2.5v×0.3A=0.75W 答案：（1） （2） a（3）连接灯泡的导线接在一起，造成灯泡被短路（4）8.3Ω 0.75W 175 （ 2 011·上 海中考） 26．小华同学做“测定小灯泡的电功率”实验，现有学生电源（电压为 2伏的整数倍），待 测小灯（标有“2.5V”字样、额定功率在 0.5瓦~0.8瓦之间）、电压表、电流表、滑动 变阻器、电键以及导线若干；他正确串联实验器材，然后，将电压表并联在电路中。闭合 电键后，继续移动变阻器的滑片，观察到随着小灯泡亮度逐渐而增加，电压表的示数逐渐 变小。他经过思考后，继续移动变阻器的滑片使小灯泡正常发光，并记下了此时电压表 和电流表的示数。 ①请画出小华同学连接的实验电路图 （13） （用 2B铅笔在答题纸的相应位置作图) ②如果将小华所记录的电压表和电流表的示数相乘，得到的电功率为 1.65瓦。请根据相关 信息计算出小灯泡的额定功率。 （14） （需写出计算过程） 解析：①根据闭合电键后，移动变阻器的滑片观察到的现象可知，电压表测量是串联电路中 滑动变阻器两端的电压，所以小华同学连接的实验电路图中电压表应并联在滑动变阻器的两端； ②由题意得 65.1IU R ,所以 RU I 65.1  .80 .52- 215.465.15.25.0  总UU P R L 解不等式得： VUV 75.1066.7  又因为电源电压为2的整数倍，所以U取8V或10V代入上式得 WPL 75.0 或 WPL 55.0 答案： ① ②由题意得 65.1IU R ,所以 RU I 65.1  .80 .52- 215.465.15.25.0  总UU P R L 解不等式得： VUV 75.1066.7  又因为电源电压为2的整数倍，所以U取8V或10V代入上式得 WPL 75.0 或 WPL 55.0 176 (201 1·新疆维 吾 尔 中 考) 26、（8分）如图所示是两个定值电阻 A、B 电流和电压关系的图像。请你从图像中获得的信 息，求：（1）电阻 A 的阻值（2）电压为 4V 时，电阻 B 的功率（3）将 A、B串联接入到电压为 16V 的电源两端。电路中通过电阻 A的电流和电功率 【解析】本题主要考查学生分析图像并从图像中获取信息的能力， （1）分析图像可知，当电阻 A 两端电压为 8V 时，通过电阻 A 的电流是 0.8A 电阻 A 的阻值是 R1= 1 1 I U = A V 8.0 8 =10Ω （2）分析图像可知，当电压为 4V 时，通过电阻 B的电流是 0.2A 电压为 4V 时，电阻 B 的功率 P=U2I2=4V×0.2A=0.8W （3）当电压为 4V 时，通过电阻 B 的电流是 0.2A 电阻 B 的阻值是 R2= 2 2 I U = A V 2.0 4 =20Ω 将 A、B 串联接入到电压为 16V 的电源两端。电路中通过电阻 A 的电流 I A =I 总= 21 RR U  总 =  2010 16V ≈0.53A 电阻 A 的电功率 P A = I A 2 R=(0.53A) 2 ×10Ω=2.809W 答案：（1）10Ω （2）0.8W （3）约 0.53A 2.809W 1 176 （ 2011· 淄 博 中 考） （2011·淄博中考）23、（6分）小强的爸爸为了给小强营造一个舒适的学 习环境，利用“五.一”假期购买了一台壁挂式空调机，这台空调的铭牌参数如 下所示，求： （1）这台空调正常工作时的电流 (2)这台空调正常工作 2h消耗的电能； （3）在用电高峰期，电路的实际电压只有 198V，此时通过空调的实际电 流。 【解析】此题考查了功率、电能、实际电功率的计算。 （1）这台空调正常工作时的电流：由 P=UI得 (2)这台空调正常工作 2h消耗的电能；W=Pt=1100W×2h=2.2kW·h （3）此问没有办法做，条件不足求不出答案。 176 201 1·鞍山 中考 实验室提供的实验器材有电源、电流表、电压表各一只，两只定值电阻 R 1=6Ω，R 2=4Ω。 (1)请你任选其中三件器材用符号表示填入图中，组成甲、乙、丙、丁四个不同的电路，要求组 成电路的各元件均能正常工作且各个电路消耗的电功率 P 甲>P 乙>P 丙>P 丁。 (2)若电源电压为 6 V，求甲图电路的总功率及电流表读数。 解析：两个电阻可以组成单独的电路，则与电阻并联的是电压表，串联的是电流表；还可以 组成两个电阻的串联电路，则与其中一个电阻并联的是电压表；或组成两个电阻的并联电路，干 路中的是电流表。甲图中，两电阻并联，可以先根据并联电路的电阻关系，计算出电路总电阻， 然后计算电流和电功率 答案： 176 （20 11·达州 中考） 如图所示，电源电压恒定，R2=6Ω，R3=12Ω，滑动变阻器 R1的滑片 P 滑到中点，当开关 S1、 S2、S3都闭合时，电流表 A 的示数为 3A；当开关 S1闭合 S2、S3都断开时，电流表 A的示数为 0.6A。 求： （1）电源电压 （2）滑动变阻器 R1的最大阻值 （3）当 S1、S3闭合 S2断开时，电路消耗的总功率 解析：此题关键是在开关变化时，对电路的判断。当开关 S1、S2、S3都闭合时，变阻器 R1被 短路，电路为 R2、R3并联；当 S1、S3闭合、S2断开时，R3开路、R1短路，则电路中只有 R2 答案：（1）当开关 S1、S2、S3都闭合时，R2、R3并联…………….1 分 由 1/R 并=1/R1+1/R2得：R 并=6Ω×12Ω/6Ω+12Ω=4Ω………..1 分 U=I 并 R 并=3A×4Ω=12V………………..1 分 (2) 当开关 S1闭合 S2、S3都断开时, R1、R2串联 因此 R 串=U/I 串=12V/0.6A=20Ω………1 分 所以 R1=(R 串- R2)×2=（20Ω-6Ω）×2=28Ω……..1 分 （3）当 S1、S3闭合 S2断开时，只有 R2工作 所以 P 总=U 2 / R2=(12V) 2 /6Ω=24W……………..2 分 176 (20 11·吉林 中考) 如图 9所示，灯 L标有“6V 3W”字样，电源电压为 9V且保持不变。闭合开关 S，灯 L正常 发光，求：1）电阻 R的阻值 2）灯泡正常发光时电阻 R消耗的功率。 解析： 答案：（1）6Ω （2）1.5w 176 （ 2 011·上 海中考） 21．在图 9(a)所示的电路中，电源电压为 6伏且保持不变．电阻 1R 的阻值为 30欧．闭合 电键 S，电流表的示数如图 9(b)所示。 ①求通过电阻 Rl的电流 ②求电阻 R2的阻值 ③若一段时间内电流对电阻 Rl做的功为 30焦，求这段时间内电流对电阻 R2做的功W2。 解析：①电源电压为 VU 6 ,电阻 1R 和 2R 并联，电阻  301R ，由欧姆定律得， AV R UI 2.0 30 6 1    ； ②电流表测量的是干路中的电流，由图 9（b）得干路中的电流为 AI 8.0 ,则通过电阻 2R 的 电 流 为 AAAIII 6.02.08.012  ， 由 欧 姆 定 律 R UI  得 ， 电 阻 R2 的 阻 值 为  10 6.0 6 2 2 A V I UR ； ③电阻 1R 的电功率为 WV R UP 2.1 30 )6( 2 1 2 1    ，电阻 2R 的电功率为 WVP 6.3 10 )6( 2 2    ， 电流对电阻 Rl做的功为 JW 301  ，由 t WP  得，时间 s W J P Wt 25 2.1 30 1 1  ，则这段时间内电 流对电阻 R2做的功 JsWtPW 90256.322  答案：①0.2A ② 10 ③90J 1 71 （ 2 011·哈 尔 滨 中 考） 下列四种做法中不符合安全用电原则的是( ) A.电冰箱使用三孔插座 B.控制电灯的开关接在零线上 C.发生触电事故时，应先切断电源再救人 D.使用验电笔时，手切不可接触前端金属部 分 解析：选 B. 电冰箱使用三孔插座是为了使电冰箱金属外壳与地线相连，防止金属外壳漏电， 发生触电事故，此选项符合安全用电原则；组装家庭电路时将开关接在火线上，防止维修或更换 电灯时发生触电事故，此选项不符合安全用电原则； 发现有人触电后，不能直接用手把触电者拉离电源，因人体是导体，可能使救助者间接触电， 所以应先切断电源再救人， 使用试电笔时手指要接触金属笔尾，笔尖接触电线，可辨别火线与零线，手切不可接触前端 金属部分，此选项符合安全用电原则；故选 B. 171 （ 2 011·北 京中考） 下列家用电器中，利用电流热效应工作的是 A．笔记本电脑 B．电冰箱 C．电风扇 D．电暖器 【解析】选 D。四种家用电器中，只有电暖器是使电能转化为内能的，是利用电流热效应工作的。 171 （ 2 011·泉 州中考） 如图 3是电热水器、洗衣机等用电器使用的三脚插座和插头，它们可以使用电器外壳地，这 样做的目的是( ) A．延长使用寿命 B．使其正常工作 C．防止触电 D．节约用电 图 3 【解析】选 C。本题考查用电常识，把三脚插头插在三脚插座里，把用电部分连入电路的同时，也把家用电 器的金属外壳与大地连接起来．这样做，即使用电器内部火线绝缘皮破损后使用电器外壳带电，也会从接地导线 流走，此时接地导线相当于把人体短路，不会有电流流过人体，人接触外壳也不会有危险，避免人体触电． 171 （ 2 011·十 堰中考） 【解析】选 D。本题考查家庭电路的知识，用测电笔分别测试 a、b、c三点氖管均发光，说明这些点与火线 的连接完好，A、B错误；如果插座内部短路会烧坏保险丝，电路与火线断开，用测电笔分别测试 a、b、c三点 氖管都不能发光，C错误；进户零线断路，电路只与火线相连，所以用测电笔分别测试 a、b、c三点氖管均发光， 而灯泡 L不亮。 171 （ 2 011·十 堰中考） 【解析】选 C。本题考查利用图像解决物理问题的能力，把两只灯泡串联接在 6V的电源上，每只灯泡两端 的电压为 3V，从图上可以看出，此时电流为 0.5A，则每只灯泡的实际电阻为 R=U/I=3V/0.5A=6Ω，实际功 率为 P=UI=3V×0.5A=1.5W，B 是正确的。 171 （ 2 011·娄 底中考） 解析：选 A.空调和照明电灯是以并联的方式接入电路的，B错；使用测电笔时，手与金属笔 尖接触会发生触电事故，是不允许的，C错；电路中的保险丝绝对不能用铜丝代替，否则会烧坏 电器，D错；家用电器的外壳接地，是为了防止用电器的外壳带电，发生触电事故，A正确. 171 （ 2 011·宿 迁中考） 7、以下做法中，符合安全用电原则的是 A．熔丝熔断后，用铜丝来代替 B．将家用电器的金属外壳接地 C．用湿布擦抹电器 D．小区停电，不切断总开关就进行电路维修 解析：选 B.熔丝是由电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的,当电路中的电流过大时能自动熔断而切 断电路，起到保护作用,绝对不允许使用铁丝、铜丝代替熔丝；将有金属外壳的用电器的外壳接地可以防 止银外壳带电发生触电事故；湿抹布能够导电，会导致人体触电，不符合安全用电原则；不切断总开关， 火线带电进行维修，会造成触电事故的发生.故选 B. 171 （ 2 011·黄 冈中考） 小阳闭合开关后，发现电灯不亮，他用试电笔测试图中的 a、b、c、d四点，只有 d点发光， 那么可能发生的故障是 A．电灯灯丝断了 B．cd间某处断路 C．ab之间某处断路 D．开关处短路 【解析】选 B。用试电笔测试图中的 a、b、c、d四点，只有 d点发光，说明 abc三点没有 与火线相通。电灯灯丝断了，d、c点都会发光；ab之间某处断路，b、c、d点都会发光；开关 处短路，灯会一直亮；故只有 cd间某处断路，才会只有 d点发光。 171 （ 2 011·黄 冈中考） 小阳设计一个天然气泄漏检测电路，如图甲所示，R为气敏电阻，其阻值随天然气浓度变化 曲线如图乙所示，R0为定值电阻，电源电压恒定不变。则下列说法正确的是 A．天然气浓度增大，电压表示数变小 B．天然气浓度减小，电流表示数变大 C．天然气浓度增大，电路消耗的总功率变小 D．天然气浓度减小，电压表与电流表示数的比值不变 【解析】选 D。由图线可知，随着天然气浓度的增加，气敏电阻 R的阻值变小，电流表的示 数变大，电压表的示数也变大，电路消耗的总功率也变大，反之都变小，故 A、B、C都错；由 于 R0= U I ，U为电压表的示数，I为电流表的示数，且 R0为定值电阻，所以无论天然气浓度增 大还是减小，电压表与电流表示数的比值不变，故选 D。 171 （ 2 011·陕 西中考） 解析：选 B. 组装家庭电路时将开关接在火线上，防止维修或更换电灯时发生触电事故；保 险丝熔断后，应找出熔断的原因，排除故障后再更换相应的保险丝，且不可用铜丝替代；使用测 电笔时手指要接触金属笔尾，笔尖接触电线，可辨别火线与零线，所以 ACD 的说法不正确。三线 插头中间的铜片与用电器的金属外壳相连，插到插座中使用电器的金属外壳与大地相连，防止防 止金属外壳漏电，发生触电事故，故 A 的说法是正确的。 171 （ 2 011·宜 昌中考） 下列行为中，不属于节约用电的是 A.电视机不用时切断电源 B.离开教室随手关灯 C.夏天用空调时把温度调得很低 D.尽量少开启电冰箱门 【解析】选 C。夏天用空调时把温度调得很低，需要压缩机不断工作，耗电量大，不是节约 用电。 172 （ 2 011·陕 西中考） 解析:本题主要考查对纳米单位的掌握及能的转化形式的了解。1m=109nm,所以 1nm=10-9m,纳 米发电机需要机械压力才会产生电压，所以它是将机械能转化为电能。 答案：10 -9 机械能 电 172 （ 2 011·烟 台中考） 解析：本题考查串联电路的计算。根据 VWPRU 505500  知，弧光灯的额定 电压是 50V，要接在 220V的电源上正常发光，必须串联一个电阻。 弧光灯正常发光时的电流： AW R PI 10 5 500    接在 220V电源上，弧光灯正常发光时，电路的总电阻：  22 10 220 A V I UR总 需要串联的电阻：  17522RRR 总 答案：串联 17 172 （ 2 011·北 京中考） 有两根电阻丝 R1、R2和一个电源 E，且电源 E两端电压保持不变。如果只将电阻丝 R1接在 电源 E两端，电阻丝 R1在 120s内产生的热量为 12Q；如果将电阻丝 R1、R2并联接在电源 E 两端，电阻丝 R1、R2在 60s内产生的总热量为 8Q；如果将电阻丝 R1、R2串联接在电源 E两 端，为使电阻丝 R1、R2产生的总热量为 3Q，则需要通电的时间是 s。 【解析一】因为 I=U R ，Q=I2Rt，如果只将电阻丝 R1接在电源 E两端， E2 R1 ·120s=12Q； 如果将电阻丝 R1、R2并联接在电源 E两端， E2 R1 ·60s+E 2 R2 ·60s =8Q；如果将电阻丝 R1、 R2串联接在电源 E两端， E2 R1+R2 t=3Q，解得，t=120s。 【解析二】 答案：120. 172 （ 2 011·十 堰中考） 解析：本题考查用电常识，电线相互接触处接触不良，会造成接触处电阻变大，根据焦耳定律 Q=I2Rt可 知，在通电时间和电流相同时，电阻大的地方产生的热量多，所以会加速导线老化，甚至引起火灾。 答案： 172 （ 2 011·十 堰中考） 解析：本题考查电路的计算，综合性较强，L1正常发光时通过它的电流为 I1=P1/U1=3W/6V=0.5A，L1 和 L2 并联时， L1 正常发光，电源电压 U= U1=6V， I2=I-I1=1.1A-0.5A=0.6A，所以 L2 的电阻为 R2=U/I2=6V/0.6A=10 Ω ， L2 的 额 定 电 流 为 I2=U2/R2=12V/10 Ω =1.2A ， L1 的 电 阻 为 R1=U1/I1=6V/0.5A=12Ω，将它们串联在电路中，电路中允许通过的最大电流 I′= I1=0.5A，电路中的电阻 为 R=R1+R2=12Ω+10Ω=22Ω，电源电压最大为 U′= I′R=0.5A×22Ω=11V，L2消耗的功率为 P′2=I′ 2 R2= （0.5A） 2 ×10Ω=2.5W 答案： 172 （ 2 011·清 远中考） 解析：液体的沸点与气压有关，气压高，沸点高；我国家庭电路电压为 220V；用电器的三 脚插头中有两个插头连着火线和零线，另外一个把用电器的外壳与大地连接起来，主要是为了防 止用电器外壳漏电造成触电事故. 答案：升高 220 大地 172 （ 2 011·娄 底中考） 解析： tRIQtRIQ 2 2 211 2 11 2,  ，由于 I1=I2、t1=t2，故 Q1：Q2=R1：R2=440 ：220 =2：1 答案：2:1 172 （ 2 011·宿 迁中考） 19、在如图所示的电路中，R1=15Ω，R2=20Ω，闭合开关后，电流表的示数为 0.4A．则 R1两端的电压为 ▲ V，通过电阻 R2的电流为 ▲ A．若通电 100秒，R2产生的热量为 ▲ J． 解析：由图中电路图可知，闭合开关后，电阻 1R 和 2R 并联，通过电阻 1R 的电流为 AI 4.01  ， 由欧姆定律 R UI  得，电阻 1R 两端的电压为 VARIU 6154.0111  ；电阻 2R 两端的电压 为 VUU 612  ,则通过电阻 2R 的电流为 AV R UI 3.0 20 6 2 2 2    ；若通电时间 St 100 ，则电 阻 2R 产生的热量为 JSAtRIQ 18010020)3.0( 2 2 2 2  . 答案：6 0.3 180 172 （ 2 011·宿 迁中考） 20、如图所示为冬天人们常用的一种电热暖手宝，其内部液体通常采用水，这是利用水的 ▲ 的属性，使保暖时间更长．当袋内 0.5kg的水由 0℃加热至 80℃，需 要吸收的热量为 ▲ J，该电热暖手宝正常工作时功率为 600W，不计热量损失，产生这些 热量需要的时间为 ▲ 秒．为了使用时更加安全，它的内部采用了双重温控保护开关，两个温 控开关是 ▲ （选填“串联”或“并联”）起来使用的．[c 水=4.2×103J/（kg·℃）] 解析：电热暖手宝内部液体通常采用水，这是因为水的比热容较大，与等质量的其他物质相 比较，在降低相同温度时，水放出的热量大于其他物质，使保暖时间更长；当袋内 0.5kg的水 由 0℃ 加 热 至 80℃ ， 需 要 吸 收 的 热 量 为 JCkgCkgJtcmQ 53 1068.1805.0)(102.4   吸 ；该电热暖手宝正常工作时功率 为 P=600W，不计热量损失，则消耗的电能为 JQW 5108.61  吸 ，由 t WP  得，产生这些 热量需要的时间为 S W J P Wt 280 600 1068.1 5    ；温控开关的作用是当温度达到一定值时开关自 动断开，可以避免物质加热的温度过高，为了使用时更加安全，它的内部采用了双重温控保护开 关，也就是说只要一个温控开关断开加热电路即可停止工作，所以这两个温控开关只能串联. 答案：比较容较大 1.68×105 280 串联 172 （ 2 011·哈 尔 滨 中 考） 如图所示，电源电压为 l2V，定值电阻 R1为 l2Ω，滑动变阻器 R2标有“50Ω 1A”字样，电流表 A1量程为 0～3A，A2量程为 0～0.6A。当滑动变阻器的滑片在中点时，通过滑动变阻器的电流 为 A；在滑片移动过程中，电路消耗的最大功率为 W. 解析：R1 与 R2串联在电路中，滑动变阻器的滑片在中点时，滑动变阻器接在电路的电阻为 25Ω，所以通过滑动变阻器的电流 AVI 8.40 25 12    ,通过电阻 R1 的电流 AVUI 1 12 12 R1    因为 A2的量程为 0～0.6A ，所以滑片在移动的过程，通过 R2的电流最大只能是 0.6A，故电 路消耗的最大功率为 P=UI=12V×(1A+0.6A)=19.2W 答案：0.48 19.2 174 （ 2 011·烟 台中考） 解析：本题考查灯泡灯丝电阻大小与灯泡功率的关系。（1）根据 P UR 2  得知，在额定电压 一定时，灯泡的电功率越小，其灯丝电阻就越大，灯丝就越细。（2）根据公式 P=UI可以测出电 灯泡的功率。 答案： 174 （ 2 011·烟 台中考） 解析：本题考查电吹风的原理及电功率的计算知识。（1）甲电吹风电路只能吹热风，不能吹 冷风，乙电吹风电路既可以吹热风又可以吹冷风，所以乙电路更符合实际情况。（2）电吹风的电 动机和电热丝是并联的，所以电吹风的总功率（吹热风时功率）等于吹冷风时的功率和电热丝的 功率之和。 答案： 175 （ 2 011·北 京中考） 小林利用定值电阻 R进行实验，记录的实验数据如下表所示。表中 I为通过电阻 R的电流， P为电阻 R的电功率。请根据表中数据归纳电功率 P与电流 I的关系：在 的条件下，P = 。 【解析】表中数据是小林利用定值电阻 R进行实验所得，因此是在电阻 R保持不变的条件 下得出的一系列数据，由 P= UI= I2R，再依据数据可以求出电阻 R= P I2 = 7.5W (0.5A)2 = 30 W A2 ， 故 P=I2R= 30 2A W ·I 2 答案：电阻 R保持不变 30 2A W ·I 2 I/A 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6 0.7 P/W 1.2 2.7 4.8 7.5 10.8 14.7 175 （ 2 011·烟 台中考） 解析：本题考查伏安法测电阻和伏安法测小灯泡电功率的知识。（1）伏安法测电阻的实验原 理是 I UR  ；伏安法测电功率的原理是 UIP  。（2）闭合开关后，电流表指针几乎不动，说明 电路中发生了断路故障。电压表指针明显偏转，说明灯泡两端有电压，即灯泡两接线柱到电源正 负极之间的电路是通路，所以故障是灯泡断路了。（3）伏安法测电阻的实验中调整滑动变阻器滑 片的目的是调节小灯泡电流及两端电压，实现多次测量求平均值减小误差；伏安法测电功率的实 验中调整滑动变阻器滑片的目的是调节小灯泡两端电压，使其能够正常发光，从而测出其额定功 率。 答案： 175 （ 2 011·北 京中考） 如图 10所示，电能表的示数为 kW·h。 【解析】电能表最后一位为小数位，故电能表的示数为 8272.6 kW·h 答案：8272.6 175 （ 2 011·北 京中考） 小丽用伏安法测量标有“2.5V 0.5A”的小灯泡 L的电功率，她正确连接如图所示实物电路 后，闭合开关 S，发现小灯泡 L不发光。于是她认为：小灯泡 L不发光，一定是由于小灯泡 L所 在电路断路或小灯泡 L短路造成的。经老师检查发现，图 18中电路元件均无故障，且电路连线 完好。请你选用图所示电路中的元件，设计一个实验证明小丽的观点是错误的。请你画出实验电 路图，并简述实验步骤和实验现象。[来源:Z+xx+k.Com] ＋－S L P 【解析】小灯泡 L不发光的原因不只是小灯泡 L所在电路断路或小灯泡 L短路造成的，还有 可能是滑动变阻器的阻值太大造成的，依据这一观点，可以设计灯泡和滑动变阻器串联，调节滑 动变阻器触头，观察灯泡是否变化来验证。 答案： 实验电路图：（见下图） L P S 实验步骤和实验现象： 按实验电路图连接电路，将滑动变阻器的滑片移到阻值最大端，闭合开关 S，观察到小灯泡 L不发光。移动滑动变阻器的滑片，使滑动变阻器连入电路中的电阻逐渐减小，观察到小灯泡 L 逐渐变亮。这一实验现象说明小丽的观点是错误的。 175 （ 2 011·泉 州中考） 在测定小灯泡的额定功率的实验中．小灯泡的额定电压为 2.5V．小灯泡的电阻大约是 10Ω， 两个规格分别是“l0Ω，1A"、“50Ω，5A·，的滑动变阻器．电源电压 6v。 (1)本次实验中应选择规格为“50Ω，5A”的滑动变阻器；图 17(a)已经连接了部分电路， 请用笔画线代替导线将电路连接完整。在连接电路前，开关要断开。正确连接电路后，闭合开关 前滑动变阻器的滑片应移至 A端(填“A”或“B”)。 （2）闭合开关后发现电流表指针向左偏转如图 17(b)所示．产生故障的原因可能是 电流表正负接线柱接反了，排除故障后，调节滑片的位置，当电压表的示数 2．5V时，电 流表的示数如图 17(c)所示为 0.24A，小灯泡的额定功率是 0.6W。 不改变这个电路，还可以完成的实验有：测小灯泡的电阻等(写出一个即可)。 解析：本题考查测量小灯泡电功率的实验，⑴电源电压 6V，小灯泡的额定电压为 2.5V，这样滑动变阻器要 分的 3.5V的电压，所以滑动变阻器连入电路的电阻必须大于小灯泡的电阻 10Ω，因此选择规格为“50Ω， 5A”的滑动变阻器；滑动变阻器要串联在电路中，滑动变阻器要“一上一下”连接，所以要把滑动变阻器的 A或 B端与小灯泡的左端相连，电压表要与小灯泡并联，量程选 0~3V，所以把电压表的标有 3的接线柱与小灯 泡左端相连，在连接电路前，开关要断开。正确连接电路后，闭合开关前滑动变阻器连入电阻要最 大，所以把它的滑片应移至 A端。⑵闭合开关后发现电流表指针向左偏转说明电流是由“-”接 线柱流入，由“+”接线柱流出，可见电流表正负接线柱接反了；图17(c)中电流表的示数为0.24A， 所以小灯泡的额定功率为 P=UI=2.5V×0.24A=0.6W。利用这个电路图还可以完成测量小灯泡电 阻的实验。 答案：⑴“50Ω，5A” 电路连接如图所示 断开 A ⑵电流表正负接线柱接反了 0.24 0.6 测小灯泡的电阻 图 17(a) 175 （ 2 011·十 堰中考） 解析：本题考查探究电阻上的电流跟两端电压的关系的实验和测量小灯泡功率的实验，⑴滑动变阻器要串 联在电路中，由于要求变阻器滑片向右移动时，电流表示数变小，所以变阻器滑片向右移动时，连入电阻增大， 因此连入下面的 A端，即连接 A和定值电阻的右端。⑵电流表示数是 0说明电路是断路，电压表的示数是 3V 为电源电压，说明电压表与电源的连接是完好的，因此是电阻 R断路。⑶表中电流表的数据都减去 0.04A后， 电流值恰好与电压值成正比，说明电流表使用前没有校零。⑷要测出额定电压为 3.8V的小灯泡的额定功率，小 灯泡两端的电压必须达到 3.8V，所以必须更换电源。⑸实验中电流表的量程是 0～0.6A，图丙中电流表的示数 为 0.36A，灯泡的额定功率为 P=UI=3.8V×0.36A≈1.37W 答案：⑴如图所示 175 （ 2 011·清 远中考） 解析：（1）用伏安法测小灯泡的功率，在组装电路时，为了保护电路中的电流表和电压表， 要让滑动变阻器的滑片放到最大阻值的位置，而且开关要断开；（2）当向左移动滑片 P时，滑动 变阻器连入电路的电阻变小，根据欧姆定律，电路中的电流变大，故电压表示数变大；（3）小灯 泡的额定电压是 2.5V，根据 I-U图像可以看出，当电压是 2.5V时，电流是 0.2A，故小灯泡的 额定功率是 P=UI=2.5V×0.2A=0.5W； （4）该故障的原因可能是灯泡开路或电压表、电流表对调 答案：（1）断开 b （2）变大 （3）0.5 （4）灯泡开路或电压表、电流表对调 175 （ 2 011·宿 迁中考） 30、（6分）在测量额定电压为 2.5V的小灯泡电功率的实验中，电路已部分连接，如图甲 所示， 第 30 题图 15 105 0 3 21 0 － 3 15 V 甲 乙 S V － 3 15 A B C D A － 30.6 P （1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的电压表接在灯泡两端． （2）正确接入电压表后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表 无示数，电压表示数等于电源电压，其故障可能是 ▲ ． （3）排除故障后，移动滑片 P到某一位置时，电压表示数 如图乙所示，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑片 P向 ▲ （选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为 ▲ V． （4）移动滑片 P，记下多组对应的电压表和电流表的示数， 并绘制成图丙所示的 I－U图像，根据图像信息，可计算出小灯 泡的额定功率是 ▲ W。 解析：（1）将图甲中的电压表接在灯泡两端时，首先要确定电压表的量程，然后要注意使电 流“正入负出”；由于小灯泡的额定电压为 2.5V，所以电压表选 0~3V量程，根据电流流向， 应将电压表的正接线柱连在灯泡的右接线柱上，负接线柱连在灯泡的左接线柱上；（2）正确接入 电压表后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表的示数为零，说明发生了开路故障，并且哪个元件开 路，哪个元件两端有电压，由电压表示数接近电源电压，可以判断是灯泡发生了开路故障.（3） 排除故障后，移动滑片 P到某一位置时，电压表示数如图乙所示为 2.2V，若要测量小灯泡的额 定功率，应调节滑动变阻器使电压表的示数增大为 2.5V，在灯泡电阻一定时，由 IRU  可知， 要增大灯泡两端的电压，就要增大通过灯泡的电流，对于整个电路，电源电压一定，要增大电流， 只能减小电阻，所以要测量小灯泡的额定功率，应将滑片 P向 B端移动，减小滑动变阻器的阻值， 使电压表的示数增大为 2.5V.（ 4）根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是 WAVUIP 75.03.05.2  . 答案：（1）如图所示 甲 S V － 3 15 A B C D A － 30.6 （2）灯丝断路（或灯泡与灯座接触不良） 0.1 0.2 0.3 1 2 3 40 I/A U/V 丙 丙 0.4 （3）B 2.5 （4）0.75 175 （ 2 011·黄 冈中考） 小阳利用已有的实验器材，为了测定标有“2.5V”字样小灯泡的额定功率，设计了如图甲所 示的电路图，其中定值电阻 R0的阻值为 5Ω。 （1）请你依据电路图用笔画线代替导线，把图乙连接完整。(导线不得交叉) （2）正确连接好电路后，闭合开关 s，调节滑动变阻器滑片，使电流表 A1示数为________A 时，小灯泡正常发光。此时电流表 A2的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为________W。 （3）在实验测量过程中，电流表 A1与 R0串联起来作用相当于________。 【解析】（1）由于灯泡 L与 R0并联，电流表 A2测量干路电流，所以从滑动变阻器出来的线 与 R0左端相连，灯泡 L的左端与电流表 A2的“3”接线柱相连。 （2）由于灯泡 L与 R0并联，小灯泡正常发光，R0两端的电压为 2.5V，电流表 A1示数为 0.5A，此时电流表 A2的示数大于 0.3A,故读数为 0.8A，通过小灯泡的电流为 0.3A，所以小灯 泡的额定功率为 0.75W。 （3）在实验测量过程中，由于没有电压表，所以将电流表 A1与 R0串联起来使用，作用相 当于电压表。 答案：（1） （2）0.5；0.75 （3）电压表 175 （ 2 011·宜 昌中考） .小明做“测定小灯泡额定功率”的实验.被测小灯泡的额定电压为 3.8V，实验室有如下器材： 电压恒定为 4.5V 的电源、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一只，导线若干。 （1）图 5 甲是小明连接的实物图，连接错误的器材是：______。若按此实物图进行实 验，闭合开关，滑片 P 向左移动时，电流表的示数将______，电压表的示数将______，小灯泡的 亮度将______ .（以上三空均填“变大”“变小”或“不变”） （2）小明重新正确连接电路后，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光时，电流表示数如图 5 乙所示，则小灯泡的额定功率是____W（保留一位小数），此时滑动变阻器接入电路的阻值约为 ______Ω。（保留一位小数） 【解析】（1）测定小灯泡额定功率，滑动变阻器应该串联使用，并联使用错误；由于滑动变 阻器并联，调节滑动变阻器触头，接入电路的滑动变阻器的阻值变大，电流表的示数减小，同时 对小灯泡所在的支路无影响，故电压表示数不变，小灯泡的亮度不变； （2）小灯泡正常发光时小灯泡的电压为 3.8V，电流为 0.38A，P 额=UI=3.8V×0.38A≈1.4W； 滑动变阻器两端的电压是 0.7V，R= I U = A V 38.0 7.0 ≈1.8Ω 答案：（1）滑动变阻器；减小；不变；不变 （2）1.4 ；1.8 176 （ 2 011·哈 尔 滨 中 考） 某电水壶的铭牌信息如图 1所示，电水壶在标准大气压下工作.【c 水=4.2×10 3 J（kg·℃)】 （1）电水壶装满初温为 20℃的水时，在额定电压下将水烧开用了 7 min. 求：①水吸收的热量是多少? ②电水壶烧水过程中的能量转化效率是多少? (2)农村电网改造前，用电高峰时电压会下降 l0％.求：这时电水壶的实际功率 P。.(电阻不 随温度改变) (3)为使电水壶的功率在用电高峰时仍能达到 2000W，甲、乙两位 同学对电水壶的电路进行了改造，在原电阻丝 R1两端并联一个电阻丝 R2，如图 2 所示，并分别推导出了 R2的表达式. 请你指出哪个表达式是错误的，并分析若用此电阻丝来改造 电水壶的结果. 解析：（1）水吸收的热量： Q 吸=cm(t-t0)= 4.2×10 3 J（kg·℃)×2kg×(100℃-20℃)=6.72×10 5 J 在这段时间内消耗的电能：W=Pt=2000W×7×60s=8.4×10 5 J 电水壶烧水过程中的能量转化效率: %80%100 10.48 102.76 5 5     J J W Q  (3)由图可知 R1与 R2并联，P 额=P1+P2，所以 P2=P 额-P1，又根据 P= R U 2 得： 1 2 2 2 2 PP U P UR   所以甲同学的推导正确。乙同学的推导是错误的，如果用乙同学计算的电阻接到电路中，总 功率超过了 2000W，电流过大存在安全隐患。 答案：（1）①6.72×105J②80℅（2）1620W (3) 176 （ 2 011·北 京中考） 如图 19所示，电源两端电压 U保持不变。当开关 S1闭合、S2断开，滑动变阻器接入电路中的 电阻为 RA时，电压表的示数为 U1，电流表的示数为 I1，电阻 R1的电功率为 P1，电阻 RA的电 功率为 PA；当开关 S1、S2都闭合，滑动变阻器接入电路中的电阻为 RB时，电压表的示数 U2为 2V，电流表的示数为 I2，电阻 RB的电功率为 PB；当开关 S1闭合、S2断开，滑动变阻器滑片 P 位于最右端时，电阻 R2的电功率为 8W。已知：R1:R2=2:1，P1:PB=1:10，U1:U2=3:2。求： （1）电源两端的电压 U； （2）电阻 R2的阻值； （3）电阻 RA的电功率 PA。 解析：当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器接入电路中的电阻为RA时，等效电路如图甲所示；当开关 S1、S2都闭合，滑动变阻器接入电路中的电阻为RB时，等效电路如图乙所示；当开关S1闭合、S2断 开，滑动变阻器滑片P位于最右端时，等效电路如图丙所示。 乙 U2 R2 U PB I2 RBRAR1R2 P1 U U1 I1 甲 PA 丙 U2 R1 U P2 R2 I3 （1）已知： U1∶U2=3∶2 R1∶R2=2∶1 由图 3甲、乙得：U1=I1(R1 + R2 ) U2=I2 R2 解得： 2 1 I I = 2 1 已知：P1∶PB=1∶10 由图 3甲、乙得：P1= I12R1 PB= I22RB 解得：R1= 5 2 RB 由电源两端电压 U不变 I1(R1+R2+RA) = I2(R2+RB) 解得：RA=9R2 由图 3乙得： U U2 = B2 2 RR R  U2=2V 解得：U=12V （2）由图 3丙得： U U2 = 21 2 RR R  解得：U2 = 4V P2=8W R2= 2 2 2 P U  = W8 V)4( 2 = 2 （3）由 U1∶U2=3∶2 解得：U1=3V UA =U－U1=9V RA=9R2=18 PA= A 2 A R U =4.5W （其他解法正确的，均可相应得分） 答案：（1）12V；（2）2 ；（3）4.5W 。 176 （ 2 011·泉 州中考） 如图 19所示的电路中，R0为定值电阻，R为电阻箱。 图 19 (1)当 R接入电路的电阻为 l6Ω时．R消耗的功率为 4W，这时电路中的电流是多少? (2)当 R接入电路的电阻为 25Ω时，R消耗的功率仍为 4W，这时 R两端的电压是多少? (3)定值电阻 R0为多大? 【解析】(1)电路中的电流是 I1= (P/R1)1/2=(4W/16Ω) 1/2=0.5A (2)电阻 R两端的电压是 U2= (PR2)1/2=(4W×) 1/2=10V (3) 当 R接入电路的电阻为 l6Ω时，电阻 R两端的电压是 U1= (PR1)1/2=(4W×16Ω) 1/2=8V 当 R接入电路的电阻为 25Ω时，电路中的电流是 I2= (P/R2)1/2=(4W/25Ω) 1/2=0.4A 两种情况下电源电压不变，因此有 ROI1+UI=R0I2+U2即 0.5A×RO +8V=0.4A×RO+10V 解得 RO=20Ω 答案：⑴0.5A ⑵10V ⑶20Ω 176 （ 2 011·宿 迁中考） 24、如图甲所示为某小组设计的模拟调光灯电路，选用的电源电压恒为 6V，灯泡上标有 “3.8V 0.4A”字样，变阻器上标有“20Ω 1A”字样． （1）求灯泡正常发光时的电阻． （2）求灯泡正常发光时变阻器消耗的电功率． （3）使用中小明发现这个电路存在缺陷，于是他在电路中串联了一个电阻 R0，电路如图乙 所示．你认为 R0在电路中起到了什么作用？其阻值为多大比较合适？ 第 24 题图 S L P R0 甲 乙 S L P 解析：（1）灯泡正常发光时的其两端电压为 VU L 8.3 ，通过的电流为 AI 4.0 ,由欧姆定 律 R UI  得，灯泡正常发光时的电阻为  5.9 4.0 8.3 A V I UR L L . （2）由图甲可知，灯泡与滑动变阻器串联，串联电路的总电压为 VU 6 ,则灯泡正常发光 时变阻器两端的电压为 VVVUUU LR 2.28.36  ，通过的电流为 AI 4.0 ，则灯泡正 常发光时变阻器消耗的电功率为 WAVIUP R 88.04.02.2  ； （3）这个电路存在的缺陷是：当滑动变阻器的阻值较小时，滑动变阻器两端的电压会小于 2.2V，则灯泡两端的电压将大于 3.8V，灯泡有可能损坏，于是他在电路中串联了一个电阻 R0， 电路如图乙所示．电阻 R0在电路中起到了保护电路（或保护灯泡不会损坏等）作用，当其阻值 可以使滑动变阻器阻值为零时灯泡正常发光最为合适，则其阻值为      5.5 4.0 8.36 A VV I UUR L  答案：（1） 5.9 （2） W88.0 （3）保护电路（或保护灯泡不变损坏等） 5.5 176 （ 2 011·陕 西中考） 解析：（1）由图可知 R1与 R2并联，且 R1=R2，两个电阻的总功率是 1000W，所以每个 电阻单独工作时消耗的功率为 500W。 （2） （3）○1 ○2 答案：(1)500(2)2.3A(3)○1 900W ○2 见解析