广西南宁市中考物理试卷解析 19页

‎2016年广西南宁市中考物理试卷 参考答案与试题解析 一、选择题（每小题2分，共30分）‎ ‎1．小明用刻度尺测得一支水性笔的长度为15.10，但漏写了单位，这个单位应是（　　）‎ A．cm B．km C．m D．mm ‎【分析】此题考查对生活中常见物体长度的估测，结合对生活的了解和对长度单位的认识，选出符合实际的选项．‎ ‎【解答】解：‎ 中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，水性笔的长度略小于18cm，在15.10cm左右．‎ 故选A．‎ ‎【点评】对日常生活中的长度、质量、速度、温度等进行准确的估测，是要求初中学生掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力．‎ ‎　‎ ‎2．如图所示的做法中符合安全原则的是（　　）‎ A．‎ 雷雨天站在大树下避雨 B．‎ 用手指触碰插座的插孔 C．‎ 用湿抹布擦发光的灯泡 D．‎ 将冰箱的金属外壳接地 ‎【分析】（1）安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；‎ ‎（2）当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电；‎ ‎（3）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；‎ ‎（4）大功率或有金属外壳的用电器的外壳一定要接地，避免造成触电事故．‎ ‎【解答】解：A、雷雨天站在大树下避雨时，由于大树是导体，且较高，有可能将雷电传导下来，可能会发生触电，不符合题意．‎ B、用手指触碰插座的插孔，一旦碰到火线，会造成触电事故，不符合题意；‎ C、用湿抹布擦发光的灯泡，水是导体，容易造成触是，不符合题意；‎ D、将冰箱的金属外壳接地，可防止因外壳漏电而使人触电．符合题意．‎ 故选D．‎ ‎【点评】本题考查了安全用电的常识，知道触电包括直接触电和间接触电，知道安全用电的原则．‎ ‎　‎ ‎3．下列事件中，通过热传递的方式改变物体内能的是（　　）‎ A．晒太阳 B．钻木取火 C．搓手取暖 D．压缩空气 ‎【分析】热传递是能的转移过程，即能量从高温物体向低温物体转移，在此过程中能的形式不发生变化；‎ 做功实质是能的转化过程，做功的过程中能量的形式改变了．‎ ‎【解答】解：‎ A、晒太阳取暖，是通过热传递的方式改变物体的内能，故A符合题意；‎ B、钻木取火，是通过做功的方式改变物体的内能，故B不合题意；‎ C、两手互搓，使手暖和，两手克服摩擦力做功，使得其内能增加，温度升高，故C不合题意；‎ D、空气被压缩温度升高，即对空气做功，使得空气的内能增加，温度升高，故D不合题意．‎ 故选A．‎ ‎【点评】解决此类问题要结合改变物体内能的两种方式的区别来分析解答．同时还要知道，这两种方式在改变物体内能上是等效的．‎ ‎　‎ ‎4．在铁桶内放少量的水，用火加热，水沸腾之后把桶口堵住，然后浇上冷水，铁桶变扁，如图所示，关于铁桶变扁的原因，下列说法正确的是（　　）‎ A．冷水的压力使铁桶变扁 B．大气压使铁桶变扁 C．铁桶内空气膨胀使铁桶变扁 D．铁桶变扁与压力无关 ‎【分析】（1）大气压强是由于空气具有重力和流动性而产生的，吸盘、吸管吸饮料、覆杯实验等都证明了大气压强的存在；‎ ‎（2）力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态．‎ ‎【解答】解：铁桶内放少量的水，用火加热，水沸腾之后把桶口堵住，再浇上冷水，铁桶内的气压减小，桶内的压强小于外界大气压，在大气压的作用下，铁桶被压扁了．‎ 故ACD错误，B正确．‎ 故选B．‎ ‎【点评】本题结合生活事例考查了大气压强的存在，物理来源于生活，要学以致用．‎ ‎　‎ ‎5．如图所示，下列措施中，属于增大压强的是（　　）‎ A．‎ 书包背带做的宽大 B．‎ 铁轨铺设在枕木上 C．‎ 破窗锤一端设计成锥形 D．‎ 载重车装有许多轮子 ‎【分析】（1）压强大小的影响因素：压力大小和受力面积大小．‎ ‎（2）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积增大压强．在受力面积一定时，增大压力增大压强．‎ ‎（3）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积减小压强．在受力面积一定时，减小压力减小压强．‎ ‎【解答】解：‎ A、书包带做的宽大一些，在压力一定时，增大受力面积减小压强，故A不符合题意．‎ B、铁轨铺设在枕木上，在压力一定时，增大受力面积减小压强，故B不符合题意．‎ C、破窗锤一端设计成锥形，是在压力一定时，减小受力面积增大压强，故C符合题意．‎ D、载重汽车装有许多轮子，是在压力一定时，增大受力面积减小压强，故D不符合题意．‎ 故选C．‎ ‎【点评】该题通过生活中的实例考查了增大或减小压强的方法，掌握压强大小的影响因素，掌握增大和减小压强的方法．能把压强知识应用到生活中．‎ ‎　‎ ‎6．下列光学知识中，说法错误的是（　　）‎ A．路灯下人的影子是由于光沿直线传播形成的 B．“潭清疑水浅”是由于光的折射形成的 C．近视眼镜的镜片是凸透镜 D．照相时，被照者与镜头之间的距离应大于镜头的二倍焦距 ‎【分析】（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；‎ ‎（2）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等；‎ ‎（3）凸透镜对光线有会聚的作用，凹透镜对光线有发散的作用；近视眼镜片是凹透镜，远视眼镜是凸透镜；‎ ‎（4）凸透镜成像的规律：u＞2f，成倒立缩小的实像；u＜f，成正立放大的虚像；f＜u＜2f，成倒立放大的实像．‎ ‎【解答】解：‎ A、路灯下人在地面上的“影子”是由于光沿直线传播形成的，故A正确；‎ B、“潭清疑水浅”是光从水中进入空气中时发生光的折射形成的，故B正确；‎ C、近视眼镜的镜片是凹透镜做的，对光起发散作用，不是凸透镜做的，故C错误；‎ D、照相机在底片上成倒立、缩小的实像，被照者应该在二倍焦距之外，故D正确．‎ 故选C．‎ ‎【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、凸透镜的作用以及照相机的原理，所以光学综合题．‎ ‎　‎ ‎7．如图所示，关于正在运行中的自动扶梯和站在扶梯上的乘客，下列说法正确的是（　　）‎ A．乘客到达终点时，不能立即停下来，是因为乘客具有惯性 B．以自动扶梯为参照物，乘客是运动的 C．乘客对扶梯的压力和扶梯对乘客的支持力是一对平衡力 D．乘客受到的重力和扶梯对乘客的支持力是一对相互作用力 ‎【分析】（1）一切物体都有保持原来运动状态的性质，叫做惯性；‎ ‎（2）在研究机械运动时要先选择参照物，如果物体相对于参照物位置不变，则物体静止；如果物体相对于参照物位置发生变化，则物体是运动的；‎ ‎（3）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；‎ ‎（4）相互作用力：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上．‎ ‎【解答】解：‎ A、乘客到达终点前是运动的，当到达终点时，乘客由于惯性还要保持原来的运动状态向前运动，因此当乘客跑到终点时，不能立即停下来，故A正确；‎ B、乘客站在上升的自动扶梯上向上运动，在上升过程中以自动扶梯为参照物，乘客相对扶梯的位置没有改变，因此乘客是静止的，故B错误；‎ C、乘客对扶梯的压力和扶梯对乘客的支持力大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上，是一对相互作用力，故C错误；‎ D、乘客受到的重力和扶梯对乘客的支持力大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上，是一对平衡力，故D错误．‎ 故选A．‎ ‎【点评】本题综合考查了惯性知识、运动和静止的相对性、相互作用力以及平衡力的特点．‎ ‎　‎ ‎8．骑自行车下坡时，人不蹬车，车速也会加快，这是因为（　　）‎ A．人与车的动能保持不变 B．人与车的重力势能不断增大 C．人与车的机械能不断增大 D．人与车的重力势能转化为动能 ‎【分析】根据影响动能和重力势能大小的因素来分析动能和重力势能的变化．‎ ‎【解答】解：‎ A、人与车的质量不变，速度增大，故动能增大，故A错误；‎ B、人与车的质量不变，高度减小，故重力势能减小，故B错误 C、由于摩擦的作用，使得人和车的一部分机械能转化为内能，故机械能变小，故C错误；‎ D、在下坡的过程中，人和自行车的质量不变，所处的高度不断降低，其重力势能不断减小，但其速度越来越快，所以动能越来越大．正是减少的重力势能转化为了动能，故D正确．‎ 故选D．‎ ‎【点评】知道并理解动能、重力势能、机械能的变化是解决该题的关键．‎ ‎　‎ ‎9．某种电脑键盘清洁器有两个开关，开关S1至控制照明用的小灯泡L，开关S2只控制吸尘用的电动机M，如图所示的四个电路中，符合上述要求的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【分析】开关S1只控制照明用的小灯泡L，开关S2只控制吸尘用的电动机M，说明小灯泡L和电动机M并联，各由一个开关控制．‎ ‎【解答】解：A、开关S1为总开关，控制小灯泡和电动机，开关S2只控制小灯泡，不合题意；‎ B、开关S1为总开关，控制小灯泡和电动机，开关S2只控制电动机，不合题意；‎ C、开关S2为总开关，控制小灯泡和电动机，开关S1只控制小灯泡，不合题意；‎ D、开关S1只控制小灯泡，开关S2只控制吸尘用的电动机，二者互不影响，符合题意．‎ 故选D．‎ ‎【点评】（1）根据二者是否相互影响，判断出它们的连接方式，相互影响为串联，互不影响为并联；‎ ‎（2）根据开关的控制作用，确定开关的位置，控制整个电路，开关在干路上，单独控制某个用电器，开关在支路上．‎ ‎　‎ ‎10．如图所示，小磁针静止在螺线管附近，闭合开关S后，下列判断正确的是（　　）‎ A．通电螺线管外A点的磁场方向向右 B．通电螺线管的左端为S极 C．小磁针一直保持静止 D．小磁针N极向左转动 ‎【分析】利用安培定则可以确定可以确定螺线管的NS极；利用磁极间的相互作用可确定小磁针的转动方向；‎ 在磁体外部磁感线方向从N极出发，回到S极．‎ ‎【解答】解：结合图示的线圈绕向，利用安培定则可以确定电流从螺线管的右端为N极，左端为S极，在磁体外部磁感线方向从N极出发，回到S极，故通电螺线管外A点的磁场方向向左，故A错误；B正确；‎ 由磁极间的相互作用可知，小磁针S极向左运动，N极向右运动，故CD错误．‎ 故选B．‎ ‎【点评】对于通电螺线管的题，知道电流方向、螺线管的磁极、小磁针的磁极中的任意一者，都可以根据磁极间的作用和安培定则判断另外两者．‎ ‎　‎ ‎11．如图所示，在雨中撑伞的行人，每当大风吹来，会有伞被向上“吸”的感觉，关于产生这一现象的主要原因，下列说法正确的是（　　）‎ A．伞上的空气流大于下方 B．伞上方的空气流速小于下方 C．伞受到的空气浮力变大 D．伞受到的空气浮力变小 ‎【分析】因为我们知道，流体越大的位置压强越小，所以观察一下伞的形状，想象一下气流经过时的情形，就不难解释这一现象了．‎ ‎【解答】解：伞的形状是上方凸起的，当气流经过时，上方的流速大，压强小，下方的流速慢，压强大，就会产生一个向上的压强差，使伞容易被风吸起来．‎ 故选A．‎ ‎【点评】此题主要考查了流体压强与流速的关系，这一规律是我们应该熟知的，很多生活中的现象都与此有关．‎ ‎　‎ ‎12．如今，广受欢迎的动车已经驰骋在广西大地，动车即将进站时关闭电源，在继续行驶的过程中，可带动电机逆向发电，同时储存电能，如图所示，下列实验装置中，能说明发电机原理的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【分析】当闭合回路中的部分导体切割磁感线时，会在闭合回路中产生感应电流，该现象称为电磁感应现象，该过程中消耗机械能，产生电能．‎ ‎【解答】解：动车到站前先停止供电，由于惯性，动车会继续向前运行，电机线圈随车轮转动并在磁场中切割磁感线运动，进而产生感应电流，即在该过程中消耗机械能，产生电能，故是将机械能转化为电能的过程，因此该过程与发电机的原理相同．‎ 故A、此图是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，故A错误；‎ B、此图是电磁感应实验装置，当导体做切割磁感线运动时，会产生感应电流，故B正确；‎ C、此实验是研究通电导线在磁场中受力的作用的装置，故C错误；‎ D、此时实验是探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数关系的实验装置，故D错误；‎ 故选B．‎ ‎【点评】知道电磁感应现象的原理和过程，并熟悉常见的能量转化是解决该题的关键．‎ ‎　‎ ‎13．电炉通电一段时间后，电炉丝热得发红，而与电炉丝相连的导线却几乎不发热，这主要是因为（　　）‎ A．通过导线的电流大于通过电炉丝的电流 B．导线的电阻远大于电炉丝的电阻 C．通过导线的电流小于通过电炉丝的电流 D．导线的电阻远小于电炉丝的电阻 ‎【分析】电炉丝和导线串联，通过的电流相等，通电时间相同，利用焦耳定律Q=I2Rt分析．‎ ‎【解答】解：电炉丝与导线串联，通过它们的电流I和通电时间t相等，‎ 由于Q=I2Rt，R电炉丝＞R导线，‎ 即电阻越大，相同时间内产生的热量越多．‎ 故选D．‎ ‎【点评】本题考查串联电路的规律，应明确两电阻串联时，电路中的电流是相等的；同时应注意该现象的根本原因是因为发热量不同造成的．‎ ‎　‎ ‎14．在水平桌面上，有两个完全相同的圆柱形容器甲和乙，内盛相等质量的同种液体．将体积相同、材料不同的两个小球A和B分别放入两容器中，A球漂浮，B球悬浮，如图所示．两球在两容器中所受浮力分别为F甲和F乙，两容器底部对桌面的压强分别为p甲和p乙，则下列关系中正确的是（　　）‎ A．F甲＞F乙p甲＜p乙B．F甲＜F乙p甲＞p乙 C．F甲＜F乙p甲＜p乙D．F甲＞F乙p甲＞p乙 ‎【分析】（1）知道两个容器中的液体相同，据图能看出两个小球排开液体的体积，而后结合阿基米德原理计算即可；‎ ‎（2）据浮沉情况判断出两个小球的密度关系，而后据体积相等，判断出两个小球的质量关系，进而判断出重力关系即可；‎ ‎【解答】解：知道两个容器中的液体相同，据图能看出A小球排开液体的体积小于B小球排开液体的体积，故据F浮=G排=ρgV排可知，B球所受的浮力大，故F甲＜F乙；‎ A在甲中漂浮，即液体密度大于A 的密度；B在乙中悬浮，即说明乙液体密度等于B的密度，液体密度相同，所以B的密度大于A的密度，由于AB体积相同，所以据m=ρV可知，B球的质量大，故B球的重力大，所以甲容器对桌面的压力是甲杯和液体总重力与A重力之和；乙容器对桌面的压力等于乙杯和液体总重力与B重力之和；故可知，乙杯对桌面的压力大，故据p=可知，乙杯对桌面的压强大，故 p甲＜p乙；‎ 故选C．‎ ‎【点评】此题考查了阿基米德原理和液体内部压强公式的分析，是一道综合题．‎ ‎　‎ ‎15．如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1=20Ω．闭合开关S，移动滑动变阻器R2的滑片P到中点c时，电流表的示数为0.4A；移动滑片P到最左端a时，电流表的示数为0.3A，则电源电压和滑动变阻器的最大阻值分别为（　　）‎ A．6V 20Ω B．12V 20Ω C．6V 30Ω D．12V 30Ω ‎【分析】由图知两电阻串联，由串联电路特点和欧姆定律分别表示电源，根据电源电压不变列式计算即可．‎ ‎【解答】解：‎ 由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中电流，‎ 当P在中点c时，电流表示数为0.4A，‎ 由I=知U=IR，‎ 则有：U=I（R1+R2）=0.4A×（20Ω+R2），‎ 当P在左端a时，变阻器连入阻值最大，‎ 则有：U=I′（R1+R2）=0.3A×（20Ω+R2），‎ 根据电源电压不变知：‎ ‎0.4A×（20Ω+R2）=0.3A×（20Ω+R2），‎ 解得：R2=20Ω，‎ 电源电压：U=I（R1+R2）=0.4A×（20Ω+×20Ω）=12V．‎ 故选B．‎ ‎【点评】本题考查了串联电路特点和欧姆定律的应用，利用好电源电压不变是解答的关键．‎ ‎　‎ 二、填空题(每空1分，共16分)‎ ‎16．2016年5月29日，南宁市获评为“国家生态园林城市”．市区里，大量的树木可以在　传播过程中　减弱噪声（选填“声源处”、“传播过程中”或“人耳处”），从而使我们的生活环境更安静．噪声是发声体做无规则　振动　产生的．‎ ‎【分析】减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱．‎ 声音是由物体振动产生的．‎ ‎【解答】解：市区里，大量的树木可以在传播过程中减弱噪声；噪声是发声体做无规则振动时发出的声音．‎ 故答案为：传播过程中；振动．‎ ‎【点评】本题主要考查噪声的产生及特点，以及生活中减弱噪声的做法，属基础题．‎ ‎　‎ ‎17．微信是时下广为流行的一款手机软件，微信信息是手机利用　电磁波　进行传播的．随着科技的发展，利用太阳能给手机电池充电已成为现实，太阳能属于　可再生　（选填“可再生”或“不可再生”）能源．‎ ‎【分析】（1）手机是利用电磁波进行信息传递的；‎ ‎（2）能源源不断从自然界获得的能源是可再生能源，不能源源不断从自然界获得的能源是不可再生能源．‎ ‎【解答】解：‎ 微信信息是利用手机通过一定频率的电磁波进行传播的；‎ 太阳能能源源不断获得，是可再生能源．‎ 故答案为：电磁波；可再生．‎ ‎【点评】本题考查电磁波的应用以及能源的分类，注重物理和科技的联系，属于基础知识的考查．‎ ‎　‎ ‎18．夏日荷塘里荷花盛开，微风吹过，飘来阵阵花香，这是　扩散　现象；荷叶上的两滴水珠接触后合成更大的一滴，这表明分子间存在　引　力．‎ ‎【分析】要解答本题需掌握：分子动理论的基本知识和力的作用效果．‎ ‎（1）分子永不停息地做无规则运动；‎ ‎（2）分子间有相互作用的力．‎ ‎【解答】解：（1）荷塘里荷花盛开，微风吹过，飘来阵阵花香，是扩散现象，说明分子在做无规则运动．‎ ‎（2）荷叶上的两滴露珠接触后合成一滴，是由于分子间引力的作用．‎ 故答案为：扩散；引．‎ ‎【点评】本题主要考查学生对：分子动理论的基本知识和扩散现象的理解和掌握，是中招的热点 ‎　‎ ‎19．弹簧测力计下挂着一重为2N的物体，物体一半体积浸入水中静止时，弹簧测力计的示数如图所示，其示数为　1.2　N，物体体积为　1.6×10﹣4　m3（已知水的密度为ρ水=1.0×103kg/m3）．‎ ‎【分析】（1）使用弹簧测力计时，首先要明确其分度值，读数时视线与指针所在刻线相垂直；先利用称重法求物体浸入一半时受到的浮力；‎ ‎（2）再利用阿基米德原理求排开水的体积（总体积的一半），从而得出物体的体积；‎ ‎【解答】解：（1）由图知：弹簧测力计上1N之间有10个小格，所以一个小格代表0.1N，即此弹簧测力计的分度值为0.1N．此时指针指在“1.2”处，所以弹簧测力计的示数为1.2N，小球受到的浮力：F浮=G﹣F示=2N﹣1.2N=0.8N，‎ ‎（2）由F浮=ρ水gV排可得，‎ V排===8×10﹣5m3，‎ 物体的体积：‎ V=2×8×10﹣5m3=1.6×10﹣4m3．‎ 故答案为：1.2；1.6×10﹣4．‎ ‎【点评】此题考查的是弹簧测力计的读数、浮力的计算（漂浮条件、阿基米德原理），涉及到用称重法测量物体受到的浮力，知识点多，属于难题．‎ ‎　‎ ‎20．如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表示数将　变小　，电压表示数将　变小　．‎ ‎【分析】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化和电压表示数的变化．‎ ‎【解答】解：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．‎ 当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，‎ 由I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，‎ 由U=IR可知，R两端的电压变小，即电压表的示数变小．‎ 故答案为：变小；变小．‎ ‎【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律的应用，要注意电压表不测带电源用电器两端的电压．‎ ‎　‎ ‎21．为实现减排目标，南宁市已建成多个风力发电站．若某小型风力发电机平均每小时可发电5kW•h，合　1.8×107　J，这些电能可使电功率为100W的照明灯连续正常工作　50　h，这些电能相当于完全燃烧　0.6　kg焦炭放出的热量（已知焦炭的热值为3.0×107J/kg）．‎ ‎【分析】（1）1kW•h=3.6×106J；‎ ‎（2）根据W=Pt即可求出照明灯工作的时间；‎ ‎（3）根据W=Q=mq即可求出焦炭的质量．‎ ‎【解答】解：5kW•h=5×3.6×106J=1.8×107J；‎ 由W=Pt可得，这些电能可使电功率为100W的照明灯连续正常工作的时间：‎ t===1.8×105s=50h；‎ 由W=Q=mq得：‎ m===0.6kg．‎ 故答案为：1.8×107；50；0.6．‎ ‎【点评】本题考查电能和质量的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，解题过程中要注意单位的换算．‎ ‎　‎ ‎22．为测出某液体的密度，某校物理兴趣小组用如图所示的装置进行试验：将带有阀门的“U”型管倒置，两个管口分别插入盛有水和某液体的烧杯中；打开阀门，从抽气口抽出适量的空气，待两管中的液面升高到一定高度时，关闭阀门；分别测量出两管内外液面的高度差h水和h液；记录的三次实验数据如表所示．‎ 若当时外界大气压为p0，三次实验中“U”型管内的气体压强分别为p1、p2和p3，则它们的大小关系是：p0　＞　p1、p2　＞　p3（均选填“＞”、“=”或“＜”）；待测液体的密度为：ρ液=　0.9×103　kg/m3（已知水的密度为ρ水=1.0×103kg/m3）．‎ 实验 水面高度差 液面高度差 次数 h水/cm h液/cm ‎1‎ ‎2.7‎ ‎3.0‎ ‎2‎ ‎4.5‎ ‎5.0‎ ‎3‎ ‎7.2‎ ‎8.0‎ ‎【分析】从液体压强p=ρgh和压力平衡角度分析解决．‎ ‎【解答】解：（1）因为左管中的压强为p0=ρ水gh水+P1，所以P0＞P1；‎ ‎（2）P2=P0﹣ρ水gh水2，P3=P0﹣ρ水gh水3，又因为h水2＜h水3，所以P2＞P3；‎ ‎（3）由题意可知左右管内压力处于平衡状态，又由于受力面积相等，所以左管与右管中压强相等；‎ 所以p液=p水；‎ 由此可得：ρ水gh水1=ρ液gh液，ρ液===0.9×103kg/m3‎ 故答案为：＞；＞；0.9×103．‎ ‎【点评】此题考查液体压强的计算与理解，注意分析题意整个状态平衡，利用平衡关系分析解决是能力的考查重点．‎ ‎　‎ 三、解答题 ‎23．（1）如图所示，橡皮用细线拴住作圆周运动，请画出橡皮所受重力的示意图．‎ ‎（2）如图所示，请在图中画出两束入射光线对应的折射光线．‎ ‎【分析】（1）橡皮受的重力竖直向下，从橡皮的重心向下作重力的示意图．‎ ‎（2）仔细观察入射光线和折射光线的特点，根据凸透镜的光学特点作图．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）橡皮所受的重力竖直向下，从橡皮的重心向下作重力的示意图，如图所示：‎ ‎（2）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；过光心的光线其传播方向不变，如图所示：‎ ‎【点评】（1）物体所受的重力总是竖直向下，与物体的运动状态无关．作重力的示意图时，一定要注意：方向竖直向下．‎ ‎（2）熟记凸透镜的三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点．‎ ‎　‎ ‎24．炎热的夏天，小明在家长的陪同下去游泳池游泳．他刚从水中出来时，恰好一阵风吹过，感觉特别冷（如图所示）．请用学过的物理知识解释其中的道理．‎ ‎【分析】蒸发是一种汽化现象，汽化要吸热．‎ 加快蒸发的办法有：升高液体的温度；增大液体的表面积；加快液体上表面的空气流动速度．‎ ‎【解答】答：当小明刚从水中出来时，身上的水分会蒸发，蒸发吸热，当有一阵风吹来时，加快了水分的蒸发，所以冷的感觉就会更加明显．‎ ‎【点评】此题考查了蒸发制冷和影响蒸发快慢的因素．‎ ‎　‎ ‎25．如图所示，在“探究平面镜成像特点”实验中：‎ ‎（1）实验室提供较厚和较薄的两块玻璃板，应选择　较薄　的玻璃板做实验；同时选用两节相同的干电池，目的是为了比较像和物体的　大小　关系．‎ ‎（2）强玻璃板竖直放在水平桌面上，玻璃板前放置电池A，移动玻璃板后的电池B，直到看上去电池B与电池A的像　完全重合　．‎ ‎（3）强光屏放在电池B的位置上，发现光屏上　不能　（选填“能”或“不能”）承接到像，说明平面镜成的像是　虚　像．‎ ‎（4）将电池A朝远离玻璃板方向移动一段距离，电池A的像的大小将　不变　．‎ ‎【分析】（1）从厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像这一角度去分析此题．‎ 掌握等效替代法，为了探究像与物体的大小关系，用了两根完全相同的干电池．‎ ‎（2）将玻璃板竖直放在水平桌面上，玻璃板前放置电池A，移动玻璃板后的电池B，直到看上去电池B与电池A的像完全重合时，说明像与物大小相等；‎ ‎（3）实像能用光屏承接，虚像不能用光屏承接．‎ ‎（4）根据物体在平面镜中成像特点物像大小相等即可得出结论．‎ ‎【解答】解：（1）因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果，所以应选用较薄玻璃板．‎ 实验中选取两支相同的电池是为了比较像与物的大小关系；‎ ‎（2）为了比较像与物的大小关系，应玻璃板竖直放在水平桌面上，玻璃板前放置电池A，移动玻璃板后的电池B，直到看上去电池B与电池A的像完全重合，这时说明像与物大小相等；‎ ‎（3）因为虚像不能用光屏承接，所以光屏放在电池B的位置上，发现光屏上不能承接到像，说明平面镜成的像是虚像．‎ ‎（4）根据平面镜中成像特点可知，物像大小相等，所以将电池A朝远离玻璃板方向移动一段距离，电池A的像的大小将不变．‎ 故答案为：（1）较薄；大小；（2）完全重合；（3）不能；虚；（4）不变．‎ ‎【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验及操作相关问题，这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用．‎ ‎　‎ ‎26．在“探究杠杆平衡条件的实验”中：‎ ‎（1）如图甲所示，实验前，杠杆左端下沉，则应将左端的平衡螺母向　右　调节（选填“左”或“右”，直到杠杆在水平位置平衡，目的是便于测量　力臂的大小　．‎ ‎（2）如图乙所示，杠杆上的刻度均匀，在A点挂4个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂　6　个相同的钩码；当杠杆平衡后，将A、B两点下方所挂的钩码同时朝远离支点O方向移动一小格，则杠杆　不能　（选填“能”或”不能“）在水平位置保持平衡．‎ ‎（3）如图丙所示，若不在B点挂钩码，改用弹簧测力计在B点向下拉杠杆，使杠杆仍在水平位置平衡，当测力计从a位置转动b位置时，其示数大小将　变大　．‎ ‎（4）如图丁所示，已知每个钩码重0.5N，杠杆上每小格长度为2cm，当弹簧测力计在C点斜向上拉（与水平方向成30°角）杠杆，使杠杆在水平位置平衡时，拉力F的力臂大小为　4　cm，弹簧测力计示数的大小为　3　N．‎ ‎【分析】（1）调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，这样方便测量力臂；‎ ‎（2）设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断在B点挂钩码的数量；根据杠杆平衡条件判断是否平衡；‎ ‎（3）根据钩码个数与每个钩码的重力求出测力计拉力；当拉力F向右倾斜时，保持B点不动，弹簧测力计的方向向右倾斜，这时杠杆右侧的力臂变短，根据杠杆的平衡条件可知，使杠杆仍在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将变大；‎ ‎（4）当弹簧测力计在C点斜向上拉（与水平方向成30°角）动力臂是OC，根据杠杆的平衡条件求出弹簧测力计的读数．[来源:Z,xx,k.Com]‎ ‎【解答】解：（1）调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，左端的平衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；‎ ‎（2）设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：FALA=FBLB，即4G×3L=FB×2L，解得FB=6G，需挂6个钩码；‎ 若A、B两点的钩码同时向远离支点的方向移动一个格，则左侧4G×4L=16GL，右侧6G×3L=18GL，因为16GL＞18GL 杠杆不能平衡；‎ ‎（3）保持B点不变，若拉力F向右倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，力变大；‎ ‎（4）当弹簧测力计在C点斜向上拉（与水平方向成30°角）杠杆，此时动力臂等于OC=×4×2cm=4cm；根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得F1===3N．‎ 故答案为：（1）右；力臂的大小；（2）6；不能；（3）变大（4）4；3．[来源:学*科*网Z*X*X*K]‎ ‎【点评】此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂．‎ ‎　‎ ‎27．如图所示，甲是用“伏安法”测量未知电阻Rx的实物电路图．‎ ‎（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整．‎ ‎（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到　阻值最大　处；闭合开关，发现电流表几乎无示数，电压表指针明显偏转，则出现的故障可能是Rx　断路　．‎ ‎（3）排除故障后，闭合开关，当滑片移动到某位置时，电压表示数为2.4V，电流表示数如图乙所示，其读数为　0.24　A，则未知电阻Rx=　10　Ω．‎ ‎（4）若实验中电压表损坏，利用其它的原有器材也能测出未知电阻Rx的阻值．实验电路如果丙所示（滑动变阻器最大阻值为R0，电源电压未知且不变），请将下列相关实验步骤补充完整：‎ ‎①闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P移到a端，记录电流表示数为I1；‎ ‎②闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P移到　b端　，记录电流表示数I2；‎ ‎③写出待测电阻的表达式，Rx=　R0　（用已知量和测量量符号表示）‎ ‎【分析】（1）滑动变阻器应和电流表串联，接线柱应该一上一下接入电路；‎ ‎（2）为了保护电路，滑动变阻器的滑片应滑到电阻最大位置；[来源:学科网]‎ 当电压表示数较大（或等于电源电压）时，电压表所测范围之外出现短路，或者所测范围之内出现断路；‎ ‎（3）弄清电流的量程和分度值，再读数；根据I=求出电阻值；‎ ‎（4）闭合开关S，将滑片滑倒a端，两电阻并联；将滑片滑倒b端，Rx被短路，只有R0工作，根据并联电路的电流和电压特点求出待测电阻的阻值．‎ ‎【解答】解：（1）滑动变阻器应和电流表串联，接线柱应该“一上一下”接入电路，如下图：‎ ‎（2）为了保护电路，滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大处；‎ 由题意可知，电流表指针几乎未动，说明电路中没有电流（或电流很小），则电路中可能出现了断路；‎ 又因为电压表指针有明显偏转，说明电压表两接线柱到电源两极间的电路是连通的，则出现的故障可能是Rx断路；‎ ‎（3）如图乙所示，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，读数为0.24A；‎ 由I=得未知电阻的阻值：Rx===10Ω；‎ ‎（4）②根据题意可知，应将滑片移到b端，记录电流表示数I2．‎ Rx表达式的推导：‎ 步骤②，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P移到b端，Rx被短路，只有R0工作，电流表示数为I2；‎ 所以电源电压：U=I2R0，‎ 步骤①，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P移到a端，两电阻并联，总电流为I1；‎ 两次实验中，R0两端电压均等于电源电压，R0阻值不变，所以通过R0的电流均为I2，‎ 根据并联电路的电流特点可得，通过待测电阻的电流Ix=I1﹣I2，‎ 并联电路电压相等，则待测电阻两端的电压：Ux=U=I2R0，‎ 所以待测电阻Rx==R0．‎ 故答案为：‎ ‎（1）如上图；（2）阻值最大；断路；（3）0.24；10；（4）②b端；③R0．‎ ‎【点评】此题主要是对学生电路图连接、电路故障分析、电流表读数、欧姆定律应用和设计实验能力的考查，中考常见题型．‎ ‎　‎ ‎28．2016年6月28日，备受关注的南宁地铁1号线东段将进入试运行阶段．若南湖站到金湖广场站的路程为380m，地铁1号专用列车从南湖站到金湖广场站的运行时间约为40s，列车牵引力约为2×104N．求这段路程中：‎ ‎（1）列车行驶的平均速度；‎ ‎（2）列车牵引力所做的功．‎ ‎【分析】（1）汽车在平直的公路上匀速行驶，已知行驶的路程和时间，可利用速度公式计算速度．‎ ‎（2）利用公式W=Fs计算牵引力的功．‎ ‎【解答】解：（1）列车行驶的平均速度：‎ v===9.5m/s；‎ ‎（2）牵引力做功：‎ W=Fs=2×104N×380m=7.6×106J；‎ 答：（1）列车行驶的平均速度为9.5m/s；‎ ‎（2）列车牵引力所做的功7.6×106J．‎ ‎【点评】此题考查速度和功的计算，必须对常用的几个公式熟练掌握，计算时要做到对应和单位统一．‎ ‎　‎ ‎29．如图所示，利用滑轮组装置匀速拉动水平面上的物体．已知物体在水平面上受到的滑动摩擦力为重力的0.1倍，物体被匀速拉动的距离为1m．当物体质量为2kg时，滑轮组的机械效率为50%，不计绳重和绳与滑轮间的摩擦力．求：‎ ‎（1）物体质量为2kg时，在水平面上受到的滑动摩擦力；‎ ‎（2）动滑轮的重力；‎ ‎（3）物体质量为10kg，以0.1m/s的速度匀速运动时，拉力F的功率．‎ ‎【分析】（1）根据G=mg先求出重力，再根据题意求出滑动摩擦力；‎ ‎（2）利用η===求出自由端的拉力；再根据F=（G动+f）计算出动滑轮的重力；‎ ‎（3）根据P=Fv计算拉力的功率．‎ ‎【解答】解：（1）物体受到的摩擦力：[来源:学§科§网Z§X§X§K]‎ f=0.1G=0.1×2kg×10N/kg=2N，‎ ‎（2）因为η===，‎ 故F===N 由图知，滑轮组由3段绳子拉着动滑轮，由F=（G动+f）得动滑轮重力：‎ G动=3F﹣f=3×N﹣2N=2N，‎ ‎（3）当物体质量为10kg时，物体在水平面上受到的滑动摩擦力为：‎ f′=0.1G′=0.1×10kg×10N/kg=10N 自由端的拉力为：F′=（G动+f′）=×（2N+10N）=4N 拉力功率为：‎ P===Fv=4N×3×0.1m/s=1.2W．‎ 答：‎ ‎（1）物体质量为2kg时，在水平面上受到的滑动摩擦力2N；‎ ‎（2）动滑轮的重力2N；‎ ‎（3）物体质量为10kg，以0.1m/s的速度匀速运动时，拉力F的功率1.2W．‎ ‎【点评】本题是有关滑轮组机械效率的综合计算，要掌握滑轮组的省力特点、有用功和总功、机械效率的概念，能够正确判断出有用功是解决本题的关键．‎ ‎　‎ ‎30．某校科技小组设计（如图甲所示的汽车转向灯电路模型原理图，接通相应指示灯后，该指示灯会亮（正常发光）、暗（微弱发光）交替闪烁．电路中电源电压12V不变，指示灯的规格为“12V 6W”，R0为定值电阻，左转或右转指示灯单独闪烁时，电压表两端实际电压随时间的变化规律如图乙所示．设指示灯的电阻不变，电磁铁线圈及衔铁的电阻值不计．求：‎ ‎（1）指示灯的电阻；‎ ‎（2）转向开关S与触点“3”和“4”接触时，指示灯正常发光状态下通过衔铁的电流；‎ ‎（3）转向开关S与触点“2”和“3”接触时，指示灯微弱发光状态下的实际电功率；‎ ‎（4）转向开关S与触点“4”和“5”接触时，指示灯交替闪烁工作1min消耗的电能．‎ ‎【分析】（1）知道指示灯的额定电压和额定功率，根据P=求出指示灯的电阻；‎ ‎（2）由电路图可知，转向开关S与触点“3”和“4”接触时，左转、右转指示灯同时工作，由于指示灯处于正常发光状态，利用P=UI和并联电路的特点即可求出通过衔铁的电流；‎ ‎（3）转向开关S与触点“2”和“3”接触时，由图乙可知，R0两端的电压，根据串联电路的电压特点求出指示灯两端的电压，根据P=求出指示灯微弱发光状态下的实际电功率；‎ ‎（4）转向开关S与触点“4”和“5”接触时，由图乙可知，交替工作的周期和一个周期内工作时间，据此求出右转指示灯闪烁交替工作1min内正常发光的时间，进一步求出微弱发光的时间，根据P=求出正常发光消耗的电能和微弱发光时消耗的电能，两者之和即为共消耗电能．‎ ‎【解答】解：（1）由P=得指示灯的电阻：‎ RL===24Ω；‎ ‎（2）由电路图可知，转向开关接3和4时，左转、右转指示灯同时工作；‎ 由P=UI可知指示灯处于正常发光时通过电流IL===0.5A；‎ 则通过衔铁的电流I=2IL=2×0.5A=1A；‎ ‎（3）转向开关S与触点“2”和“3”接触时，由图乙可知当指示灯微弱发光时R0两端的电压为U0=9.6V，‎ 因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以指示灯两端的电压：‎ UL实=U﹣U0=12V﹣9.6V=2.4V，‎ 则指示灯的实际功率：‎ PL实===0.24W；‎ ‎（4）转向开关S与触点“4”和“5”接触时，由图乙可知，交替工作的周期为0.3s，一个周期内正常发光时间为0.2s，微弱发光时间为0.1s；‎ 则指示灯交替闪烁工作1min，‎ 正常发光的时间t1=×0.2s=40s，微弱发光的时间t2=t﹣t1=60s﹣40s=20s，‎ 由P=可得，正常发光消耗的电能：‎ W1=PLt1=6W×40s=240J，‎ 微弱发光时消耗的电能：‎ W2=PL实t2=0.24W×20s=4.8J，‎ 共消耗电能：‎ W=W1+W2=240J+4.8J=244.8J．‎ 答：（1）指示灯的电阻为24Ω；‎ ‎（2）转向开关S与触点“3”和“4”接触时，指示灯正常发光状态下通过衔铁的电流为1A；‎ ‎（3）转向开关S与触点“2”和“3”接触时，指示灯微弱发光状态下的实际电功率为0.24W；‎ ‎（4）转向开关S与触点“4”和“5”接触时，指示灯交替闪烁工作1min消耗的电能为244.8J．‎ ‎【点评】本题考查了电路连接的判断和电功率公式、串联电路的特点、欧姆定律、电功公式的应用，关键是从图象中得出指示灯正常工作的时间和微弱发光时的时间．‎ ‎　‎ ‎[来源:Z&xx&k.Com]‎