2019年中考物理真题试题（含解析） 人教新版 29页

‎2019年中考物理真题试题 一、选择题（单一选择，每题2分，共24分）‎ ‎1．（2.00分）下列估算最接近实际的是（　　）‎ A．普通课桌的高度约为0.3m B．一个中学生的质量约为50kg C．日光灯正常工作时的电流约为2A D．成人正常呼吸一次的时间约为0.1s ‎【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。‎ ‎【解答】解：A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=0.8m左右。故A不符合实际；‎ B、成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右。故B符合实际；‎ C、家用电风扇正常工作的电流约0.2A，教室中日光灯管正常工作电流与此差不多，在0.2A左右。故C不符合实际；‎ D、平静状态下，人min呼吸25次左右，平均一次的时间在2、3s左右。故D不符合实际。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。‎ ‎　‎ ‎2．（2.00分）如图所示的光现象中，由光的直线传播形成的是（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ 29‎ ‎【分析】（1）光沿直线传播的现象：影子，小孔成像，激光准直等；‎ ‎（2）光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像，看见不发光的物体；‎ ‎（3）光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像，光的色散；‎ 根据四幅图中形成的原理不同，对其进行分类，并选出符合要求的选项。‎ ‎【解答】解：‎ A、立杆见影是由光的直线传播形成的，故A正确；‎ B、用放大镜观察物体，是凸透镜成像，是光的折射形成的，故B错误；‎ C、从图中可以看出，太阳光通过三棱镜后，会分解为7种单色光，是光的色散现象，是由光的折射形成的，故C错误；‎ D、平静的水面相当于平面镜，水中倒影是平面镜成像现象，属于光的反射。故D错误。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】此题主要通过各种事例考查了学生对光的反射、光的直线传播、光的折射的理解。要注意这几种现象的本质，在学习过程中要注意区分。对于生活中的现象要善于总结。在日常生活中学习用所学知识解释有关现象。‎ ‎　‎ ‎3．（2.00分）下列物态变化中，需要吸热的是（　　）‎ A．初夏早晨，小草上结出的露珠 B．隆冬时节，飘落的白雪 C．深秋早晨，枫叶上蒙上的白霜 D．初春，河面上的冰慢慢消融 ‎【分析】在一定条件下，物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。‎ ‎【解答】解：A、露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，此过程放热；故A错误；‎ B、白雪是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶，此过程中放热；故B错误；‎ C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶，此过程中放热；故C错误 D、水是冰的熔化现象，此过程吸热；故D；‎ 29‎ 故选：D。‎ ‎【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识 ‎　‎ ‎4．（2.00分）为做好平昌冬奥闭幕式“北京8分钟”演员的防寒工作，主创团队采用了石墨烯智能发热服饰，确保演员穿着轻薄的演出服时不被冻伤，而且可以保证动作足够舒展，穿着舒适。下列相关分析不合理的是（　　）‎ A．石墨烯材料保温性能好 B．石墨烯是一种超导材料 C．石墨烯材料韧性好，超轻薄 D．石墨烯服饰材料质地柔软，硬度小 ‎【分析】根据对演出服的要求“演员不被冻伤、保证动作足够舒展，穿着舒适”选择合适的物质特性。‎ ‎【解答】解：‎ A、石墨烯电热膜施加电压后能够产生较高热量是因为它有良好的导热性，故A的分析不合理；‎ B、超导是指温度降到一定程度时导体电阻为0的现象，做演出服不需要超导材料，故B的分析不合理；‎ CD、要求保证动作足够舒展、穿着舒适，则石墨烯材料的韧性好、超轻薄，并且质地柔软，硬度小，故CD的分析合理。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查了学生根据对演出服的要求选择合适的物质特性的能力，了解物质的相关特性是关键。‎ ‎　‎ ‎5．（2.00分）下列认识正确的是（　　）‎ A．固体分子是静止不动的 B．原子核带负电，电子带正电 C．电子的发现说明原子是可分的 D．太阳是宇宙的中心且固定不动 ‎【分析】（1）一切物质的分子都在不停地在无规则运动；‎ 29‎ ‎（2）物质是由分子或原子组成的，分子由原子组成，原子是由居于原子中心的带正电原子核和核外带负电电子构成的；‎ ‎（3）电子的发现说明原子是可分的；‎ ‎（4）太阳不是宇宙的中心且在不停的运动。‎ ‎【解答】解：‎ A、一切物质的分子都在不停地在无规则运动，固体分子也不例外，也在不停地在无规则运动，故A错误；‎ B、原子是由带正电的原子核和带负电的电子构成，故B错误；‎ C、汤姆生发现电子说明原子是可分的，故C正确；‎ D、太阳不是宇宙的中心且在不停地运动，故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题难度不是很大，主要考查了分子、原子等几种微观粒子以及宏观的太阳的情况，从而加深学生对这些微粒和宏观的理解和应用。‎ ‎　‎ ‎6．（2.00分）动车进站时，为了避免乘客被“吸”向动车而造成人身伤害事故，站台上都标有“安全黄线”，乘客必须站在安全黄线以内，是因为动车进站时车厢附近（　　）‎ A．气流速度大，压强小 B．气流速度大，压强大 C．气流速度小，压强小 D．气流速度小，压强大 ‎【分析】当火车驶过站台时会带动周围空气流动速度加快，从而造成人周围空气流速不同，结合流体压强与流速的关系即可解决此题。‎ ‎【解答】解：当列车驶进站台时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，此时人外侧的空气流动速度慢，根据流体压强与流速的关系可知：人外侧空气流速慢压强大，而内侧流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险。故A正确。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】解答这类题目的思路是先确定哪里的流体流速大，压强小，在这个压力差的作用下便产生了什么现象。‎ ‎　‎ ‎7．（2.00分）关于温度、热量和内能的说法中正确的是（　　）‎ A．物体吸收热量，温度一定升高 B．0℃的冰的内能为零 29‎ C．温度高的物体，含有的热量多 D．物体的温度升高内能增大 ‎【分析】（1）物体吸收或者放出热量，其温度不一定改变，例如晶体的熔化、晶体的凝固、液体的沸腾过程；‎ ‎（2）一切物体都具有内能，内能包括分子动能和分子势能，所以，内能的大小与物体的温度、质量和体积有关。‎ ‎（3）热量是过程量，就是说，热量只存在于热传递或热交换过程中，只能说吸收或放出热量，热量传递等；热量不是状态量，不能说含有或者具有热量。‎ ‎【解答】解：‎ A、若吸收热量的物体正好是处于熔化状态的晶体或正在沸腾的液体，则其吸收了热量，温度就不变；其他情况下物体吸收热量温度升高。因此不能确定物体吸收热量温度是否一定升高。故A错误。‎ B、因为一切物体的分子都在不停的做无规则运动，所以一切物体都具有内能，0℃的冰的内能不为零，故B错误。‎ C、热量不是状态量，而是过程量，描述它的术语是”吸收“和”放出“，不能用含有。故C错误。‎ D、同一物体分子个数是一定的，当温度升高时，分子的热运动越剧烈，则分子的动能就越大，从而物体的内能增加。故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查了内能大小的影响因素，以及内能与温度、热量关系。‎ 一般情况下，物体吸收热量，内能增加，温度升高，只有两种特殊情况：晶体熔化和液体的沸腾，它们都是物体吸收热量，内能增加，温度不变要重点记忆。‎ 温度指物体的冷热程度； 热量是指在热传递的过程中，内能改变的多少；内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和。‎ ‎　‎ ‎8．（2.00分）刷卡机已经普遍应用于银行、商场等，当银行卡有磁条的一侧经过刷卡机的卡槽时，刷卡机的检测感应器（相当于线圈）就会产生感应电流。下图中与此原理相同的是（　　）‎ 29‎ A． B． C． D．‎ ‎【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，在选项中找出探究电磁感应的对应图即可。‎ ‎【解答】解：刷卡机读出信息原理就是电磁感应现象；‎ A、如图电路中有电源，是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，故A不符合题意；‎ B、如图电路中有电源，是电动机测 原理图，是根据通电导体在磁场中受力而运动制成的，故B不符合题意；‎ C、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应选项。故C符合题意；‎ D、图中有电源，是电磁铁的原理图，是根据电流的磁效应制成的，故D不符合题意。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】电动机和发电机的原理图非常相似，主要区别是电路中是否有电源，电路中有电源的是电动机，电路中没有电源的是发电机。‎ ‎　‎ ‎9．（2.00分）下面所做探究活动与得出结论相匹配的是（　　）‎ A．活动：用铁屑探究磁体周围的磁场→结论：磁感线是真实存在的 B．活动：观察惯性现象→结论：一切物体都受到惯性力的作用 C．活动：马德堡半球实验→结论：大气压真实存在且很大 D．活动：探究带电体间的相互作用→结论：同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥 ‎【分析】（1）磁感线是理想化的物理模型，实际上并不存在；‎ ‎（2）一切物体都有惯性，惯性是物体的固有属性，不能说受到惯性、惯性力、惯性的作用等；‎ 29‎ ‎（3）有力证明大气压存在的实验是：马德堡半球实验；‎ ‎（4）电荷间相互作用的规律是同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。‎ ‎【解答】解：A、磁感线是理想化的物理模型，磁感线实际上并不存在，故A错误；‎ B、惯性是物体的一种固有属性，它不是力，不能说受到惯性力的作用，故B错误；‎ C、马德堡半球实验有力地证明了大气压的存在。故C正确；‎ D、电荷间相互作用的规律是同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】深入理解磁感线的概念、惯性概念、大气压存在实验、电荷间的作用规律；是解答此题的关键。‎ ‎　‎ ‎10．（2.00分）测量电流时，需要将电流表串联在电路中，通常，电流表的电阻比待测电路的电阻小得多，因此对测量值的影响可以忽略不计。下列研究方法与此相同的是（　　）‎ A．在探究平面镜成像特点实验中，用两根相同的蜡烛探究像与物的大小关系 B．在探究二力平衡条件的实验中，选用轻质卡片 C．根据被压物体形变大小反映压力作用效果 D．在研究光的传播现象时，引入光线 ‎【分析】物理方法既是科学家研究问题的方法，也是学生在学习物理中常用的方法，常用的方法有“等效替代法”“控制变量法”“类比法”“模型法”“理想实验法”“转换法”等；‎ ‎【解答】解：测量电流时，需要将电流表串联在电路中，通常，电流表的电阻比待测电路的电阻小得多，因此对测量值的影响可以忽略不计，这种方法叫理想化实验法。‎ A、在探究平面镜成像特点实验中，用两根相同的蜡烛探究像与物的大小关系时，采用的是等效替代法，故A不符合题意；‎ B、在探究二力平衡条件的实验中，选用轻质卡片，忽略了纸片质量的影响，用到了理想实验法，故B符合题意；‎ C、在探究影响压力作用效果因素的实验中，根据被压物体形变大小反映压力作用效果，用到了转换法，故C不符合题意；‎ D、在研究光的传播现象时，用一条带箭头的直线来表示光线，采用的是模型法，故D不符合题意。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】掌握物理研究方法的一般含义和特征是解决此类问题的基础。‎ 29‎ ‎　‎ ‎11．（2.00分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关，调节变阻器，各电表示数变化情况是（　　）‎ A．滑片向右移动，甲表示数变小，乙表示数变大 B．滑片向左移动，甲表示数变大，乙表示数变大 C．滑片向左移动，甲表示数变大，乙表示数变小 D．滑片向右移动，甲表示数变小，乙表示数不变 ‎【分析】根据实物图判定电路的连接方式，根据电表的连接方式判定电表的种类，然后根据滑动变阻器滑片的移动方向和串并联电路的电流、电压特点判定各表的示数变化。‎ ‎【解答】解：‎ 由实物图可知，电阻和滑动变阻器并联接入电路中，该电路为并联电路；电表乙并联在滑动变阻器两端，故乙为电压表，测量的是电源的电压，保持不变；电表甲串联在干路中，故甲为电流表，测量的是电源电压；‎ 滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小；由于定值电阻两端的电压、电阻不变，故通过定值电阻的电流不变，根据并联电路的电流关系可知，干路中的电流减小，电流表示数减小，即甲表示数变小，乙表示数不变，故D正确，A错误；‎ 滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流增大；由于定值电阻两端的电压、电阻不变，故通过定值电阻的电流不变，根据并联电路的电流关系可知，干路中的电流增大，电流表示数增大，即甲表示数增大，乙表示数不变，故BC错误；‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和并联电路特点的应用，属于基础知识。‎ ‎　‎ 29‎ ‎12．（2.00分）如图所示为某家庭卫生间电路，电灯和电热器都在正常工作。在三线插座上刚插上洗衣机（开关未闭合）的插头时，所有用电器都停止工作，拔出洗衣机的插头后，用测电笔测试三线插座的左右两孔，氖管都发光，发现有一根熔丝熔断了。下列分析不合理的是（　　）‎ A．一定是零线上的熔丝熔断了 B．断开S1、S2，再用测电笔检测三线插座的左右两孔，氖管都发光 C．只断开S1，再用测电笔检测开关S1的两个接线柱，氖管都发光 D．只断开S2，再用测电笔检测开关S1的两个接线柱，氖管都发光 ‎【分析】（1）保险丝熔断是因为电流过大，电流过大的原因是短路或用电器的总功率过大；‎ ‎（2）在插上洗衣机（开关未闭合）的插头前，电灯和电热器都在正常工作，在插上洗衣机（开关未闭合）的插头，所有用电器都停止工作，说明电路中干路上有断路，测电笔测试插座的两孔，氖管都发光，说明两孔与火线是连通的，故只可能是零线断了。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）在插上洗衣机（开关未闭合）的插头前，电灯和电热器都在正常工作，在插上洗衣机（开关未闭合）的插头，所有用电器都停止工作，说明电路中干路上有断路，测电笔测试插座的两孔，氖管都发光，说明两孔与火线是连通的，故只可能是零线断了，故A合理；‎ ‎（2）断开S1、S2，再用测电笔检测三线插座的左右两孔，只有右孔与火线相连，氖管发光，左孔与火线不相连，氖管不会发光，故B不合理；‎ ‎（3）只断开S1，开关S1的上接线柱与火线相连，测电笔的氖管发光，开关S1的下接线柱通过电热器与火线相连，测电笔的氖管发光，故C合理；‎ ‎（4）只断开S2，开关S1的上接线柱与火线相连，测电笔的氖管发光，开关S1的下接线柱通过灯丝与火线相连，测电笔的氖管发光，故D合理。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查了用测电笔检测电路的故障。在正常情况下，测电笔测火线应亮，测零线应不亮。‎ ‎　‎ 29‎ 二、填空题（每空1分，共26分）‎ ‎13．（3.00分）探究声音的传播时，将手机装入塑料袋，扎紧袋口后用细线悬于水中，如图所示。用另一部手机拨打袋中的手机，手机能接通，说明　电磁波　可在水中传播；能听到手机发出的铃声，还能说明　声音　可在水中传播；我们听出手机铃声是汪峰唱的《飞得更高》，这是根据声音的　音色　来辨别的。‎ ‎【分析】（1）移动通信都是利用电磁波来传递信息的；‎ ‎（2）声音可以在液体中传播；‎ ‎（3）声音的三个要素是指：音调、响度和音色，音调由振动的频率决定；响度由振动的幅度决定；音色由发生体本身决定。‎ ‎【解答】解：（1）手机既能发射电磁波，又能接受电磁波，用另一部手机拨打袋中的手机，手机能接通说明电磁波可在水中传播；‎ ‎（2）能听到手机发出的铃声，是由水和空气传过来的，故能说明声音可在水中传播；‎ ‎（3）我们能够清楚地辨别出汪峰唱唱歌的声音，这是根据声音的音色来辨别的。‎ 故答案为：电磁波；声音；音色。‎ ‎【点评】本题考查电磁波的传播，声音的传播，以及声音的特性，是一道基础题。‎ ‎　‎ ‎14．（3.00分）如图所示，在水平桌面上匀速拉动木块做直线运动。木块受到的拉力和　摩擦　力是一对平衡力，木块对桌面的压力和桌面对木块的　支持　力是一对相互作用力，木块对桌面的压力是由　木块　发生形变而产生的。‎ ‎【分析】（1）一个物体处于平衡状态，受平衡力，一对平衡力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上；‎ ‎（2）力是物体对物体的作用，一个物体受到力，同时会给施力物体一个反作用力。压力与支持力是一对作用力与反作用力 29‎ ‎（3）木块放在水平桌面上保持静止，木块对桌面的压力大小等于木块受的重力，压力的施力物体是木块，是由于木块发生形变而产生的。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）木块在水平桌面上做匀速直线运动，受平衡力的作用；水平方向上拉力和摩擦力的大小相等、方向相反、在同一直线上、在同一物体上，是一对平衡力；‎ ‎（2）木块对桌面的压力和桌面对木块的支持力，大小相等、方向相反，在同一直线上，作用在两个物体上，是一对相互作用力；‎ ‎（3）木块对桌面的压力是弹力，是由于木块发生形变而产生的。‎ 故答案为：摩擦；支持；木块。‎ ‎【点评】此题考查了相互作用力和平衡力的区别，两种力都具有大小相等、方向相反、作用在同一直线上的特点，区别是平衡力作用在同一物体上，而相互作用力作用在相互作用的两个物体上。‎ ‎　‎ ‎15．（3.00分）把重10N，密度为0.9×103kg/m3的实心物体投入水中。当物体静止时，物体处于　漂浮　（漂浮/悬浮/沉底）状态，物体所受浮力为　10　N，排开水的体积是　1×10﹣3　m3．（g取10N/kg）‎ ‎【分析】（1）利用物体的浮沉条件判定：实心物体密度小于水的密度，故物体漂浮在水面上；‎ ‎（2）物体漂浮在水面上，浮力等于物体重力；‎ ‎（3）利用阿基米德原理可知物体排开水的体积。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）因为ρ物=0.9×103kg/m3＜ρ水，‎ 所以物体静止时，物体漂浮；‎ ‎（2）因为物体漂浮，‎ 所以F浮=G物=10N；‎ ‎（3）因为F浮=G排=ρ水gV排，‎ 所以V排===1×10﹣3m3。‎ 故答案为：漂浮；10；1×10﹣3。‎ ‎【点评】本题考查了物体的漂浮条件以及阿基米德原理的理解和运用，利用好“实心物体密度小于水的密度，物体漂浮在水面上”是本题的突破口。‎ ‎　‎ 29‎ ‎16．（3.00分）如图是“研究气泡的运动规律”实验装置。‎ ‎（1）实验时所用的测量工具是刻度尺和　秒表　。‎ ‎（2）要正确判断气泡是否做匀速直线运动，需要对气泡运动时的相关物理量进行测量，为便于测量，就使气泡在管内运动得较　慢　（快/慢），气泡的运动如果是匀速运动，收集到的数据特点是：运动的路程和时间成　正　比。‎ ‎【分析】（1）根据v=，实验中要测量气泡通过的路程及运动的时间，因此需要用到刻度尺及秒表；‎ ‎（2）实验中要尽量增长气泡运动的时间，这样便于测量；‎ 根据s=vt，做匀速直线运动的物体，通过的路程与时间成正比，或根据v=，速度不变，比值是一定值。‎ ‎【解答】解：（1）根据v=，实验中要测量气泡通过的路程及运动的时间，因此需要用到刻度尺及秒表；‎ ‎（2）为便于测量，应使气泡在管内运动得较慢，这样可以延长气泡运动的时间；‎ 小气泡的运动如果是匀速运动，则气泡通过的路程与所用的时间成正比。‎ 故答案为：（1）秒表；（2）慢； 正。‎ ‎【点评】此题考查了对速度知识的掌握，考查了对速度公式的掌握和运用及对匀速直线运动的理解，匀速直线运动的速度大小不变，路程和时间成正比，量程时间图象时一条过原点的直线。‎ ‎　‎ ‎17．（4.00分）如图表示汽油机的　压缩　冲程。汽油属于　不可再生　能源（可再生/不可再生），完全燃烧0.1kg的汽油，放出热量为　4.6×106　‎ 29‎ J，如果这些热量全部被质量为100kg、初温为20℃的水吸收，能使水的温度升高　11℃　。（q汽油=4.6×107J/kg，c水=4.2×103（J/kg•℃））‎ ‎【分析】（1）根据气门的关闭和活塞的运行情况判断是哪一个冲程；‎ ‎（2）能够短时间内从自然界源源不断得到补充的是可再生能源，短时间内从自然界得不到补充的是不可再生能源；‎ ‎（3）知道汽油的质量和热值，利用燃料完全燃烧放热公式Q放=mq求放出的热量；‎ ‎（4）由Q放=Q吸=cm△t，得到△t=后计算水升高的温度。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）图中，汽油机的两个气阀都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程；‎ ‎（2）汽油来源于石油，石油是经过几百万年的演变形成的，汽油是从石油中提炼出来的，属于不可再生能源；‎ ‎（3）完全燃烧0.1kg汽油放出的热量：‎ Q放=m煤油q=0.1kg×4.6×107J/kg=4.6×106J；‎ ‎（4）根据Q吸=cm△t=Q放可知水温度升高值：‎ ‎△t==≈11℃。‎ 故答案为：压缩；不可再生；4.6×106；11℃。‎ ‎【点评】本题考查了学生对汽油机四个冲程、水的比热容大的应用、公式Q放=mq和Q吸=cm△t的了解与掌握，计算时注意升高了（△t）、升高到（末温）和升高（△t）的区别。‎ ‎　‎ ‎18．（3.00分）如图是电阻A、B的I﹣U图象。由图可知：B电阻的阻值是　10　Ω；将电阻A、B串联后接入电路，当通过A的电流为0.3A时，A和B两端的总电压是　4.5　V；将电阻A、B并联后接入某电路，当通过B的电流为0.2A时，A两端的电压是　2.0　V。‎ 29‎ ‎【分析】（1）由图象可知，A、B的U﹣I图象是一次函数，则两元件是定值电阻，根据欧姆定律可以求出B的电阻。‎ ‎（2）将A、B串联后接入电路时，通过它们的电流相等，根据图象读出A、B两端的电压，利用串联电路的电压特点求出AB两端的电压之和；‎ ‎（3）A、B并联时，各支路两端的电压相等，根据图象读出通过B的电流为0.2A时两端的电压即为A两端的电压。‎ ‎【解答】解：（1）由图象可知，A、B两元件是定值电阻，由I=的变形式R=可知，‎ B的电阻：RB===10Ω；‎ ‎（2）因串联电路中各处的电流相等，‎ 所以，通过A的电流为0.3A时，通过B的电流也为0.3A，‎ 由图象可知，通过AB两端的电压分别为UA=1.5V，UB=3V，‎ 因串联电路中总电压等于各分电压之和，‎ 所以，A和B两端的电压总和：‎ UAB=UA+UB=1.5V+3V=4.5V；‎ ‎（2）因并联电路中各支路两端的电压相等，‎ 所以，将A、B并联后接入电路中时，它们两端的电压相等，‎ 由图象可知，当通过B的电流为0.2A时，两端的电压为2.0V，也是A两端的电压。‎ 故答案为：10；4.5；2.0。‎ ‎【点评】熟知串并联电路的特点、能从图象中得出对应的电压和电流是解题的关键，本题还可以根据欧姆定律结合图象求出AB的电阻，然后在进行相应的计算。‎ ‎　‎ ‎19．（3.00分）如图所示，在不计绳重和摩擦的情况下，用滑轮在10s内将重为40N的物体匀速提升2m，已知拉力F为25N，则在这个过程中拉力做的功是　100　J，滑轮组的机械效率是　80%　，若匀速提升重为80N的物体，则这个滑轮组的机械效率将　变大　‎ 29‎ ‎（变大/变小/不变）。‎ ‎【分析】（1）图可知，连接动滑轮绳子的股数n，然后根据s=nh求出自由端移动的距离，再利用W=Fs求出拉力做的功；‎ ‎（2）先根据W=Gh求出拉力做的有用功，然后利用η=×100%即可求出滑轮组的机械效率；‎ ‎（3）根据η=×100%=×100%=×100%=×100%可判断滑轮组机械效率的变化情况。‎ ‎【解答】解：（1）由图可知，连接动滑轮绳子的股数n=2，‎ 绳子自由端移动的距离s=2h=2×2m=4m；‎ 则在这个过程中拉力做的功：‎ W总=Fs=25N×4m=100J；‎ ‎（2）拉力做的有用功：‎ W有=Gh=40N×2m=80J，‎ 则滑轮组的机械效率：‎ η=×100%=×100%=80%；‎ ‎（3）由η=×100%=×100%=×100%=×100%可知，‎ 滑轮组的机械效率与动滑轮重和物体重有关，动滑轮重力不变，物体重力变大，机械效率将变大。‎ 故答案为：100；80%；变大。‎ 29‎ ‎【点评】本题中主要考查了功的计算、机械效率的计算，搞清各力与距离之间的对应关系，熟练运用相关公式是解决此题的关键。‎ ‎　‎ ‎20．（4.00分）某电吹风工作6min，能使如图所示的电能表的转盘转过120转，则该电吹风消耗的电能为　0.1　kW•h，电功率为　1000　W，这些电能可供一只“220V10W”的LED灯正常工作　10　h，一只这样的LED灯与一只“220V100W”的白炽灯正常发光时亮度相当，若LED灯正常发光时的效率为80%，则白炽灯正常发光效率为　8%　。‎ ‎【分析】（1）“1200r/kW•h”表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转过1200r；据此求电能表转盘转120r消耗的电能，再利用P=求出电吹风的功率；‎ ‎（2）求出了电吹风消耗的电能，再利用P=求可供“220V10W”的节能灯正常工作的时间；‎ ‎（3）节能灯与白炽灯在正常工作时发光效果相当，则两灯泡获得光能的功率相等，根据效率公式得出等式求解。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）因为“1200r/kW•h”表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转过1200r，‎ 所以电能表转盘转120r，电吹风消耗的电能：‎ W=kW•h=0.1kW•h，‎ 电吹风的功率：‎ P===1kW=1000W；‎ ‎（2）由P=可得，这些电能可供“220V10W”的节能灯正常工作的时间：‎ t′===10h；‎ ‎（3）灯的发光效率等于转化为光能的功率与消耗电能的功率（灯的电功率）之比，即η=，‎ 29‎ 因10W的节能灯与100W的白炽灯在正常工作时发光效果相当，‎ 所以两灯泡获得光能的功率相等，‎ 则：P白η白=P节η节，‎ 即100W×η白=10W×80%，‎ 解得该白炽灯的发光效率：η白=8%。‎ 故答案为：0.1；1000；10；8%。‎ ‎【点评】本题考查电功、电功率、能量利用效率的计算，关键是电能表相关参数的理解以及电功率公式的应用；知道：灯的发光效率等于转化为光能的功率与消耗电能的功率之比。‎ ‎　‎ 三、解答题（共50分，第22、23题要写出解题过程）‎ ‎21．（2.00分）根据要求作图：根据图中入射光线画出反射光线。‎ ‎【分析】在光的反射现象中，反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角。由此可以利用告诉的入射光线来确定反射光线。‎ ‎【解答】解：‎ 过入射点作反射面的垂线，即法线；根据反射角等于入射角，在法线的右侧画出反射光线。如图所示：‎ ‎【点评】在光的反射现象中，若告诉反射光线和入射光线中的任意一条光线，利用光的反射规律可以确定另一条光线。‎ ‎　‎ ‎22．（2.00分）如图，用螺丝刀撬图钉，画出在A点所加最小力F1的示意图和阻力F2的力臂l2。‎ 29‎ ‎【分析】力臂是支点到力的作用线的距离。由杠杆的平衡条件可知，当杠杆平衡时，力臂最长，力最小。‎ ‎【解答】解：由图知O是支点，F1作用在A点时，最长力臂是OA，所以F1的方向要与OA垂直，方向向下，这样才能保证其力臂是OA。‎ 过O点向力F2的作用线作垂线，即为阻力F2的力臂l2．如图所示：‎ ‎【点评】力臂为支点到力的作用线的距离，为一垂线段，不是直线。注意最小力的判断：当杠杆平衡时，力臂最长的力就是最小力。‎ ‎　‎ ‎23．（2.00分）画出图中A点处磁场的方向，并把小磁针N极涂黑。‎ ‎【分析】根据安培定则确定螺线管的NS极；‎ 在磁体的周围，磁感线是从磁体的N极流出，回到S极，由此可以确定A点的磁场方向；‎ 根据磁极间的作用规律可以确定小磁针的N、S极。‎ ‎【解答】解：根据安培定则：右手握住螺线管，四指弯向电流的方向，大拇指指向北极，即螺线管的左端为N极；‎ 在磁体的周围，磁感线是从磁体的N极流出，回到S极，故A点处磁场的方向向左，如图所示：‎ 由于异名磁极相互吸引，所以与螺线管左端的小磁针的右上端为S极；左下端为N极，如下图所示：‎ ‎【点评】本题考查安培定则，重点是在图中标注的磁场方向，通过线圈的绕向和电流方向确定螺线管的NS极。‎ 29‎ ‎　‎ ‎24．（6.00分）如图是一台火灾现场侦察、灭火的消防机器人，其质量为600kg，履带与地面接触的总面积为0.5m2，以3m/s的速度在水平地面沿直线匀速前进了1min，行驶时所受阻力为自重的0.02倍（g取10N/kg）。求：‎ ‎（1）消防机器人在1min内通过的路程。‎ ‎（2）消防机器人静止在水平地面时，对地面产生的压强。‎ ‎（3）在水平地面匀速直线前进的过程中，消防机器人牵引力做功的功率。‎ ‎【分析】（1）根据v=算出消防机器人在1min内通过的路程；‎ ‎（2）水平面上的物体，对水平面的压力大小与物体本身的重力相等，由p=求解；‎ ‎（3）匀速直线运动的物体，牵引力与所受阻力为一对平衡力，大小相等，根据P===Fv求得消防机器人牵引力做功的功率。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由v=得，消防机器人在1min内通过的路程：‎ s=vt=3m/s×60s=180m；‎ ‎（2）机器人对地面的压力：‎ F=G=mg=600kg×10N/kg=6000N，‎ 它对地面的压强：‎ p===1.2×104Pa；‎ ‎（3）因为机器人做匀速直线运动，‎ 所以小车的牵引力：F=f=0.02G=0.02×6000N=120N，‎ 消防机器人牵引力做功的功率：‎ P===Fv=120N×3m/s=360W。‎ ‎（1）消防机器人在1min内通过的路程为180m。‎ ‎（2）消防机器人静止在水平地面时，对地面产生的压强为1.2×104pa；‎ 29‎ ‎（3）在水平地面匀速直线前进的过程中，消防机器人牵引力做功的功率为360W。‎ ‎【点评】本题考查了速度、压强、功、功率的计算，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。‎ ‎　‎ ‎25．（6.00分）如图甲是“电子技师”学生社团所使用的迷你电烙铁，铭牌标有“6V12W”。社团小组对其，使电烙铁温度可调，图乙为小组设计的电路简图。闭合开关，当滑动变阻器（铭牌标有“15Ω2A”）接入电路的电阻为6Ω时，电烙铁刚好正常工作。不考虑温度对电阻的影响，求：‎ ‎（1）当电烙铁正常工作时，通过电烙铁的电流和电烙铁的电阻。‎ ‎（2）该电路两端的电源电压。‎ ‎（3）该电路中电烙铁的最小实际功率。‎ ‎【分析】由电路图可知，电烙铁R1与滑动变阻器R2串联。‎ ‎（1）电烙铁刚好正常工作时其两端的电压和额定电压相等，根据P=UI求出通过电烙铁的电流，再根据欧姆定律求出电烙铁的电阻；‎ ‎（2）当电烙铁正常工作时，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出该电路两端的电源电压；‎ ‎（3）当R2接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，电烙铁的实际功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R求出该电路中电烙铁的最小实际功率。‎ ‎【解答】解：由电路图可知，电烙铁R1与滑动变阻器R2串联。‎ ‎（1）由P=UI可得，电烙铁刚好正常工作时通过的电流：‎ I1===2A，‎ 由I=可得，电烙铁的电阻：‎ R1===3Ω；‎ 29‎ ‎（2）因串联电路中各处的电流相等，‎ 所以，当电烙铁正常工作时R2两端的电压：‎ U2=I2R2=I1R2=2A×6Ω=12V，‎ 因串联电路中总电压等于各分电压之和，‎ 所以，该电路两端的电源电压：‎ U=U1+U2=6V+12V=18V；‎ ‎（3）当R2接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，电烙铁的实际功率最小，‎ 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，‎ 所以，电路中的最小电流：‎ I===1A，‎ 则该电路中电烙铁的最小实际功率：‎ P1小=I2R1=（1A）2×3Ω=3W。‎ 答：（1）当电烙铁正常工作时，通过电烙铁的电流为2A，电烙铁的电阻为3Ω；‎ ‎（2）该电路两端的电源电压为18V；‎ ‎（3）该电路中电烙铁的最小实际功率为3W。‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意电烙铁正常工作时的电压和额定电压相等。‎ ‎　‎ ‎26．（3.00分）小明在“测量物质的密度”的实验中：‎ ‎（1）将天平放在水平工作台上，游码归零后发现指针偏向如图（a），就将左侧的平衡螺母向　右　调节，直到天平平衡；‎ ‎（2）用天平称量矿石的质量，天平再次平衡时，放在右盘中的砝码和游码在标尺上的位置如图（b）所示，则矿石的质量为　73.4　g；‎ ‎（3）利用量筒和水测量矿石的体积，如图（c）所示，得出矿石的密度是　3.67×103　kg/m3．‎ 29‎ ‎【分析】（1）天平使用前调节平衡时，要调节平衡螺母，规则是：指针向右偏就向左调平衡螺母，指针向左偏就向右调平衡螺母；‎ ‎（2）物体的质量等于砝码的质量和游码所对的刻度值之和；‎ ‎（3）矿石的体积等于矿石进入水中前后水面对应的刻度值的差。知道矿石的质量和体积，根据密度公式求出矿石的密度。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）游码归零后，由图甲知，指针向左偏，应将平衡螺母向右调，直到天平水平平衡；‎ ‎（2）如图所示，砝码质量为50g+20g=70g，游码所对的刻度值为3.4g，因此矿石的质量：m=70g+3.4g=73.4g；‎ ‎（3）矿石的体积：V=80ml﹣60ml=20ml=20cm3。‎ 矿石的密度：ρ===3.67g/cm3=3.67×103kg/m3。‎ 故答案为：（1）右；（2）73.4；（3）3.67×103。‎ ‎【点评】此题考查了密度的测量实验、天平的调节和天平使用，测量固体密度是初中物理重要的实验，一定要掌握。‎ ‎　‎ ‎27．（6.00分）某兴趣小组利用图示装置来研究凸透镜成像的规律。‎ ‎（1）为使像成在光屏中央，应调整元件，使LED灯的中心、光屏的中心在　同一高度　。小明将各元件调整到如图位置时，小组成员在光屏上都能观察到清晰的像，这个像一定是　缩小　的（放大/等大/缩小），此时光屏上发生了　漫　反射。‎ ‎（2）当LED灯向左移动时，要在光屏上再次获得清晰的像，只需将光屏向　左　（左/右）方向适当移到，或者在凸透镜前放置一个合适的　近视　眼镜。‎ ‎（3）小华在用同样的器材进行实验时，发现光屏上出现的像只有中间清晰，两侧却较模糊，小明只对凸透镜进行了调整，就在光屏上得到了清晰的像，他的调整是　C　。‎ A．左右适当移动凸透镜 B．上下适当移动凸透镜 C．适当扭转凸透镜 D．更换焦距合适的凸透镜 29‎ ‎【分析】（1）探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中央位置；凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像，反射分为镜面反射和漫反射；‎ ‎（2）凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小；‎ ‎（3）中间清晰，两侧却较模糊，说明凸透镜与光屏没有平行。‎ ‎【解答】解：（1）点燃蜡烛后，调节烛焰、凸透镜和光屏，使它们的中心位于同一高度，像才能呈在光屏的中央位置；此时物距大于像距，成倒立缩小的实像；小组成员在光屏上都能观察到清晰的像，此时光屏上发生了漫反射；‎ ‎（2）要在光屏上成清晰的像，说明凸透镜成实像，当烛焰向左（远离透镜）移动后，物距增大，像距减小，需将光屏向左靠近凸透镜；‎ 因为凹透镜对光线有发散作用，当烛焰向左（远离透镜）移动后，物距增大，像距减小，在凸透镜前放置一个合适的凹透镜（近视眼镜）将光线发散，再经过凸透镜折射，成清晰的像；‎ ‎（3）发现光屏上出现的像只有中间清晰，两侧较模糊，说明中间部分的物距此时正好在光屏上成清晰的像，两侧部分的物距大于或小于中间部分的物距，故适当扭转凸透镜，使凸透镜与光屏平行，在光屏上得到清晰的像，故选C。‎ 故答案为：（1）同一高度；缩小；漫；（2）右； 近视；（3）C。‎ ‎【点评】本题考查凸透镜的成像原理以及凹透镜对光线的作用，是一道综合题。‎ ‎　‎ ‎28．（6.00分）某小组在“观察水的沸腾”实验中：‎ ‎（1）图（a）中甲、乙、丙三种读温度计的方式正确的是　乙　；‎ ‎（2）图（b）安装实验器材时，应按照　自下而上　（自上而下/自下而上）的顺序进行；‎ ‎（3）从实验数据可以看出，水的沸点是　99℃　，由此可以判断此时大气压　小于　（小于/大于）一个标准大气压。为说明水沸腾过程中是否需要吸热，应　移去酒精灯　，观察水是否继续沸腾；‎ ‎（4）小明和小红分别利用质量相等的水按图（b）装置同时进行实验，正确操作，却得出了如图（c）所示的两个不同的图线，原因可能是　酒精灯火焰大小不同　。‎ 29‎ ‎【分析】（1）使用温度计测量液体温度时，正确的方法是：①测量前估计被测物体的温度，选择合适的温度计，明确温度计的量程和分度值；②测量时温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中； 不要碰到容器底或容器壁；③温度计玻璃泡浸入被测液体后要稍候一会儿，待温度计的示数稳定后再读数；④读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，视线与温度计中的液柱上表面相平；‎ ‎（2）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；‎ ‎（3）液体的沸点与气压的关系：气压越大，沸点越高，气压越低，沸点越低；‎ 根据水沸腾的条件进行分析：达到沸点并要继续吸热。‎ ‎（4）在装置相同的情况下，质量相同，水升温越快慢，与吸收热量的多少有关。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）读取温度计示数时，视线与温度计中的液柱上表面相平，不能仰视或俯视，所以正确的是乙；‎ ‎（2）酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度，安装实验器材时，应按照自下而上顺序进行；‎ ‎（3）水在沸腾过程中温度保持不变，由表格中数据知，水从第4min开始，水温达到99℃后吸热，温度不再升高，说明已经沸腾，沸点为99℃；如果水的沸点低于100℃是由于当地的大气压低于1标准大气压造成的；‎ 撤去酒精灯后，水不能吸热，所以水停止沸腾，这说明水沸腾时要吸收热量；‎ ‎（4）小明和小红分别利用质量相等的水按图（b）装置同时进行实验，正确操作，却得出了如图（c）所示的两个不同的图线，原因可能是酒精灯火焰大小不同。‎ 故答案为：（1）乙； （2）自下而上；（3）99℃； 小； 移去酒精灯； （4）酒精灯火焰大小不同。‎ ‎【点评】此题主要是探究水的沸腾实验，在做“观察水沸腾”的实验时，应能熟练装配实验的装置，并能分析实验条件对其结果的影响，同时要学会分析温度随时间变化的图象。‎ 29‎ ‎　‎ ‎29．（3.00分）某小组进行“探究动能大小与质量是否有关”的活动。‎ ‎（1）小明用两辆相同的小车，在其中一辆小车上放一个砝码，然后让它们从同一斜面的同一位置由静止释放，撞击置于水平面上的木块，如图（a）。‎ ‎①将小车从同一位置处释放，目的是为了控制小车到达水平面的　速度　相同。‎ ‎②通过比较　木块被推出的远近　来比较小车动能大小。根据实验得出结论：动能大小与质量大小有关。‎ ‎（2）小红改变实验方案：让同一小车，从同一斜面的不同高度由静止释放，撞击水平面上的木块，如图（b）。发现：木块滑行的距离不一样远。根据这一现象，能做出以下哪个判断？　C　。‎ A．动能大小与质量无关，一定还与其他因素有关 B．动能大小除了与质量有关外，一定还与其他因素有关 C．不能判断物体动能大小是否与质量有关，动能大小一定与质量外的其他因素有关 ‎【分析】（1）要探究动能大小与质量的关系，需控制速度相同。则让质量不同的小车从同一高度滚下；通过对木块推出距离的多少可看出小球动能的大小；‎ ‎（2）同一小车保证了质量相同，从斜面的不同高度滑下，到达水平面时的速度不同，木块被撞后移动的距离越远，推力做功越多，就可以说明木块的动能越大，从而得出质量相同时，速度越大的物体动能越大。动能的大小与物体的质量和速度有关。‎ ‎【解答】解：（1）要探究动能大小与质量的关系，需控制速度相同，为了使小车在水平面运动时的起始速度相等，需将质量不同的小车从斜面上的同一高度处由静止滑下；通过木块被推出距离的多少可看出小车动能的大小；‎ ‎（2）同一小车，从同一斜面的不同高度由静止释放，那么小车到达水平面时的速度就不同，小车推动木块做功，运动距离越远，做功越多，动能越大，小车质量一定，不能判断物体动能大小是否与质量有关，动能大小一定与质量外的其他因素有关；故选C。‎ 故答案为：（1）速度；木块被推出的远近；（2）C。‎ ‎【点评】掌握影响动能大小的影响因素，利用控制变量法和转换法，探究动能大小跟各因素之间的关系。‎ 29‎ ‎　‎ ‎30．（4.00分）如图所示，导体AB棒放在处于蹄形磁体磁场中的水平金属轨道上。‎ ‎（1）接通电源，这时会看到导体AB运动起来，这表明　磁场对通电导体　有力的作用。‎ ‎（2）保持磁场方向不变，改变导体AB中的电流方向，导体AB的运动方向　改变　（不变/改变）。‎ ‎（3）通电后导体AB运动的过程中，是把　电　能转化为　机械　能的过程。‎ ‎【分析】通电导体在磁场中受力的作用；且所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关，由此分析解答。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）接通电源，这时会看到导体AB运动起来，说明磁场对通电导体有力的作用；‎ ‎（2）通电导体在磁场中受力的方向与电流方向和磁场方向有关，只要有一个因素改变，导体的受力方向就会改变；所以保持磁场方向不变，改变导体AB中的电流方向，导体AB的运动方向改变；‎ ‎（3）通电后导体AB运动的过程中，消耗了电能，得到了导体运动的机械能，即把电能转化为机械能。‎ 故答案为：（1）磁场对通电导体；（2）改变；（3）电；机械。‎ ‎【点评】本题考查了磁场对电流作用的认识和理解，属于一道基础题。‎ ‎　‎ ‎31．（4.00分）某实验小组在探究“影响浮力大小的因素”时，做了如图所示的实验。观察图片并分别比较图中有关数据可知：‎ ‎（1）当物体逐渐浸入水中，物体底面所受压强将逐渐　变大　；‎ ‎（2）当物体浸没在水中时，受到的浮力为　1　N；‎ ‎（3）比较（b）、（c）两图，可以得出　物体排开液体的体积　越大，物体受到的浮力越大；‎ ‎（4）比较　（c）、（d）　两图可知，物体所受浮力的大小与液体密度有关。‎ 29‎ ‎【分析】（1）根据p=ρgh判断物体底部所受压强的变化；‎ ‎（2）根据F浮=G﹣F计算物体在水中受到的浮力大小；‎ ‎（3）分析b、c，得出浮力大小与物体排开液体体积的关系；‎ ‎（4）要得出物体所受浮力的大小与液体密度有关，需使物体排开液体的体积相同，液体的密度不同。‎ ‎【解答】解：（1）当物体逐渐浸入水中，下底面在水中的深度增加，根据p=ρgh可知，下底面所受的压强变大；‎ ‎（2）由a图知，物体的重力G=4N，由图c知，物体完全浸没在水中受到的拉力为3N，所以物体浸没在水中时，受到的浮力为F浮=G﹣F=4N﹣3N=1N；‎ ‎（3）（b）、（c）两图，液体的密度相同，物体排开液体的体积不同，物体排开液体的体积越大，测力计的示数越小，可得物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大；‎ ‎（4）（c）、（d）两图，物体都是完全浸没，排开液体的体积相同，液体的密度不同，测力计的示数不同，可得物体所受浮力的大小与液体密度有关。‎ 故答案为：（1）变大；（2）1；（3）物体排开液体的体积；（4）（c）、（d）。‎ ‎【点评】浮力大小与物体排开液体的体积和液体的密度有关，在探究影响浮力大小的因素实验中，应注意控制变量法的应用，而且要利用称重法来判断浮力的大小变化。‎ ‎　‎ ‎32．（6.00分）在“比较两个灯泡的亮暗”的活动中，如图（a）所示（电源由四节干电池串联，每节电压恒为1.5V，L1灯额定电压为3.8V，L2灯额定电压为2.5V）。‎ ‎（1）请用笔画线代替导线，将图a中的实物电路连接完整，使滑片在最右端时滑动变阻器连入电路的阻值最大。‎ ‎（2）L1、L2两灯应选择电阻　不同　（相同/不同）的白炽灯泡，连接电路后闭合开关，调节滑动变阻器，应比较两灯泡亮暗和　电压表示数　。总结发现：两灯串联时，通过灯泡的电流相等，电压越高，相同时间内　电流做功　越多，灯泡就越亮。‎ ‎（3）小明为测出L1‎ 29‎ 灯的额定电功率，在原电路中串联一只电流表如图（b），正确连接电路后闭合开关，读出甲表示数为2.8V，乙表示数为1.8V，电流表示数为0.14A，当滑片移动阻值最小处时，甲表示数如图（c）所示为　3.5　V，小明对电路进行改进，取走L2灯和乙表，正确连接电路后，发现还是无法测量L1灯的额定功率，小明思考后，在不增加电路元件的情况下又对实验进行改进，顺利完成了实验，他的做法是　去掉一节电池　。‎ ‎【分析】（1）将滑动变阻器一上一下串联在电路中，根据滑片在右端滑动变阻器的阻值最大判断下端所接的接线柱；‎ ‎（2）实验应选择不同规格，‎ ‎（3）根据电压表量程和分度值读数；电路电源太大，据此分析解答。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）将滑动变阻器串联在电路中，滑片位于最右端B时，滑动变阻器接入电路的电阻值最大，则滑动变阻器的下面应接左边的接线柱，如图所示：‎ ‎（2）L1、L2两灯应选择电阻不同的白炽灯泡，连接电路后闭合开关，调节滑动变阻器，应比较两灯泡亮暗和电压表示数；总结发现：两灯串联时，通过灯泡的电流相等，电压越高，相同时间内电流做功 越多，灯泡就越亮。‎ ‎（3）由图（c）可知，电压表量程0～15V，分度值0.5V，电压表示数为3.5V；‎ 小明对电路进行改进，取走L2灯和乙表，正确连接电路后，发现还是无法测量L1灯的额定功率，电压较大，小明思考后，在不增加电路元件的情况下又对实验进行改进，顺利完成了实验，他的做法是去掉一节电池。‎ 故答案为：（1）如上图；（2）不同； 电压表示数； 电流做功； （3）3.5； ‎ 29‎ ‎ 去掉一节电池。‎ ‎【点评】本题考查了滑动变阻器的连接、电压表的读数的能力，常见题目。‎ 29‎