四川省攀枝花市中考物理试题及答案解析word版 34页

‎2018年四川省攀枝花市中考物理试卷（解析版）‎ ‎　‎ 一、选择题（本题共12小题，每小题3分，共36分．每小题只有一个选项最符合题目要求）．‎ ‎1．（3分）（2018•攀枝花）下列估测中，最接近生活实际的是（　　）‎ A．一支新铅笔的长约为17cm B．攀枝花市夏季平均气温约为50℃‎ C．一瓶500mL的矿泉水质量为5kg D．复兴号高铁列车运行速度可达350m/s ‎2．（3分）（2018•攀枝花）下面哪一位科学家的发现，首次揭示了电与磁之间的联系（　　）‎ A．法拉第 B．焦耳 C．奥斯持 D．安培 ‎3．（3分）（2018•攀枝花）将冰块放于易拉罐中并加入适量的盐，用筷子搅拌大约半分钟，用温度计测量罐中冰与盐水混合物的温度低于0℃，此时易拉罐的下部和底部出现白霜，白霜形成的物态变化是（　　）‎ A．液化 B．汽化 C．凝固 D．凝华 ‎4．（3分）（2018•攀枝花）在2018年《歌手2》的总决赛中，来自美国的歌手Jessie•J获得了冠军，当她在台上与帮唱嘉宾李玟一起高歌时，她们两人声音最大的不同是（　　）‎ A．音调 B．响度 C．音色 D．声速 ‎5．（3分）（2018•攀枝花）下列说法正确的是（　　）‎ A．光在任何情况下都沿直线传播 B．夏天雨后出现彩虹是光的色散现象 C．光在水中的传播速度比空气中快 D．汽车的后视镜是凹面镜，可以扩大视野 ‎6．（3分）（2018•攀枝花）近年来，我国在科研领城不断取得新的突破，一些研究和应用已经步入世界先进行列。下列研究中我国与世界先进国家还存在较大差距，需要努力追赶的是（　　）‎ A．量子科技 B．5G通信 C．北斗导航系统 D．芯片设计制造 ‎7．（3分）（2018•攀枝花）关于液体和气体压强及相关的应用，下列说法中错误的是（　　）‎ A．小汽车设计成流线型，是为了在高速行驶时增强对地面的压力 B．青藏高原气压低，水的沸点低，煮饭要用高压锅 C．三峡船闸通行轮船利用了连通器原理 D．二滩电站大坝根据液体压强规律设计成“上窄下宽”‎ ‎8．（3分）（2018•攀枝花）某实验小组分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组（每个滑轮等重），在相同时间内把重物G提升相同高度，F1和F2大小相等，不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（　　）‎ A．力F1和F2做功的功率相同 B．力F1和F2做的总功相同 C．乙滑轮组更省力，两个滑轮组机械效率一样大 D．甲滑轮组的机械效率比乙滑轮组高 ‎9．（3分）（2018•攀枝花）匀速地向某容器内注满水，容器底所受水的压强与注水时间的关系如图所示，这个容器可能是（　　）‎ ‎10．（3分）（2018•攀枝花）如图所示，电源电压不变，开关闭合，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列判断正确的是（　　）‎ A．电流表的示数变大，电压表V1的示数变小，V2的示数不变 B．电流表的示数变大，电压表V1的示数变小，V2的示数变大 C．电流表的示数变小，电压表V1的示数变大，V2的示数变小 D．电流表的示数变大，电压表V1的示数不变，V2的示数变小 ‎11．（3分）（2018•攀枝花）如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，灯L1和L2都正常发光，甲、乙两个电表示数之比为4：3．此时灯L1和L2的电阻之比为（　　）‎ A．1：3 B．3：1 C．3：4 D．4：3‎ ‎12．（3分）（2018•攀枝花）如图所示，A、B两个物体叠放在水平面上，同时有F=2N的两个水平力分别作用于A、B两物体上，使A、B两个物体处于静止状态，下列分析正确的是（　　）‎ A．A和B之间摩擦力为0‎ B．地面对B的摩擦力为0‎ C．地面对B的摩擦力为2N，方向水平向左 D．地面对B的摩擦力为2N，方向水平向右 ‎　‎ 二、填空题（每空1分，共20分）‎ ‎13．（1分）（2018•攀枝花）如图所示，用刻度尺测量物体A的长度是　 　cm。‎ ‎14．（2分）（2018•攀枝花）在攀枝花市中考体育800m测试中，随着发令枪声响起，小睿如离弦之箭一般冲出起跑线，3分20秒后冲过终点，取得了长跑满分的好成绩，她在起跑过程中运动状态是否发生改变　 　（选填“是”成“否”），长跑过程中她的平均速度为　 　‎ m/s。‎ ‎15．（3分）（2018•攀枝花）眼球的结构类似于　 　（选填“照相机”、“幻灯机”或“放大镜”），把来自外界物体的光会聚在视网膜上形成物体　 　（选填“倒立”或”正立”）的像，小明同学由于不注意用眼卫生，形成了近视眼，应当戴　 　镜进行矫正。‎ ‎16．（2分）（2018•攀枝花）将一瓶饮料在冰箱中冷藏一段时间后，取出放一会儿，表面会变湿，用毛中擦干后过一会几又会变湿，这是　 　（填物态变化名称）现象，该现象需要　 　（选填“吸热”或”放热”）。‎ ‎17．（2分）（2018•攀枝花）地球自转的方向为自西向东，太空中的地球同步卫星相对于学校操场是　 　（选填“静止”或“运动”）的，小明在操场进行立定跳远时，向哪个方向跳成绩更好？　 　（选填“向东”、“向西”或“都一样”）。‎ ‎18．（2分）（2018•攀枝花）如图所示，将吸管放在铁支架上，吸管可在水平面内自由转动，用餐巾纸摩擦吸管，再用一带负电物体靠近吸管，发现它们互相排斥，说明吸管带　 　（选填“正”或“负”）电荷，吸管上的电荷没有通过铁支架转移，说明吸管是　 　（选填“导体”或“绝缘体”）。‎ ‎19．（2分）（2018•攀枝花）额定功率均为“220V 500W”的电吹风和电熨斗，都在额定电压下工作两分钟，　 　产生的热量多，产生的热量为　 　J。‎ ‎20．（2分）（2018•攀枝花）如图是R1、R2两电阻的电压与电流关系图象，由图可知，电阻R1的阻值为　 　Ω，若将两电阻并联后接在3V电源两端，干路电流为　 　A。‎ ‎21．（2分）（2018•攀枝花）如图所示，测电笔正确的使用方法是　 　（选填”甲”或“乙”），已知测电笔的电阻约为1.1×106Ω，氖管和人体的电阻比它小得多，可以忽略，请你计算“220V 40W”灯泡正常工作时的电流约为正确使用测电笔时通过人体电流的　 　倍（结果保留到整数）。‎ ‎22．（2分）（2018•攀枝花）将一合金块轻轻是放入盛满水的溢水杯中，当其静止后有72g水溢出，再将其捞出擦干后轻轻放入盛满酒精的溢水杯中，当其静止后有64g酒精溢出，则合金块在酒精中受到的浮力为　 　N，合金块的密度为　 　kg/m3．（ρ酒精=0.8×103kg/m3，g=10N/kg）‎ ‎　‎ 三、作图题（每小题2分，共6分）‎ ‎23．（2分）（2018•攀枝花）如图所示，在图中根据平面镜成像特点作出三角形ABC在平面镜中的像。‎ ‎24．（2分）（2018•攀枝花）如图所示，一个绕O点的转动的杠杆，已知动力F1的方向和阻力F2的力臂L2，请画出动力F1的力臂L1以及阻力F2。‎ ‎25．（2分）（2018•攀枝花）如图所示，请标出闭合磁电螺线管的N极，并用箭头标出小磁针N极的旋转方向。‎ ‎　‎ 四、实验，探究题（每空1分，20分）‎ ‎26．（5分）（2018•攀枝花）小明利用如图甲所示装置探究冰块熔化的特点，他每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质的状态。‎ ‎（1）冰的熔化过程持续了　 　min。‎ ‎（2）图乙是他根据记录的数据绘制的“温度﹣﹣时间”图象，由图象可知：冰属于　 　‎ ‎（选填“晶体”或“非晶体”），这样判断的依据是　 　。‎ ‎（3）图乙中第4min时，物质处于　 　态。‎ ‎（4）图乙中，物体在A点时其有的内能　 　（选填大于”、“小于”或“等于”）在B点时的内能。‎ ‎27．（4分）（2018•攀枝花）夏天我们经常使用电风扇，电风扇吹出风的强度与什么因素有关？对此小明提了两个猜想，并利用玩具电风来进行探究。‎ 猜想一：电风扇吹出风的强度与距离电风扇的远近有关；‎ 猜想二：电风扇吹出风的强度与扇叶的转速有关；‎ 为证实上述猜思小明同学设计了如图甲所示装置：将纸板B固定在支架上，纸板A与轻杆固定后悬挂在纸板B上的转轴O处，纸板A和轻杆可绕转轴O自由摆动，将电风扇放在左侧正对纸板A．图中s是纸板A自然下垂时（虚线）到电风扇的水平距离，θ是纸板A问右摆动稳定后轻杆与竖直方向的夹角，θ越大，说用电风扇吹出风的强度越强。‎ ‎（1）探究猜想一：保持电风扇的转速不变，移动电风扇，使s分别等于0.3cm、0.5cm、0.7cm、0.9cm，在纸板B上分别标下纸板A稳定时轻轩的位置a、b、c、d，如图乙所示，可知猜想一是　 　（选“正确”或“错误”）的。‎ ‎（2）探究猜想二：小明同学将一个滑动变阻器与电风扇的电动机　 　（选填“串联”或“并联”），在探究过程中，还要保持　 　不变。‎ ‎（3）你认为电风扇吹出风的强度还可能与　 　有关。（写出一个合理的答案）‎ ‎28．（5分）（2018•攀枝花）小明在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，选用质量不同两个钢球m和M（M的质量大于m），分别不从同的高度h和H（H＞h）静止开始放下，观察木块B被撞击后移动的距离。实验过程如图所示。‎ ‎（1）小明通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小，他利用的研究方法是　 　（选填“控制变量法”或“转换法”）；若水平面绝对光滑，本实验将　 　（选填“能”或“不能”）达到探究目的。‎ ‎（2）由甲、乙图可得实验结论：物体的动能大小与　 　有关。‎ ‎（3）小明根据甲、丙两图得出论：物体的动能大小与质量有关，她的看法是否正确？　 　（选填“正确”或“错误”），理由是：　 　。‎ ‎29．（6分）（2018•攀枝花）小明同学利用电流表和电阻箱测量小灯泡的功率，设计并接了如图甲所示的实物电路。‎ ‎（1）为了保护电路，闭合开关S1前，应将滑片P移到动变阻器的　 　（“A”或“B”）端。‎ ‎（2）闭合开关S1，将单刀双掷开关S2扳向“1”，调节滑动变阻器调节电阻箱的阻值使电流表的示数为I1，如图乙所示，I1=　 　A；‎ ‎（3）将开关S2扳向“2”，保待滑动变阻器的阻值不变，调节滑动变阻箱的阻值R，使电流表的示数仍为I1，此时R=5Ω；则步骤（2）中小灯泡的电阻R1=　 　Ω，测量小灯泡电阻的方法是　 　（选填“控制变量法”或“等效替代法”）；‎ ‎（4）步骤（2）小灯泡的实际功率P1=　 　W；‎ ‎（5）若小灯泡的额定电流为I0=2I1，以下关于灯泡额定功率P0与实际功率P1‎ 的数值关系，你认为最有可能的是　 　。‎ A．P0=2P1B．P0=3P1 C．P0=4P1D．P0=5P1‎ ‎　‎ 五、计算题（第30小题4分，第31小题6分，第32小题8分，共18分）‎ ‎30．（4分）（2018•攀枝花）小明家里的电热水器里装有50kg、20℃的水，通电后将水加热到70℃，已知ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/（kg•℃）。‎ 求：（1）电热水器里水的体积 ‎（2）水吸收的热量。‎ ‎31．（6分）（2018•攀枝花）“绿水青山就是金山银山”，为了保护环境，我国大力发展电动汽车车替代传统燃油汽车。表中是某种电动汽车的部分参数，假设车上只有司机一人，质量为60kg，汽车匀速行驶时所受阻力为总重力的0.04倍，电动汽车充满电后以节电模式匀速行驶20km，电池剩余容量为38kW•h．（g=10N/kg）‎ 空车质量 ‎1380kg 轮胎与地面总接触面积 ‎320cm 电池容量 ‎42kW•h 最高时速 ‎120km/h 最大功率 ‎100kW 最大续航里程 ‎260km 求：（1）电动汽车对水平地面的压强 ‎（2）电动汽车匀速行驶20km，牵引力所做的功 ‎（3）电动汽车电能转化为机械能的转化效率 ‎32．（8分）（2018•攀枝花）如图所示，灯泡L上标有“6V 2.4W”字样，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0﹣15V．滑动变阻器的最大电阻为160Ω．只闭合S1，滑片置于某点a时，滑动变阻器接入电路中的电阻Ra=40Ω，电压表示数Ua=12V，电流表示数为Ia；只闭合S2，滑片置于某点b时，滑动变阻器接入电路中的电阻为Rb，电流表示数为Ib．已知Ia：Ib=3：4，Rb：R0=3：2（灯丝电阻不随温度变化），滑片移动过程中，灯泡电压不超过额定值，电表示数不超过量程。‎ 求：（1）小灯泡正常发光时的电阻；‎ ‎（2）定值电阻R0和电源电压U；‎ ‎（3）只闭合S1时，电路消耗的最小功率。‎ ‎　‎ ‎2018年四川省攀枝花市中考物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（本题共12小题，每小题3分，共36分．每小题只有一个选项最符合题目要求）．‎ ‎1．（3分）（2018•攀枝花）下列估测中，最接近生活实际的是（　　）‎ A．一支新铅笔的长约为17cm B．攀枝花市夏季平均气温约为50℃‎ C．一瓶500mL的矿泉水质量为5kg D．复兴号高铁列车运行速度可达350m/s ‎【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。‎ ‎【解答】解：A、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，新铅笔的长度略小于此数值，在17cm左右。故A符合实际；‎ B、攀枝花市夏季高温炎热，最高气温可能超过35℃，但平均气温要低于35℃．故B不符合实际；‎ C、一瓶500mL=500cm3的矿泉水的质量在m=ρV=1.0g/cm3×500cm3=500g=0.5kg左右。故C不符合实际；‎ D、复兴号高铁运行速度可以达到350km/h。故D不符合实际。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】对日常生活中的速度、质量、长度、温度等进行准确的估测，是要求初中学生掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。‎ ‎　‎ ‎2．（3分）（2018•攀枝花）下面哪一位科学家的发现，首次揭示了电与磁之间的联系（　　）‎ A．法拉第 B．焦耳 C．奥斯持 D．安培 ‎【分析】根据各位科学家的贡献进行解答。‎ ‎【解答】解：‎ ‎1820年奥斯特发现电流周围存在磁场后，首次揭开了电与磁的联系，证明了“电生磁”，故C正确。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，同时考试中也时有涉及，在学习中应注意。‎ ‎　‎ ‎3．（3分）（2018•攀枝花）将冰块放于易拉罐中并加入适量的盐，用筷子搅拌大约半分钟，用温度计测量罐中冰与盐水混合物的温度低于0℃，此时易拉罐的下部和底部出现白霜，白霜形成的物态变化是（　　）‎ A．液化 B．汽化 C．凝固 D．凝华 ‎【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华。‎ ‎【解答】解：易拉罐的下部有白霜形成，是由于空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶，即白霜。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。‎ ‎　‎ ‎4．（3分）（2018•攀枝花）在2018年《歌手2》的总决赛中，来自美国的歌手Jessie•J获得了冠军，当她在台上与帮唱嘉宾李玟一起高歌时，她们两人声音最大的不同是（　　）‎ A．音调 B．响度 C．音色 D．声速 ‎【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。‎ ‎【解答】解：‎ ABC、两人同唱一首歌时，她们声音的音调相同，响度也可能相同，但由于不同人的声带结构特点不同，因此她们声音的音色不同，故AB错误、C正确；‎ D、在同一环境的空气中，声音的传播速度是相同的，故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。‎ ‎　‎ ‎5．（3分）（2018•攀枝花）下列说法正确的是（　　）‎ A．光在任何情况下都沿直线传播 B．夏天雨后出现彩虹是光的色散现象 C．光在水中的传播速度比空气中快 D．汽车的后视镜是凹面镜，可以扩大视野 ‎【分析】（1）光在同一均匀介质中沿直线传播；‎ ‎（2）夏天雨后出现彩虹是光的色散现象；‎ ‎（3）光在不同介质中的传播速度不同，在真空和空气中最快，在水中和固体中较慢；‎ ‎（4）凸面镜对光有发散作用，可扩大视野，凹面镜对光有会聚作用。‎ ‎【解答】解：A、光在同一均匀介质中沿直线传播，在不同的介质中或介质不均匀时会发生偏折，故A错误；‎ B、夏天雨后，空气中有大量小水滴，太阳光经这些水滴折射后可分解成七种色光，这就是光的色散现象，故B正确；‎ C、光在水中的传播速度比空气中慢，在真空中最快，故C错误；‎ D、汽车的后视镜是凸面镜，可以扩大视野，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题围绕光现象的一些基本规律的应用，考查了我们对这些基本知识的掌握，总体难度不大。‎ ‎　‎ ‎6．（3分）（2018•攀枝花）近年来，我国在科研领城不断取得新的突破，一些研究和应用已经步入世界先进行列。下列研究中我国与世界先进国家还存在较大差距，需要努力追赶的是（　　）‎ A．量子科技 B．5G通信 C．北斗导航系统 D．芯片设计制造 ‎【分析】根据我国的优势产业和落后产业分析解答。‎ ‎【解答】解：我国大幅落后世界先进水平的行业业主要有两个：（1）制药行业；（2）半导体芯片行业。‎ 优势领域：：5G通讯方案解决（华为，中兴，大唐），智能手机，pc，智能家电，家用电器，高铁，造船，核电，全球定位导航（北斗），量子通讯，可控核聚变研发，化工各领域，钢铁，互联网，轨道交通，超级计算机，人工智能AI，软件工程等。‎ 综合分析，我国与世界先进国家还存在较大差距，需要努力追赶的是芯片设计制造，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查了我国的优势和落后产业，通过本题可以激发学生的学习兴趣。‎ ‎　‎ ‎7．（3分）（2018•攀枝花）关于液体和气体压强及相关的应用，下列说法中错误的是（　　）‎ A．小汽车设计成流线型，是为了在高速行驶时增强对地面的压力 B．青藏高原气压低，水的沸点低，煮饭要用高压锅 C．三峡船闸通行轮船利用了连通器原理 D．二滩电站大坝根据液体压强规律设计成“上窄下宽”‎ ‎【分析】（1）流速越大的地方压强越小；‎ ‎（2）气压与海拔高度有关；液体的沸点跟气压的大小有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低；‎ ‎（3）连通器里装同种液体且液体在不流动时液面总是相平的；‎ ‎（4）液体的压强随着深度的增加而增大。‎ ‎【解答】解：A、小汽车外型是流线型，当汽车高速行驶时，相同时间内，空气经过上方的路程比下方路程长，流速大，压强小，汽车在压强差下产生向上的升力，汽车对路面的压力减小，故A错误；‎ B、青藏高原高度高，气压低，水的沸点低，煮饭要用高压锅，故B正确；‎ C、连通器至少有两个开口，而且下面是相通的，当连通器里装同种液体且液体在不流动时液面总是相平的，三峡船闸通行轮船就是利用了连通器原理，故C正确；‎ D、因为液体（坝里的水）的压强随深度增大而增大，所以底部的坝受到的压强较大，所以二滩电站大坝筑成上窄下宽，故D正确。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】此题型综合考查了流体压强与流速的关系、沸点与气压的关系、连通器的原理，液体压强的特点等知识，是一道综合题，难度不大，掌握课本知识即可解答。‎ ‎　‎ ‎8．（3分）（2018•攀枝花）某实验小组分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组（每个滑轮等重），在相同时间内把重物G提升相同高度，F1和F2大小相等，不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（　　）‎ A．力F1和F2做功的功率相同 B．力F1和F2做的总功相同 C．乙滑轮组更省力，两个滑轮组机械效率一样大 D．甲滑轮组的机械效率比乙滑轮组高 ‎【分析】①使用滑轮组时，手拉绳子自由端做的功是总功；总功与所用时间之比是拉力做功的功率；‎ ‎②根据已知条件判断省力情况；利用公式η====比较滑轮组机械效率。‎ ‎【解答】解：‎ 由图知，甲滑轮组中承担物重的绳子段数n=3，乙滑轮组中承担物重的绳子段数n=4。‎ AB、若重物上升高度为h，则两滑轮组中绳端移动的距离分别为：s甲=3h，s乙=4h；‎ 甲滑轮组中拉力做的总功为W甲总=F1•3h，乙滑轮组中拉力做的总功为W乙总=F2•4h，‎ 已知F1=F2，所以W甲总＜W乙总，故B错误；‎ 已知时间相同，由公式P=知，P甲总＜P乙总．故A错误；‎ CD、已知F1=F2，所以省力情况相同，故C错误；‎ 甲、乙两滑轮组提升的物重G相同，设一个动滑轮的重为G动，‎ 不计绳重及摩擦，则甲滑轮组的机械效率为：η甲====，‎ 乙滑轮组中有2个动滑轮，同理可得，乙滑轮组的机械效率为：η乙=，‎ 所以η甲＞η乙，故C错误，D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查了使用滑轮组时n的确定方法，总功、机械效率、功率的计算方法，本题关键在于确定总功大小关系。‎ ‎　‎ ‎9．（3分）（2018•攀枝花）匀速地向某容器内注满水，容器底所受水的压强与注水时间的关系如图所示，这个容器可能是（　　）‎ ‎【分析】观察图象，容器底所受水的压强随注水时间缓慢上升，再针对每个容器的特点，选择合适的答案。‎ ‎【解答】解：根据图象，容器底所受水的压强变化是越来越慢，‎ 当匀速地向某容器内注满水时，压强变化越来越慢，根据p=ρgh可知，水面升高的高度变化越来越慢，容器的形状是上口大、底小。‎ A、A选项的锥形瓶，水面升高的高度变化是越来越快，不符合题意 BD、BD选项的烧杯和量筒，水面升高的高度变化是均匀的，不符合题意；‎ C、C选项的量杯，水面升高的高度变化是越来越慢，符合题意；‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题要求正确理解函数图象与实际问题的关系，理解问题的过程，能够通过图象得到函数是随自变量的增大，知道函数值是增大还是减小，通过图象得到函数是随自变量的增大或减小的快慢。‎ ‎　‎ ‎10．（3分）（2018•攀枝花）如图所示，电源电压不变，开关闭合，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列判断正确的是（　　）‎ A．电流表的示数变大，电压表V1的示数变小，V2的示数不变 B．电流表的示数变大，电压表V1的示数变小，V2的示数变大 C．电流表的示数变小，电压表V1的示数变大，V2的示数变小 D．电流表的示数变大，电压表V1的示数不变，V2的示数变小 ‎【分析】分析电路的连接及两电压表测量的电压和电流表测量的电流：‎ ‎（1）分析当滑动变阻器滑片P向右移动时，确定R2变化，根据电阻的串联判断总电阻变化，由欧姆定律确定电流表示数变化；‎ ‎（2）根据欧姆定律的变形公式U=IR，分析R1的电压变化；‎ 根据串联电路电压的规律确定电压表V1变化。‎ ‎【解答】解：‎ 由图知，两电阻串联，电压表V2测R1的电压，电压表V1测R2的电压，电流表测电路中的电流；‎ ‎（1）当滑动变阻器滑片P向右移动时，R2接入电路的阻值变小，根据电阻的串联，总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，故C错误；‎ ‎（2）因电流变大，根据U=IR可知，定值电阻R1的电压变大，即电压表V2的示数变大，根据串联电路电压的规律可知，电压表V1的示数变小，故B正确；AD错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的识别。‎ ‎　‎ ‎11．（3分）（2018•攀枝花）如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，灯L1和L2都正常发光，甲、乙两个电表示数之比为4：3．此时灯L1和L2的电阻之比为（　　）‎ A．1：3 B．3：1 C．3：4 D．4：3‎ ‎【分析】根据电压表并联在电路中，电流表串联在电路中确定甲乙仪表的种类，然后根据串联电路的特点和欧姆定律求出两灯泡的电阻之比。‎ ‎【解答】解：‎ 由图知，如果甲、乙两个电表中任何一个为电流表，将会形成短路，因此甲、乙都为电压表，此时灯L1、L2串联连接，电压表乙测量L2两端电压，电压表甲测量电源电压；‎ 因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，且甲、乙两个电表的示数之比是4：3，‎ 所以灯L1、L2两端电压之比：U1：U2=（4﹣3）：3=1：3；‎ 又因为串联电路电流相等，即I1=I2；‎ 所以，由I=可得，R1：R2=：=U1：U2=1：3。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】本题考查电压表和电流表在电路中的作用、串联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是明确甲乙仪表的种类和测量对象。‎ ‎　‎ ‎12．（3分）（2018•攀枝花）如图所示，A、B两个物体叠放在水平面上，同时有F=2N的两个水平力分别作用于A、B两物体上，使A、B两个物体处于静止状态，下列分析正确的是（　　）‎ A．A和B之间摩擦力为0‎ B．地面对B的摩擦力为0‎ C．地面对B的摩擦力为2N，方向水平向左 D．地面对B的摩擦力为2N，方向水平向右 ‎【分析】对整体受力分析，通过共点力平衡，求出地面对B的摩擦力，隔离对A分析，得出B对A的摩擦力大小。‎ ‎【解答】解：对A分析，A在水平方向上受水平向左的拉力F和B对A向右的静摩擦力，因为A处于静止状态，受到的这两个力是平衡力，大小相等，所以f1=F=2N，故A错误；‎ 把AB看成一个整体，处于静止状态，受到平衡力的作用，在水平方向上受向左的拉力F和向右的拉力F，由于两力拉力大小相等，所以整体在水平方向上只受两个拉力，地面对B没有摩擦力，故B正确，CD错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡求解，注意整体法和隔离法的运用。‎ ‎　‎ 二、填空题（每空1分，共20分）‎ ‎13．（1分）（2018•攀枝花）如图所示，用刻度尺测量物体A的长度是　3.10　cm。‎ ‎【分析】（1）刻度尺的最小刻度值为相邻的刻度线表示的长度；‎ ‎（2）起始端没从0开始，把9.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去9.00cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。‎ ‎【解答】解：‎ 图示刻度尺1cm又分为10个小刻度，故最小刻度值为1mm；‎ 物体A起始端对应的刻度值为3.00cm，物体A末端对应的刻度值为6.10cm，所以物体A长度为6.10cm﹣3.00cm=3.10cm。‎ 故答案为：3.10。‎ ‎【点评】刻度尺是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值，使用时刻度要紧贴被测物体，读数时视线与刻度垂直，估读到分度值的下一位。‎ ‎　‎ ‎14．（2分）（2018•攀枝花）在攀枝花市中考体育800m测试中，随着发令枪声响起，小睿如离弦之箭一般冲出起跑线，3分20秒后冲过终点，取得了长跑满分的好成绩，她在起跑过程中运动状态是否发生改变　是　（选填“是”成“否”），长跑过程中她的平均速度为　4　m/s。‎ ‎【分析】（1）运动状态的改变包括速度大小和方向的改变；‎ ‎（2）已知路程和时间，利用速度公式计算平均速度。‎ ‎【解答】解：‎ 小睿在起跑过程中，速度不断增大，所以其运动状态发生改变；‎ 全程所用的时间：t=3min20s=200s，‎ 长跑过程中她的平均速度：v===4m/s。‎ 故答案为：是；4。‎ ‎【点评】此题考查速度的计算和运动状态的改变，难度不大，属于基础题目。‎ ‎　‎ ‎15．（3分）（2018•攀枝花）眼球的结构类似于　照相机　‎ ‎（选填“照相机”、“幻灯机”或“放大镜”），把来自外界物体的光会聚在视网膜上形成物体　倒立　（选填“倒立”或”正立”）的像，小明同学由于不注意用眼卫生，形成了近视眼，应当戴　凹透　镜进行矫正。‎ ‎【分析】（1）眼球相好像一架照相机，眼睛的晶状体和角膜共同作用相当于一个凸透镜，眼睛看物体时，物体在凸透镜二倍焦距以外，成倒立、缩小的实像。‎ ‎（2）近视眼的成因：晶状体变厚或眼球太长，看远处物体时，像成在视网膜的前方。‎ ‎【解答】解：（1）眼球好像一架照相机，晶状体和角膜共同作用相当于一个凸透镜。把来自外界物体的光会聚在视网膜上成倒立、缩小的实像。‎ ‎（2）不注意用眼卫生，患上近视是因为晶状体变厚，对光线的会聚能力增强，要矫正近视眼需要使光线发散一些，由于凹透镜对光线有发散作用，故用凹透镜来矫正。‎ 故答案为：照相机；倒立；凹透。‎ ‎【点评】本题主要考查学生对眼睛及其视物原理的了解和掌握，以及对近视眼的成因和矫正方法的掌握。‎ ‎　‎ ‎16．（2分）（2018•攀枝花）将一瓶饮料在冰箱中冷藏一段时间后，取出放一会儿，表面会变湿，用毛中擦干后过一会几又会变湿，这是　液化　（填物态变化名称）现象，该现象需要　放热　（选填“吸热”或”放热”）。‎ ‎【分析】物质由气态变为液态叫液化，液化放热。‎ ‎【解答】解：由于从冰箱取出的饮料温度比较低，周围空气中的水蒸气因遇冷发生液化，附着在饮料瓶外壁上，表面会变湿。擦去这层水，又有新的水蒸气在温度低的饮料瓶外壁发生液化，一会几又会变湿；液化过程需要放热。‎ 故答案为：液化；放热。‎ ‎【点评】此题考查的是液化知识的应用，解答此题的关键是看液化的条件有没有发生变化。‎ ‎　‎ ‎17．（2分）（2018•攀枝花）地球自转的方向为自西向东，太空中的地球同步卫星相对于学校操场是　静止　（选填“静止”或“运动”）的，小明在操场进行立定跳远时，向哪个方向跳成绩更好？　都一样　（选填“向东”、“向西”或“都一样”）。‎ ‎【分析】（1）判断物体的运动和静止，看被研究的物体和参照物之间是否发生了位置的改变，如果发生了位置的改变，被研究的物体是运动的，如果没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的。‎ ‎（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性大小只和质量有关，与物体的运动状态、物体的形状、位置等都无关。‎ ‎【解答】解：地球同步卫星和学校操场之间没有发生位置的改变，所以以学校操场为参照物，同步卫星是静止的。‎ 立定跳远时，跳起之前，人与地面具有相同的速度。由于惯性，跳起来之后人依然要保持原来的运动状态，在相同的时间内，人转过的距离与地面转过的距离相等，所以无论跳远运动员向那个方向跳起，结果都一样。‎ 故答案为：静止；都一样。‎ ‎【点评】本题主要考查学生对运动和静止是相对的以及惯性知识的理解和掌握情况。生活中有很多惯性的例子，要求学生善于发现日常生活中惯性现象。‎ ‎　‎ ‎18．（2分）（2018•攀枝花）如图所示，将吸管放在铁支架上，吸管可在水平面内自由转动，用餐巾纸摩擦吸管，再用一带负电物体靠近吸管，发现它们互相排斥，说明吸管带　负　（选填“正”或“负”）电荷，吸管上的电荷没有通过铁支架转移，说明吸管是　绝缘体　（选填“导体”或“绝缘体”）。‎ ‎【分析】电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。容易导电的物体叫做导体，不容易导电的物体叫做绝缘体。‎ ‎【解答】解：用带负电的物体靠近吸管，发现它们互相排斥，说明吸管带负电荷；吸管上的电荷没有通过铁支架转移，说明吸管是绝缘体。‎ 故答案为：负；绝缘体。‎ ‎【点评】此题考查电荷间作用规律的应用，是一道基础题。‎ ‎　‎ ‎19．（2分）（2018•攀枝花）额定功率均为“220V 500W”的电吹风和电熨斗，都在额定电压下工作两分钟，　电熨斗　产生的热量多，产生的热量为　60000　J。‎ ‎【分析】额定电压下用电器的实际功率和额定功率相等，根据W=Pt可知它们消耗电能的关系和电流做功的关系，然后根据它们工作时能量的转化可知产生热量的关系，根据Q=W=Pt算出产生的热量。‎ ‎【解答】解：‎ 电吹风和电熨斗的额定功率相同，在额定电压下它们的实际功率相等，由W=Pt可知，工作相同时间时，消耗的电能相同，电吹风工作时消耗电能大部分转化为机械能，产生很少的热量；‎ 电熨斗工作时消耗的电能全部转化为热量，电流通过电熨斗产生的热量最多；‎ 产生的热量为：Q=W=Pt=500W×120s=60000J。‎ 故答案为：电熨斗；60000。‎ ‎【点评】本题考查了用电器工作时消耗电能的比较和能量转化，要注意生活中常用电器能量的转化。‎ ‎　‎ ‎20．（2分）（2018•攀枝花）如图是R1、R2两电阻的电压与电流关系图象，由图可知，电阻R1的阻值为　10　Ω，若将两电阻并联后接在3V电源两端，干路电流为　0.9　A。‎ ‎【分析】（1）由图象读出电阻R1的任意一组电压和电流值，根据欧姆定律求出电阻R1的阻值；‎ ‎（2）两电阻并联时两端的电压相等，根据图象读出对应的电压，再根据并联电路的电流特点求出干路电流。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由图象可知，当I=0.3A时，R1的电压U1=3V，‎ 则由I=可得R1的阻值：‎ R1===10Ω；‎ ‎（2）将两电阻并联后接在3V电源两端，则U1=U2=U=3V，‎ 由图象可知，此时I1′=0.3A，I2′=0.6A，‎ 由并联电路的电流特点可得，干路电流：I=I1′+I2′=0.3A+0.6A=0.9A。‎ 故答案为：10；0.9。‎ ‎【点评】本题考查了并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是根据图象读出电流和电压的对应值。‎ ‎　‎ ‎21．（2分）（2018•攀枝花）如图所示，测电笔正确的使用方法是　乙　（选填”甲”或“乙”），已知测电笔的电阻约为1.1×106Ω，氖管和人体的电阻比它小得多，可以忽略，请你计算“220V 40W”灯泡正常工作时的电流约为正确使用测电笔时通过人体电流的　900　倍（结果保留到整数）。‎ ‎【分析】①正确使用试电笔的方法：站在地上手接触试电笔的笔尾金属体，笔尖接触火线或零线。氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线；三孔插座的左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，根据测电笔的正确使用方法进行分析，即食指接触测电笔末端的金属部位，使电路形成通路；‎ ‎②已知家庭电路电压及测电笔电阻和灯泡额定电压和额定功率，可以得到两者通过的电流，比较得到结果。‎ ‎【解答】解：使用测电笔时，拇指和中指不要接触测电笔前端的金属体，手必须接触测电笔末端的金属体，使电源和大地之间形成通路，故乙是正确的测量方法；‎ 通过测电笔的电流为I笔===2×10﹣4A；‎ 因为P=UI，‎ 所以通过灯泡的电流为I灯==≈0.18A，‎ 所以灯泡正常工作时的电流约为正确使用测电笔时通过人体电流的=900倍。‎ 故答案为：乙；900。‎ ‎【点评】此题考查了测电笔的用法及欧姆定律的应用，通过计算可以使我们加深对测电笔测量原理的理解。‎ ‎　‎ ‎22．（2分）（2018•攀枝花）将一合金块轻轻是放入盛满水的溢水杯中，当其静止后有72g水溢出，再将其捞出擦干后轻轻放入盛满酒精的溢水杯中，当其静止后有64g酒精溢出，则合金块在酒精中受到的浮力为　0.64　N，合金块的密度为　0.9×103　kg/m3．（ρ酒精=0.8×103kg/m3，g=10N/kg）‎ ‎【分析】‎ 根据阿基米德原理求出物块分别在水中和酒精中受到的浮力，然后比较浮力的关系即可确定物块的运动状态。‎ ‎【解答】解：该物块放在水中时，受到的浮力：F浮=G排=m排g=0.072kg×10N/kg=0.72N；‎ 该物块放在酒精中时，受到的浮力：F浮′=G排′=m排′g=0.064kg×10N/kg=0.64N；‎ 通过上面的计算可知，物体在酒精中受到的浮力小于物块在水中所受的浮力，而物块的重力不变，因此物块在水和酒精中不可能都漂浮，只能是一漂一沉或两个都浸没；‎ 由于酒精的密度小于水的密度，则物块放入酒精中一定是下沉的，‎ 则根据F浮=ρ液gV排得物块的体积：‎ V物=V排酒精===8×10﹣5m3=80cm3，‎ 物块在水中时，其排开水的体积：‎ V排水===7.2×10﹣5m3=72cm3；‎ 因为排开水的体积小于排开酒精的体积，所以物块在水中漂浮。‎ 因为物块在水中漂浮，‎ 所以物体的重力等于浮力（排开水的重力），则mA=m排水=72g=0.072kg。‎ 则A的密度：ρA===0.9×103kg/m3。‎ 故答案为：0.64；0.9×103。‎ ‎【点评】本题考查密度公式的掌握、阿基米德原理和物体浮沉条件的掌握和应用，判断出物体在酒精中的状态是解决此题的关键，应属于难题。‎ ‎　‎ 三、作图题（每小题2分，共6分）‎ ‎23．（2分）（2018•攀枝花）如图所示，在图中根据平面镜成像特点作出三角形ABC在平面镜中的像。‎ ‎【分析】依据平面镜的成像特点，分别做出A、B、C点关于镜面的对称点，然后连接，就是△ABC在镜中的像。‎ ‎【解答】解：①作A点关于镜面的对称点A′；（做对称点留下的作图痕迹是对应点的虚线连线和垂直符号）‎ ‎②作B点关于镜面的对称点B′；‎ ‎③作C点关于镜面的对称点C′；‎ ‎④用虚线连接A′B′，B′C′，A′C′，△A′B′C′就是△ABC在平面镜MN中的像。‎ 作图如下：‎ ‎【点评】在作出物体在平面镜中所成的像时，注意先作出端点或关键点的像点，用虚线连接就能得到物体在平面镜中的像，一定要掌握这种技巧。‎ ‎　‎ ‎24．（2分）（2018•攀枝花）如图所示，一个绕O点的转动的杠杆，已知动力F1的方向和阻力F2的力臂L2，请画出动力F1的力臂L1以及阻力F2。‎ ‎【分析】已知支点、阻动力的方向和阻力臂，根据力臂的画法，过支点作阻力作用线的垂线段，即动力臂；然后过阻力臂的末端作垂直于阻力臂的作用力，即阻力。‎ ‎【解答】解：过支点O作动力F1作用线的垂线段，即为动力臂L1；‎ 根据力和力臂的垂直关系，过力臂L2的上端，作垂直于力臂L2的直线，与杠杆的交点为力F2的作用点，已知阻力F1的方向向上，为使杠杆平衡，则力F2的方向应斜向下，由此画出阻力F2，作图如下：‎ ‎【点评】会根据力与力臂的关系画出相应的力臂或作用力，要求作图规范。‎ ‎　‎ ‎25．（2分）（2018•攀枝花）如图所示，请标出闭合磁电螺线管的N极，并用箭头标出小磁针N极的旋转方向。‎ ‎【分析】根据电源的正负极可以确定线圈中的电流方向，再结合线圈的绕向，可以安培定则可以确定螺线管的NS极，进而利用磁极间的作用规律可以确定小磁针的转动方向。‎ ‎【解答】解：根据电源的正负极，可以确定电流从螺线管的、右端流入，左端流出，结合线圈的绕向，可以确定螺线管的左端为N极，右端为S极；‎ 由于异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，所以小磁针的N极将靠近螺线管的S极，N极向左转动。答案如下图所示：‎ ‎【点评】安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个方向可以确定其中的另一个方向。‎ ‎　‎ 四、实验，探究题（每空1分，20分）‎ ‎26．（5分）（2018•攀枝花）小明利用如图甲所示装置探究冰块熔化的特点，他每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质的状态。‎ ‎（1）冰的熔化过程持续了　10　min。‎ ‎（2）图乙是他根据记录的数据绘制的“温度﹣﹣时间”图象，由图象可知：冰属于　晶体　（选填“晶体”或“非晶体”），这样判断的依据是　冰在熔化过程中，温度不变　。‎ ‎（3）图乙中第4min时，物质处于　固　态。‎ ‎（4）图乙中，物体在A点时其有的内能　小于　（选填大于”、“小于”或“等于”）在B点时的内能。‎ ‎【分析】（1）观察图象，从图象中得出冰从开始熔化到完全熔化的时间；‎ ‎（2）掌握晶体在熔化过程中的特点：吸热但温度保持不变。‎ ‎（3）知道晶体在熔化前为固态；熔化过程为固液共存态；熔化完后为液态。‎ ‎（4）物体吸收热量，内能变大。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由图象可知，冰从第5min开始熔化，到第15min完全熔化，共耗时15min﹣5min=10min；‎ ‎（2）由图象知，冰在熔化过程中温度保持不变，所以冰是晶体；‎ ‎（3）由图象知，图乙中第4min时，物质还没有熔化，因此物质处于固态；‎ ‎（4）由图可知，冰从A到B持续吸收热量，故内能变大，物体在A点时其有的内能小于在B点时的内能。‎ 故答案为：（1）10；（2）晶体；冰在熔化过程中，温度不变；（3）固；（4）小于。‎ ‎【点评】此题考查了对冰的熔化图象的分析，要掌握晶体熔化过程中的特点；晶体与非晶体最大的区别就是看是否有一定的熔点，从图象上分辨，最大的不同就是晶体有一段时间只吸热而温度不变，我们应该学会区分。‎ ‎　‎ ‎27．（4分）（2018•攀枝花）夏天我们经常使用电风扇，电风扇吹出风的强度与什么因素有关？对此小明提了两个猜想，并利用玩具电风来进行探究。‎ 猜想一：电风扇吹出风的强度与距离电风扇的远近有关；‎ 猜想二：电风扇吹出风的强度与扇叶的转速有关；‎ 为证实上述猜思小明同学设计了如图甲所示装置：将纸板B固定在支架上，纸板A与轻杆固定后悬挂在纸板B上的转轴O处，纸板A和轻杆可绕转轴O自由摆动，将电风扇放在左侧正对纸板A．图中s是纸板A自然下垂时（虚线）到电风扇的水平距离，θ是纸板A问右摆动稳定后轻杆与竖直方向的夹角，θ越大，说用电风扇吹出风的强度越强。‎ ‎（1）探究猜想一：保持电风扇的转速不变，移动电风扇，使s分别等于0.3cm、0.5cm、0.7cm、0.9cm，在纸板B上分别标下纸板A稳定时轻轩的位置a、b、c、d，如图乙所示，可知猜想一是　正确　（选“正确”或“错误”）的。‎ ‎（2）探究猜想二：小明同学将一个滑动变阻器与电风扇的电动机　串联　（选填“串联”或“并联”），在探究过程中，还要保持　距离电风扇的远近　不变。‎ ‎（3）你认为电风扇吹出风的强度还可能与　风扇扇叶的大小　有关。（写出一个合理的答案）‎ ‎【分析】（1）保持电风扇的转速不变，移动电风扇的距离，由图右所示，距离电风扇越近，θ越大，电风扇吹出风的强度越强，据此进行解答；‎ ‎（2）利用滑动变阻器调节电动机的转速时，两者应串联，根据控制变量法可知探究电风扇吹出的风的强度与扇叶的转速有关时控制的变量；‎ ‎（3）风扇扇叶的大小、形状等都可能影响电风扇吹出的风的强度。‎ ‎【解答】解：（1）保持电风扇的转速不变，移动电风扇的距离，由图右可知，距离电风扇越近，θ越大，电风扇吹出风的强度越强，故结论为：电风扇吹出的风的强度与距离电风扇的远近有关；故猜想一是正确的；‎ ‎（2）探究电风扇吹出的风的强度与扇叶的转速有关时，电路中增加的滑动变阻器与电风扇的电动机串联；‎ 实验探究时，应控制距离电风扇的远近不变，用滑动变阻器改变转动速度；‎ ‎（3）电风扇吹出的风的强度还可能与风扇扇叶的大小有关，也可能与风扇扇叶的形状有关等。‎ 故答案为：（1）正确；（2）串联；距离电风扇的远近；（3）风扇扇叶的大小。‎ ‎【点评】本题考查了转化法和控制变量法在实验探究中的应用，理论联系实际，是一道好题。‎ ‎　‎ ‎28．（5分）（2018•攀枝花）小明在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，选用质量不同两个钢球m和M（M的质量大于m），分别不从同的高度h和H（H＞h）静止开始放下，观察木块B被撞击后移动的距离。实验过程如图所示。‎ ‎（1）小明通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小，他利用的研究方法是　转换法　（选填“控制变量法”或“转换法”）；若水平面绝对光滑，本实验将　不能　（选填“能”或“不能”）达到探究目的。‎ ‎（2）由甲、乙图可得实验结论：物体的动能大小与　速度　有关。‎ ‎（3）小明根据甲、丙两图得出论：物体的动能大小与质量有关，她的看法是否正确？　错误　（选填“正确”或“错误”），理由是：　没有控制小球到达水平面时的速度相同　。‎ ‎【分析】（1）掌握转换法在实验中的应用，实验中通过观察木块被推动的距离来比较物体动能的大小；‎ 根据牛顿第一定律，若水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，实验将不能达到探究目的；‎ ‎（2）动能大小跟质量和速度有关。在探究动能大小跟质量关系时，控制速度大小不变；在探究动能大小跟速度关系时，控制质量不变；‎ ‎（3）影响动能大小的因素有物体的质量与速度，因此，在探究和分析结论时，一定要注意控制变量法的运用，并据此得出结论。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）实验中通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这里用到的物理学研究问题的方法是转换法；‎ 若水平面绝对光滑，则木块运动时不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，不能通过木块移动的距离长短来判断小球动能的大小，所以本实验将不能达到探究目的；‎ ‎（2）由甲、乙图可知，小球的质量相同，小球从同一斜面的不同高度由静止滑下，到达斜面底部时的速度不同，撞击木块后木块移动的距离不同，说明小球的动能不同，所以得出的实验结论为：物体的动能大小与速度有关；‎ ‎（3）要探究小球动能与质量的关系，需要控制小球到达水平面时的速度相同，即不同质量的小球从同一高度由静止滑下，而甲、丙两图没有让小球从同一高度滚下，没有控制小球的速度相同，所以小明的看法错误。‎ 故答案为：（1）转换法；不能；（2）速度；（3）错误；没有控制小球到达水平面时的速度相同。‎ ‎【点评】掌握动能大小的影响因素，利用控制变量法和转换法，探究动能大小跟各因素之间的关系。‎ ‎　‎ ‎29．（6分）（2018•攀枝花）小明同学利用电流表和电阻箱测量小灯泡的功率，设计并接了如图甲所示的实物电路。‎ ‎（1）为了保护电路，闭合开关S1前，应将滑片P移到动变阻器的　B　（“A”或“B”）端。‎ ‎（2）闭合开关S1，将单刀双掷开关S2扳向“1”，调节滑动变阻器调节电阻箱的阻值使电流表的示数为I1，如图乙所示，I1=　0.2　A；‎ ‎（3）将开关S2扳向“2”，保待滑动变阻器的阻值不变，调节滑动变阻箱的阻值R，使电流表的示数仍为I1，此时R=5Ω；则步骤（2）中小灯泡的电阻R1=　5　Ω，测量小灯泡电阻的方法是　等效替代法　（选填“控制变量法”或“等效替代法”）；‎ ‎（4）步骤（2）小灯泡的实际功率P1=　0.2　W；‎ ‎（5）若小灯泡的额定电流为I0=2I1，以下关于灯泡额定功率P0与实际功率P1的数值关系，你认为最有可能的是　D　。‎ A．P0=2P1B．P0=3P1 C．P0=4P1D．P0=5P1‎ ‎【分析】（1）为了保护电路，闭合开关S1前，应将滑片P移到动变阻器的阻值最大处；‎ ‎（2）根据电流表选用的小量定分度值读数；‎ ‎（3）根据等效替代法求电阻大小；‎ ‎（4）根据P1=I12RL求小灯泡的实际功率；‎ ‎（5）由于灯泡的阻值不是定值，会随温度的升高而变大，所以，根据P=I2R分析额定功率P0的变化 ‎【解答】解：（1）为了保护电路，闭合开关S1前，应将滑片P移到动变阻器的阻值最大处的B端。‎ ‎（2）闭合开关S1，将单刀双掷开关S2扳向“1”，调节滑动变阻器调节电阻箱的阻值使电流表的示数为I1，如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，I1=0.2A；‎ ‎（3）将开关S2扳向“2”，保待滑动变阻器的阻值不变，调节滑动变阻箱的阻值R，使电流表的示数仍为I1，此时R=5Ω；则步骤（2）中小灯泡的电阻R1=5Ω，测量小灯泡电阻的方法是等效替代法；‎ ‎（4）步骤（2）小灯泡的实际功率P1=I12RL=（0.2A）2×5Ω=0.2W；‎ ‎（5）若小灯泡的额定电流为I0=2I1，假设灯泡的阻值不变，‎ 则P额=I02R=（2I1）2R=4I12R=4P1。‎ 由于灯泡的阻值不是定值，且灯泡的阻值会随温度的升高而变大，‎ 所以，当灯泡在正常工作时，灯泡的阻值变大，‎ 则额定功率P0＞P额=4P1，所以最有可能的额定功率值为P0=5P1。‎ 故选D。‎ 故答案为：（1）B；（2）0.2；（3）5；等效替代法；（4）0.2；（5）D。‎ ‎【点评】本题测量小灯泡的功率，考查注意事项、电流表读数、等效替代法运用、功率计算及影响电阻大小的因素。‎ ‎　‎ 五、计算题（第30小题4分，第31小题6分，第32小题8分，共18分）‎ ‎30．（4分）（2018•攀枝花）小明家里的电热水器里装有50kg、20℃的水，通电后将水加热到70℃，已知ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/（kg•℃）。‎ 求：（1）电热水器里水的体积 ‎（2）水吸收的热量。‎ ‎【分析】（1）已知水的质量和密度，利用公式V=得到水的体积；‎ ‎（2）已知水的比热容、质量和初温度，末温度，利用公式Q=cm△t得到水吸收的热量。‎ ‎【解答】解：（1）因为ρ=，‎ 所以水的体积为V===0.05m3；‎ ‎（2）水吸收的热量为Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（70℃﹣20℃）=1.05×107J。‎ 答：（1）电热水器里水的体积为0.05m3；‎ ‎（2）水吸收的热量为1.05×107J。‎ ‎【点评】此题考查的是密度变形公式和热量计算公式的应用，计算环节简单，是一道基础题。‎ ‎　‎ ‎31．（6分）（2018•攀枝花）“绿水青山就是金山银山”，为了保护环境，我国大力发展电动汽车车替代传统燃油汽车。表中是某种电动汽车的部分参数，假设车上只有司机一人，质量为60kg，汽车匀速行驶时所受阻力为总重力的0.04倍，电动汽车充满电后以节电模式匀速行驶20km，电池剩余容量为38kW•h．（g=10N/kg）‎ 空车质量 ‎1380kg 轮胎与地面总接触面积 ‎320cm 电池容量 ‎42kW•h 最高时速 ‎120km/h 最大功率 ‎100kW 最大续航里程 ‎260km 求：（1）电动汽车对水平地面的压强 ‎（2）电动汽车匀速行驶20km，牵引力所做的功 ‎（3）电动汽车电能转化为机械能的转化效率 ‎【分析】（1）电动汽车对地面的压力等于汽车和人的总重力，根据G=mg解答，然后根据公式p=计算压强；‎ ‎（2）汽车匀速行驶，牵引力与阻力相等，根据W=Fs便可计算出牵引力做的功；‎ ‎（3）汽车消耗的电能等于电池容量与剩余容量之差，牵引力做的功与消耗电能之比便为电动汽车电能的转化效率。‎ ‎【解答】解：（1）电动汽车对水平地面的压力为：‎ F=G=（m1+m2）g=（1380kg+60kg）×10N/kg=1.44×104N；‎ 电动汽车对地面的压强为：‎ p===4.5×105Pa；‎ ‎（2）电动汽车匀速行驶，所以牵引力与阻力平衡，‎ 则电动汽车受到的牵引力为：‎ F=f=0.04G=0.04×1.44×104N=576N；‎ 则电动车行驶20km，牵引力做的功为：‎ W=Fs=576N×20×103 m=1.152×107J；‎ ‎（3）由表格数据可知电池容量为42kW•h，行驶20km时电池剩余容量为38kW•h 则此过程中电动汽车消耗的电能为：‎ W总=42kW•h﹣38kW•h=4kW•h=1.44×107J，‎ 则电动汽车电能转化为机械能的转化效率：‎ η=×100%=×100%=80%。‎ 答：（1）电动汽车对水平地面的压强为4.5×105Pa；‎ ‎（2）电动汽车匀速行驶20km，牵引力所做的功为1.152×107J；‎ ‎（3）电动汽车电能转化为机械能的转化效率为80%。‎ ‎【点评】本题是电、力的综合题目关键能够掌握力学中压强、功的计算方法，找到力和电的联系，才能正确计算转化效率。‎ ‎　‎ ‎32．（8分）（2018•攀枝花）如图所示，灯泡L上标有“6V 2.4W”字样，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0﹣15V．滑动变阻器的最大电阻为160Ω．只闭合S1，滑片置于某点a时，滑动变阻器接入电路中的电阻Ra=40Ω，电压表示数Ua=12V，电流表示数为Ia；只闭合S2，滑片置于某点b时，滑动变阻器接入电路中的电阻为Rb，电流表示数为Ib．已知Ia：Ib=3：4，Rb：R0=3：2（灯丝电阻不随温度变化），滑片移动过程中，灯泡电压不超过额定值，电表示数不超过量程。‎ 求：（1）小灯泡正常发光时的电阻；‎ ‎（2）定值电阻R0和电源电压U；‎ ‎（3）只闭合S1时，电路消耗的最小功率。‎ ‎【分析】（1）根据小灯泡的额定电压和额定功率利用P=UI=即可求电阻；‎ ‎（2）只闭合S1，滑片置于某点a时，滑动变阻器接入电路中的电阻Ra=40Ω，变阻器的和电阻R0串联，根据欧姆定律列出电源的方程式并求出电流Ia；只闭合S2，滑片置于某点b时，滑动变阻器接入电路中的电阻为Rb与小灯泡L串联，电流表示数为Ib．已知Ia：Ib=3：4，Rb：R0=3：2，根据串联电路的电压特点和电源电压不变列出关于Ra和Rb的等式，结合已知Ra：R0=12：5解方程即可。‎ ‎（3）只闭合S1时，滑动变阻器和定值电阻R0‎ 串联，则滑动变阻器两端的电压可以达到电压表的最大量程15V，由此可求出滑动变阻器需要连入的最大阻值，与变阻器R的最大电阻为160Ω比较，判断出滑动变阻器能连入的最大阻值，然后即可求出电流，利用P=UI求消耗的最小功率。‎ ‎【解答】解：（1）已知U额=6V，P额=2.4W，根据P=UI=得：‎ 灯泡电阻RL===15Ω。‎ ‎（2）只闭合S1时，滑动变阻器Ra和定值电阻R0串联，电压表示数Ua=12V，已知电阻Ra=40Ω，所以根据欧姆定律得：此时电路中电流，即电流表示数为Ia===0.3A，‎ 则根据串联电路的电压特点和欧姆定律得：U=Ua+IaR0=12V+0.3A×R0﹣﹣﹣﹣﹣①‎ 只闭合S2，滑片置于某点b时，滑动变阻器接入电路中的电阻为Rb，小灯泡L与Rb串联，电流表示数为Ib，由题意知：Ia：Ib=3：4，则Ib=Ia=×0.3A=0.4A 则根据串联电路的电压特点和欧姆定律得：U=IbRb+IbRL=Ib（Rb+RL）=0.4A×（Rb+15Ω）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②‎ 已知：Rb：R0=3：2﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③‎ 则解①②③方程得：R0=20Ω，U=18V；‎ ‎（3）只闭合S1时，滑动变阻器和定值电阻R0串联，要使电路消耗的功率最小，则滑动变阻器这时连入电路的阻值达到最大值设为R最大，即此时变阻器两端的电压可以达到电压表的最大量程15V，‎ 根据串联电路的电流特点和欧姆定律得：=，即=，‎ 解得R最大=100Ω，‎ 而变阻器R的最大电阻为160Ω，即滑动变阻器连入电路的阻值可以最大达到100Ω；‎ 则电路中的电流最小为：I最小===0.15A，‎ 消耗的最小功率P最小=UI最小=18V×0.15A=2.7W。‎ 答：（1）小灯泡的电阻为12Ω；‎ ‎（2）定值电阻R0为20Ω，电源电压为18V；‎ ‎（3）只闭合S1时，电路消耗的最小功率为2.7W。‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是分析比较在电表的示数不超过量程和灯泡两端的电压不超过额定值的条件，知道二者如何才能满足这个条件。‎ ‎　‎