湖南省岳阳市中考物理试卷含答案 31页

‎2018年湖南省岳阳市中考物理试卷 ‎　‎ 一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有个选项符合题意 ‎1．（3分）下列数据符合实际的是（　　）‎ A．某中学生的身高为1.65m B．某中学生跑1000m用时4s C．岳阳的年平均气温为36℃ D．我国家庭电路电压为380V ‎2．（3分）如图所示的光现象中，由光的反射形成的是（　　）‎ A．‎ 手影 B．‎ 平面镜成像 C．‎ 筷子弯折 D．‎ 放大镜成像 ‎3．（3分）下列有关声学知识说法正确的是（　　）‎ A．吉它发出的琴声来自弦的振动 B．声音只能在气体中传播 C．岳阳开展“禁炮”行动，是从传播过程中控制噪声 D．汽车的“倒车雷达”是利用了次声波测距 ‎4．（3分）对下列生活现象解释正确的是（　　）‎ A．‎ 水坝下宽上窄﹣﹣﹣﹣﹣液体压强随深度的增加而减小 B．‎ 伞被“吸”变形﹣﹣﹣﹣﹣流速大的地方压强大 C．‎ 纸片“托”住满杯水﹣﹣﹣﹣﹣水有粘性 D．‎ 木块漂浮﹣﹣﹣﹣﹣﹣漂浮时F浮=G物 ‎5．（3分）如图所示，在水平桌面上，用弹簧测力计拉着木块匀速前进，则（　　）‎ A．木块受到的重力与木块对桌面的压力是一对平衡力 B．水平桌面越粗糙，测力计的示数越大 C．木块相对弹簧测力计是运动的 D．测力计对木块施力，木块对测力计没有力的作用 ‎6．（3分）2018年5月21日，我国“鹊桥”号卫星由长征火箭成功发射升空，将搭建地月信息联通之桥。下列说法正确的是（　　）‎ A．火箭升空时没有惯性 B．卫星进入轨道后靠电磁波与地面联系 C．火箭加速上升，其动能保持不变 D．火箭发动机采用热值小的燃料 ‎7．（3分）端午节吃粽子是我国的传统习俗。对“煮粽子”的情景分析正确的是（　　）‎ A．粽子温度升高，是通过做功的方式来增大内能 B．锅边沿冒出的大量“白气”是水蒸气 C．“粽叶飘香”说明分子在永不停息地做无规则运动 D．水温升高，水的比热容变大 ‎8．（3分）关于能源和能量的说法正确的是（　　）‎ A．煤和石油都是不可再生能源 B．汽车可以从排放的尾气中吸收能量，不消耗新的能源，返回原地 C．达•芬奇设想的永动机是可以制成的 D．目前的核电站是利用核聚变来发电 ‎9．（3分）设计一个病房呼叫电路，要求：按下病人床头开关，值班室的铃会响、对应病床的灯会亮，提醒护士哪位病人需要护理。下列电路设计最合理的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎10．（3分）能说明发电机工作原理的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎11．（3分）下列做法符合安全用电要求的是（　　）‎ A．用湿布清洁正在工作的灯具 B．发生触电，立即切断电源 C．三角插头最长的脚折弯后，插在两孔插座上使用 D．使用验电笔，手不接触笔尾的金属体 ‎12．（3分）如图，电源电压恒为4.5V，Ⓐ的量程为“0～0.6A”，Ⓥ的量程为“0～‎ ‎3V“，灯泡上标有“2.5V 1.25W”（不考虑灯丝电阻变化），滑动变阻器R的规格为“20Ω 1A”。闭合开关，在保证电路安全的情况下，移动滑片P的过程中（　　）‎ A．Ⓐ的示数最大为0.6A B．灯泡消耗的最小功率为0.12W C．电路消耗的最大总功率为2.7W D．滑动变阻器接入电路的最小电阻为4Ω ‎　‎ 二、填空题（本大题共4小题，每空2分，共16分）‎ ‎13．（4分）用不计绳重和摩擦的滑轮组把重为720N的货物匀速提高10m，所做的总功为12000J，此时滑轮组的机械效率为　 　；用该滑轮组提升更重的物体，机械效率会　 　（选填“变小”、“不变”或“变大”）。‎ ‎14．（4分）如图，质地均匀的长方体重7N，放在水平桌面上，它与桌子的接触面积为0.01m2，则它对桌面的压强为　 　Pa：竖直切除该物体右边的阴影部分，剩余部分对桌面的压强会　 　（选填“变小”、“不变”或“变大”）。‎ ‎15．（4分）标有“6V 3W”的小灯泡，它的电流一电压图象如图所示，则它正常工作10s消耗的电能为　 　J；若将它与一个10Ω的定值电阻串联在电压为8V的电路中，则电路消耗的总功率为　 　W。‎ ‎16．（4分）在“走进西藏”活动中，小明对藏民用面积很大的凹面镜制成的太阳灶烧水（如图甲）很好奇。于是他用不锈钢汤勺的内表面当作凹面镜，将平行光正对“凹面镜”照射，光路如图乙。‎ ‎（1）使用太阳灶烧水时，水壶应放在图乙中的　 　（选填“a”、“b”或“c”）点。‎ ‎（2）小明还观察到收集微弱电视信号的“卫星锅”（如图丙）也有类似结构。你认为“卫星锅”凹形锅面应选用对电视信号有很强　 　（选填“反射”或“吸收”）性能的材料。‎ ‎　‎ 三、作图题（本大题共2小题，每小题3分，共6分．在答题卡上用铅笔作图，确定后用黑笔添黑）‎ ‎17．（3分）如图所示，请画出入射光线经凸透镜后的折射光线。‎ ‎18．（3分）请用力的示意图表示悬浮在水中的物体受到的浮力。‎ ‎　‎ 四、实验探究题（本大题共3小题，每空2分，共24分）‎ ‎19．（6分）探究“沸腾的规律”实验中，每隔半分钟记录一次水的温度，实验数据如下表。‎ 时间 ‎…‎ ‎3‎ ‎3.5‎ ‎4‎ ‎4.5‎ ‎5‎ ‎5.5‎ ‎6‎ ‎…‎ 温度/℃‎ ‎…‎ ‎92‎ ‎95‎ ‎97‎ ‎98‎ ‎98‎ ‎98‎ ‎98‎ ‎…‎ ‎（1）实验表明，水的沸点为　 　℃；水在沸腾过程中，温度　 　。‎ ‎（2）在标准大气压下，酒精的沸点为78.5℃．利用沸腾知识，要从甘蔗酒中分离出酒精，加热甘蔗酒时控制的适宜温度可为　 　（只填序号）。‎ A.60℃B.80℃C.100℃‎ ‎20．（8分）用天平和量筒测某品牌牛奶的密度。‎ ‎（1）天平放在水平台上，将游码移到零刻度线处，指针位置如图甲，应向　 　（填“左”或“右”）调节平衡螺母，直至横梁平衡；‎ ‎（2）往烧杯中倒入适量牛奶，测得烧杯和牛奶的总质量为106g；‎ ‎（3）将烧杯中部分牛奶倒入量筒，如图乙。再测出烧杯和剩余牛奶的质量，如图丙；‎ ‎（4）算出牛奶的密度为　 　g/cm3；‎ ‎（5）若操作第（3）步时，不慎将少量牛奶附着在量筒内壁上，测得的牛奶密度将会　 　（选填“偏小”、“不变”或“偏大”）；‎ ‎（6）用两个相同的杯子分别装满水和牛奶，总质量较大的是装　 　的杯子。（ρ水=1g/cm3）‎ ‎21．（10分）用图甲电路探究“电流与电阻的关系”，电源电压恒为3V，滑动变阻器规格为“50Ω 2A”。‎ ‎（1）请用笔画线代替导线，将甲图中电压表连入电路，测R两端的电压 ‎（2）滑片P移至阻值最大处，将5Ω电阻接入电路，闭合开关。移动滑片P发现，电压表有示数，电流表始终无示数，其原因可能是　 　（只填序号）‎ A．R短路 B．R断路 C．滑动变阻器短路 ‎（3）排除故障后，移动滑片P使电压表示数如图乙所示，记下电压表和电流表示数 ‎（4）将5Ω电阻换成10Ω电阻，为保持电压表示数不变，滑片P应向　 　（选填“A”或“B”）端移动；‎ ‎（5）若每次实验均选用单个定值电阻连入电路，实验室还有“15Ω，20Ω，30Ω，35Ω，50Ω”5个电阻，你认为能供继续本实验的电阻最多还有　 　个 ‎（6）利用可选电阻继续实验，得到结论：电压一定时，导体中的电流与导体电阻成　 　比 ‎　‎ 五、综合应用题（本大题共2小题，每小题9分，共18分．解答应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）‎ ‎22．（9分）“沙场点兵，扬我军威”。2017年8月1日，习近平总书记在朱日和军事基地乘坐检阅车对三军将士进行检阅。某检阅车质量为2400kg，在600s内沿水平方向匀速前进了3000m，牵引力大小为2000N．求 ‎（1）检阅车的重力 ‎（2）检阅车的速度 ‎（3）牵引力的功率 ‎23．（9分）图甲是某款家用电熨斗。电路原理如图乙，R1、R2为发热体，R1的阻值为110Ω，通过S1、S2实现温度控制。电源电压为电熨斗的额定电压220V，电熨斗消耗的最大功率为660W ‎（1）只闭合S1，求通过R1的电流；‎ ‎（2）只闭合S2，求R2在60s内产生的热量；‎ ‎（3）为适应更多衣料，小明对电路作了改进（如图丙）。当电熨斗控制开关S1、S2处于原低温工作状态不变时，移动滑片P，相应发热体的功率可在原功率的25%～100%之间变化。求滑动变阻器最大阻值至少为多少？‎ ‎　‎ ‎2018年湖南省岳阳市中考物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有个选项符合题意 ‎1．（3分）下列数据符合实际的是（　　）‎ A．某中学生的身高为1.65m B．某中学生跑1000m用时4s C．岳阳的年平均气温为36℃ D．我国家庭电路电压为380V ‎【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。‎ ‎【解答】解：A、中学生的身高为1.65m，符合实际；故A正确；‎ B、中学生跑1000m用时约4min；故B错误；‎ C、岳阳的年平均气温在20℃左右，故C错误；‎ D、我国家庭电路电压为220V；故D错误；‎ 故选：A。‎ ‎【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。‎ ‎　‎ ‎2．（3分）如图所示的光现象中，由光的反射形成的是（　　）‎ A．‎ 手影 B．‎ 平面镜成像 C．‎ 筷子弯折 D．‎ 放大镜成像 ‎【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；‎ ‎（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；‎ ‎（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。‎ ‎【解答】解：A、手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故A错误。‎ B、平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B正确；‎ C、从水中筷子上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是筷子的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故C错误；‎ D、放大镜是凸透镜，对光线有会聚作用，能使光线折射，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】此题主要考查身边本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播的理解，考查了学生理论联系实际的能力，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。‎ ‎　‎ ‎3．（3分）下列有关声学知识说法正确的是（　　）‎ A．吉它发出的琴声来自弦的振动 B．声音只能在气体中传播 C．岳阳开展“禁炮”行动，是从传播过程中控制噪声 D．汽车的“倒车雷达”是利用了次声波测距 ‎【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；‎ ‎（2）声音是由物体的振动产生的；声音的传播需要介质，声音在真空不能传播，在不同的介质中的传播速度不同；‎ ‎（2）减弱噪声的方法有三种：在声源处减弱噪声；在传播过程中减弱噪声；在人耳处减弱噪声；‎ ‎（2）倒车雷达是利用超声波工作的；‎ ‎【解答】解：A、声音是由物体的振动产生的，琴声是吉它弦的振动产生的，故A正确；‎ B、声音的传播需要介质，声音可以在固体、液体、气体中传播，故B错误；‎ C．岳阳开展“禁炮”行动，是从声源处减弱噪声，故C错误；‎ D、倒车雷达是利用超声波传递信息的，故D错误。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】本题考查了声音的产生及传播、噪声的控制，超声波的应用等知识点，是基础知识。‎ ‎　‎ ‎4．（3分）对下列生活现象解释正确的是（　　）‎ A．‎ 水坝下宽上窄﹣﹣﹣﹣﹣液体压强随深度的增加而减小 B．‎ 伞被“吸”变形﹣﹣﹣﹣﹣流速大的地方压强大 C．‎ 纸片“托”住满杯水﹣﹣﹣﹣﹣水有粘性 D．‎ 木块漂浮﹣﹣﹣﹣﹣﹣漂浮时F浮=G物 ‎【分析】（1）液体内部的压强随深度的增加而增大；‎ ‎（2）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；‎ ‎（3）流速越小，压强越大。大气向各个方向都有压强；‎ ‎（4）根据物体的漂浮条件即可判断。‎ ‎【解答】解：‎ A、拦河大坝做成上窄下宽是因为液体压强随深度的增加而增大，故A错误；‎ B、“伞被“吸”变形”实验可以说明伞上方的空气流速大，压强较小；伞下方的空气流速小，压强大，所以伞面受到一个向上的压强差，伞被向上“吸”。故B错误；‎ C、根据纸片的受力情况可知，水对纸片产生向下的压强，纸片之所以不会落下，是因为大气对纸片有向上的压强，也就说明大气压的存在，故C错误；‎ D、木块漂浮时由于处于静止状态，则受到的浮力等于其重力，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题为力学综合题，考查了学生对压力作用效果的影响因素、液体内部压强的特点、减小压强的方法，虽知识点多、但都属于基础，难度不大。‎ ‎　‎ ‎5．（3分）如图所示，在水平桌面上，用弹簧测力计拉着木块匀速前进，则（　　）‎ A．木块受到的重力与木块对桌面的压力是一对平衡力 B．水平桌面越粗糙，测力计的示数越大 C．木块相对弹簧测力计是运动的 D．测力计对木块施力，木块对测力计没有力的作用 ‎【分析】（1）物体做匀速直线运动时，受力平衡，水平方向上受拉力与摩擦力是一对平衡力，竖直方向上受重力和和支持力是一对平衡力；‎ ‎（2）影响摩擦力大小的因素有两个：压力大小，和接触面粗糙程度；‎ ‎（3）根据木块和弹簧测力计之间是否有位置变化分析；‎ ‎（4）物体间力的作用是相互的。‎ ‎【解答】‎ 解：A、木块受到的重力与木块对桌面的压力没有作用在同一个物体上，不是一对平衡力，故A错误；‎ B、压力不变，水平桌面越粗糙，滑动摩擦力越大，即测力计的示数越大，故B正确；‎ C、木块相对弹簧测力计没有发生位置的变化，故是静止的，故C错误；‎ D、测力计对木块施力，由于物体间力的作用是相互的，木块对测力计也有力的作用，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查了平衡力的判断、影响摩擦力大小的因素、力的相互性，属于基础知识。和掌握。‎ ‎　‎ ‎6．（3分）2018年5月21日，我国“鹊桥”号卫星由长征火箭成功发射升空，将搭建地月信息联通之桥。下列说法正确的是（　　）‎ A．火箭升空时没有惯性 B．卫星进入轨道后靠电磁波与地面联系 C．火箭加速上升，其动能保持不变 D．火箭发动机采用热值小的燃料 ‎【分析】（1）惯性是物质的一种属性，所有的物体都有惯性；‎ ‎（2）卫星是通过接收与发射电磁波与地面互相传递信息的；‎ ‎（3）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。动能和势能统称为机械能；‎ ‎（4）单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值，热值是燃料的一种特性，热值大小仅与燃料的种类有关，而与燃料的质量、燃料的燃烧程度无关。‎ ‎【解答】解：A、惯性是物质的一种属性，所有的物体都有惯性，故A错误；‎ B、卫星是通过接收与发射电磁波与地面互相传递信息的，故B正确；‎ C、火箭加速上升，质量不变，高度增加，所以势能增加，同时速度增大，所以动能增大，故C错误；‎ D，火箭发动机质量尽量减小，故应采用采用热值大的燃料，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查了与火箭升空有关的物理知识，以及电磁波的传播，体现了物理和生活的联系，是中考的新动向。‎ ‎　‎ ‎7．（3分）端午节吃粽子是我国的传统习俗。对“煮粽子”的情景分析正确的是（　　）‎ A．粽子温度升高，是通过做功的方式来增大内能 B．锅边沿冒出的大量“白气”是水蒸气 C．“粽叶飘香”说明分子在永不停息地做无规则运动 D．水温升高，水的比热容变大 ‎【分析】（1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；‎ ‎（2）物体由气态变为液态的过程叫液化，“白气”是液态的小水珠，是由水沸腾时产生的大量的水蒸气再液化形成的；‎ ‎（3）物体是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动；‎ ‎（4）比热容是物质的一种特性，它不仅与物质的种类有关，还与物质的状态有关，与质量、温度和吸放热多少无关。‎ ‎【解答】解：‎ A、煮粽子时，粽子从水中吸收热量温度升高，这是通过热传递改变物体的内能，故A错误；‎ B、锅边沿冒出的大量“白气”是水蒸气遇到冷的空气，液化成小水珠形成的，故B错误；‎ C、“粽叶飘香”属于扩散现象，说明分子在永不停息的做无规则运动，故C正确；‎ D、比热容是物质的一种特性，它不仅与物质的种类有关，还与物质的状态有关，与温度无关，所以当水温升高后，水的比热容不变，故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题考查了改变内能的方法、液化现象、分子运动以及比热容的特性，属于综合性题目。‎ ‎　‎ ‎8．（3分）关于能源和能量的说法正确的是（　　）‎ A．煤和石油都是不可再生能源 B．汽车可以从排放的尾气中吸收能量，不消耗新的能源，返回原地 C．达•芬奇设想的永动机是可以制成的 D．目前的核电站是利用核聚变来发电 ‎【分析】（1）能源源不断从自然界获得的能源是可再生能源，不能源源不断从自然界获得的能源是不可再生能源；‎ ‎（2）虽然自然界中的能量是守恒的，它既不会消灭，也不会创生，但由于能量的转化或转移具有方向性（如水只能从高处流向低处；热量只能从高温物体传向低温物体），所以自然界里无论什么运动都会产生热，热向四周扩散，成为无用的能量，如不补给能量，任何运动着的机器都会停下来；‎ ‎（3）核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的。‎ ‎【解答】解：‎ A、煤和石油都是化石能源不能源源不断获得，是不可再生能源，故A正确；‎ B、能量的转化是具有方向性的，所以汽车不能从排放的尾气中吸收能量，故B错误；‎ C、给永动机一个动力后，永动机在一定时间内能够保持转动，但由于摩擦力的存在，将有一部分能量以热量的形式散失掉，如果不补充能量，则机器不能永远运动，所以自然界中不可能存在永动机，它违背了能量守恒定律，故C错误；‎ D、核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电，故D错误。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】本题考查了能源的分类、能量守恒定律以及核能的利用，属于综合性题目。‎ ‎　‎ ‎9．（3分）设计一个病房呼叫电路，要求：按下病人床头开关，值班室的铃会响、对应病床的灯会亮，提醒护士哪位病人需要护理。下列电路设计最合理的是（　　）‎ A． B． C．‎ ‎ D．‎ ‎【分析】由题意可知，各病床的灯互不影响，故为并联，并且各支路灯泡都有相应的开关控制。由于每位病人按下床头开关后，值班室的电铃响，故电铃在干路上。‎ ‎【解答】解：‎ 按下病人床头开关，对应的指示灯亮，说明各病床的灯互不影响，则对应病床的灯应并联在电路中；而开关要控制指示灯，因此各开关和被控制的指示灯串联；‎ 按下开关后，指示灯亮的同时，电铃也响，只需要一个电铃即可，因此电铃应串联在干路中；故D符合题意，ABC不符合题意。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查电路的设计，关键是根据题意得出灯泡和电铃的连接方式和根据开关的作用判断其位置。‎ ‎　‎ ‎10．（3分）能说明发电机工作原理的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【分析】（1）磁极间的作用：同名磁极相斥，异名磁极相互吸引；‎ ‎（2）电动机的工作原理是磁场对电流的作用，即通电线圈在磁场中受力转动；‎ ‎（3）发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；‎ ‎（4）奥斯特实验第一个揭示了电和磁之间的联系，说明了电流周围存在磁场。‎ ‎【解答】解：A、图示是磁极间的相互作用，故A不符合题意；‎ B、图中有电源，演示的是磁场对电流的作用，是电动机的工作原理，故B不符合题意；‎ C、图中没有电源，是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故C符合题意；‎ D、图示的是奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场，故D不符合题意。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题中学生不容易区分的是电动机和发电机的工作原理图，注意含电源的是电动机，不含电源的是发电机。‎ ‎　‎ ‎11．（3分）下列做法符合安全用电要求的是（　　）‎ A．用湿布清洁正在工作的灯具 B．发生触电，立即切断电源 C．三角插头最长的脚折弯后，插在两孔插座上使用 D．使用验电笔，手不接触笔尾的金属体 ‎【分析】（1）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；‎ ‎（2）发现有人触电时，应立即切断电源；‎ ‎（3）大功率或带有金属外壳的用电器，必须使用三孔插座，以防外壳带电，危及人身安全；‎ ‎（4）使用测电笔时，手不能接触笔尖的金属体，但要接触笔尾的金属体。‎ ‎【解答】解：A、水是电的导体，用湿抹布擦带电的用电器时，可能会因湿抹布导电而发生触电事故，故A错误；‎ B、发现有人触电时，应立即切断电源再施救，故B正确；‎ C、电风扇三角插头最长脚折弯后，插在两空插座上使用，没有接地功能，用电器外壳带电，会危及人身安全，故C错误；‎ D、使用测电笔时，手不能接触笔尖的金属体，但要接触笔尾的金属体，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查了家庭电路中的一些安全用电的常识，这些知识对我们的生活同样具有很强的现实意义，是我们应该熟知，并应在生活中严格遵守的。‎ ‎　‎ ‎12．（3分）如图，电源电压恒为4.5V，Ⓐ的量程为“0～0.6A”，Ⓥ的量程为“0～‎ ‎3V“，灯泡上标有“2.5V 1.25W”（不考虑灯丝电阻变化），滑动变阻器R的规格为“20Ω 1A”。闭合开关，在保证电路安全的情况下，移动滑片P的过程中（　　）‎ A．Ⓐ的示数最大为0.6A B．灯泡消耗的最小功率为0.12W C．电路消耗的最大总功率为2.7W D．滑动变阻器接入电路的最小电阻为4Ω ‎【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。‎ ‎（1）根据P=UI求出灯泡的额定电流，然后与电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路消耗的总功率最大，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=UI求出电路消耗的最大电功率；‎ ‎（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡消耗的电功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R求出灯泡消耗的最小功率。‎ ‎【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。‎ ‎（1）由P=UI可得，灯泡的额定电流：‎ IL===0.5A，故A错误；‎ 因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，‎ 所以，电路中的最大电流I大=0.5A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路消耗的总功率最大，‎ 由I=可得，灯泡的电阻和电路的总电阻分别为：‎ RL===5Ω，R总===9Ω，‎ 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，‎ 所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：‎ R小=R总﹣RL=9Ω﹣5Ω=4Ω，故D正确；‎ 电路消耗的最大总功率：‎ P大=UI大=4.5V×0.5A=2.25W，故C错误；‎ ‎（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡消耗的电功率最小，‎ 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，‎ 所以，电路的最小电流：‎ I小===0.18A，‎ 则灯泡消耗的最小功率：‎ PL小=I小2RL=（0.18A）2×5Ω=0.162W，故B错误。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断电路中的最大电流和最小电流是关键。‎ ‎　‎ 二、填空题（本大题共4小题，每空2分，共16分）‎ ‎13．（4分）用不计绳重和摩擦的滑轮组把重为720N的货物匀速提高10m，所做的总功为12000J，此时滑轮组的机械效率为　60%　；用该滑轮组提升更重的物体，机械效率会　变大　（选填“变小”、“不变”或“变大”）。‎ ‎【分析】知道物体重和提升的高度，利用W=Gh求有用功，又知道总功，利用效率公式求滑轮组的机械效率；用同一个滑轮组提升物体时，物重越大，效率越高。‎ ‎【解答】解：‎ 有用功：W有用=Gh=720N×10m=7200J；‎ 已知所做的总功：W总=12000J；‎ 则滑轮组的机械效率为：η==×100%=60%；‎ 用该滑轮组提升更重的物体，在提升高度相同时，由于物重增大，则有用功增大，而额外功几乎不变，所以有用功在总功中所占的比例变大，机械效率会变大。‎ 故答案为：60%；变大。‎ ‎【点评】本题考查了学生对有用功、总功、机械效率的了解与掌握，属于基础题目。‎ ‎　‎ ‎14．（4分）如图，质地均匀的长方体重7N，放在水平桌面上，它与桌子的接触面积为0.01m2，则它对桌面的压强为　700　Pa：竖直切除该物体右边的阴影部分，剩余部分对桌面的压强会　变小　（选填“变小”、“不变”或“变大”）。‎ ‎【分析】（1）该物体对桌面的压力和自身的重力相等，根据题意求出物体与桌面的接触面积即为受力面积，根据p=求出该物体对桌面的压强；‎ ‎（2）将阴影部分切除，根据p=可知剩余部分对桌面的压强变化。‎ ‎【解答】解：长方体对桌面的压力为：F=G=7N；‎ 长方体对桌面的压强为：p===700Pa；‎ 设长方体的底面积为S，没切除时，长方体对桌面的压强：p==，因为S′＜S，所以＞①；‎ 当竖直切除该物体右边的阴影部分，设剩余部分的重力为kG，则受力面积为kS，物体对桌面的压力F′=G′=kG，则剩余部分对桌面的压强为：‎ p′===②；‎ 由①②可知，剩余部分对桌面的压强会变小。‎ 故答案为：700；变小。‎ ‎【点评】本题主要考查了固体压强的计算及大小分析，解决此题的关键是利用好公式p=，将两次压强的大小均与比较。‎ ‎　‎ ‎15．（4分）标有“6V ‎ 3W”的小灯泡，它的电流一电压图象如图所示，则它正常工作10s消耗的电能为　30　J；若将它与一个10Ω的定值电阻串联在电压为8V的电路中，则电路消耗的总功率为　3.2　W。‎ ‎【分析】（1）小灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据W=Pt求出正常工作10s消耗的电能；‎ ‎（2）定值电阻和灯泡串联时通过它们的电流相等，且电路的总电压等于它们两端的电压之和，根据图象读出符合要求的电流和电压，根据P=UI求出电路消耗的总功率。‎ ‎【解答】解：（1）由P=可得，灯泡正常工作10s消耗的电能：‎ WL=PLt=3W×10s=30J；‎ ‎（2）小灯泡L与一个10Ω的定值电阻R串联在电压为8V的电路中时，‎ 因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，‎ 所以，由I=可得：‎ U=UL′+ILR，即8V=UL′+IL′×10Ω，‎ 由图象可知，当UL′=4V、IL′=0.4A时符合，‎ 则电路消耗的总功率：‎ P=UIL′=8V×0.4A=3.2W。‎ 故答案为：30；3.2。‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功公式、电功率公式的应用，从图象中读出符合要求的电流和电压是关键。‎ ‎　‎ ‎16．（4分）在“走进西藏”活动中，小明对藏民用面积很大的凹面镜制成的太阳灶烧水（如图甲）很好奇。于是他用不锈钢汤勺的内表面当作凹面镜，将平行光正对“凹面镜”照射，光路如图乙。‎ ‎（1）使用太阳灶烧水时，水壶应放在图乙中的　b　（选填“a”、“b”或“c”）点。‎ ‎（2）小明还观察到收集微弱电视信号的“卫星锅”（如图丙）也有类似结构。你认为“卫星锅”凹形锅面应选用对电视信号有很强　反射　（选填“反射”或“吸收”）性能的材料。‎ ‎【分析】（1）凹面镜对光线有会聚作用，在焦点温度最高；‎ ‎（2）卫星锅对信号有反射作用，“卫星锅”凹形锅面应选用对电视信号有很强反射性能的材料。‎ ‎【解答】解：（1）凹面镜对光线有会聚作用，水壶应放在焦点位置，故应放在图乙中的b点；‎ ‎（2）“卫星锅”能收集微弱电视信号，故“卫星锅”凹形锅面应选用对电视信号有很强反射性能的材料。‎ 故答案为：（1）b；（2）反射。‎ ‎【点评】本题主要考查凹面镜的反射作用，是一道基础题。‎ ‎　‎ 三、作图题（本大题共2小题，每小题3分，共6分．在答题卡上用铅笔作图，确定后用黑笔添黑）‎ ‎17．（3分）如图所示，请画出入射光线经凸透镜后的折射光线。‎ ‎【分析】先确定所给的入射光线和折射光线的特点，然后根据凸透镜的三条特殊光线作图。‎ ‎【解答】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，如下图所示：‎ ‎【点评】凸透镜三条特殊光线的作图：①‎ 通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。‎ ‎　‎ ‎18．（3分）请用力的示意图表示悬浮在水中的物体受到的浮力。‎ ‎【分析】（1）物体在水中受到重力和浮力的作用，由于处于悬浮状态，并且静止，浮力等于重力，二者是一对平衡力；‎ ‎（2）力的示意图就是用一个带箭头的线段表示力的大小、方向、作用点，浮力的方向是竖直向上的 ‎【解答】解：物体在水中处于悬浮状态，浮力等于重力，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上，力的作用点可画在物体的重心上，如图所示：‎ ‎【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。‎ ‎　‎ 四、实验探究题（本大题共3小题，每空2分，共24分）‎ ‎19．（6分）探究“沸腾的规律”实验中，每隔半分钟记录一次水的温度，实验数据如下表。‎ 时间 ‎…‎ ‎3‎ ‎3.5‎ ‎4‎ ‎4.5‎ ‎5‎ ‎5.5‎ ‎6‎ ‎…‎ 温度/℃‎ ‎…‎ ‎92‎ ‎95‎ ‎97‎ ‎98‎ ‎98‎ ‎98‎ ‎98‎ ‎…‎ ‎（1）实验表明，水的沸点为　98　℃；水在沸腾过程中，温度　保持不变　。‎ ‎（2）在标准大气压下，酒精的沸点为78.5℃．利用沸腾知识，要从甘蔗酒中分离出酒精，加热甘蔗酒时控制的适宜温度可为　B　（只填序号）。‎ A.60℃B.80℃C.100℃‎ ‎【分析】（1）液体沸腾的特点：液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点。‎ ‎（2）根据二者分沸点来答题。‎ ‎【解答】解：（1）水从第4.5min开始沸腾，水不断吸收热量，温度保持98℃不变，所以此时水的沸点是98℃。‎ ‎（2）甘蔗酒是酒精和水的混合物，要从甘蔗酒中分离出酒精，应该让加热的温度大于酒精的沸点，小于水的沸点，所以适宜温度可为80℃．故选B。‎ 故答案为：（1）98；保持不变；（2）B。‎ ‎【点评】本题考查液体沸腾的特点和物质的分离，侧重于学生的分析能力和实验能力的考查，为高频考点，难度中。‎ ‎　‎ ‎20．（8分）用天平和量筒测某品牌牛奶的密度。‎ ‎（1）天平放在水平台上，将游码移到零刻度线处，指针位置如图甲，应向　左　（填“左”或“右”）调节平衡螺母，直至横梁平衡；‎ ‎（2）往烧杯中倒入适量牛奶，测得烧杯和牛奶的总质量为106g；‎ ‎（3）将烧杯中部分牛奶倒入量筒，如图乙。再测出烧杯和剩余牛奶的质量，如图丙；‎ ‎（4）算出牛奶的密度为　1.1　g/cm3；‎ ‎（5）若操作第（3）步时，不慎将少量牛奶附着在量筒内壁上，测得的牛奶密度将会　偏大　（选填“偏小”、“不变”或“偏大”）；‎ ‎（6）用两个相同的杯子分别装满水和牛奶，总质量较大的是装　牛奶　的杯子。（ρ水=1g/cm3）‎ ‎【分析】（1）使用前的调节：①放：把天平放到水平桌面上；②移；把游码移到标尺左端零刻线处；③调：调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处，左偏右移，右偏左移。‎ ‎（4）物体的质量=砝码的质量+游码对应的刻度值；‎ 根据图示可读出量筒中牛奶的体积；求得牛奶的质量m=m总﹣m1，再利用ρ=求得其密度表达式；‎ ‎（5）量牛奶附着在量筒内壁上，则测得的体积偏小；‎ ‎（6）根据ρ=变形公式m=ρV分析即可。‎ ‎【解答】解：（1）天平放在水平台上，将游码移到零刻度线处，指针偏向分度盘的右侧，此时应该将右边的平衡螺母向左移动，直到指针指在分度盘的中央；‎ ‎（4）烧杯和剩余牛奶的总质量：m1=50g+10g+2g=62g，‎ 根据图示可知，量筒中牛奶的体积为V=40mL=40cm3；‎ 量筒中牛奶的质量m=m总﹣m1=106g﹣62g=44g 其密度表达式ρ=═=1.1g/cm3；‎ ‎（5）若将烧杯中部分牛奶倒入量筒时，不慎将少量牛奶附着在量筒内壁上，则测得的体积偏小，根据ρ=可知测得的牛奶密度将会偏大；‎ ‎（6）用两个相同的杯子分别装满水和牛奶，则水和牛奶的体积相同都等于杯子的容积，由上题知，牛奶的密度大于水的密度，故由m=ρV可知装满牛奶的质量大；‎ 故答案为：（1）左；（4）1.1；（5）偏大；（6）牛奶 ‎【点评】此题综合考查了质量、体积的测量以及密度的计算，此类题常以选择、填空、实验题出现，考查学生的综合能力。天平的正确使用方法和注意事项是最基础的知识，这个基础知识总是贯穿在密度测量的实验中，出现的频率比较高，一定要熟练掌握。‎ ‎　‎ ‎21．（10分）用图甲电路探究“电流与电阻的关系”，电源电压恒为3V，滑动变阻器规格为“50Ω 2A”。‎ ‎（1）请用笔画线代替导线，将甲图中电压表连入电路，测R两端的电压 ‎（2）滑片P移至阻值最大处，将5Ω电阻接入电路，闭合开关。移动滑片P发现，电压表有示数，电流表始终无示数，其原因可能是　B　（只填序号）‎ A．R短路 B．R断路 C．滑动变阻器短路 ‎（3）排除故障后，移动滑片P使电压表示数如图乙所示，记下电压表和电流表示数 ‎（4）将5Ω电阻换成10Ω电阻，为保持电压表示数不变，滑片P应向　A　（选填“A”或“B”）端移动；‎ ‎（5）若每次实验均选用单个定值电阻连入电路，实验室还有“15Ω，20Ω，30Ω，35Ω，50Ω”5个电阻，你认为能供继续本实验的电阻最多还有　2　个 ‎（6）利用可选电阻继续实验，得到结论：电压一定时，导体中的电流与导体电阻成　反　比 ‎【分析】（1）根据电源电压判断电压表的量程，电压表测R两端的电压，电压表与R并联；‎ ‎（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P发现，电流表没有示数，说明电路是断路；电压表有示数，说明与电源两端相连，是电压表并联的部分断路；‎ ‎（4）换成10Ω的电阻，定值电阻分得的电压变大，为保持电压后表示数不变，根据分压原理，确定滑动变阻器的滑片的移动方向；‎ ‎（5）电压表选用小量程，判断出电压表的示数；　根据串联电路的分压作用和欧姆定律判断电阻的阻值；‎ ‎（6）分析表中数据得出结论。‎ ‎【解答】解：（1）电源电压恒为3V，故电压表的量程为0﹣3V，电压表与电阻R并联，如图所示：‎ ‎（2）A．若R短路，则电压表与导线并联，电压表无示数，而电路连通，电流表有示数，故A不符合题意；‎ B．若R断路将导致电压表串联在电路中，因电压表内阻很大，所以电流表无示数，电压表与电源连通，有示数，故B符合题意；‎ C、滑动变阻器断路，将导致整个电路为断路，两表均无示数，故C不符合题意；‎ 故选B；‎ ‎（4）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，要保持不同定值电阻的电压不变；换成10Ω的电阻，若滑片位置不动，根据分压原理可知，定值电阻两端的电压将变大，为保持电压表示数不变，则应减小定值电阻两端的电压，增加滑动变阻器两端的电压，增加变阻器接入电路的阻值，故滑片应向A端移动；‎ ‎（5）图乙中电压表小量程分度值为0.1V，示数为1V；控制电压为1V，因为电源电压为3V，故滑动变阻器的电压为3V﹣1V=2V，‎ 根据分压原理知=，解得R=25Ω，故定值电阻的阻值最大为25Ω，故15Ω好和20Ω的还可用，故还有2个可以用；‎ ‎（6）分析表中数据有，当电阻为原来的几倍时，通过导体的电流为原来的几分之一，所以得出的结论是：当导体两端电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比。‎ 故答案为：（1）见上图；（2）B；（4）A；（5）2；（6）反。‎ ‎【点评】本题 探究“电流与电阻的关系”，考查电路连接、常见故障的分析、控制变量法的应用、分析数据归纳结论的能力及改进实验方案的能力，属于中等难度的题目。‎ ‎　‎ 五、综合应用题（本大题共2小题，每小题9分，共18分．解答应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）‎ ‎22．（9分）“沙场点兵，扬我军威”。2017年8月1日，习近平总书记在朱日和军事基地乘坐检阅车对三军将士进行检阅。某检阅车质量为2400kg，在600s内沿水平方向匀速前进了3000m，牵引力大小为2000N．求 ‎（1）检阅车的重力 ‎（2）检阅车的速度 ‎（3）牵引力的功率 ‎【分析】（1）知道检阅车的质量，利用G=mg求其重力；‎ ‎（2）利用速度公式v=求检阅车的速度；‎ ‎（3）利用P===Fv求牵引力的功率。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）检阅车的重力：‎ G=mg=2400kg×10N/kg=24000N；‎ ‎（2）检阅车的速度：‎ v===5m/s；‎ ‎（3）牵引力的功率：‎ P===Fv=2000N×5m/s=10000W=10kW。‎ 答：（1）检阅车的重力为24000N；‎ ‎（2）检阅车的速度为5m/s；‎ ‎（3）牵引力的功率10kW。‎ ‎【点评】本题考查了重力公式、速度公式和功率公式的应用，第三问也可以分步计算：先利用W=Fs求检阅车牵引力做的功，再利用P=求牵引力的功率。‎ ‎　‎ ‎23．（9分）图甲是某款家用电熨斗。电路原理如图乙，R1、R2为发热体，R1的阻值为110Ω，通过S1、S2‎ 实现温度控制。电源电压为电熨斗的额定电压220V，电熨斗消耗的最大功率为660W ‎（1）只闭合S1，求通过R1的电流；‎ ‎（2）只闭合S2，求R2在60s内产生的热量；‎ ‎（3）为适应更多衣料，小明对电路作了改进（如图丙）。当电熨斗控制开关S1、S2处于原低温工作状态不变时，移动滑片P，相应发热体的功率可在原功率的25%～100%之间变化。求滑动变阻器最大阻值至少为多少？‎ ‎【分析】（1）由图乙电路图可知，只闭合S1时，电路图为R1的简单电路，根据欧姆定律求出通过R1的电流；‎ ‎（2）由图乙电路图可知，闭合S1、S2时，R1与R2并联，电路的总电阻最小，根据P=UI=可知，电熨斗消耗的功率最大，根据P=UI求出电路的最大总电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，即为只闭合S2时通过R2的电流，利用Q=W=UIt求出R2在60s内产生的热量；‎ ‎（3）先判断出乙图中电路的最小电流，此时电熨斗的功率最小，处于低温工作状态，根据欧姆定律求出R2的阻值；图丙中，控制电熨斗原低温工作状态不变时，应只闭合S2，电路为R2与滑动变阻器串联，当发热体的功率为原功率的25%时，滑动变阻器完全接入电路中，根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R=求出此时电路的电流，根据欧姆定律求出此时电路的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器最大阻值的最小值。‎ ‎【解答】解：（1）由图乙电路图可知，只闭合S1时，电路图为R1的简单电路，‎ 由I=可得，通过R1的电流：‎ I1===2A；‎ ‎（2）由图乙电路图可知，闭合S1、S2时，R1与R2并联，电路的总电阻最小，‎ 根据P=UI=可知，电熨斗消耗的功率最大，‎ 此时电路的最大总电流：‎ I===3A，‎ 因并联电路中各支路独立工作、互不影响，‎ 所以，此时通过R1的电流I1=2A不变，‎ 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，‎ 所以，只闭合S2时通过R2的电流：‎ I2=I﹣I1=3A﹣2A=1A，‎ 则R2在60s内产生的热量：‎ Q2=W2=UI2t=220V×1A×60s=1.32×104J；‎ ‎（3）由I1＞I2可知，只闭合S2时，图乙电路中的电流最小，电熨斗的电功率最小，处于低温工作状态，‎ 则R2的阻值：‎ R2===220Ω，‎ 图丙中，控制电熨斗原低温工作状态不变时，应只闭合S2，电路为R2与滑动变阻器串联，‎ 当发热体的功率为原功率的25%时，滑动变阻器完全接入电路中，‎ 因串联电路中各处的电流相等，‎ 所以，由P=UI=I2R=可得，电路的电流：‎ I2′====0.5I2=0.5×1A=0.5A，‎ 此时电路的总电阻：‎ R===440Ω，‎ 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，‎ 所以，滑动变阻器最大阻值的最小为：‎ R滑=R﹣R2=440Ω﹣220Ω=220Ω。‎ 答：（1）只闭合S1时通过R1的电流为2A；‎ ‎（2）只闭合S2时R2在60s内产生的热量为1.32×104J；‎ ‎（3）滑动变阻器最大阻值至少为220Ω。‎ ‎【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电热公式的灵活应用，正确的判断两电路中低温工作状态电路的连接方式是关键。‎ ‎　‎