江西省中考物理试卷解析版 35页

‎2017年江西省中考物理试卷 ‎　‎ 一、填空题（每空1分）‎ ‎1．人类社会的进步离不开物理学家们的杰出贡献．为了纪念这些伟大的物理学家，人们常用他们的名字作为物理量的单位，如力的单位是　 　，欧姆是　 　的单位．‎ ‎2．声音是由于物体　 　而产生的，当人在雪山中大声说话时，因为声音能传递　 　，所以就有可能诱发雪崩．‎ ‎3．如图所示，一个白鹭正平行于水面飞行，若以白鹭为参照物，它在水中的倒影是　 　的，若以岸为参照物，白鹭是的　 　（均选填“运动”或“静止”）．‎ ‎4．人的眼睛就像是一架精密的照相机，如图所示，是描述人眼看物体的成像图，其中看远处景物的是　 　图，景物在视网膜上成的是　 　像．（选填“实”或“虚”）．‎ ‎5．如图所示，是部分不同物质的原子核对电子束缚能力强弱的排序图，毛皮与图中的　 　摩擦最容易起电，且它们摩擦后毛皮带　 　电．（选填“正”或“负”）．‎ ‎6．如图所示，是小鹰用扫帚打扫地面卫生的情景，此时扫帚属于　 　杠杆（选填“省力”“费力”或“等臂”），平时用力扫地，是通过　 　的方法来增大摩擦，可使地面打扫得更干净．‎ ‎7．如图所示，两个容积相同的保温杯，同时装满温度相同的热水，过了一会儿，甲杯的外壁比乙杯热，由此可判断　 　杯保温性能较好，杯壁变热是通过　 　的方式改变了它的内能．‎ ‎8．如图所示，闭合开关S，两电流表示数之比5：3，则R1与R2两端的电压之比U1：U2=　 　．电阻之比R1：R2=　 　．‎ ‎9．如图所示，是台球比赛中球杆击球后两球相撞的场景，此现象说明力能改变物体的　 　，台球在桌面上滚动的过程中，球杆对台球　 　（选填“做功”或“不做功”）．‎ ‎10．长征二号PT2运载火箭选用液态氢做燃料，主要是因为液态氢的　 　高；火箭外表涂有一层特殊物质，可利用该物质在发生物态变化时要　 　热，从而避免高速运行的火箭温度过高．‎ ‎　‎ 二、选择题 ‎11．“估测”是物体学中常用的一种方法，在家庭生活中，下列估测最符合实际的是（　　）‎ A．人们正常交流时的响度约为60dB B．餐桌的高度约为150cm C．电冰箱的额定功率约为1000W D．一个苹果的质量约为5kg ‎12．在汽油机的做功冲程中，高温、高压的燃气推动活塞运动做功，则下列说法中正确的是（　　）‎ A．燃气的内能减少，温度升高 B．燃气的内能增加，温度升高 C．燃气的内能减少，温度降低 D．燃气的内能增加，温度降低 ‎13．如图乙所示，是小安同学自制的潜望镜，利用它能在隐蔽处观察到外面的情况，用它正对如图甲所示的光源“F”，则所观察到的像是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎14．如图所示，下列现象中不能说明大气压存在的是（　　）‎ A．‎ 用抽气筒从b管向外抽气，瓶内气球会膨大起来 B．‎ 用手指盖住上孔，水就停止流出，手指一松开，水又从下孔流出 C．‎ 将带有玻璃管的空试管加热后，倒插入水中，水会进入试管 D．‎ 往容器中注入水，水静止时，容器各部分中的水面保持相平 ‎15．如图所示，用弹簧测力计拉着木块在水平面上做匀速直线运动，下列说法正确的是（　　）‎ A．木块受到的摩擦力和弹簧测力计对木块的拉力是一对平衡力 B．木块对弹簧测力计的拉力和弹簧测力计对木块的拉力是一对平衡力 C．木块对水平面的压力和水平面对木块的支持力是一对相互作用力 D．木块对弹簧测力计的拉力和手对弹簧测力计的拉力是到相互作用力 ‎16．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，下列判断正确的是（　　）‎ A．电压表示数变大，电流表示数变大 B．电压表示数变小，电流表示数变小 C．电压表示数变小，电流表示数变大 D．电压表示数变大，电流表示数变小 ‎17．如图所示，是将绝缘导线缠绕在指南针上而制成的简易电流计，现将导线的两端接到电源两极，磁针发生了偏转，下列关于该装置说法正确的是（　　）‎ A．该简易电流计是利用电磁感应现象制成的 B．若将电源的两极对调，则磁针会反向偏转 C．若断开电路，则磁针回到原来的位置 D．若断开电路，则磁针静止时，其S极将指向地理南极附近 ‎18．如图所示，是跳伞运动员在匀速下落过程中，下落的速度v、下落的路程s、重力做的功W和重力做功的功率P随时间t变化规律的图象，其中正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎　‎ 三、简答与计算题 ‎19．如图所示，是承承在乒乓球比赛中，高抛发球时的情景，不计空气阻力，请你回答下列问题：‎ ‎（1）在乒乓球上升的过程中，乒乓球的能量是如何转化的？其机械能如何变化？‎ ‎（2）乒乓球运动到最高点时，是否处于平衡状态？请说明理由．‎ ‎20．如图所示，将边长为5cm的实心正方体木块轻轻地放入装满水的溢水杯中，木块静止时，从杯中溢出水的质量为0.1kg（g取10N/kg）．求：‎ ‎（1）木块受到的浮力；‎ ‎（2）木块的密度；‎ ‎（3）木块下底面受到水的压强．‎ ‎21．如图所示，电源电压可调，小灯泡上标有“6V 0.5A”的字样（不考虑温度对小灯泡电阻的影响），电流表量程0～0.6A，电压表量程0～3V，滑动变阻器规格为“20Ω1A”‎ ‎（1）电源电压调至6V，闭合开关S1和S2，移动滑动变阻器滑片P，使小灯泡正常发光，电流表示数为0.6A，则电压表的示数是多少？R0的阻值是多少？‎ ‎（2）电源电压调至8V，断开开关S1，闭合开关S2，为了保证电路安全，求滑动变阻器的阻值变化范围．‎ ‎22．如图1所示，是某家用电热水壶内部的电路简化结构图，其中R1、R2为阻值相同的电热丝，有甲、乙、丙、丁四种不同的连接方式，该电热水壶加热有高温、中温、低温三档，中温档的额定功率为500W，求 ‎（1）电热水壶调至中温档正常加热，将2kg温度为30℃的水烧开（标准大气压下）需要20min，水所吸收的热量及电热水壶的效率；‎ ‎（2）电热水壶高温档的额定功率；‎ ‎（3）若某次电热水壶用高温档加热0.1h，耗电0.09kW•h，通过计算判断此时电热水壶是否正常工作．‎ ‎　‎ 四、实验与探究题 ‎23．物理是一门注重实验的自然科学，请同学们根据自己掌握的实验操作技能，解答下列问题 ‎（1）如图1所示的钟表，其分度值为　 　，显示的时刻为15h　 　min　 　s．‎ ‎（2）在练习使用量筒时，为了使测量结果更准确，应选用如图2所示的　 　量筒，其量程是　 　．‎ ‎（3）在练习用天平测物体质量的实验中 ‎①取出天平，观察称量和感量 ‎②将天平（砝码）放在水平桌面上，如图3所示，接下来的操作是　 　．‎ ‎③调节天平平衡，并完成下列实验步骤．‎ ‎24．【实验名称】用电流表和电压表测电阻 ‎【实验器材】电压恒为3V的电源、电压表、电流表、标有“20Ω2A”字样的滑动变阻器，待测电阻Rx、开关、导线若干．‎ ‎【实验原理】　 　‎ ‎【实验步骤】‎ ‎（1）小明按如图甲所示的电路图连接电路；‎ ‎（2）闭合开关，发现电流表示数如图乙所示，则下一步的实验操作是：先　 　，然后　 　．‎ ‎（3）小明测出待测电阻的阻值后，向老师汇报，老师指出他实验设计中存在着不足，其不足是　 　．‎ ‎（4）改进后，小明继续实验并将数据记录在表中，分析数据可知待测电阻的阻值为　 　Ω；还可以初步得出：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成　 　；‎ 实验次数 电压U/V 电流I/A ‎1‎ ‎2.4‎ ‎0.24‎ ‎2‎ ‎2.0‎ ‎0.20‎ ‎3‎ ‎1.5‎ ‎0.15‎ ‎（5）实验过程中，若小明将滑片P移到了如图丙所示位置，闭合开关，此时电流表的示数为　 　．‎ ‎25．探究水沸腾时温度变化的特点 ‎（1）如图1所示，是某小组安装的实验装置，合理的安装顺序是　 　（填序号）‎ ‎①烧杯和水②酒精灯③铁杆A和温度计（含纸盖）④铁圈B和石棉网 ‎（2）如表是小燕记录的实验数据：‎ 时间/min ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ 温度/℃‎ ‎88‎ ‎90‎ ‎92‎ ‎94‎ ‎96‎ ‎98‎ ‎98‎ ‎98‎ 实验过程中，她发现在第3min时，水中的气泡在上升的过程中逐渐　 　．（选填“变大”或“变小”）．‎ ‎（3）请将图2中的坐标系补充完整，并根据上表数据绘出水温与时间的关系图象．‎ ‎（4）由数据及图象可知，水沸腾时，继续加热，水的温度　 　．‎ ‎（5）通过学习，小燕终于明白妈妈用炉火炖汤时，在汤沸腾后总是　 　的道理（选填“保持大火”或“调为小火”）．‎ ‎26．端午假日，小华随父母体验了一次快乐的乡村游．见到如图1所示的一个老式风扇车，颇感兴趣，摇手摇杆产生的风，为什么能将从漏斗中漏下的谷粒与空壳分开呢？小华到家便进行了以下探究 ‎【自制器材】‎ ‎（1）利用废旧塑料板制成条形漏斗，废旧塑料杯切去杯底并在杯壁裁出缺口；仿照老式风扇车，组装成如图2甲所示的装置；‎ ‎（2）选用质量　 　的砂砾模拟谷粒和空壳；‎ ‎（3）裁剪快餐盒盖用于收集砂砾．‎ ‎【进行实验】‎ ‎（1）把快餐盒盖放在水平桌面上，将上述装置侧壁缺口朝下放在盒盖上方；‎ ‎（2）取一小风扇正对进风口，再开启风扇并将砂砾倒入漏斗；‎ ‎（3）待砂砾漏完，关闭风扇；‎ ‎（4）观察盒盖上的砂砾，比较　 　．‎ ‎【收集证据】实验结果如图2乙所示，并记录在表中 砂砾质量 大 较大 小 砂砾水平运动的距离 近 较近 远 ‎【分析论证】‎ ‎（1）由实验结果可知，在相同风速的作用下，质量较大的砂砾不容易被风吹远，其运动状态　 　发生改变（选填“容易”或“不容易”），即惯性较　 　（选填“大”或“小”）；‎ ‎（2）由此也可以说明惯性的大小与物体的　 　 有关．‎ ‎【交流评估】‎ 为了使实验结论更科学，可以更换不同的物体或改变风速大小重复上述实验．‎ ‎【拓展应用】‎ ‎（1）如果使用风扇车来分离谷粒和空壳，则在图1中　 　口可收集到饱满的谷粒（选填“A”或“B“）；‎ ‎（2）如图2丙所示，在无风的情况下，农场工人用铁锹将混合谷物斜向上抛洒出去，饱满的谷粒将落在离工人更　 　处（选填“近”或“远”），从而将谷粒与空壳分离．‎ ‎　‎ ‎2017年江西省中考物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、填空题（每空1分）‎ ‎1．人类社会的进步离不开物理学家们的杰出贡献．为了纪念这些伟大的物理学家，人们常用他们的名字作为物理量的单位，如力的单位是　牛顿　，欧姆是　电阻　的单位．‎ ‎【考点】2S：物理量的单位及单位换算．‎ ‎【分析】物理学上的很多单位都是以科学家的名字命名的，例如安培、牛顿、欧姆、焦耳、瓦特、库仑等．‎ ‎【解答】解：‎ 牛顿是英国伟大的物理学家，在力学、光学研究领域取得卓著的成就，物理学以牛顿的名字作为力的单位，符号是N．‎ 德国的物理学家欧姆，最先通过实验与理论研究发现了欧姆定律，物理学以欧姆的名字作为电阻的单位，符号是Ω．‎ 故答案为：牛顿；电阻．‎ ‎　‎ ‎2．声音是由于物体　振动　而产生的，当人在雪山中大声说话时，因为声音能传递　能量　，所以就有可能诱发雪崩．‎ ‎【考点】91：声音的产生；9N：声与能量．‎ ‎【分析】解决此题的关键是要知道声音是由物体的振动产生的，声音可以传播能量．‎ ‎【解答】解：声音是由于物体振动而产生的，人在雪山中大声说话时，由于声音能够传递能量，往往会引起积雪层雪崩，造成危险．‎ 故答案为：振动；能量．‎ ‎　‎ ‎3．如图所示，一个白鹭正平行于水面飞行，若以白鹭为参照物，它在水中的倒影是　静止　的，若以岸为参照物，白鹭是的　运动　‎ ‎（均选填“运动”或“静止”）．‎ ‎【考点】52：参照物及其选择．‎ ‎【分析】在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止．‎ ‎【解答】解：一个白鹭正平行于水面飞行，白鹭所成的像相对于水面时对称的，若以白鹭为参照物，像与白鹭间没有位置的变化，故是静止的；以岸为参照物，白鹭与岸有位置的变化，是运动的．‎ 故答案为：静止；运动．‎ ‎　‎ ‎4．人的眼睛就像是一架精密的照相机，如图所示，是描述人眼看物体的成像图，其中看远处景物的是　甲　图，景物在视网膜上成的是　实　像．（选填“实”或“虚”）．‎ ‎【考点】B9：眼睛及其视物原理．‎ ‎【分析】眼睛和照相机类似，晶状体相当于是一个凸透镜，可以将2倍焦距以外的物体成像在视网膜上；当物距大于2倍焦距时，成的是倒立、缩小的实像．‎ ‎【解答】解：人的眼睛像一架神奇的照相机，晶状体相当于凸透镜，视网膜相当于光屏，外界物体在视网膜上成倒立、缩小的实像．人看远处的物体时，晶状体会变薄，远处的物体发出或反射的光线相当于平行光线，经过人的眼睛后，像呈在视网膜上，故看远处景物的是甲图．‎ 故答案为：甲；实．‎ ‎　‎ ‎5．如图所示，是部分不同物质的原子核对电子束缚能力强弱的排序图，毛皮与图中的　梳子　摩擦最容易起电，且它们摩擦后毛皮带　正　‎ 电．（选填“正”或“负”）．‎ ‎【考点】H7：摩擦起电的实质．‎ ‎【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．束缚电子能力强的物体容易得到电子，带负电；束缚电子能力弱的物体容易失去电子，带正电；‎ ‎【解答】解：由图可知，毛皮的束缚电子的能力最弱，梳子束缚电子的能力最强，故毛皮与梳子摩擦最容易起电；毛皮失去电子带正电，梳子得到电子带负电．‎ 故答案为：梳子；正．‎ ‎　‎ ‎6．如图所示，是小鹰用扫帚打扫地面卫生的情景，此时扫帚属于　费力　杠杆（选填“省力”“费力”或“等臂”），平时用力扫地，是通过　增大压力　的方法来增大摩擦，可使地面打扫得更干净．‎ ‎【考点】7O：杠杆的分类；7I：增大或减小摩擦的方法．‎ ‎【分析】根据动力臂和阻力臂的大小关系的关系判定杠杆的种类；根据增大摩擦力的方法有两个：增大压力和增大接触面的粗糙程度．‎ ‎【解答】解：扫帚在使用过程中，动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；平时用力扫地，是通过增大压力的方法来增大摩擦的．‎ 故答案为：费力；增大压力．‎ ‎　‎ ‎7．如图所示，两个容积相同的保温杯，同时装满温度相同的热水，过了一会儿，甲杯的外壁比乙杯热，由此可判断　乙　杯保温性能较好，杯壁变热是通过　热传递　的方式改变了它的内能．‎ ‎【考点】GA：热传递改变物体内能．‎ ‎【分析】保温杯散失热量越少，判断保温效果的好坏；热传递可以改变物体的内能．‎ ‎【解答】解；两个容积相同的保温杯，同时装满温度相同的热水，过了一会儿，甲杯的外壁比乙杯热，说明甲杯的散热多，保温效果差，乙杯的保温效果好；‎ 杯壁变热是通过热传递的方式改变了它的内能．‎ 故答案为：乙；热传递．‎ ‎　‎ ‎8．如图所示，闭合开关S，两电流表示数之比5：3，则R1与R2两端的电压之比U1：U2=　1：1　．电阻之比R1：R2=　3：2　．‎ ‎【考点】IH：欧姆定律的应用．‎ ‎【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流，根据并联电路的电压特点可知两电阻两端的电压之比，根据并联电路的电流特点求出通过两电阻的电流之比，根据欧姆定律求出两电阻的阻值之比．‎ ‎【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流，‎ 因并联电路中各支路两端的电压相等，‎ 所以，R1与R2两端的电压之比为U1：U2=1：1；‎ 因并联电路中干路电流等于各支路两端的电压相等，‎ 所以，通过两电阻的电流之比：‎ ‎===，‎ 由I=可得，两电阻的阻值之比：‎ ‎===．‎ 故答案为：1：1； 3：2．‎ ‎　‎ ‎9．如图所示，是台球比赛中球杆击球后两球相撞的场景，此现象说明力能改变物体的　运动状态　，台球在桌面上滚动的过程中，球杆对台球　不做功　（选填“做功”或“不做功”）．‎ ‎【考点】6F：力的作用效果；EA：力是否做功的判断．‎ ‎【分析】（1）力的作用效果有两种：改变物体的形状，改变物体的运动状态；‎ ‎（2）做功的条件是：作用在物体上有力，物体沿力的方向移动一段距离；‎ ‎【解答】解：（1）由图知两球相撞后，打出的球运动方向发生改变，运动状态发生变化，被打的小球由运动变为静止，运动状态也发生变化，此现象说明力能改变物体的运动状态；‎ ‎（2）台球在桌面上滚动的过程中，球杆对台球不再有力的作用，所以球杆对台球不做功．‎ 故答案为：运动状态；不做功．‎ ‎　‎ ‎10．长征二号PT2运载火箭选用液态氢做燃料，主要是因为液态氢的　热值　高；火箭外表涂有一层特殊物质，可利用该物质在发生物态变化时要　吸　热，从而避免高速运行的火箭温度过高．‎ ‎【考点】GJ：燃料的热值；19：熔化与熔化吸热特点．‎ ‎【分析】（1）热值是燃料的一种特性，热值越大，完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多；‎ ‎（2）物质从液态变成气态的过程称为汽化，物质从汽态变成液态的过程称为液化；熔化、汽化时要从周围吸收大量的热，有降温作用．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；‎ ‎（2）为保证火箭安全，箭体上涂有一层特殊固体物质，在高温下先熔化，再汽化，因为熔化、汽化时要吸收大量的热，这样箭体的温度就不会太高．‎ 故答案为：热值；吸．‎ ‎　‎ 二、选择题 ‎11．“估测”是物体学中常用的一种方法，在家庭生活中，下列估测最符合实际的是（　　）‎ A．人们正常交流时的响度约为60dB B．餐桌的高度约为150cm C．电冰箱的额定功率约为1000W D．一个苹果的质量约为5kg ‎【考点】9K：声音的等级和噪声的危害；23：质量的估测；63：长度的估测；J7：电功率．‎ ‎【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．‎ ‎【解答】解：‎ A、人们正常交流时的响度在50dB左右，故A符合实际；‎ B、餐桌的高度和课桌的高度差不多，约为80cm，故B不符合实际；‎ C、电冰箱的额定功率在200W左右，故C不符合实际；‎ D、一个苹果的质量约为200g，故D不符合实际．‎ 故选A．‎ ‎　‎ ‎12．在汽油机的做功冲程中，高温、高压的燃气推动活塞运动做功，则下列说法中正确的是（　　）‎ A．燃气的内能减少，温度升高 B．燃气的内能增加，温度升高 C．燃气的内能减少，温度降低 D．燃气的内能增加，温度降低 ‎【考点】G9：做功改变物体内能．‎ ‎【分析】做功可以改变物体的内能，物体对外做功，内能减小．‎ ‎【解答】解：在汽油机的做功冲程中，高温、高压的燃气推动活塞向下运动做功，燃气自身的温度降低，内能减小．‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎13．如图乙所示，是小安同学自制的潜望镜，利用它能在隐蔽处观察到外面的情况，用它正对如图甲所示的光源“F”，则所观察到的像是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】A6：光的反射．‎ ‎【分析】首先要弄清潜望镜的原理，是地上面的、远处的景物反射的光，照射到潜望镜上面这块平面镜上，再反射到下面这块平面镜上，再反射到人的眼里，人就能从低处看见地上面的、远处的景物．总之是平面镜成像．‎ ‎【解答】解：‎ 根据潜望镜中使用的是两块平面镜；物体在上面平面镜中成正立、等大的虚像，这个虚像又在下面平面镜中成正立、等大的虚像．所以眼睛看到正立、等大的虚像．‎ 高兴：B．‎ ‎　‎ ‎14．如图所示，下列现象中不能说明大气压存在的是（　　）‎ A．‎ 用抽气筒从b管向外抽气，瓶内气球会膨大起来 B．‎ 用手指盖住上孔，水就停止流出，手指一松开，水又从下孔流出 C．‎ 将带有玻璃管的空试管加热后，倒插入水中，水会进入试管 D．‎ 往容器中注入水，水静止时，容器各部分中的水面保持相平 ‎【考点】8E：大气压强的存在．‎ ‎【分析】要解决此题需要掌握大气压的存在以及作用．我们周围存在大气压，大气压的值很大，并且向各个方向都有压强．并且要把大气压的作用和一般气体压强的作用区别开来；上端开口，底部连通的容器叫连通器，连通器中装同种液体，液体静止时液面是相平的．‎ ‎【解答】解：‎ A、用抽气筒从b管向外抽气，瓶内的气压减小，气球会在外界大气压的作用下被压大，故A不符合题意；‎ B、堵上小孔，瓶子里的水由于受到外界气压的作用倒不出来，故B不符合题意；‎ C、将带有玻璃管的空试管加热后，倒插入水中，试管内的空气会变冷，气压减小，水会在外界大气压的作用下被压入试管，故C不符合题意；‎ D、茶壶的壶嘴和壶身构成了一个连通器，当里面的水不流动时，壶嘴的水面和壶身的水面保持相平，不能证明大气压是存在的，故D符合题意．‎ 故选D．‎ ‎　‎ ‎15．如图所示，用弹簧测力计拉着木块在水平面上做匀速直线运动，下列说法正确的是（　　）‎ A．木块受到的摩擦力和弹簧测力计对木块的拉力是一对平衡力 B．木块对弹簧测力计的拉力和弹簧测力计对木块的拉力是一对平衡力 C．木块对水平面的压力和水平面对木块的支持力是一对相互作用力 D．木块对弹簧测力计的拉力和手对弹簧测力计的拉力是到相互作用力 ‎【考点】6S：平衡力和相互作用力的区分．‎ ‎【分析】一对平衡力等大、反向、作用在同一直线上、作用在同一物体上；‎ 作用力和反作用力，它们大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同物体上．据此分析答题．‎ ‎【解答】解：A、由图知木块受到的摩擦力和弹簧测力计对木块的拉力不在同一直线上，不是一对平衡力，故A错误；‎ B、木块对弹簧测力计的拉力和弹簧测力计对木块的拉力作用在弹簧测力计和木块两个物体上，大小相等、方向相反、在同一直线上，是一对作用力和反作用力．故B错误；‎ C、木块对水平面的压力和水平面对木块的支持力作用在地面和木块两个物体上，大小相等、方向相反、在同一直线上，是一对相互作用力，故C正确；‎ D、木块对弹簧测力计的拉力和手对弹簧测力计的拉力作用在同一物体上，不在同一直线上，不是相互作用力，故D错误．‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎16．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，下列判断正确的是（　　）‎ A．电压表示数变大，电流表示数变大 B．电压表示数变小，电流表示数变小 C．电压表示数变小，电流表示数变大 D．电压表示数变大，电流表示数变小 ‎【考点】IZ：电路的动态分析；IH：欧姆定律的应用．‎ ‎【分析】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化．‎ ‎【解答】解：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，‎ 当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，‎ 由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故BD错误；‎ 由U=IR可知，R两端的电压变大，‎ 因串联电路中总电压等于各分电压之和，‎ 所以，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，故A错误、C正确．‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎17．如图所示，是将绝缘导线缠绕在指南针上而制成的简易电流计，现将导线的两端接到电源两极，磁针发生了偏转，下列关于该装置说法正确的是（　　）‎ A．该简易电流计是利用电磁感应现象制成的 B．若将电源的两极对调，则磁针会反向偏转 C．若断开电路，则磁针回到原来的位置 D．若断开电路，则磁针静止时，其S极将指向地理南极附近 ‎【考点】CJ：磁场对通电导线的作用．‎ ‎【分析】（1）结合图中的装置特点，判断其所涉及的电磁学的原理，重点区分磁场对电流的作用，和电磁感应现象装置的不同．‎ ‎（2）通电导体受力的方向与电流方向和磁感线的方向有关；‎ ‎（3）断开电路，电路中无电流，指南针仍指示南北；‎ ‎（4）地球是一个巨大的条形磁体，地磁的N极在地理的南极附近，地磁的S极在地理的北极附近．‎ ‎【解答】解：A、图中简易电流计是利用通电导体在磁场中受力制成的，不是电磁感应现象，故A错误；‎ B、通电导体受力的方向与电流方向有关，若电源的两极对调，导体受力方向改变，磁针会反向偏转，故B正确；‎ CD、断开电路，电路中无电流，指南针仍指示南北回到原来的位置，其S极将指向地理南极附近，故CD正确．‎ 故选BCD．‎ ‎　‎ ‎18．如图所示，是跳伞运动员在匀速下落过程中，下落的速度v、下落的路程s、重力做的功W和重力做功的功率P随时间t变化规律的图象，其中正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】6C：匀速直线运动；69：速度公式及其应用；E8：功；FB：功率的概念．‎ ‎【分析】明确图象中的横坐标和纵坐标所代表的物理量，再根据图象的形状判断物理量间的关系或变化规律 ‎【解答】解：‎ AB、跳伞运动员在匀速下落过程中，做匀速直线运动，匀速直线运动v不随时间变化，故在图象中为平行于时间轴的直线，在s﹣t图象中，匀速直线运动为倾斜的直线；故A正确、B错误；‎ C、根据W=Gh=Gvt，其中重力G、速度v是一定值，重力做的功W与时间t成正比，图象为倾斜的直线，故C错误；‎ D、根据P=Fv=Gv，其中重力G、速度v是一定值，故功率P也为一定值，图象为平行于时间轴的直线，故D正确．‎ 故选AD．‎ ‎　‎ 三、简答与计算题 ‎19．如图所示，是承承在乒乓球比赛中，高抛发球时的情景，不计空气阻力，请你回答下列问题：‎ ‎（1）在乒乓球上升的过程中，乒乓球的能量是如何转化的？其机械能如何变化？‎ ‎（2）乒乓球运动到最高点时，是否处于平衡状态？请说明理由．‎ ‎【考点】FU：动能和势能的转化与守恒；6Q：平衡状态的判断．‎ ‎【分析】（1）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能．在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析．‎ ‎（2）处于平衡状态的物体一定受到非平衡力的作用，对乒乓球运动到最高点时进行受力分析即可解答．‎ ‎【解答】答：（1）在乒乓球上升的过程中，乒乓球的质量不变，速度变小，动能减小，同时高度升高，重力势能变大，动能转化为重力势能；机械能为动能和势能之和，所以不计空气阻力，机械能大小不变；‎ ‎（2）乒乓球运动到最高点时，不处于平衡状态；因为乒乓球运动到最高点时，只受重力作用，合外力不为零．‎ ‎　‎ ‎20．如图所示，将边长为5cm的实心正方体木块轻轻地放入装满水的溢水杯中，木块静止时，从杯中溢出水的质量为0.1kg（g取10N/kg）．求：‎ ‎（1）木块受到的浮力；‎ ‎（2）木块的密度；‎ ‎（3）木块下底面受到水的压强．‎ ‎【考点】8P：浮力大小的计算；2A：密度的计算；89：液体的压强的计算．‎ ‎【分析】（1）知道溢出水质量，利用重力公式求木块排开水的重力，再根据阿基米德原理求木块受到的浮力；‎ ‎（2）知道正方体木块的边长求出木块的体积；根据漂浮条件求出木块重，进而求出木块的质量；最后利用密度公式求木块的密度；‎ ‎（3）根据浮力产生的原因（物体上下表面产生的压力差），求出下表面受到的压力，再根据压强公式求木块下表面受到的水的压强．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）木块受到的浮力：F浮=G排=m排g=0.1kg×10N/kg=1N；‎ ‎（2）正方体木块的体积：V木=（0.05m）3=1.25×10﹣4m3，‎ 因为木块漂浮，‎ 所以G木=F浮=1N，‎ 因为G木=m木g=ρ木V木g，‎ 所以木块的密度：‎ ρ木===0.8×103kg/m3；‎ ‎（3）由于木块漂浮，根据浮力产生的原因可知，木块下表面受到的水的压力：F=F浮=1N，‎ 木块的底面积S=（0.05m）2=0.0025m2，‎ 木块下表面受到的水的压强：‎ p===400Pa．‎ 答：（1）木块受到的浮力为1N；‎ ‎（2）木块的密度为0.8×103kg/m3；‎ ‎（3）木块下表面受到的水的压强为400Pa．‎ ‎　‎ ‎21．如图所示，电源电压可调，小灯泡上标有“6V 0.5A”的字样（不考虑温度对小灯泡电阻的影响），电流表量程0～0.6A，电压表量程0～3V，滑动变阻器规格为“20Ω1A”‎ ‎（1）电源电压调至6V，闭合开关S1和S2，移动滑动变阻器滑片P，使小灯泡正常发光，电流表示数为0.6A，则电压表的示数是多少？R0的阻值是多少？‎ ‎（2）电源电压调至8V，断开开关S1，闭合开关S2，为了保证电路安全，求滑动变阻器的阻值变化范围．‎ ‎【考点】IH：欧姆定律的应用．‎ ‎【分析】（1）闭合开关S1和S2，灯泡L与滑动变阻器R串联后再与R0并联，电流表测干路电流，电压表测R两端的电压，灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据并联电路的电压特点和串联电路的电压特点求出R两端的电压，根据并联电路的电流特点求出通过R0的电流，根据欧姆定律求出R0的阻值；‎ ‎（2）断开开关S1，闭合开关S2，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，灯泡正常发光时变阻器接入电路中的电阻为零；当电压表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据欧姆定律求出灯泡的电阻，根据串联电路的电压特点求出L两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出R的最大阻值，进一步得出答案．‎ ‎【解答】解：（1）闭合开关S1和S2，灯泡L与滑动变阻器R串联后再与R0并联，电流表测干路电流，电压表测R两端的电压，‎ 因并联电路中各支路两端的电压相等，且串联电路中总电压等于各分电压之和，‎ 所以，灯泡正常发光时，电压表的示数：‎ UR=U﹣UL=6V﹣6V=0V，‎ 此时通过灯泡的电流IL=0.5A，‎ 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，‎ 所以，通过R0的电流：‎ I0=I﹣IL=0.6A﹣0.5A=0.1A，‎ 由I=可得，R0的阻值：‎ R0===60Ω；‎ ‎（2）断开开关S1，闭合开关S2，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，‎ 因灯泡正常发光时，电压表的示数为零，‎ 所以，滑动变阻器接入电路中的电阻为0Ω；‎ 当电压表的示数UR大=3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，‎ 灯泡的电阻：‎ RL===12Ω，‎ 因串联电路中总电压等于各分电压之和，‎ 所以，L两端的电压：‎ UL′=U′﹣UR大=8V﹣3V=5V，‎ 因串联电路中各处的电流相等，‎ 所以，电路中的电流：‎ I′==，即=，‎ 解得：R=7.2Ω，‎ 所以，滑动变阻器的阻值变化范围为0～7.2Ω．‎ 答：（1）电压表的示数是0V，R0的阻值是60Ω；‎ ‎（2）滑动变阻器的阻值变化范围为0～7.2Ω．‎ ‎　‎ ‎22．如图1所示，是某家用电热水壶内部的电路简化结构图，其中R1、R2为阻值相同的电热丝，有甲、乙、丙、丁四种不同的连接方式，该电热水壶加热有高温、中温、低温三档，中温档的额定功率为500W，求 ‎（1）电热水壶调至中温档正常加热，将2kg温度为30℃的水烧开（标准大气压下）需要20min，水所吸收的热量及电热水壶的效率；‎ ‎（2）电热水壶高温档的额定功率；‎ ‎（3）若某次电热水壶用高温档加热0.1h，耗电0.09kW•h，通过计算判断此时电热水壶是否正常工作．‎ ‎【考点】JK：电功与热量的综合计算．‎ ‎【分析】（1）标准大气压下水的沸点为100℃，根据Q吸=cm（t﹣t0）求出水吸收的热量，根据P=求出消耗的电能，利用η=×100%求出电热水壶的效率；‎ ‎（2）先分析四图的连接方式，求出四种连接的电阻大小，电源电压不变，根据公式P=求出各自的电功率，然后比较得出答案；‎ ‎（3）根据P=求出电热水壶的实际功率，然后与额定功率相比较得出答案．‎ ‎【解答】解：（1）标准大气压下水的沸点为100℃，则水吸收的热量：‎ Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×=5.88×105J，‎ 由P=可得，消耗的电能：‎ W=P中t′=500W×20×60s=6×105J，‎ 电热水壶的效率：‎ η=×100%=×100%=98%；‎ ‎（2）由题知，R1、R2为阻值相同的电热丝，设R1=R2=R，‎ 甲图为开路，P甲=0，‎ 乙图中两电阻串联，R乙=2R，P乙==，‎ 丙图中只有电阻R1工作，R丙=R，P丙==，‎ 丁图中两电阻并联，R丁=R，P丁===2，‎ 由以上可知，丙图为中温档，丁图为高温档，则电热水壶高温档的额定功率：‎ P高=2P中=2×500W=1000W；‎ ‎（3）电热水壶的实际功率：‎ P实===0.9kW=900W＜1000W，‎ 则此时电热水壶不是正常工作．‎ 答：（1）水所吸收的热量为5.88×105J，电热水壶的效率为98%；‎ ‎（2）电热水壶高温档的额定功率为1000W；‎ ‎（3）此时电热水壶不是正常工作．‎ ‎　‎ 四、实验与探究题 ‎23．物理是一门注重实验的自然科学，请同学们根据自己掌握的实验操作技能，解答下列问题 ‎（1）如图1所示的钟表，其分度值为　1min　，显示的时刻为15h　10　min　25　s．‎ ‎（2）在练习使用量筒时，为了使测量结果更准确，应选用如图2所示的　乙　量筒，其量程是　0﹣50ml　．‎ ‎（3）在练习用天平测物体质量的实验中 ‎①取出天平，观察称量和感量 ‎②将天平（砝码）放在水平桌面上，如图3所示，接下来的操作是　把游码拨到标尺的最左端，调节平衡螺母使横梁平衡　．‎ ‎③调节天平平衡，并完成下列实验步骤．‎ ‎【考点】62：时间的测量；26：天平的使用；2D：量筒的使用．‎ ‎【分析】（1）根据表盘的刻度分析；‎ ‎（2）分度值越小，读数越精确；根据量筒的刻度值读出量程；‎ ‎（3）根据天平的使用规则分析．‎ ‎【解答】解：（1）由图可知，表盘上有60个小格，60个小格为1h，则每个小格为1min；显示的时刻为15h10min25s；‎ ‎（2）分度值越小，读数越精确；甲的分度值为5ml，乙的分度值为2ml，故为了使测量结果更准确，应选用如图2所示的乙量筒，其量程为0﹣50ml；‎ ‎（3）②将天平（砝码）放在水平桌面上，首先要调零：把游码拨到标尺的最左端，调节平衡螺母使横梁平衡；‎ ‎③在测量过程中，应通过加减砝码和移动游码使横梁平衡；‎ 故答案为：（1）1min；10；25；（2）乙；0﹣50ml；（3）把游码拨到标尺的最左端，调节平衡螺母使横梁平衡；加减砝码和移动游码．‎ ‎　‎ ‎24．【实验名称】用电流表和电压表测电阻 ‎【实验器材】电压恒为3V的电源、电压表、电流表、标有“20Ω2A”字样的滑动变阻器，待测电阻Rx、开关、导线若干．‎ ‎【实验原理】　R=　‎ ‎【实验步骤】‎ ‎（1）小明按如图甲所示的电路图连接电路；‎ ‎（2）闭合开关，发现电流表示数如图乙所示，则下一步的实验操作是：先　断开开关　，然后　将电流表正负接线柱交换连接　．‎ ‎（3）小明测出待测电阻的阻值后，向老师汇报，老师指出他实验设计中存在着不足，其不足是　没有多次测量取平均值　．‎ ‎（4）改进后，小明继续实验并将数据记录在表中，分析数据可知待测电阻的阻值为　10　Ω；还可以初步得出：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成　正比　；‎ 实验次数 电压U/V 电流I/A ‎1‎ ‎2.4‎ ‎0.24‎ ‎2‎ ‎2.0‎ ‎0.20‎ ‎3‎ ‎1.5‎ ‎0.15‎ ‎（5）实验过程中，若小明将滑片P移到了如图丙所示位置，闭合开关，此时电流表的示数为　0.1A　．‎ ‎【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验．‎ ‎【分析】用电流表和电压表测电阻的原理为R=；‎ ‎（2）电流应从电流表的正接线柱流入，从负接线柱流出，‎ ‎（3）为提高测量的准确度，要多次测量取平均值作为测量结果；‎ ‎（4）根据欧姆定律求电阻，为提高测量的准确程度取平均值为测量结果；根据R=为定值分析；‎ ‎（5）小明将滑片P移到了如图丙所示位置，根据电阻的串联求出电路的总电阻，由欧姆定律求电流．‎ ‎【解答】解：用电流表和电压表测电阻的原理为R=；‎ ‎（2）闭合开关，发现电流表示数如图乙所示，即电流表指针反向偏转，说明电流表正负接线柱接反了，则下一步的实验操作是：先断开，然后将电流表正负接线柱交换连接；‎ ‎（3）老师指出他实验设计中存在着不足，其不足是：没有多次测量取平均值．‎ ‎（4）由实验数据，根据欧姆定律I=，待测电阻R=，三次测量的电阻均为10Ω，取平均值作为测量结果，可知待测电阻的阻值为10Ω；‎ 因待测电阻R=为定值，还可以初步得出：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成成正比；‎ ‎（5）实验过程中，若小明将滑片P移到了如图丙所示位置，即变阻器的最大电阻R滑=20Ω连入电路中，根据电阻的串联，电路中的电阻：‎ R总=R+R滑=10Ω+20Ω=30Ω，由欧姆定律，电路中的电流：‎ I′===0.1A．‎ 故答案为：R=；（2）断开开关；将电流表正负接线柱交换连接；（3）没有多次测量取平均值；（4）10；正比；（5）0.1A．‎ ‎　‎ ‎25．探究水沸腾时温度变化的特点 ‎（1）如图1所示，是某小组安装的实验装置，合理的安装顺序是　②④①③　（填序号）‎ ‎①烧杯和水②酒精灯③铁杆A和温度计（含纸盖）④铁圈B和石棉网 ‎（2）如表是小燕记录的实验数据：‎ 时间/min ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ 温度/℃‎ ‎88‎ ‎90‎ ‎92‎ ‎94‎ ‎96‎ ‎98‎ ‎98‎ ‎98‎ 实验过程中，她发现在第3min时，水中的气泡在上升的过程中逐渐　变小　．（选填“变大”或“变小”）．‎ ‎（3）请将图2中的坐标系补充完整，并根据上表数据绘出水温与时间的关系图象．‎ ‎（4）由数据及图象可知，水沸腾时，继续加热，水的温度　不变　．‎ ‎（5）通过学习，小燕终于明白妈妈用炉火炖汤时，在汤沸腾后总是　调为小火　的道理（选填“保持大火”或“调为小火”）．‎ ‎【考点】1O：探究水的沸腾实验．‎ ‎【分析】（1）实验器材装配要根据酒精灯来确定铁圈及石棉网的高度；温度计测量液体温度时，玻璃泡要浸没在液体中，不能接触容器底和壁，由此分析解答；‎ ‎（2）水为沸腾时，气泡在上升过程中会变小；‎ ‎（3）根据表格中的数据描点连线；‎ ‎（4）根据图象分析温度的变化特点；‎ ‎（5）液体沸腾时虽然要继续吸热，但是温度保持不变．炖汤时，汤烧开后，不论是大火还是小火，汤的温度都保持不变，所以炖汤时总是大火烧开后改用小火炖．‎ ‎【解答】解：（1）酒精灯要使用外焰加热，所以合理顺序应先放好温度计，由其外焰高度确定铁圈及石棉网的高度；温度计测量液体温度时，玻璃泡要浸没在液体中，不能接触容器底和壁，所以接着应放置烧杯，最后安装温度计．即顺序为：②④①③；‎ ‎（2）水沸腾前，底部的温度高于上部的温度，根据热胀冷缩可知，气泡在上升过程中逐渐变小；‎ ‎（3）由表格中的数据描点连线得：‎ ‎；‎ ‎（4）由图象可知，水沸腾后，吸热，但温度保持不变；‎ ‎（5）汤处于沸腾状态，而水沸腾时的温度不变，即使加大火力，也不能提高水温和使食物煮熟得快，只是加快了水的汽化，浪费了燃料．所以先用大火将食物烧开，就改用小火炖，保持锅内的水一直沸腾就行了．‎ 故答案为：（1）②④①③；（2）变小；（3）如图；（4）不变；（5）调为小火．‎ ‎　‎ ‎26．端午假日，小华随父母体验了一次快乐的乡村游．见到如图1所示的一个老式风扇车，颇感兴趣，摇手摇杆产生的风，为什么能将从漏斗中漏下的谷粒与空壳分开呢？小华到家便进行了以下探究 ‎【自制器材】‎ ‎（1）利用废旧塑料板制成条形漏斗，废旧塑料杯切去杯底并在杯壁裁出缺口；仿照老式风扇车，组装成如图2甲所示的装置；‎ ‎（2）选用质量　不同　的砂砾模拟谷粒和空壳；‎ ‎（3）裁剪快餐盒盖用于收集砂砾．‎ ‎【进行实验】‎ ‎（1）把快餐盒盖放在水平桌面上，将上述装置侧壁缺口朝下放在盒盖上方；‎ ‎（2）取一小风扇正对进风口，再开启风扇并将砂砾倒入漏斗；‎ ‎（3）待砂砾漏完，关闭风扇；‎ ‎（4）观察盒盖上的砂砾，比较　砂砾水平运动的距离　．‎ ‎【收集证据】实验结果如图2乙所示，并记录在表中 砂砾质量 大 较大 小 砂砾水平运动的距离 近 较近 远 ‎【分析论证】‎ ‎（1）由实验结果可知，在相同风速的作用下，质量较大的砂砾不容易被风吹远，其运动状态　不容易　发生改变（选填“容易”或“不容易”），即惯性较　大　（选填“大”或“小”）；‎ ‎（2）由此也可以说明惯性的大小与物体的　质量　 有关．‎ ‎【交流评估】‎ 为了使实验结论更科学，可以更换不同的物体或改变风速大小重复上述实验．‎ ‎【拓展应用】‎ ‎（1）如果使用风扇车来分离谷粒和空壳，则在图1中　B　口可收集到饱满的谷粒（选填“A”或“B“）；‎ ‎（2）如图2丙所示，在无风的情况下，农场工人用铁锹将混合谷物斜向上抛洒出去，饱满的谷粒将落在离工人更　远　处（选填“近”或“远”），从而将谷粒与空壳分离．‎ ‎【考点】2P：控制变量法与探究性实验方案．‎ ‎【分析】自制器材：（2）要探究“为什么能将从漏斗中漏下的谷粒与空壳分开呢？”问题，是因为质量不同，根据控制变量法解答；‎ 进行实验：（4）观察盒盖上的砂砾，比较砂砾水平运动的距离；‎ 分析论证、拓展应用：质量越大，惯性越大，运动状态越不容易改变．‎ ‎【解答】解：自制器材：（2）从漏斗中漏下的谷粒与空壳的质量不同，故选用质量不同的砂砾模拟谷粒和空壳；‎ 进行实验：（4）要知道砂砾水平运动的距离是通过观察盒盖上的砂砾的位置；‎ 分析论证：（1）由实验结果可知，在相同风速的作用下，质量较大的砂砾不容易被风吹远，其运动状态不容易发生改变，即惯性较大；‎ ‎（2）由此也可以说明惯性的大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；‎ 拓展应用：（1）因为质量越大，惯性越大，运动状态越不容易改变，谷粒的质量大于谷壳质量，谷粒的运动状态不容易改变，运动距离越近，故B口可收集到饱满的谷粒；‎ ‎（2）饱满的谷粒质量越大，惯性越大，运动状态越不容易改变，运动后越不容易停下来，运动距离越远．‎ 故答案为：自制器材：（2）不同；进行实验：（4）砂砾水平运动的距离；分析论证：（1）不容易；大；（2）质量；拓展应用：（1）B；（2）远．‎ ‎　‎ ‎2017年6月23日