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- 2021-05-13 发布
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2017辽宁数学中考圆试题集萃
1.(12分)(2017•葫芦岛)如图,△ABC内接于⊙O,AC是直径,BC=BA,在∠ACB的内部作∠ACF=30°,且CF=CA,过点F作FH⊥AC于点H,连接BF.
(1)若CF交⊙O于点G,⊙O的半径是4,求的长;
(2)请判断直线BF与⊙O的位置关系,并说明理由.
【答案】(1)AG=4﹣4.;(2)BF是⊙O的切线.
【解析】
试题分析:(1)连接OB,首先证明四边形BOHF是矩形,求出AB、BF的长,由BF∥AC,可得===,可得=,由此即可解决问题;
(2)结论:BF是⊙O的切线.只要证明OB⊥BF即可;
试题解析:(1)∵AC是直径,
∴∠CBA=90°,
∵BC=BA,OC=OA,
∴OB⊥AC,
∵FH⊥AC,
∴OB∥FH,
在Rt△CFH中,∵∠FCH=30°,
∴FH=CF,
∵CA=CF,
∴FH=AC=OC=OA=OB,
∴四边形BOHF是平行四边形,
∵∠FHO=90°,
∴四边形BOHF是矩形,
∴BF=OH,
在Rt△ABC中,∵AC=8,
∴AB=BC=4,
∵CF=AC=8,
∴CH=4,BF=OH=4﹣4,
∵BF∥AC,
∴===,
∴=,
∴AG=4﹣4.
∴BF是⊙O的切线.
考点:切线的判定、矩形的判定.等腰三角形的性质,直角三角形30度角的性质、平行线分线段成比例定理 &
2.(10分)(2017•大连)如图,AB是⊙O直径,点C在⊙O上,AD平分∠CAB,BD是⊙O的切线,AD与BC相交于点E.
(1)求证:BD=BE;
(2)若DE=2,BD=5,求CE的长.
【考点】MC:切线的性质;KQ:勾股定理;T7:解直角三角形.菁优网版权所有
【分析】(1))设∠BAD=α,由于AD平分∠BAC,所以∠CAD=∠BAD=α,进而求出∠D=∠BED=90°﹣α,从而可知BD=BE;
(2)设CE=x,由于AB是⊙O的直径,∠AFB=90°,又因为BD=BE,DE=2,FE=FD=1,由于BD=5,所以tanα=12,从而可求出AB=BFsinα=25,利用勾股定理列出方程即可求出x的值.
【解答】解:(1)设∠BAD=α,
∵AD平分∠BAC
∴∠CAD=∠BAD=α,
∵AB是⊙O的直径,∴∠ACB=90°,
∴∠ABC=90°﹣2α,
∵BD是⊙O的切线,
∴BD⊥AB,
∴∠DBE=2α,
∠BED=∠BAD+∠ABC=90°﹣α,
∴∠D=180°﹣∠DBE﹣∠BED=90°﹣α,
∴∠D=∠BED,
∴BD=BE
(2)设AD交⊙O于点F,CE=x,则AC=2x,连接BF,
∵AB是⊙O的直径,
∴∠AFB=90°,
∵BD=BE,DE=2,
∴FE=FD=1,
∵BD=5,
∴tanα=12,
∴AB=BFsinα=25
在Rt△ABC中,
由勾股定理可知:(2x)2+(x+5)2=(25)2,
∴解得:x=﹣5或x=355,
∴CE=355;
【点评】本题考查圆的综合问题,涉及切线的性质,圆周角定理,勾股定理,解方程等知识,综合程度较高,属于中等题型.
3.(8分)(2017锦州)已知:四边形OABC是菱形,以O为圆心作⊙O,与BC相切于点D,交OA于E,交OC于F,连接OD,DF.
(1)求证:AB是⊙O的切线;
(2)连接EF交OD于点G,若∠C=45°,求证:GF2=DG•OE.
4.(12分)(2017•辽阳)如图,Rt△ABC中,∠ACB=90°,以BC为直径的⊙O
交AB于点D,E、F是⊙O上两点,连接AE、CF、DF,满足EA=CA.
(1)求证:AE是⊙O的切线;
(2)若⊙O的半径为3,tan∠CFD=43,求AD的长.
5.(10分)(2017•沈阳)如图,在△ABC中,以BC为直径的⊙O交AC于点E,过点E作EF⊥AB于点F,延长EF交CB的延长线于点G,且∠ABG=2∠C.
(1)求证:EF是⊙O的切线;
(2)若sin∠EGC=35,⊙O的半径是3,求AF的长.
【考点】ME:切线的判定与性质;T7:解直角三角形.
【分析】(1)连接EO,由∠EOG=2∠C、∠ABG=2∠C知∠EOG=∠ABG,从而得AB∥EO,根据EF⊥AB得EF⊥OE,即可得证;
(2)由∠ABG=2∠C、∠ABG=∠C+∠A知∠A=∠C,即BA=BC=6,在Rt△OEG中求得OG=OEsin∠EGO=5、BG=OG﹣OB=2,在Rt△FGB中求得BF=BGsin∠EGO,根据AF=AB﹣BF可得答案.
【解答】解:(1)如图,连接EO,则OE=OC,
∴∠EOG=2∠C,
∵∠ABG=2∠C,
∴∠EOG=∠ABG,
∴AB∥EO,
∵EF⊥AB,
∴EF⊥OE,
又∵OE是⊙O的半径,
∴EF是⊙O的切线;
(2)∵∠ABG=2∠C,∠ABG=∠C+∠A,
∴∠A=∠C,
∴BA=BC=6,
在Rt△OEG中,∵sin∠EGO=OEOG,
∴OG=OEsin∠EGO=335=5,
∴BG=OG﹣OB=2,
在Rt△FGB中,∵sin∠EGO=BFBG,
∴BF=BGsin∠EGO=2×35=65,
则AF=AB﹣BF=6﹣65=245.
【点评】本题主要考查切线的判定与性质及解直角三角形的应用,熟练掌握切线的判定与性质及三角函数的定义是解题的关键.
6.(12分)(2017铁岭)如图,AB是半圆O的直径,点C是半圆上一点,连接OC,BC,以点C为顶点,CB为边作∠BCF=12∠BOC,延长AB交CF于点D.
(1)求证:直线CF是半圆O的切线;
(2)若BD=5,CD=53,求BC的长.
7(2016本溪).(12分)如图,△ABC中,AB=AC,点E是线段BC延长线上一点,ED⊥AB,垂足为D,ED交线段AC于点F,点O在线段EF上,⊙O经过C、E两点,交ED于点G.
(1)求证:AC是⊙O的切线;
(2)若∠E=30°,AD=1,BD=5,求⊙O的半径.
8.(12分)(2016•抚顺)如图,AB是⊙O的直径,点C是⊙O上一点,连接AC,∠MAC=∠CAB,作CD⊥AM,垂足为D.
(1)求证:CD是⊙O的切线;
(2)若∠ACD=30°,AD=4,求图中阴影部分的面积.
9.(8分)(2016•沈阳)如图,在△ABC中,以AB为直径的⊙O分别于BC,AC相交于点D,E,BD=CD,过点D作⊙O的切线交边AC于点F.
(1)求证:DF⊥AC;
(2)若⊙O的半径为5,∠CDF=30°,求的长(结果保留π).
.
(1)证明:连接OD,如图所示.
∵DF是⊙O的切线,D为切点,
∴OD⊥DF,
∴∠ODF=90°.
∵BD=CD,OA=OB,
∴OD是△ABC的中位线,
∴OD∥AC,
∴∠CFD=∠ODF=90°,
∴DF⊥AC.
(2)解:∵∠CDF=30°,
由(1)得∠ODF=90°,
∴∠ODB=180°﹣∠CDF﹣∠ODF=60°.
∵OB=OD,
∴△OBD是等边三角形,
∴∠BOD=60°,
∴的长===π.
10(2016大连).如图,AB是⊙O的直径,点C、D在⊙O上,∠A=2∠BCD,点E在AB的延长线上,∠AED=∠ABC
(1)求证:DE与⊙O相切;
(2)若BF=2,DF=,求⊙O的半径.
【考点】切线的判定.
【分析】(1)连接OD,由AB是⊙O的直径,得到∠ACB=90°,求得∠A+∠ABC=90°,等量代换得到∠BOD=∠A,推出∠ODE=90°,即可得到结论;
(2)连接BD,过D作DH⊥BF于H,由弦且角动量得到∠BDE=∠BCD,推出△ACF与△FDB都是等腰三角形,根据等腰直角三角形的性质得到FH=BH=BF=1,则FH=1,根据勾股定理得到HD==3,然后根据勾股定理列方程即可得到结论.
【解答】(1)证明:连接OD,
∵AB是⊙O的直径,
∴∠ACB=90°,
∴∠A+∠ABC=90°,
∵∠BOD=2∠BCD,∠A=2∠BCD,
∴∠BOD=∠A,
∵∠AED=∠ABC,
∴∠BOD+∠AED=90°,
∴∠ODE=90°,
即OD⊥DE,
∴DE与⊙O相切;
(2)解:连接BD,过D作DH⊥BF于H,
∵DE与⊙O相切,
∴∠BDE=∠BCD,
∵∠AED=∠ABC,
∴∠AFC=∠DBF,
∵∠AFC=∠DFB,
∴△ACF与△FDB都是等腰三角形,
∴FH=BH=BF=1,则FH=1
,∴HD==3,
在Rt△ODH中,OH2+DH2=OD2,
即(OD﹣1)2+32=OD2,
∴OD=5,
∴⊙O的半径是5.
【点评】本题考查了切线的判定和性质,等腰三角形的判定,直角三角形的性质,勾股定理,正确的作出辅助线是解题的关键.