上海市宝山区中考物理一模试卷解析版 29页

‎2017年上海市宝山区中考物理一模试卷 ‎　‎ 一、选择题（每题2分）‎ ‎1．下列物理量中，反映物质特性的是（　　）‎ A．密度 B．质量 C．电流 D．电阻 ‎2．1牛/米2，后来被命名为（　　）‎ A．牛顿 B．帕斯卡 C．欧姆 D．库仑 ‎3．下列各物理量中，不能决定导体电阻大小的是（　　）‎ A．长度 B．横截面积 C．体积 D．温度 ‎4．下列器材或装置中，利用不同区域的气压值不同来工作的是（　　）‎ A．密度计 B．打气筒 C．锅炉液位计 D．洒水壶 ‎5．在一瓶水的温度降低过程中，这部分水的密度（　　）‎ A．一定不变 B．可能变大 C．一定变大 D．可能不变 ‎6．在如图所示的四个电路中，电源电压相同且不变，电阻R的阻值均相等，闭合电键S，电流表示数不变的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎7．闭合如图所示电路中电键S后，在滑片P向右移动的过程中，变大的是（　　）‎ A．电流表A的示数 B．电压表V1的示数 C．电压表V1示数与电压表V2示数之和 D．电压表V2示数与电流表A示数的比值 ‎8．底面积不同的圆柱形容器A和B原先分别盛有体积相同的甲、乙两种液体，如图所示，现从容器中分别抽出部分液体后，液体对各自容器底部的压强为p甲 ‎、p乙，则下列做法中，符合实际的是（　　）‎ A．若液体原先对容器底部的压力相等，则抽出相等质量的液体后，p甲一定等于p乙 B．若液体原先对容器底部的压力相等，则抽出相等厚度的液体后，p甲可能大于p乙 C．若液体原先对容器底部的压强相等，则抽出相等体积的液体后，p甲一定等于p乙 D．若液体原先对容器底部的压强相等，则抽出相等厚度的液体后，p甲一定等于p乙 ‎　‎ 二、填空题 ‎9．宝山区家庭照明电路的电压为　　伏；家用空调与家用电话机　　（选填“不是”或“是”）串联在一起的；正常工作时，通过它们的电流是　　的（选填“相同”或“不相同”）．‎ ‎10．一块长方形砖以平放或竖放两种不同的放置方法，放在水平地面上都静止不动，则它对地面施加的压力大小　　，地面受到的压强　　．（前两空均选填“相同”或“不同”）若平放时地面受到的压强为1500帕，它表示的意思是　　．‎ ‎11．意大利科学家　　首先用实验测定了大气压的值；1标准大气压强能托　　厘米高的水银柱，约合　　帕．‎ ‎12．在如图所示的电路中，变阻器连入电路的电阻线是　　部分（选填“aP”、“Pb”或“ab”），当油箱中的液面下降时，电路中的电阻将　　，电表示数随之　　．（后两空均选填“变大”、“不变”或“变小”）‎ ‎13．某长方体悬挂在弹簧测力计下，静止在空气中测力计的示数为10牛；若该立方体一半浸在水中测力计的示数变为5.1牛（如图所示），则此时长方体所受水的浮力为　　牛，浮力的方向为　　；若撤去弹簧秤的拉力，将该长方体放入水中，当它静止时上下表面所受施加的压力差为　　牛．‎ ‎14．某导体两端的电压为6伏时，10秒内通过该导体横截面的电荷量为3库，通过该导体的电流为　　安；它的电阻为　　欧；当它两端的电压变为4伏时，它的电阻为　　欧．‎ ‎15．如图所示，小张家客厅的吊灯由六盏完全相同的灯组成，六盏灯全部由一个开关控制．开关闭合，灯全部正常发光，开关断开，灯全部熄灭，为了判断这些灯是以什么方式连接在一起的，两位同学展开讨论，小王同学说：当这些灯正常工作时，用电压表测取它们两端的电压，若它们的电压都相等，则它们一定是并联的；小李同学说：用电流表与每盏灯串联，若电流表的示数都相等，则它们一定是串联的．‎ ‎（1）你认为上述两种方法是否正确？理由是什么？　　‎ ‎（2）请你另外提供一种能判断它们是如何连接的方法．　　．‎ ‎16．为了“探究导体的阻值特性与温度的关系”，某小组同学利用由硫化银制成的电阻和纯铜制成的电阻、电压的恒定的电源、电流表、电键和导线组成电路，并用温度可以调控的加热器对硫化银电阻、铜制电阻分别进行加热，做了如图（a）、（b）、（c）、和（d）所示的四次实验．请仔细观察图中的装置、操作和现象，然后归纳得出初步结论．‎ ‎（1）比较（a）、（b）两图[或（c）、（d）两图]可以发现：当电压一定，导体温度改变时，通过导体的电流　　发生变化（选填“会”或“不会”），因此，导体的电阻与温度　　（选填“有关”或“无关”）．‎ ‎（2）比较（a）、（b）两图和（c）、（d）两图可以发现：　　．‎ ‎　‎ 三、作图题 ‎17．重为3牛的物体静置在水平面上．请在图中用力的图示法画出重物对地面的压力．‎ ‎18．在图所示的电路的○里适当的电表符号，使之成为正确的电路．‎ ‎　‎ 四、计算和简答题 ‎19．横沙岛东滩正在利用长江口深水航道维护疏浚出来的长江沙土进行围垦造陆．若要围垦标高5米、面积为480平方公里（合4.5×108米2）的工业用地，求：需使用长江沙土的质量m．（已知长江沙土的密度ρ沙=1.5×103千克/米3）‎ ‎20．一物体浸没在水中，排开水的体积为2×10﹣3米3．求：此物体受到的浮力F浮．‎ ‎21．如图所示，高为1.3米，底面积分别为0.15米2和0.05米2‎ 的甲、乙两个轻质薄壁圆柱形容器在下部用轻质细管连通后放在水平地面上，且容器内盛有1米深的水．‎ ‎（1）求水对甲容器底部的压强p甲．‎ ‎（2）若将一体积为0.04米3的实心小球慢慢地放到甲容器中的水里（已知ρ球=1×103千克/米3），求：直到小球在水中不动为止，水对乙容器底部压力的增加量△F乙．‎ ‎22．如图1所示，电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2上标有“20Ω 2A”字样，当变阻器的滑片P移至a端，闭合电键S后，电流表A的示数为0.6安．‎ ‎（1）求电源电压U．‎ ‎（2）若将另一只电压表V并联接入该电路（A和B）、（B和C）、（A和C）中的某一部分电路两端，移动滑动变阻器R2的滑片P至某一处，使电压表V的指针停留在图2所示的位置，请指出电压表V所有可能连接的位置，并计算出变阻器对应接入电路的阻值R2．‎ ‎　‎ 五、实验题 ‎23．图甲所示的托盘天平可以用来测定　　，在调节托盘天平水平平衡时，应先将　　置于标尺左端的零刻度线，然后再调节平衡螺母．直至天平水平平衡；图乙所示测量工具的名称为　　，如果待测电流小于0.5安，则测量时，须使电流从它的　　接线柱接入电流表（选填“﹣”、“0.6A”或“3A”）‎ ‎24．在测定金属块的密度实验中，小王同学设计的实验报告（部分）如下，请完成空格处的内容．‎ ‎25．小徐同学利用导体甲和导体乙各一个、电流表一只、电流表一只、滑动变阻器一个、电键一个、电源和若干导线，探究通过导体中的电流与导体两端电压的关系．‎ ‎（1）小徐同学连接的电路如图所示，图中尚有一根导线未连接，请用笔线代替导线在图中正确连接．‎ ‎（2）在实验中，该同学用两个不同导体进行多次测量，并记录有关数据，请你帮该同学完成表中两个栏目的设计（填写栏目）．‎ 实验次数 ‎ 导体 ‎　　‎ ‎　　‎ ‎ 1‎ ‎ 甲 ‎/‎ ‎/‎ ‎ 2‎ ‎/‎ ‎/‎ ‎ 3‎ ‎/‎ ‎/‎ ‎ 4‎ ‎ 乙 ‎/‎ ‎/‎ ‎ 5‎ ‎/‎ ‎/‎ ‎ 6‎ ‎/‎ ‎/‎ ‎26．某小组同学按图所示的电路图连接电路，做“探究串联电路的特点”实验．在实验过程中，他们用电流表测出通过A、B、C三处的电流（I总、I1和I2），用电压表测出各个电阻两端的电压和电源两端的总电压（U1、U2和U总），并通过用不同阻值的电阻和改变电源电压的高低，进行多次实验，正确记录测得的实验数据如表所示．‎ 实验序号 ‎ 电流I1‎ ‎（安）‎ ‎ 电流I2‎ ‎（安） ‎ ‎ 电流I总 ‎（安） ‎ 电压U1‎ ‎（伏 ‎ 电压U2‎ ‎（伏 ‎ 电压U总 ‎（伏 ‎ ‎ 电阻R1‎ ‎（欧）‎ 电阻R2‎ ‎（欧） ‎ 电阻R总 ‎（伏） ‎ ‎ 1‎ ‎ 0.4‎ ‎ 0.4‎ ‎ 0.4‎ ‎ 2‎ ‎ 4‎ ‎ 6‎ ‎ 5‎ ‎ 10‎ ‎ 2‎ ‎ 0.3‎ ‎ 0.3‎ ‎ 0.3‎ ‎ 3‎ ‎ 3‎ ‎ 6‎ ‎ 10‎ ‎ 10‎ ‎ 3‎ ‎ 0.2‎ ‎ 0.2‎ ‎ 0.2‎ ‎ 4‎ ‎ 2‎ ‎ 6‎ ‎ 20‎ ‎ 10‎ ‎ 4‎ ‎ 0.15‎ ‎ 0.15‎ ‎ 0.15‎ ‎ 3‎ ‎ 3‎ ‎ 6‎ ‎ 20‎ ‎ 20‎ ‎ 5‎ ‎ 0.1‎ ‎ 0.1‎ ‎ 0.1‎ ‎ 2‎ ‎ 4‎ ‎ 6‎ ‎ 20‎ ‎ 40‎ ‎ 6‎ ‎ 0.06‎ ‎ 0.06‎ ‎ 0.06‎ ‎ 1.2‎ ‎ 4.8‎ ‎ 6‎ ‎ 20‎ ‎ 80‎ ‎（1）分析比较表格中每次实验的第2、3和4列数据及相关条件，得出的初步结论是：串联电路中，各处的电流都　　．‎ ‎（2）分析比较表格中每次实验的第5、6和7列数据及相关条件，得出的初步结论是：串联电路两端的总电压等于　　．‎ ‎（3）依据电阻公式R=，且利用表中　　两列数据，可以计算出每次实验时电路的总电阻，请将计算结果填入表中最后一列中． ‎ ‎（4）分析比较表格中每次实验的最后三列数据及相关条件，得出的初步结论是：串联电路的总电阻等于　　．‎ ‎（5）该小组同学进一步分析表中数据，又得出以下结论：‎ ‎①分析比较实验序号（1、2、3）或（4、5、6）中电压与电阻数据，得出有关电压变化规律时：串联电路中，若电源电压一定，某一电阻阻值不变，另一电阻变大时，　　．‎ ‎②分析比较实验序号1、2、3、4、5和6中两个电阻两端电压的比值和两个电阻的大小的比值，得出的定量结论是：串联电路中　　..‎ ‎　‎ ‎2017年上海市宝山区中考物理一模试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（每题2分）‎ ‎1．下列物理量中，反映物质特性的是（　　）‎ A．密度 B．质量 C．电流 D．电阻 ‎【考点】物质的物理特征．‎ ‎【分析】物质的特性指的是这种物体特有的，可以用于区别其它物质的性质；密度、比热容都是物质的特性．‎ ‎【解答】解：两种不同的物质的质量、电流和电阻很有可能是相等的，不是物质的特性；‎ 不同的物质的密度一般不同，是物质的一种特性．‎ 故选A．‎ ‎　‎ ‎2．1牛/米2，后来被命名为（　　）‎ A．牛顿 B．帕斯卡 C．欧姆 D．库仑 ‎【考点】物理量的单位及单位换算．‎ ‎【分析】‎ 物理学中各个物理量都有自己的国际单位，压强的单位是帕斯卡；根据压强的定义得出公式P=，压强单位由力的单位和面积单位复合而成，即N/m2，用帕斯卡代替．‎ ‎【解答】解：根据压强的定义得出公式P=，压强单位由力的单位和面积单位复合而成，即N/m2，用帕斯卡代替；‎ 故选B．‎ ‎　‎ ‎3．下列各物理量中，不能决定导体电阻大小的是（　　）‎ A．长度 B．横截面积 C．体积 D．温度 ‎【考点】影响电阻大小的因素．‎ ‎【分析】决定导体电阻大小的因素有材料、长度、横截面积和温度，电压和电流对电阻无影响．‎ ‎【解答】解：决定导体电阻大小的因素有材料、长度、横截面积和温度，与体积无关．‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎4．下列器材或装置中，利用不同区域的气压值不同来工作的是（　　）‎ A．密度计 B．打气筒 C．锅炉液位计 D．洒水壶 ‎【考点】气体压强跟体积的关系．‎ ‎【分析】分析器材的工作原理确定正确答案．‎ ‎【解答】解：A、密度计是根据物体漂浮的特点和阿基米德原理工作的，不符合题意；‎ B、用打气筒给自行车打气，压缩气体的体积时，压强增大，当大于轮胎内的气压时，气体就进入了胎内，利用了不同区域的气压值不同来工作，符合题意；‎ CD、锅炉液位计和洒水壶是利用连通器原理工作的，不符合题意；‎ 故选B．‎ ‎　‎ ‎5．在一瓶水的温度降低过程中，这部分水的密度（　　）‎ A．一定不变 B．可能变大 C．一定变大 D．可能不变 ‎【考点】密度公式的应用；密度与温度．‎ ‎【分析】水具有反常膨胀的特性，在4℃时，密度最大．在温度升高时，体积增大，密度变小；在温度降低时，体积增大，密度变小．‎ ‎【解答】解：‎ 水由较高的温度降低到4℃的过程中，质量不变、体积变小，由ρ=可知密度变大；由4℃降低到0℃的过程中，质量不变、温度降低，体积变大，由ρ=得密度变小．‎ 所以，在一瓶水的温度降低过程中，水的密度可能变大、也可能变小．故ACD错、B正确．‎ 故选B．‎ ‎　‎ ‎6．在如图所示的四个电路中，电源电压相同且不变，电阻R的阻值均相等，闭合电键S，电流表示数不变的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】电路的基本连接方式．‎ ‎【分析】分析电路结构，根据串并联电路特点及欧姆定律求出各电流表示数，再比较各电流表示数大小，然后答题．‎ ‎【解答】解：设电源电压是U，‎ A、由电路图可知，闭合电键S前无电流，闭合电键后，两电阻串联，电流表示数IA=；故A错误；‎ B、由电路图可知，闭合电键S前，I=，闭合电键S后，两电阻并联，并联阻值为，电流表示数IC=，故电流表示数增大，故B错误；‎ C、由电路图可知，闭合电键S前无电流，闭合电键后，只有下面的电阻工作，电流表示数I=，故电流表示数变大，故C错误；‎ D、由电路图可知，闭合电键S后电流表两端的电压和电阻不变，故电流不变，故D正确．‎ 故选D．‎ ‎　‎ ‎7．闭合如图所示电路中电键S后，在滑片P向右移动的过程中，变大的是（　　）‎ A．电流表A的示数 B．电压表V1的示数 C．电压表V1示数与电压表V2示数之和 D．电压表V2示数与电流表A示数的比值 ‎【考点】电路的动态分析．‎ ‎【分析】由图可知，该电路为串联电路，根据滑欧姆定律判定电流表和电压表示数的变化．‎ ‎【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，电压表V1测量的是R1左边的电压，V2测量的是R1右边与电阻R2的电压，电流测量电路中的电流；‎ A、把两个电压表看作断路可知，滑片移动时，滑动变阻器始终以最大阻值接入电路，则整个电路的总电阻不变，由欧姆定律可知，电路中电流不变，故A错误；‎ B、滑片P向右移动的过程中，R1左边的电阻变大，根据U=IR可知，电压表V1的示数变大，故B正确；‎ C、电压表V1示数与电压表V2示数之和为电源电压，保持不变，故C错误；‎ D、由欧姆定律可知，电压表V2示数与电流表A示数的比值为R1右边与电阻R2的电阻之和，滑片P向右移动的过程中，R1右边的电阻变小，所以R1右边与电阻R2的总电阻变小，该比值变小，故D错误．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎8．底面积不同的圆柱形容器A和B原先分别盛有体积相同的甲、乙两种液体，如图所示，现从容器中分别抽出部分液体后，液体对各自容器底部的压强为p甲、p乙，则下列做法中，符合实际的是（　　）‎ A．若液体原先对容器底部的压力相等，则抽出相等质量的液体后，p甲一定等于p乙 B．若液体原先对容器底部的压力相等，则抽出相等厚度的液体后，p甲可能大于p乙 C．若液体原先对容器底部的压强相等，则抽出相等体积的液体后，p甲一定等于p乙 D．若液体原先对容器底部的压强相等，则抽出相等厚度的液体后，p甲一定等于p乙 ‎【考点】液体压强计算公式的应用；压强的大小及其计算．‎ ‎【分析】（1）若液体原先对容器底部的压力相等，根据p=可知其对容器底部的压强关系，然后可知抽出相等质量的液体后液体对各自容器底部的压强关系；‎ ‎（2）若液体原先对容器底部的压力相等，因为是规则容器，根据p=====ρgh；‎ ‎（3）若液体原先对容器底部的压强相等，已知h甲＜h乙，可推出甲、乙液体的密度关系，然后利用p=ρgh分析．‎ ‎【解答】解：‎ A、假设液体原先对容器底部的压力相等即=，由图可知，S甲＞S乙，由p=可知，液体原先对容器底部的压强＜，‎ 抽出相等质量的液体后，液体对各自容器底部的压力为F甲=F乙，已知S甲＞S乙，由p=可知，液体对各自容器底部的压强为p甲＜p乙，故A错误；‎ B、若液体原先对容器底部的压力相等，则抽出相等厚度的液体后，假如抽取甲容器中全部液体的厚度，则由p=====ρgh可知，p甲为0，p乙大于0，故B错误；‎ C、若液体原先对容器底部的压强相等，即=，已知V甲=V乙 ‎，则由p=ρgh可得， =ρ甲g， =ρ乙g，‎ 即ρ甲g=ρ乙g，‎ 由此可得，ρ甲g=ρ乙g，‎ 抽出相等体积的液体V后，则V剩甲=V甲﹣V，则V剩乙=V乙﹣V，‎ 则V剩甲=V剩乙，‎ 则p甲=ρ甲g=ρ甲g×V剩甲，p乙=ρ乙g=ρ乙g×V剩乙，‎ 所以p甲=ρ乙，故C正确；‎ D、若液体原先对容器底部的压强相等，即=，则ρ甲gh甲=ρ乙gh乙，‎ 已知h甲＜h乙，‎ 所以ρ甲＞ρ乙，‎ 则抽出相等厚度的液体后，p甲=ρ甲g（h甲﹣h）=ρ甲gh甲﹣ρ甲gh，‎ p乙=ρ乙g（h乙﹣h）=ρ乙gh乙﹣ρ乙gh，‎ 则p甲＜p乙．故D错误．‎ 故选C．‎ ‎　‎ 二、填空题 ‎9．宝山区家庭照明电路的电压为　220　伏；家用空调与家用电话机　不是　（选填“不是”或“是”）串联在一起的；正常工作时，通过它们的电流是　不相同　的（选填“相同”或“不相同”）．‎ ‎【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；串联电路的电流规律；家庭电路的连接．‎ ‎【分析】（1）家庭电路的电压是220V；‎ ‎（2）串联电路的用电器是可以相互影响的，据此分析即可判断．‎ ‎（3）据工作时的功率情况分析即可判断．‎ ‎【解答】‎ 解：我国家庭照明电路的电压是220伏；家用空调与家用电话机是不能相互影响的，所以一定不是串联的关系；由于他们工作时的功率不同，所以它们中的电流是不相等的；‎ 故答案为：220；不是；不相同．‎ ‎　‎ ‎10．一块长方形砖以平放或竖放两种不同的放置方法，放在水平地面上都静止不动，则它对地面施加的压力大小　相同　，地面受到的压强　不同　．（前两空均选填“相同”或“不同”）若平放时地面受到的压强为1500帕，它表示的意思是　在1m2面积的地面上受到的压力是1500N　．‎ ‎【考点】压强大小比较．‎ ‎【分析】（1）砖对水平地面的压力等于它的重力，由压强公式分析判断砖对地面压强的变化．‎ ‎（2）压强是比较单位面积上物体受到压力大小的物理量．‎ ‎【解答】解：（1）砖对水平地面的压力等于它的重力，砖平放与立放时重力不变，砖对地面的压力不变；‎ 砖竖放时与地面的接触面积小于砖平放时与地面的接触面积，由p=可知，两种不同的放置方法，地面受到的压强不同；‎ ‎（2）若平放时地面受到的压强为1500Pa=1500N/m2，表示桌面在1m2面积上受到的压力是1500N；‎ 故答案为：相同；不同；在1m2面积的地面上受到的压力是1500N．‎ ‎　‎ ‎11．意大利科学家　托里拆利　首先用实验测定了大气压的值；1标准大气压强能托　76　厘米高的水银柱，约合　1.0×105　帕．‎ ‎【考点】大气压强的存在．‎ ‎【分析】首先测出大气压值的是意大利科学家托里拆利，实验的原理是管内水银柱的压强等于大气压强，即P大气=P水银=ρ水银gh．‎ ‎【解答】解：意大利科学家托里拆利首先测出了大气压的值，一个标准大气压可以支持0.76m水银柱，‎ 故p大气=p水银=ρ水银gh=13.6×103kg/m3×9.8N/kg×0.76m≈1.0×105Pa．‎ 故答案为：托里拆利；76；1.0×105．‎ ‎　‎ ‎12．在如图所示的电路中，变阻器连入电路的电阻线是　Pb　部分（选填“aP”、“Pb”或“ab”），当油箱中的液面下降时，电路中的电阻将　变大　，电表示数随之　变小　．（后两空均选填“变大”、“不变”或“变小”）‎ ‎【考点】滑动变阻器的使用．‎ ‎【分析】根据汽油液面的变化判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，应用欧姆定律判断电路电流如何变化，然后判断电流表示数如何变化．‎ ‎【解答】解：由图示可知，变阻器连入电路的电阻线是Pb部分，油箱内汽油的液面下降时，滑片向上移动，滑动变阻器连入电路的阻值变大，蓄电池电压不变，滑动变阻器接入电路的阻值变大，由欧姆定律可知，电路电流减小，电流表示数变小．‎ 故答案为：Pb；变大；变小．‎ ‎　‎ ‎13．某长方体悬挂在弹簧测力计下，静止在空气中测力计的示数为10牛；若该立方体一半浸在水中测力计的示数变为5.1牛（如图所示），则此时长方体所受水的浮力为　4.9　牛，浮力的方向为　竖直向上　；若撤去弹簧秤的拉力，将该长方体放入水中，当它静止时上下表面所受施加的压力差为　9.8　牛．‎ ‎【考点】浮力大小的计算；浮力产生的原因．‎ ‎【分析】（1）根据称重法计算出立方体一半浸在水中受到的浮力大小；浮力的方向是竖直向上的；‎ ‎（2）根据排开水的体积关系求出物体全部浸没水中时受到的浮力，与物体重力比较，根据漂浮条件确定物体在水中的状态；进而求出撤去弹簧秤的拉力将该长方体放入水中，当它静止时受到的浮力；‎ ‎（3）利用浮力的实质（物体受到的浮力等于物体上下表面所受水的压力差）求解．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由题可知，把物体一半体积浸入水中时，测力计的示数为F示=5.1N，‎ 此时物体所受浮力：‎ F浮=G﹣F示=10N﹣5.1N=4.9N；‎ 浮力的方向是竖直向上的；‎ ‎（2）根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排可知，物体全部浸没水中时浮力：‎ F浮′=2F浮=2×4.9N=9.8N；‎ 因为物体全部浸没水中时浮力F浮′＜G，‎ 所以当撤去弹簧秤的拉力，将该长方体放入水中，当它静止时，物体下沉，‎ ‎（3）因为物体浸没水中受到的浮力等于上下表面受到水的压力差，‎ 所以物体上下表面所受施加的压力差：‎ ‎△F=F浮′=9.8N．‎ 故答案为：4.9；竖直向上；9.8．‎ ‎　‎ ‎14．某导体两端的电压为6伏时，10秒内通过该导体横截面的电荷量为3库，通过该导体的电流为　0.3　安；它的电阻为　20　欧；当它两端的电压变为4伏时，它的电阻为　20　欧．‎ ‎【考点】欧姆定律的应用；电量及其计算．‎ ‎【分析】知道10秒内通过该导体横截面的电荷量，根据I=求出通过该导体的电流，又知道导体两端的电压，根据欧姆定律求出导体的电阻；电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关．‎ ‎【解答】解：通过该导体的电流：‎ I===0.3A，‎ 由I=可得，导体的电阻：‎ R===20Ω，‎ 因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，‎ 所以，当它两端的电压变为4伏时，导体的电阻仍为20Ω不变．‎ 故答案为：0.3；20；20．‎ ‎　‎ ‎15．如图所示，小张家客厅的吊灯由六盏完全相同的灯组成，六盏灯全部由一个开关控制．开关闭合，灯全部正常发光，开关断开，灯全部熄灭，为了判断这些灯是以什么方式连接在一起的，两位同学展开讨论，小王同学说：当这些灯正常工作时，用电压表测取它们两端的电压，若它们的电压都相等，则它们一定是并联的；小李同学说：用电流表与每盏灯串联，若电流表的示数都相等，则它们一定是串联的．‎ ‎（1）你认为上述两种方法是否正确？理由是什么？　不正确；串联电路中，如果各用电器规格相同，它们两端的电压也相等；并联电路中，如果各支路用电器规格相同，其电流也相等　‎ ‎（2）请你另外提供一种能判断它们是如何连接的方法．　取下其中一只灯泡，如果其余的灯泡仍能工作，说明互不影响，一定是并联．如果其余的灯泡也不能工作，说明互相影响，是串联　．‎ ‎【考点】串联电路和并联电路的辨别．‎ ‎【分析】（1）根据串联电路的分压作用可知，当两个规格相同的灯泡串联时，两灯泡两端的电压是相等的；并联电路中，各支路两端的电压相等．‎ ‎（2）串联电路中各处电流相等，而并联电路中，如果各支路用电器规格相同，其电流也相等．‎ ‎【解答】答：（1）不正确；串联电路中，如果各用电器规格相同，它们两端的电压也相等；并联电路中，如果各支路用电器规格相同，其电流也相等；‎ ‎（2）取下其中一只灯泡，如果其余的灯泡仍能工作，说明互不影响，一定是并联．如果其余的灯泡也不能工作，说明互相影响，是串联．‎ ‎　‎ ‎16．为了“探究导体的阻值特性与温度的关系”，某小组同学利用由硫化银制成的电阻和纯铜制成的电阻、电压的恒定的电源、电流表、电键和导线组成电路，并用温度可以调控的加热器对硫化银电阻、铜制电阻分别进行加热，做了如图（a）、（b）、（c）、和（d）所示的四次实验．请仔细观察图中的装置、操作和现象，然后归纳得出初步结论．‎ ‎（1）比较（a）、（b）两图[或（c）、（d）两图]可以发现：当电压一定，导体温度改变时，通过导体的电流　会　发生变化（选填“会”或“不会”），因此，导体的电阻与温度　有关　（选填“有关”或“无关”）．‎ ‎（2）比较（a）、（b）两图和（c）、（d）两图可以发现：　温度对不同导体电阻的影响不同，硫化银电阻随着温度的增大而减小、铜制电阻随着温度的增大而增大　．‎ ‎【考点】影响电阻大小的因素．‎ ‎【分析】影响电阻大小的因素有导体的材料、长度、横截面积和温度，实验探究时应采用控制变量法．‎ ‎（1）分析（a）（b）两图或（c）（d）两图中相同的量和不同的量，然后结合欧姆定律得出导体的电阻与温度的关系；‎ ‎（2）分析（a）（b）两图和（c）（d）两图中温度变化时电路中电流的变化，然后得出两者电阻与温度的关系．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）比较（a）、（b）两图或（c）、（d）两图可知，硫化银电阻（或铜制电阻）的材料、长度、横截面积相同，且电压一定时，导体的温度不同时，电流表的示数不同即通过导体的电流会发生变化，由I=可知，导体的电阻不同，因此，导体的电阻与温度有关；‎ ‎（2）比较（a）、（b）两图可知，温度越高，通过硫化银电阻的电流越大，即氧化银的电阻越小；‎ 比较（c）、（d）两图可知，温度越高，通过铜制电阻的电流越小，即铜制电阻的阻值越大，‎ 故可得：温度对不同导体电阻的影响不同，硫化银电阻随着温度的增大而减小、铜制电阻随着温度的增大而增大．‎ 故答案为：‎ ‎（1）会；有关；‎ ‎（2）温度对不同导体电阻的影响不同且硫化银电阻随着温度的增大而减小、铜制电阻随着温度的增大而增大．‎ ‎　‎ 三、作图题 ‎17．重为3牛的物体静置在水平面上．请在图中用力的图示法画出重物对地面的压力．‎ ‎【考点】力的示意图．‎ ‎【分析】画力的图示要先分析力的大小，方向和作用点，再确定标度，按照力的图示要求画出这个力．‎ ‎【解答】解：物体放在水平地面上，压力的大小与物体的重力大小相等，F=G=3N，方向垂直于地面向下，作用点在物体与地面的接触面的中点上，设定标度为1N，压力的图示如下图所示：‎ ‎　‎ ‎18．在图所示的电路的○里适当的电表符号，使之成为正确的电路．‎ ‎【考点】电压表的使用；电流表的使用．‎ ‎【分析】电流表要串联接入电路，电压表要并联接入电路．结合电路图可逐一进行验证．‎ ‎【解答】解：由电路图可知，下面的圈串联在干路中，一定是电流表；左边的圈与灯泡串联，也一定是电流表，中间上面的圈与一只灯泡并联，所以为电压表．故如下图所示．‎ ‎　‎ 四、计算和简答题 ‎19．横沙岛东滩正在利用长江口深水航道维护疏浚出来的长江沙土进行围垦造陆．若要围垦标高5米、面积为480平方公里（合4.5×108米2）的工业用地，求：需使用长江沙土的质量m．（已知长江沙土的密度ρ沙=1.5×103千克/米3）‎ ‎【考点】密度公式的应用．‎ ‎【分析】已知面积和高，根据V=Sh可求体积，再根据密度变形公式m=ρV求质量．‎ ‎【解答】解：已知，围垦标高5米、面积为480平方公里（合4.5×108米2）的工业用地，‎ 围垦的体积：‎ V=Sh=4.5×108m2×5m=2.25×109m3，‎ 由ρ=可得，需使用长江沙土的质量：‎ m=ρ沙V=1.5×103kg/m3×2.25×109m3=3.375×1012kg=3.375×109t．‎ 答：需使用长江沙土的质量为3.375×109t．‎ ‎　‎ ‎20．一物体浸没在水中，排开水的体积为2×10﹣3米3．求：此物体受到的浮力F浮．‎ ‎【考点】浮力大小的计算．‎ ‎【分析】知道物体排开水的体积和水的密度，利用阿基米德原理求物体受到的浮力．‎ ‎【解答】解：‎ F浮=ρ水gV排 ‎=1.0×103千克/米3×9.8牛/千克×2×10﹣3米3‎ ‎=19.6牛．‎ 答：物体受到的浮力为19.6牛．‎ ‎　‎ ‎21．如图所示，高为1.3米，底面积分别为0.15米2和0.05米2的甲、乙两个轻质薄壁圆柱形容器在下部用轻质细管连通后放在水平地面上，且容器内盛有1米深的水．‎ ‎（1）求水对甲容器底部的压强p甲．‎ ‎（2）若将一体积为0.04米3的实心小球慢慢地放到甲容器中的水里（已知ρ球=1×103千克/米3），求：直到小球在水中不动为止，水对乙容器底部压力的增加量△F乙．‎ ‎【考点】液体的压强的计算；压强的大小及其计算．‎ ‎【分析】（1）已知水的深度和密度，利用p=ρgh计算水对甲容器底部的压强p甲．‎ ‎（2）首先比较小球和水的密度，得出小球在水中不动时的状态，得出小球排开水的体积，然后根据V=Sh求出水面上升的高度，再利用G=mg和ρ=求出增加的水的重力，即可得到水对乙容器底部压力的增加量△F乙．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）水对甲容器底部的压强：p甲=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×1m=1×104Pa；‎ ‎（2）因为ρ球=ρ水，‎ 所以，若将一体积为0.04m3的实心小球慢慢地放到甲容器中的水里，小球在水中不动时处于悬浮状态，‎ 所以V排=V=0.04m3，‎ 水面应升高的高度：△h===0.2m，‎ 此时水的深度h′=h+△h=1m+0.2m=1.2m＜1.3m，水没有溢出；‎ 则乙容器中增大的水的体积：△V水=S乙△h=0.05m2×0.2m=0.01m3，‎ 根据G=mg和ρ=可得，增加的水的重力：‎ ‎△G=△mg=ρ水△V水g=1.0×103kg/m3×0.01m3×10N/kg=100N，‎ 因为乙容器为直壁容器，‎ 所以，水对乙容器底部压力的增加量△F乙=△G=100N．‎ 答：（1）水对甲容器底部的压强p甲为1×104Pa；‎ ‎（2）直到小球在水中不动为止，水对乙容器底部压力的增加量△F乙为100N．‎ ‎　‎ ‎22．如图1所示，电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2上标有“20Ω 2A”字样，当变阻器的滑片P移至a端，闭合电键S后，电流表A的示数为0.6安．‎ ‎（1）求电源电压U．‎ ‎（2）若将另一只电压表V并联接入该电路（A和B）、（B和C）、（A和C）中的某一部分电路两端，移动滑动变阻器R2‎ 的滑片P至某一处，使电压表V的指针停留在图2所示的位置，请指出电压表V所有可能连接的位置，并计算出变阻器对应接入电路的阻值R2．‎ ‎【考点】欧姆定律的应用．‎ ‎【分析】（1）分析电路的连接，根据欧姆定律求电源电压；‎ ‎（2）由电压表可能的示数，根据串联电路电压的规律和分压原理确变阻器的阻值定电压表的连接位置．‎ ‎【解答】解：（1）当变阻器的滑片P移至a端，变阻器连入电路中电阻为0，电路中只有R1，闭合电键S后，电流表A的示数为0.6A，即通过R1的电流I1=0.6A，根据欧姆定律电源电压，即R1的电压U=U1=I1R1=0.6A×10Ω=6V；‎ ‎（2）电压表若选用大量程，示数为10V，因电源电压为6V，根据串联电路的总电压等于各部分电压之和，所以不存在这种情况，只能选用小量程，示数为2V；电压表不能接在电源两端，即AC间；‎ 当变阻器的电阻为定值电阻的2倍时，根据分压原理，变阻器的电压也为定值电阻电压的2倍，因电源电压为6V，定值电阻的电压为×6V=2V，即当滑片移动到最右端，变阻器按入电路中的电阻为20Ω时，定值电阻的电压为2V，故电压表可并联在定值的两端，即接入AB中，‎ 当变阻器入电路中的电阻为定值的，即为5Ω时，根据分压原理，变阻器的电压为定值电阻电压的二分之一，电源电压为6V，根据串联电路电压的规律，所以此时变阻器的电压为2V，电压表可接在BC间；‎ 综上电压表可在AB间，对应的变阻器连入电路中的电阻为电阻20Ω；也可接在BC间，对应的变阻器连入电路中的电阻为5Ω．‎ 答：（1）电源电压为6V；‎ ‎（2）电压表接在AB间，变阻器连入电路中的电阻为20Ω；接在BC间，变阻器的阻值为5Ω．‎ ‎　‎ 五、实验题 ‎23．图甲所示的托盘天平可以用来测定　质量　，在调节托盘天平水平平衡时，应先将　游码　置于标尺左端的零刻度线，然后再调节平衡螺母．直至天平水平平衡；图乙所示测量工具的名称为　电流表　‎ ‎，如果待测电流小于0.5安，则测量时，须使电流从它的　0.6A　接线柱接入电流表（选填“﹣”、“0.6A”或“3A”）‎ ‎【考点】天平的使用；电流表的使用．‎ ‎【分析】（1）天平是测量质量的仪器，使用前要调节游码；‎ ‎（2）电流表在使用时，要根据电流的大小选择合适的量程；在连接电路过程中，开关应断开；电流表的接线柱应遵循正进负出，如果指针反偏，则说明接线柱接反了．‎ ‎【解答】解：（1）天平是测量物体质量的仪器，使用时，应放在水平桌面上，先将游码置于标尺左端的零刻度线，然后再调节平衡螺母．直至天平水平平衡；‎ ‎（2）由图乙可知，电表有一个大写的A，可知是电流表；用电流表测通过小灯泡电流的实验中，估计电流小于0.5安，则导线应该接在电流表的0.6安接线柱上，这样测量会较精确．‎ 故答案为：质量；游码；电流表；0.6A．‎ ‎　‎ ‎24．在测定金属块的密度实验中，小王同学设计的实验报告（部分）如下，请完成空格处的内容．‎ ‎【考点】固体密度的测量．‎ ‎【分析】‎ 测固体的密度的基本方法是：用天平测出固体的质量m，根据排水法用量筒测出固体的体积V，用公式ρ=算出固体的密度，天平在使用前要调节平衡，称量时物体放左盘，砝码放右盘．‎ ‎【解答】解：测量固体密度的原理是ρ=；‎ 用到的实验器材有：托盘天平（含砝码）、金属块、量筒、水、细线等；‎ ‎（1）测量物体质量时，要将天平放在水平桌面上，将游码拨到零刻度线，调节平衡螺母使横梁平衡；‎ ‎（2）固体质量可以用 天平直接测出，测量形状不规则固体体积的时候，要用量筒来测量，首先在量筒中放入适量的水，读出水的体积V1，用细线系住金属块，浸没在量筒的水中，读出总体积V2，则金属块的体积：V=V2﹣V1；‎ ‎（4）多次测量出金属块的密度，求出密度的平均值，可以减小误差．‎ 故答案为：ρ=；（1）水平；（2）浸没；（4）平均．‎ ‎　‎ ‎25．小徐同学利用导体甲和导体乙各一个、电流表一只、电流表一只、滑动变阻器一个、电键一个、电源和若干导线，探究通过导体中的电流与导体两端电压的关系．‎ ‎（1）小徐同学连接的电路如图所示，图中尚有一根导线未连接，请用笔线代替导线在图中正确连接．‎ ‎（2）在实验中，该同学用两个不同导体进行多次测量，并记录有关数据，请你帮该同学完成表中两个栏目的设计（填写栏目）．‎ 实验次数 ‎ 导体 ‎　导体两端的电压U/V　‎ ‎　导体中的电流I/A　‎ ‎ 1‎ ‎ 甲 ‎/‎ ‎/‎ ‎ 2‎ ‎/‎ ‎/‎ ‎ 3‎ ‎/‎ ‎/‎ ‎ 4‎ ‎ 乙 ‎/‎ ‎/‎ ‎ 5‎ ‎/‎ ‎/‎ ‎ 6‎ ‎/‎ ‎/‎ ‎【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验．‎ ‎【分析】（1）滑动变阻器与电流表需串联在电路中，变阻器要接一上一下；‎ ‎（2）探究电流与电压的关系，需保持电阻不变，改变导体两端的电压，并测出通过电阻的电流进行分析．‎ ‎【解答】解：（1）将电流表与滑动变阻器串联在电路中，应再将电流表的负接线柱与滑动变阻器下面一个接线柱相连，如图所示：‎ ‎（2）要探究电流与电阻的关系，在电阻不变的情况下，应多次改变电阻两端的电压，并记下电流表的示数，分析电流和电压的变化关系得出结论，所以栏目中应填写导体两端的电压U/V，导体中的电流I/A．‎ 故答案为：（1）见上图；（2）导体两端的电压U/V；导体中的电流I/A．‎ ‎　‎ ‎26．某小组同学按图所示的电路图连接电路，做“探究串联电路的特点”实验．在实验过程中，他们用电流表测出通过A、B、C三处的电流（I总、I1和I2），用电压表测出各个电阻两端的电压和电源两端的总电压（U1、U2和U总），并通过用不同阻值的电阻和改变电源电压的高低，进行多次实验，正确记录测得的实验数据如表所示．‎ ‎ 电流I1‎ ‎（安）‎ ‎ 电流I2‎ ‎（安） ‎ ‎ 电流I总 ‎（安） ‎ 电压U1‎ ‎（伏 ‎ 电压U2‎ ‎（伏 ‎ 电压U总 ‎（伏 ‎ ‎ 电阻R1‎ ‎（欧）‎ 电阻R2‎ ‎（欧） ‎ 电阻R总 ‎（伏） ‎ 实验序号 ‎ 1‎ ‎ 0.4‎ ‎ 0.4‎ ‎ 0.4‎ ‎ 2‎ ‎ 4‎ ‎ 6‎ ‎ 5‎ ‎ 10‎ ‎ 2‎ ‎ 0.3‎ ‎ 0.3‎ ‎ 0.3‎ ‎ 3‎ ‎ 3‎ ‎ 6‎ ‎ 10‎ ‎ 10‎ ‎ 3‎ ‎ 0.2‎ ‎ 0.2‎ ‎ 0.2‎ ‎ 4‎ ‎ 2‎ ‎ 6‎ ‎ 20‎ ‎ 10‎ ‎ 4‎ ‎ 0.15‎ ‎ 0.15‎ ‎ 0.15‎ ‎ 3‎ ‎ 3‎ ‎ 6‎ ‎ 20‎ ‎ 20‎ ‎ 5‎ ‎ 0.1‎ ‎ 0.1‎ ‎ 0.1‎ ‎ 2‎ ‎ 4‎ ‎ 6‎ ‎ 20‎ ‎ 40‎ ‎ 6‎ ‎ 0.06‎ ‎ 0.06‎ ‎ 0.06‎ ‎ 1.2‎ ‎ 4.8‎ ‎ 6‎ ‎ 20‎ ‎ 80‎ ‎（1）分析比较表格中每次实验的第2、3和4列数据及相关条件，得出的初步结论是：串联电路中，各处的电流都　相等　．‎ ‎（2）分析比较表格中每次实验的第5、6和7列数据及相关条件，得出的初步结论是：串联电路两端的总电压等于　各串联电阻两端的电压之和　．‎ ‎（3）依据电阻公式R=，且利用表中　4、10　两列数据，可以计算出每次实验时电路的总电阻，请将计算结果填入表中最后一列中． ‎ ‎（4）分析比较表格中每次实验的最后三列数据及相关条件，得出的初步结论是：串联电路的总电阻等于　各串联电阻的阻值之和　．‎ ‎（5）该小组同学进一步分析表中数据，又得出以下结论：‎ ‎①分析比较实验序号（1、2、3）或（4、5、6）中电压与电阻数据，得出有关电压变化规律时：串联电路中，若电源电压一定，某一电阻阻值不变，另一电阻变大时，　各串联电阻两端的电压变化量相等　．‎ ‎②分析比较实验序号1、2、3、4、5和6中两个电阻两端电压的比值和两个电阻的大小的比值，得出的定量结论是：串联电路中　各导体两端的电压之比等于各导体的电阻之比．　..‎ ‎【考点】探究串并联电路中的电流特点实验．‎ ‎【分析】（1）从电路图中可以看出，两个电阻串联，通过比较表中电流的数据，可得出串联电路中电流的特点；‎ ‎（2）分析表中第5、6和7列实验数据，根据实验数据得出串联电路电压规律；‎ ‎（3）依据电阻公式R=，且利用表中4、10两列数据，可以计算出每次实验时电路的总电阻；‎ ‎（4）分析比较表格中每次实验的最后三列数据，根据实验数据得出串联电路电阻规律；‎ ‎（5）①根据实验序号（1、2、3）的数据，运用控制变量法，分析各串联电阻两端的电压变化量的关系及相关条件，得出结论；‎ ‎②分析比较实验序号1、2、3、4、5和6中两个电阻两端电压的比值和两个电阻的大小的比值，初步得出合理的结论 ‎【解答】解：（1）根据表格中每次实验的第2、3和4列数据可知，I1、I2和I总始终相等，因此可得到的初步结论是：串联电路中，电流处处相等；‎ ‎（2）由表中第5、6和7列实验数据可知，U总=U1+U2，由此可知，在串联电路中两端的总电压等于各串联电阻两端的电压之和；‎ ‎（3）依据电阻公式R=，且利用表中4、10两列数据，可以计算出每次实验时电路的总电阻，如下表：‎ 实验序号 电流I1‎ ‎（安）‎ 电流I2‎ ‎（安） ‎ 电流I总 ‎（安） ‎ 电压U1‎ ‎（伏 ‎ 电压U2‎ ‎（伏 ‎ 电压U总 ‎（伏 ‎ 电阻R1‎ ‎（欧）‎ 电阻R2‎ ‎（欧） ‎ 电阻R总 ‎（伏） ‎ ‎1‎ ‎0.4‎ ‎0.4‎ ‎0.4‎ ‎2‎ ‎4‎ ‎6‎ ‎5‎ ‎10‎ ‎15‎ ‎2‎ ‎0.3‎ ‎0.3‎ ‎0.3‎ ‎3‎ ‎3‎ ‎6‎ ‎10‎ ‎10‎ ‎20‎ ‎3‎ ‎0.2‎ ‎0.2‎ ‎0.2‎ ‎4‎ ‎2‎ ‎6‎ ‎20‎ ‎10‎ ‎30‎ ‎4‎ ‎0.15‎ ‎0.15‎ ‎0.15‎ ‎3‎ ‎3‎ ‎6‎ ‎20‎ ‎20‎ ‎40‎ ‎5‎ ‎0.1‎ ‎0.1‎ ‎0.1‎ ‎2‎ ‎4‎ ‎6‎ ‎20‎ ‎40‎ ‎60‎ ‎6‎ ‎0.06‎ ‎0.06‎ ‎0.06‎ ‎1.2‎ ‎4.8‎ ‎6‎ ‎20‎ ‎80‎ ‎100‎ ‎（4）分析比较表格中每次实验的最后三列数据可知，R总=R1+R2，由此可知，串联电路的总电阻等于各串联电阻的阻值之和；‎ ‎（5）①观察实验序号（1、2、3）的数据，可以发现R1两端电压U1减少多少，R2两端电压U2就会增加多少，故可以得出结论：串联电路中，若电源电压一定，某一电阻阻值不变，另一电阻变大时，各串联电阻两端的电压变化量相等；‎ ‎②分析比较实验序号1、2、3、4、5和6中两个电阻两端电压的比值和两个电阻的大小的比值，可知： =，得出结论：在串联电路中，各导体两端的电压之比等于各导体的电阻之比．‎ 故答案为：（1）相等；（2）各串联电阻两端的电压之和；（3）4、10；如上表；（4）各串联电阻的阻值之和；‎ ‎（5）①各串联电阻两端的电压变化量相等；②各导体两端的电压之比等于各导体的电阻之比．‎ ‎　‎