2019年四川省巴中市中考数学试卷 28页

‎2019年四川省巴中市中考数学试卷 一、选择题（本大题共10个小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，请使用2B铅笔将答題卡上对应题号的答案标号涂黑。）‎ ‎1．（4分）下列四个算式中，正确的是（　　）‎ A．a+a＝2a B．a5÷a4＝2a C．（a5）4＝a9 D．a5﹣a4＝a ‎2．（4分）在平面直角坐标系中，已知点A（﹣4，3）与点B关于原点对称，则点B的坐标为（　　）‎ A．（﹣4，﹣3） B．（4，3） C．（4，﹣3） D．（﹣4，3）‎ ‎3．（4分）企业家陈某，在家乡投资9300万元，建立产业园区2万余亩．将9300万元用科学记数法表示为（　　）‎ A．93×108元 B．9.3×108元 C．9.3×107元 D．0.93×108元 ‎4．（4分）如图是由一些小立方体与圆锥组合成的立体图形，它的主视图是（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎5．（4分）已知关于x、y的二元一次方程组的解是，则a+b的值是（　　）‎ A．1 B．2 C．﹣1 D．0‎ ‎6．（4分）下列命题是真命题的是（　　）‎ A．对角线相等的四边形是矩形 ‎ B．对角线互相垂直的四边形是矩形 ‎ C．对角线互相垂直的矩形是正方形 ‎ D．四边相等的平行四边形是正方形 ‎7．（4分）如图所示，是巴中某校对学生到校方式的情况统计图．若该校骑自行车到校的学生有200人，则步行到校的学生有（　　）‎ 第28页（共28页）‎ A．120人 B．160人 C．125人 D．180人 ‎8．（4分）如图▱ABCD，F为BC中点，延长AD至E，使DE：AD＝1：3，连结EF交DC于点G，则S△DEG：S△CFG＝（　　）‎ A．2：3 B．3：2 C．9：4 D．4：9‎ ‎9．（4分）如图，圆锥的底面半径r＝6，高h＝8，则圆锥的侧面积是（　　）‎ A．15π B．30π C．45π D．60π ‎10．（4分）二次函数y＝ax2+bx+c（a≠0）的图象如图所示，下列结论①b2＞4ac，②abc＜0，③2a+b﹣c＞0，④a+b+c＜0．其中正确的是（　　）‎ A．①④ B．②④ C．②③ D．①②③④‎ 二、填空题（本大题共5个小题，每小题4分，共20分，将正确答案直接写在答题卡相应的位置上。）‎ ‎11．（4分）函数y＝的自变量x的取值范围　 　．‎ ‎12．（4分）如果一组数据为4、a、5、3、8，其平均数为a 第28页（共28页）‎ ‎，那么这组数据的方差为　 　．‎ ‎13．（4分）如图，反比例函数y＝（x＞0）经过A、B两点，过点A作AC⊥y轴于点C，过点B作BD⊥y轴于点D，过点B作BE⊥x轴于点E，连结AD，已知AC＝1、BE＝1、S矩形BDOE＝4．则S△ACD＝　 　．‎ ‎14．（4分）若关于x的分式方程+＝2m有增根，则m的值为　 　．‎ ‎15．（4分）如图，等边三角形ABC内有一点P，分別连结AP、BP、CP，若AP＝6，BP＝8，CP＝10．则S△ABP+S△BPC＝　 　．‎ 三、解答题（本大题共11个小题，共90分。请把解答过程写在答题卡相应的位置上）‎ ‎16．（5分）计算（﹣）2+（3﹣π）0+|﹣2|+2sin60°﹣．‎ ‎17．（5分）已知实数x、y满足+y2﹣4y+4＝0，求代数式•÷的值．‎ ‎18．（8分）如图，等腰直角三角板如图放置．直角顶点C在直线m上，分别过点A、B作AE⊥直线m于点E，BD⊥直线m于点D．‎ ‎①求证：EC＝BD；‎ ‎②若设△AEC三边分别为a、b、c，利用此图证明勾股定理．‎ 第28页（共28页）‎ ‎19．（8分）△ABC在边长为l的正方形网格中如图所示．‎ ‎①以点C为位似中心，作出△ABC的位似图形△A1B1C，使其位似比为1：2．且△A1B1C位于点C的异侧，并表示出A1的坐标．‎ ‎②作出△ABC绕点C顺时针旋转90°后的图形△A2B2C．‎ ‎③在②的条件下求出点B经过的路径长．‎ ‎20．（8分）在“扶贫攻坚”活动中，某单位计划选购甲、乙两种物品慰问贫困户．已知甲物品的单价比乙物品的单价高10元，若用500元单独购买甲物品与450元单独购买乙物品的数量相同．‎ ‎①请问甲、乙两种物品的单价各为多少？‎ ‎②如果该单位计划购买甲、乙两种物品共55件，总费用不少于5000元且不超过5050元，通过计算得出共有几种选购方案？‎ ‎21．（10分）如图表示的是某班部分同学衣服上口袋的数目．‎ 第28页（共28页）‎ ‎①从图中给出的信息得到学生衣服上口袋数目的中位数为　 　，众数为　 　．‎ ‎②根据如图信息，在给出的图表中绘制频数条形统计图，由此估计该班学生衣服上口袋数目为5≤x＜7的概率．‎ ‎22．（8分）已知关于x的一元二次方程x2+（2m+1）x+m2﹣1＝0有两不相等的实数根．‎ ‎①求m的取值范围．‎ ‎②设x1，x2是方程的两根且x12+x22+x1x2﹣17＝0，求m的值．‎ ‎23．（8分）某区域平面示意图如图所示，点D在河的右侧，红军路AB与某桥BC互相垂直．某校“数学兴趣小组”在“研学旅行”活动中，在C处测得点D位于西北方向，又在A处测得点D位于南偏东65°方向，另测得BC＝414m，AB＝300m，求出点D到AB的距离．‎ ‎（参考数据sin65°≈0.91，cos65°≈0.42，tan65°≈2.14）‎ ‎24．（8分）如图，一次函数y1＝k1x+b（k1、b为常数，k1≠0）的图象与反比例函数y2＝（k2≠0，x＞0）的图象交于点A（m，8）与点B（4，2）．‎ ‎①求一次函数与反比例函数的解析式．‎ ‎②根据图象说明，当x为何值时，k1x+b﹣＜0．‎ 第28页（共28页）‎ ‎25．（10分）如图，在菱形ABCD中，连结BD、AC交于点O，过点O作OH⊥BC于点H，以点O为圆心，OH为半径的半圆交AC于点M．‎ ‎①求证：DC是⊙O的切线．‎ ‎②若AC＝4MC且AC＝8，求图中阴影部分的面积．‎ ‎③在②的条件下，P是线段BD上的一动点，当PD为何值时，PH+PM的值最小，并求出最小值．‎ ‎26．（12分）如图，抛物线y＝ax2+bx﹣5（a≠0）经过x轴上的点A（1，0）和点B及y轴上的点C，经过B、C两点的直线为y＝x+n．‎ ‎①求抛物线的解析式．‎ ‎②点P从A出发，在线段AB上以每秒1个单位的速度向B运动，同时点E从B出发，在线段BC上以每秒2个单位的速度向C运动．当其中一个点到达终点时，另一点也停止运动．设运动时间为t秒，求t为何值时，△PBE的面积最大并求出最大值．‎ ‎③过点A作AM⊥BC于点M，过抛物线上一动点N（不与点B、C重合）作直线AM的平行线交直线BC于点Q．若点A、M、N、Q为顶点的四边形是平行四边形，求点N的横坐标．‎ 第28页（共28页）‎ 第28页（共28页）‎ ‎2019年四川省巴中市中考数学试卷 参考答案与试题解析 一、选择题（本大题共10个小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，请使用2B铅笔将答題卡上对应题号的答案标号涂黑。）‎ ‎1．（4分）下列四个算式中，正确的是（　　）‎ A．a+a＝2a B．a5÷a4＝2a C．（a5）4＝a9 D．a5﹣a4＝a ‎【分析】根据合并同类项法则，同底数幂的除法的性质，幂的乘方的性质对各选项分析判断后利用排除法求解．‎ ‎【解答】解：A、a+a＝2a，故本选项正确；‎ B、a5÷a4＝a，故本选项错误；‎ C、（a5）4＝a20，故本选项错误；‎ D、a5﹣a4，不能合并，故本选项错误．‎ 故选：A．‎ ‎【点评】本题考查了合并同类项法则，同底数幂的除法，幂的乘方．理清指数的变化是解题的关键．‎ ‎2．（4分）在平面直角坐标系中，已知点A（﹣4，3）与点B关于原点对称，则点B的坐标为（　　）‎ A．（﹣4，﹣3） B．（4，3） C．（4，﹣3） D．（﹣4，3）‎ ‎【分析】根据关于原点的对称点，横、纵坐标都变成相反数解答．‎ ‎【解答】解：∵点A（﹣4，3），点A与点B关于原点对称，‎ ‎∴点B（4，﹣3）．‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题考查了关于原点对称的点的坐标，熟记“关于原点的对称点，横、纵坐标都变成相反数”是解题的关键．‎ ‎3．（4分）企业家陈某，在家乡投资9300万元，建立产业园区2万余亩．将9300万元用科学记数法表示为（　　）‎ A．93×108元 B．9.3×108元 C．9.3×107元 D．0.93×108元 ‎【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n 第28页（共28页）‎ 的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞1时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．‎ ‎【解答】解：将9300万元用科学记数法表示为：9.3×107元．‎ 故选：C．‎ ‎【点评】此题考查了科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．‎ ‎4．（4分）如图是由一些小立方体与圆锥组合成的立体图形，它的主视图是（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎【分析】根据实物的特点以及主视图的定义判断即可．‎ ‎【解答】解：如图所示，它的主视图是：．‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题考查实物体的三视图．在画图时一定要将物体的边缘、棱、顶点都体现出来，看得见的轮廓线都画成实线，看不见的画成虚线，不能漏掉．‎ ‎5．（4分）已知关于x、y的二元一次方程组的解是，则a+b的值是（　　）‎ A．1 B．2 C．﹣1 D．0‎ ‎【分析】将代入即可求出a与b的值；‎ ‎【解答】解：将代入得：‎ ‎，‎ ‎∴a+b＝2；‎ 故选：B．‎ ‎【点评】‎ 第28页（共28页）‎ 本题考查二元一次方程组的解；熟练掌握方程组与方程组的解之间的关系是解题的关键．‎ ‎6．（4分）下列命题是真命题的是（　　）‎ A．对角线相等的四边形是矩形 ‎ B．对角线互相垂直的四边形是矩形 ‎ C．对角线互相垂直的矩形是正方形 ‎ D．四边相等的平行四边形是正方形 ‎【分析】根据矩形的判定方法对A、B矩形判断；根据正方形的判定方法对C、D矩形判断．‎ ‎【解答】解：A、对角线相等的平行四边形是矩形，所以A选项错误；‎ B、对角线相等的平行四边形是矩形，所以B选项错误；‎ C、对角线互相垂直的矩形是正方形，所以C选项正确；‎ D、四边相等的菱形是正方形，所以D选项错误．‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题考查了命题与定理：命题的“真”“假”是就命题的内容而言．任何一个命题非真即假．要说明一个命题的正确性，一般需要推理、论证，而判断一个命题是假命题，只需举出一个反例即可．‎ ‎7．（4分）如图所示，是巴中某校对学生到校方式的情况统计图．若该校骑自行车到校的学生有200人，则步行到校的学生有（　　）‎ A．120人 B．160人 C．125人 D．180人 ‎【分析】扇形统计图是用整个圆表示总数用圆内各个扇形的大小表示各部分数量占总数的百分数．通过扇形统计图可以很清楚地表示出各部分数量同总数之间的关系．用整个圆的面积表示总数（单位1），用圆的扇形面积表示各部分占总数的百分数．‎ ‎【解答】解：学生总数：200÷25%＝800（人），‎ 步行到校的学生：800×20%＝160（人），‎ 故选：B．‎ ‎【点评】‎ 第28页（共28页）‎ 本题考查的是扇形统计图．读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键；扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小．‎ ‎8．（4分）如图▱ABCD，F为BC中点，延长AD至E，使DE：AD＝1：3，连结EF交DC于点G，则S△DEG：S△CFG＝（　　）‎ A．2：3 B．3：2 C．9：4 D．4：9‎ ‎【分析】先设出DE＝x，进而得出AD＝3x，再用平行四边形的性质得出BC＝3x，进而求出CF，最后用相似三角形的性质即可得出结论．‎ ‎【解答】解：设DE＝x，‎ ‎∵DE：AD＝1：3，‎ ‎∴AD＝3x，‎ ‎∵四边形ABCD是平行四边形，‎ ‎∴AD∥BC，BC＝AD＝3x，‎ ‎∵点F是BC的中点，‎ ‎∴CF＝BC＝x，‎ ‎∵AD∥BC，‎ ‎∴△DEG∽△CFG，‎ ‎∴＝（）2＝（）2＝，‎ 故选：D．‎ ‎【点评】此题主要考查了相似三角形的判定和性质，平行四边形的性质，中点的定义，表示出CF是解本题的关键．‎ ‎9．（4分）如图，圆锥的底面半径r＝6，高h＝8，则圆锥的侧面积是（　　）‎ A．15π B．30π C．45π D．60π 第28页（共28页）‎ ‎【分析】圆锥的侧面积：S侧＝•2πr•l＝πrl，求出圆锥的母线l即可解决问题．‎ ‎【解答】解：圆锥的母线l＝＝＝10，‎ ‎∴圆锥的侧面积＝π•10•6＝60π，‎ 故选：D．‎ ‎【点评】本题考查圆锥的侧面积，勾股定理等知识，解题的关键是记住圆锥的圆锥的侧面积公式．‎ ‎10．（4分）二次函数y＝ax2+bx+c（a≠0）的图象如图所示，下列结论①b2＞4ac，②abc＜0，③2a+b﹣c＞0，④a+b+c＜0．其中正确的是（　　）‎ A．①④ B．②④ C．②③ D．①②③④‎ ‎【分析】①抛物线与x轴由两个交点，则b2﹣4ac＞0，即b2＞4ac，所以①正确；②由二次函数图象可知，a＜0，b＜0，c＞0，所以abc＞0，故②错误；‎ ‎③对称轴：直线x＝﹣＝﹣1，b＝2a，所以2a+b﹣c＝4a﹣c，2a+b﹣c＝4a﹣c＜0，故③错误；‎ ‎④对称轴为直线x＝﹣1，抛物线与x轴一个交点﹣3＜x1＜﹣2，则抛物线与x轴另一个交点0＜x2＜1，当x＝1时，y＝a+b+c＜0，故④正确．‎ ‎【解答】解：①∵抛物线与x轴由两个交点，‎ ‎∴b2﹣4ac＞0，‎ 即b2＞4ac，‎ 所以①正确；‎ ‎②由二次函数图象可知，‎ a＜0，b＜0，c＞0，‎ ‎∴abc＞0，‎ 故②错误；‎ 第28页（共28页）‎ ‎③∵对称轴：直线x＝﹣＝﹣1，‎ ‎∴b＝2a，‎ ‎∴2a+b﹣c＝4a﹣c，‎ ‎∵a＜0，4a＜0，‎ c＞0，﹣c＜0，‎ ‎∴2a+b﹣c＝4a﹣c＜0，‎ 故③错误；‎ ‎④∵对称轴为直线x＝﹣1，抛物线与x轴一个交点﹣3＜x1＜﹣2，‎ ‎∴抛物线与x轴另一个交点0＜x2＜1，‎ 当x＝1时，y＝a+b+c＜0，‎ 故④正确．‎ 故选：A．‎ ‎【点评】本题考查了二次函数图象与系数的关系，熟练掌握二次函数图象的性质是解题的关键．‎ 二、填空题（本大题共5个小题，每小题4分，共20分，将正确答案直接写在答题卡相应的位置上。）‎ ‎11．（4分）函数y＝的自变量x的取值范围　x≥1，且x≠3　．‎ ‎【分析】本题主要考查自变量的取值范围，函数关系中主要有二次根式和分式两部分．根据二次根式的意义，被开方数x﹣1≥0；根据分式有意义的条件，x﹣3≠0，则函数的自变量x取值范围就可以求出．‎ ‎【解答】解：根据题意得：‎ 解得x≥1，且x≠3，‎ 即：自变量x取值范围是x≥1，且x≠3．‎ ‎【点评】函数自变量的范围一般从三个方面考虑：‎ ‎（1）当函数表达式是整式时，自变量可取全体实数；‎ ‎（2）当函数表达式是分式时，考虑分式的分母不能为0；‎ ‎（3）当函数表达式是二次根式时，被开方数为非负数．‎ ‎12．（4分）如果一组数据为4、a、5、3、8，其平均数为a，那么这组数据的方差为　‎ 第28页（共28页）‎ ‎　．‎ ‎【分析】先根据平均数的定义确定出a的值，再根据方差公式进行计算即可求出答案．‎ ‎【解答】解：根据题意，得：＝a，‎ 解得：a＝5，‎ 则这组数据为4、5、5、3、8，其平均数是5，‎ 所以这组数据的方差为×[（4﹣5）2+（5﹣5）2+（5﹣5）2+（3﹣5）2+（8﹣5）2]＝，‎ 故答案为：．‎ ‎【点评】此题考查了平均数和方差的定义．平均数是所有数据的和除以数据的个数．方差是一组数据中各数据与它们的平均数的差的平方的平均数．‎ ‎13．（4分）如图，反比例函数y＝（x＞0）经过A、B两点，过点A作AC⊥y轴于点C，过点B作BD⊥y轴于点D，过点B作BE⊥x轴于点E，连结AD，已知AC＝1、BE＝1、S矩形BDOE＝4．则S△ACD＝　　．‎ ‎【分析】过点A作AH⊥x轴于点H，交BD于点F，则四边形ACOH和四边形ACDF均为矩形，根据S矩形BDOE＝4，可得k的值，即可得到矩形ACOH和矩形ACDF的面积，进而可求出S△ACD．‎ ‎【解答】解：过点A作AH⊥x轴于点H，交BD于点F，则四边形ACOH和四边形ACDF均为矩形，如图：‎ ‎∵S矩形BDOE＝4，反比例函数y＝（x＞0）经过B点 第28页（共28页）‎ ‎∴k＝4‎ ‎∴S矩形ACOH＝4，‎ ‎∵AC＝1‎ ‎∴OC＝4÷1＝4‎ ‎∴CD＝OC﹣OD＝OC﹣BE＝4﹣1＝3‎ ‎∴S矩形ACDF＝1×3＝3‎ ‎∴S△ACD＝‎ 故答案为：．‎ ‎【点评】此题主要考查的知识有：反比例函数系数k的几何意义和性质，通过矩形的面积求出k的值是解本题的关键．‎ ‎14．（4分）若关于x的分式方程+＝2m有增根，则m的值为　1　．‎ ‎【分析】增根是化为整式方程后产生的不适合分式方程的根．所以应先确定增根的可能值，让最简公分母x﹣2＝0，得到x＝2，然后代入化为整式方程的方程算出m的值．‎ ‎【解答】解：方程两边都乘x﹣2，得x﹣2m＝2m（x﹣2）‎ ‎∵原方程有增根，‎ ‎∴最简公分母x﹣2＝0，‎ 解得x＝2，‎ 当x＝2时，m＝1‎ 故m的值是1，‎ 故答案为1‎ ‎【点评】本题考查了分式方程的增根．增根问题可按如下步骤进行：①让最简公分母为0确定增根；②化分式方程为整式方程；③把增根代入整式方程即可求得相关字母的值．‎ ‎15．（4分）如图，等边三角形ABC内有一点P，分別连结AP、BP、CP，若AP＝6，BP＝8，CP＝10．则S△ABP+S△BPC＝　24+16　．‎ 第28页（共28页）‎ ‎【分析】将△BPC绕点B逆时针旋转60°后得△AP'B，根据旋转的性质可得∠PBP′＝∠CAB＝60°，BP＝BP′，可得△BPP′为等边三角形，可得BP′＝BP＝8＝PP'，由勾股定理的逆定理可得，△APP′是直角三角形，由三角形的面积公式可求解．‎ ‎【解答】解：如图，将△BPC绕点B逆时针旋转60°后得△AP'B，连接PP′，‎ 根据旋转的性质可知，‎ 旋转角∠PBP′＝∠CAB＝60°，BP＝BP′，‎ ‎∴△BPP′为等边三角形，‎ ‎∴BP′＝BP＝8＝PP'；‎ 由旋转的性质可知，AP′＝PC＝10，‎ 在△BPP′中，PP′＝8，AP＝6，‎ 由勾股定理的逆定理得，△APP′是直角三角形，‎ ‎∴S△ABP+S△BPC＝S四边形AP'BP＝S△BP'B+S△AP'P＝BP2+×PP'×AP＝24+16‎ 故答案为：24+16‎ ‎【点评】本题考查了旋转的性质，等边三角形的性质，勾股定理，作辅助线构造出等边三角形和直角三角形是解题的关键，也是本题的难点．‎ 三、解答题（本大题共11个小题，共90分。请把解答过程写在答题卡相应的位置上）‎ ‎16．（5分）计算（﹣）2+（3﹣π）0+|﹣2|+2sin60°﹣．‎ ‎【分析】分别根据幂的定义、零指数幂、绝对值的性质、特殊角的三角函数值以及二次根式的性质化简即可．‎ ‎【解答】解：原式＝．‎ ‎【点评】本题考查了实数的运算法则，属于基础题，解答本题的关键是熟练掌握二次根式的性质、绝对值的性质以及特殊角的三角函数值等知识．‎ ‎17．（5分）已知实数x、y满足+y2﹣4y+4＝0，求代数式•÷‎ 第28页（共28页）‎ 的值．‎ ‎【分析】根据分式的乘除法法则把原式化简，根据非负数的性质分别求出x、y，代入计算即可．‎ ‎【解答】解：•÷‎ ‎＝••‎ ‎＝，‎ ‎∵+y2﹣4y+4＝0，‎ ‎∴+（y﹣2）2＝0，‎ ‎∴x＝3，y＝2，‎ ‎∴原式＝＝．‎ ‎【点评】本题考查的是分式的化简求值，掌握分式的混合运算法则是解题的关键．‎ ‎18．（8分）如图，等腰直角三角板如图放置．直角顶点C在直线m上，分别过点A、B作AE⊥直线m于点E，BD⊥直线m于点D．‎ ‎①求证：EC＝BD；‎ ‎②若设△AEC三边分别为a、b、c，利用此图证明勾股定理．‎ ‎【分析】①通过AAS证得△CAE≌△BCD，根据全等三角形的对应边相等证得结论；‎ ‎②利用等面积法证得勾股定理．‎ ‎【解答】①证明：∵∠ACB＝90°，‎ ‎∴∠ACE+∠BCD＝90°．‎ ‎∵∠ACE+∠CAE＝90°，‎ ‎∴∠CAE＝∠BCD．‎ 第28页（共28页）‎ 在△AEC与△BCD中，‎ ‎∴△CAE≌△BCD（AAS）．‎ ‎∴EC＝BD；‎ ‎②解：由①知：BD＝CE＝a CD＝AE＝b ‎∴S梯形AEDB＝（a+b）（a+b）‎ ‎＝a2+ab+b2．‎ 又∵S梯形AEDB＝S△AEC+S△BCD+S△ABC ‎＝ab+ab+c2‎ ‎＝ab+c2．‎ ‎∴a2+ab+b2＝ab+c2．‎ 整理，得a2+b2＝c2．‎ ‎【点评】主要考查了同角的余角相等，全等三角形的判定和性质，勾股定理的证明，解本题的关键是判断两三角形全等．‎ ‎19．（8分）△ABC在边长为l的正方形网格中如图所示．‎ ‎①以点C为位似中心，作出△ABC的位似图形△A1B1C，使其位似比为1：2．且△A1B1C位于点C的异侧，并表示出A1的坐标．‎ ‎②作出△ABC绕点C顺时针旋转90°后的图形△A2B2C．‎ ‎③在②的条件下求出点B经过的路径长．‎ ‎【分析】①延长AC到A1使A1C＝2AC，延长BC到B1使B1C＝2BC，则△A1B1C满足条件；‎ 第28页（共28页）‎ ‎②利用网格特点和旋转的性质画出A、B的对应点A2、B2，从而得到△A2B2C．‎ ‎③先计算出OB的长，然后根据弧长公式计算点B经过的路径长．‎ ‎【解答】解：①如图，△A1B1C为所作，点A1的坐标为（3，﹣3）；‎ ‎②如图，△A2B2C为所作；‎ ‎③OB＝＝，‎ 点B经过的路径长＝＝π．‎ ‎【点评】本题考查了作图﹣位似变换：画位似图形的一般步骤为：确定位似中心；分别连接并延长位似中心和能代表原图的关键点；③根据位似比，确定能代表所作的位似图形的关键点；顺次连接上述各点，得到放大或缩小的图形．也考查了旋转变换．‎ ‎20．（8分）在“扶贫攻坚”活动中，某单位计划选购甲、乙两种物品慰问贫困户．已知甲物品的单价比乙物品的单价高10元，若用500元单独购买甲物品与450元单独购买乙物品的数量相同．‎ ‎①请问甲、乙两种物品的单价各为多少？‎ ‎②如果该单位计划购买甲、乙两种物品共55件，总费用不少于5000元且不超过5050元，通过计算得出共有几种选购方案？‎ ‎【分析】①设乙种物品单价为x元，则甲种物品单价为（x+10）元，由题意得分式方程，解之即可；‎ ‎②设购买甲种物品y件，则乙种物品购进（55﹣y）件，由题意得不等式，从而得解．‎ ‎【解答】解：①设乙种物品单价为x元，则甲种物品单价为（x+10）元，由题意得：‎ ‎＝‎ 解得x＝90‎ 经检验，x＝90符合题意 ‎∴甲种物品的单价为100元，乙种物品的单价为90元．‎ 第28页（共28页）‎ ‎②设购买甲种物品y件，则乙种物品购进（55﹣y）件 由题意得：5000≤100y+90（55﹣y）≤5050‎ 解得5≤y≤10‎ ‎∴共有6种选购方案．‎ ‎【点评】本题考查了分式方程的应用以及一元一次不等式的整数解的问题．本题中等难度．‎ ‎21．（10分）如图表示的是某班部分同学衣服上口袋的数目．‎ ‎①从图中给出的信息得到学生衣服上口袋数目的中位数为　4　，众数为　4　．‎ ‎②根据如图信息，在给出的图表中绘制频数条形统计图，由此估计该班学生衣服上口袋数目为5≤x＜7的概率．‎ ‎【分析】①根据中位数、众数的概念分别求得学生衣服上口袋数目的中位数、众数；‎ ‎②根据图中得出的数据绘制频数条形统计图，用衣服上口袋数目为5≤x＜7的人数除以总人数21即可．‎ ‎【解答】解：①由图可知，学生衣服上口袋的数目分别为：‎ ‎3，4，2，6，5，5，3，1，4，2，4，6，10，7，1，4，5，6，2，10，3．‎ 按从小到大的顺序排列为：‎ 第28页（共28页）‎ ‎1，1，2，2，2，‎ ‎3，3，3，4，4，‎ ‎4，4，5，5，5，‎ ‎6，6，6，7，10，10．‎ 故中位数为4，众数为4，‎ 故答案为4，4．‎ ‎（2）条形图如图所示：‎ 估计该班学生衣服上口袋数目为5≤x＜7的概率＝＝．‎ ‎【点评】本题考查条形统计图，样本估计总体，中位数，众数等知识，解题的关键是熟练掌握基本知识，属于中考常考题型．‎ ‎22．（8分）已知关于x的一元二次方程x2+（2m+1）x+m2﹣1＝0有两不相等的实数根．‎ ‎①求m的取值范围．‎ ‎②设x1，x2是方程的两根且x12+x22+x1x2﹣17＝0，求m的值．‎ ‎【分析】①根据“关于x的一元二次方程x2+（2m+1）x+m2﹣1＝0有两不相等的实数根”，结合判别式公式，得到关于m的不等式，解之即可，‎ ‎②根据“x1，x2是方程的两根且x12+x22+x1x2﹣17＝0”，结合根与系数的关系，列出关于m的一元二次方程，解之，结合（1）的结果，即可得到答案．‎ ‎【解答】解：①根据题意得：‎ ‎△＝（2m+1）2﹣4（m2﹣1）＞0，‎ 解得：m，‎ ‎②根据题意得：‎ 第28页（共28页）‎ x1+x2＝﹣（2m+1），x1x2＝m2﹣1，‎ x12+x22+x1x2﹣17‎ ‎＝﹣x1x2﹣17‎ ‎＝（2m+1）2﹣（m2﹣1）﹣17‎ ‎＝0，‎ 解得：m1＝，m2＝﹣3（不合题意，舍去），‎ ‎∴m的值为．‎ ‎【点评】本题考查了根与系数的关系，根的判别式，解题的关键：①正确掌握判别式公式，②正确掌握根与系数的关系．‎ ‎23．（8分）某区域平面示意图如图所示，点D在河的右侧，红军路AB与某桥BC互相垂直．某校“数学兴趣小组”在“研学旅行”活动中，在C处测得点D位于西北方向，又在A处测得点D位于南偏东65°方向，另测得BC＝414m，AB＝300m，求出点D到AB的距离．‎ ‎（参考数据sin65°≈0.91，cos65°≈0.42，tan65°≈2.14）‎ ‎【分析】过点D作DE⊥AB于E，过D作DF⊥BC于F，则四边形EBFD是矩形，设DE＝x，根据BE＝DF＝CF，列方程可得结论．‎ ‎【解答】解：如图，过点D作DE⊥AB于E，过D作DF⊥BC于F，则四边形EBFD是矩形，‎ 设DE＝x，‎ 在Rt△ADE中，∠AED＝90°，‎ 第28页（共28页）‎ ‎∵tan∠DAE＝，‎ ‎∴AE＝＝，‎ ‎∴BE＝300﹣，‎ 又BF＝DE＝x，‎ ‎∴CF＝414﹣x，‎ 在Rt△CDF中，∠DFC＝90°，∠DCF＝45°，‎ ‎∴DF＝CF＝414﹣x，‎ 又BE＝CF，‎ 即：300﹣＝414﹣x，‎ 解得：x＝214，‎ 故：点D到AB的距离是214m．‎ ‎【点评】本题考查的是解直角三角形的应用，掌握锐角三角函数的定义、正确根据三角函数列方程是解题的关键．‎ ‎24．（8分）如图，一次函数y1＝k1x+b（k1、b为常数，k1≠0）的图象与反比例函数y2＝（k2≠0，x＞0）的图象交于点A（m，8）与点B（4，2）．‎ ‎①求一次函数与反比例函数的解析式．‎ ‎②根据图象说明，当x为何值时，k1x+b﹣＜0．‎ ‎【分析】①把B点坐标代入反比例函数解析式可求得k2的值，把点A（m，8）代入求得的反比例函数的解析式求得m，然后利用待定系数法即可求得一次函数的解析式；‎ ‎②直接由A、B的坐标可求得答案．‎ ‎【解答】解：①把点B（4，2）代入反比例函数y2＝（k2≠0，x＞0）得，k2＝4×2＝8，‎ 第28页（共28页）‎ ‎∴反比例函数的解析式为y2＝，‎ 将点A（m，8）代入y2得，8＝，解得m＝1，‎ ‎∴A（1，8），‎ 将A、B的坐标代入y1＝k1x+b（k1、b为常数，k1≠0）得，‎ 解得，‎ ‎∴一次函数的解析式为y1＝﹣2x+10；‎ ‎②由图象可知：当0＜x＜1或x＞4时，y1＜y2，即k1x+b﹣＜0．‎ ‎【点评】本题考查了一次函数和反比例函数的交点，待定系数法求一次函数和反比例函数的解析式，熟练掌握待定系数法是解题的关键．‎ ‎25．（10分）如图，在菱形ABCD中，连结BD、AC交于点O，过点O作OH⊥BC于点H，以点O为圆心，OH为半径的半圆交AC于点M．‎ ‎①求证：DC是⊙O的切线．‎ ‎②若AC＝4MC且AC＝8，求图中阴影部分的面积．‎ ‎③在②的条件下，P是线段BD上的一动点，当PD为何值时，PH+PM的值最小，并求出最小值．‎ ‎【分析】①作OH⊥BC，证明OH为圆的半径，即可求解；‎ ‎②利用S阴影＝S△OCH﹣S扇形OHM＝CH•OH﹣OH2，即可求解；‎ ‎③作M关于BD的对称点N，连接HN交BD于点P，PH+PM＝PH+PN＝HN，此时PH+PM最小，即可求解．‎ ‎【解答】解：①过点O作OG⊥CD，垂足为G，‎ 第28页（共28页）‎ 在菱形ABCD中，AC是对角线，则AC平分∠BCD，‎ ‎∵OH⊥BC，OG⊥CD，‎ ‎∴OH＝OG，‎ ‎∴OH、OG都为圆的半径，即DC是⊙O的切线；‎ ‎②∵AC＝4MC且AC＝8，‎ ‎∴OC＝2MC＝4，‎ MC＝OM＝2，‎ ‎∴OH＝2，‎ 在直角三角形OHC中，HO＝CO，‎ ‎∴∠OCH＝30°，∠COH＝60°，‎ ‎∴HC＝，‎ S阴影＝S△OCH﹣S扇形OHM＝CH•OH﹣OH2＝2﹣；‎ ‎③作M关于BD的对称点N，连接HN交BD于点P，‎ ‎∵PM＝NP，‎ ‎∴PH+PM＝PH+PN＝HN，此时PH+PM最小，‎ ‎∵ON＝OM＝OH，‎ ‎∠MOH＝60°，‎ ‎∴∠MNH＝30°，‎ ‎∴∠MNH＝∠HCM，‎ ‎∴HN＝HC＝2，‎ 即：PH+PM的最小值为2，‎ 在Rt△NPO中，‎ OP＝ONtan30°＝，‎ 在Rt△COD中，‎ 第28页（共28页）‎ OD＝OCtan30°＝，‎ 则PD＝OP+OD＝2．‎ ‎【点评】本题为圆的综合运用题，涉及到圆切线的性质及应用、点的对称性、解直角三角形等知识，其中③，通过点的对称性确定PH+PM最小，是本题的难点和关键．‎ ‎26．（12分）如图，抛物线y＝ax2+bx﹣5（a≠0）经过x轴上的点A（1，0）和点B及y轴上的点C，经过B、C两点的直线为y＝x+n．‎ ‎①求抛物线的解析式．‎ ‎②点P从A出发，在线段AB上以每秒1个单位的速度向B运动，同时点E从B出发，在线段BC上以每秒2个单位的速度向C运动．当其中一个点到达终点时，另一点也停止运动．设运动时间为t秒，求t为何值时，△PBE的面积最大并求出最大值．‎ ‎③过点A作AM⊥BC于点M，过抛物线上一动点N（不与点B、C重合）作直线AM的平行线交直线BC于点Q．若点A、M、N、Q为顶点的四边形是平行四边形，求点N的横坐标．‎ ‎【分析】①点B、C在直线为y＝x+n上，则B（﹣n，0）、C（0，n），点A（1，0）在抛物线上，所以，解得a＝﹣1，b＝6，因此抛物线解析式：y＝﹣x2+6x﹣5；‎ ‎②先求出点P到BC的高h为BPsin45°＝（4﹣t），于是S△PBE＝BE•h＝＝，当t＝2时，△PBE的面积最大，最大值为2；‎ ‎③由①知，BC所在直线为：y＝x﹣5，所以点A到直线BC的距离d＝2，过点N作 第28页（共28页）‎ x轴的垂线交直线BC于点P，交x轴于点H．设N（m，﹣m2+6m﹣5），则H（m，0）、P（m，m﹣5），易证△PQN为等腰直角三角形，即NQ＝PQ＝2，PN＝4，Ⅰ．NH+HP＝4，所以﹣m2+6m﹣5﹣（m﹣5）＝4解得m1＝1（舍去），m2＝4，Ⅱ．NH+HP＝4，m﹣5﹣（﹣m2+6m﹣5）＝4解得m1＝，m2＝（舍去），Ⅲ．NH﹣HP＝4，﹣（﹣m2+6m﹣5）﹣[﹣（m﹣5）]＝4，解得m1＝（舍去），m2＝．‎ ‎【解答】解：①∵点B、C在直线为y＝x+n上，‎ ‎∴B（﹣n，0）、C（0，n），‎ ‎∵点A（1，0）在抛物线上，‎ ‎∴，‎ ‎∴a＝﹣1，b＝6，‎ ‎∴抛物线解析式：y＝﹣x2+6x﹣5；‎ ‎②由题意，得，‎ PB＝4﹣t，BE＝2t，‎ 由①知，∠OBC＝45°，‎ ‎∴点P到BC的高h为BPsin45°＝（4﹣t），‎ ‎∴S△PBE＝BE•h＝＝，‎ 当t＝2时，△PBE的面积最大，最大值为2；‎ ‎③由①知，BC所在直线为：y＝x﹣5，‎ ‎∴点A到直线BC的距离d＝2，‎ 过点N作x轴的垂线交直线BC于点P，交x轴于点H．‎ 设N（m，﹣m2+6m﹣5），则H（m，0）、P（m，m﹣5），‎ 易证△PQN为等腰直角三角形，即NQ＝PQ＝2，‎ ‎∴PN＝4，‎ Ⅰ．NH+HP＝4，‎ ‎∴﹣m2+6m﹣5﹣（m﹣5）＝4‎ 解得m1＝1，m2＝4，‎ ‎∵点A、M、N、Q为顶点的四边形是平行四边形，‎ 第28页（共28页）‎ ‎∴m＝4；‎ Ⅱ．NH+HP＝4，‎ ‎∴m﹣5﹣（﹣m2+6m﹣5）＝4‎ 解得m1＝，m2＝，‎ ‎∵点A、M、N、Q为顶点的四边形是平行四边形，‎ m＞5，‎ ‎∴m＝，‎ Ⅲ．NH﹣HP＝4，‎ ‎∴﹣（﹣m2+6m﹣5）﹣[﹣（m﹣5）]＝4，‎ 解得m1＝，m2＝，‎ ‎∵点A、M、N、Q为顶点的四边形是平行四边形，‎ m＜0，‎ ‎∴m＝，‎ 综上所述，若点A、M、N、Q为顶点的四边形是平行四边形，点N的横坐标为：4或或．‎ ‎【点评】本题考查了二次函数，熟练掌握二次函数的性质、平行四边形的判定与性质是解题的关键．‎ 声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布 日期：2019/6/24 8:13:30；用户：柯瑞；邮箱：ainixiaoke00@163.com；学号：500557‎ 第28页（共28页）‎