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  • 2021-05-13 发布

济南中考数学题分综合压轴题

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济南中考数学28题9分 综合压轴题 ‎2007济南中考 已知:如图,在平面直角坐标系中,是直角三角形,,‎ 点的坐标分别为,,.‎ ‎(1)求过点的直线的函数表达式;‎ ‎(2)在轴上找一点,连接,使得与相似(不包括全等),并求点的坐标;‎ ‎(3)在(2)的条件下,如分别是和上的动点,连接,设,‎ 问是否存在这样的使得与相似,如存在,请求出的值;如不存在,请说明理由.‎ A C O B x y ‎2008济南中考 抛物线(a≠0),顶点C (1,),与x轴交于A、B两点,.‎ ‎(1)求这条抛物线的解析式.‎ ‎(2)如图,以AB为直径作圆,与抛物线交于点D,与抛物线对称轴交于点E,依次连接A、D、B、E,‎ 点P为线段AB上一个动点(P与A、B两点不重合),过点P作PM⊥AE于M,PN⊥DB于N,‎ 请判断是否为定值? 若是,请求出此定值;若不是,请说明理由.‎ ‎(3)在(2)的条件下,若点S是线段EP上一点,过点S作FG⊥EP ,‎ FG分别与边AE、BE相交于点F、G(F与A、E不重合,G与E、B不重合),‎ C O x A D P M E B N y 请判断是否成立.若成立,请给出证明;若不成立,请说明理由.‎ ‎2009年济南中考 已知:抛物线的对称轴为与轴交于两点,与轴交于点 其中、‎ ‎(1)求这条抛物线的函数表达式.‎ ‎(2)已知在对称轴上存在一点P,使得的周长最小.请求出点P的坐标.‎ ‎(3)若点是线段上的一个动点(不与点O、点C重合).过点D作交轴于点 连接、.设的长为,的面积为.求与之间的函数关系式.‎ 试说明是否存在最大值,若存在,请求出最大值;若不存在,请说明理由.‎ A C x y B O ‎2010年济南中考 如图所示,抛物线与x轴交于A、B两点,直线BD的函数表达式为,‎ 抛物线的对称轴l与直线BD交于点C、与x轴交于点E.‎ ‎⑴求A、B、C三个点的坐标.‎ ‎⑵点P为线段AB上的一个动点(与点A、点B不重合),以点A为圆心、以AP为半径的圆弧与线段AC交于点M,以点B为圆心、以BP为半径的圆弧与线段BC交于点N,分别连接AN、BM、MN.‎ ‎①求证:AN=BM.‎ ‎②在点P运动的过程中,四边形AMNB的面积有最大值还是有最小值?并求出该最大值或最小值.‎ D C M N O A B P l y E x ‎2011年济南中考 如图,点C为线段AB上任意一点(不与A、B重合)分别以AC、BC为一腰在AB的同侧作 等腰△ACD和等腰△BCE,CA = CD,CB = CE,∠ACD与∠BCE都是锐角,且∠ACD =∠BCE,‎ 连接AE交CD于点M,‎ 连接BD交CE于点N,AE与BD交于点P,连接PC.‎ ‎(1)求证:△ACE≌△DCB;‎ ‎(2)请你判断△AMC与△DMP的形状有何关系并说明理由;‎ ‎(3)求证:∠APC =∠BPC.‎ ‎2012年济南中考 如图1,抛物线y=ax2+bx+3与x轴相交于点A(-3,0),B(-1,0),与y轴相交于点C,‎ ‎⊙O1为△ABC的外接圆,交抛物线于另一点D.‎ ‎(1)求抛物线的解析式;‎ ‎(2)求cos∠CAB的值和⊙O1的半径;‎ ‎(3)如图2,抛物线的顶点为P,连接BP,CP,BD,M为弦BD中点,若点N在坐标平面内,满足△BMN∽△BPC,请直接写出所有符合条件的点N的坐标.‎ ‎2013年如济南中考 图1,抛物线与轴交于点A,C,与y轴交于点B,连接AB,BC,‎ 点A的坐标为(2,0),.以线段BC为直径作交AB于点D.过点B作直线,‎ 与抛物线和的另一个交点分别是E,F.‎ ‎(1)求该抛物线的函数表达式;‎ ‎(2)求点C的坐标和线段EF的长;‎ ‎(3)如图2,连接CD并延长,交直线l于点N.点P,Q为射线上的两个动点(点P在点Q的右侧,且不与N重合)线段PQ与EF的长度相等,连接DP,CQ,四边形CDPQ的周长是否有最小值?若有,请求出此时点P的坐标并直接写出四边形CDPQ周长的最小值;若没有,请说明理由.‎ ‎2014年济南中考.‎ 如图1,抛物线平移后过点A(8,,0)和原点,顶点为B,‎ 对称轴与轴相交于点C,与原抛物线相交于点D.‎ ‎(1)求平移后抛物线的解析式并直接写出阴影部分的面积;‎ ‎(2)如图2,直线AB与轴相交于点P,点M为线段OA上一动点,‎ 为直角,边MN与AP相交于点N,设,‎ 试探求:‎ ‎①为何值时为等腰三角形;‎ ‎②为何值时线段PN的长度最小,最小长度是多少.‎ ‎2015年济南中考 ‎28.抛物线y=ax2+bx+4(a≠0)过点A(1,﹣1),B(5,﹣1),与y轴交于点C.‎ ‎(1)求抛物线的函数表达式;‎ ‎(2)如图1,连接CB,以CB为边作▱CBPQ,若点P在直线BC上方的抛物线上,‎ Q为坐标平面内的一点,且▱CBPQ的面积为30,求点P的坐标;‎ ‎(3)如图2,⊙O1过点A、B、C三点,AE为直径,点M为 上的一动点(不与点A,E重合),‎ ‎∠MBN为直角,边BN与ME的延长线交于N,求线段BN长度的最大值.‎ 参考答案 ‎2007济南中考 解:(1)点,‎ ‎,,点坐标为 1分 设过点的直线的函数表达式为,‎ 由 得, 2分 第24题图1‎ 直线的函数表达式为 3分 ‎(2)如图1,过点作,交轴于点,‎ 在和中,‎ ‎ ,‎ 点为所求 4分 又,‎ ‎ 5分 ‎, 6分 ‎(3)这样的存在 7分 在中,由勾股定理得 第24题图2‎ 如图1,当时,‎ 则,解得 8分 如图2,当时,‎ 则,解得 9分 ‎2008济南中考 解:(1)设抛物线的解析式为 ‎ 将A(-1,0)代入: ∴ ‎ ‎∴ 抛物线的解析式为,即: ‎ ‎(2)是定值, 4分 ‎∵ AB为直径,∴ ∠AEB=90°,∵ PM⊥AE,∴ PM∥BE ‎∴ △APM∽△ABE,∴ ①‎ 同理: ② 5分 ‎① + ②: 6分 ‎(3)∵ 直线EC为抛物线对称轴,∴ EC垂直平分AB ‎∴ EA=EB ‎∵ ∠AEB=90°‎ ‎∴ △AEB为等腰直角三角形.‎ ‎∴ ∠EAB=∠EBA=45° 7分 如图,过点P作PH⊥BE于H,‎ 由已知及作法可知,四边形PHEM是矩形,‎ ‎∴PH=ME且PH∥ME 在△APM和△PBH中 ‎∵∠AMP=∠PHB=90°, ∠EAB=∠BPH=45°‎ ‎∴ PH=BH 且△APM∽△PBH ‎∴ ‎ ‎∴  ① 8分 在△MEP和△EGF中,‎ ‎∵ PE⊥FG, ∴ ∠FGE+∠SEG=90°‎ ‎∵∠MEP+∠SEG=90° ∴ ∠FGE=∠MEP ‎∵ ∠PME=∠FEG=90° ∴△MEP∽△EGF ‎∴     ②‎ 由①、②知: 9分 ‎(本题若按分类证明,只要合理,可给满分)‎ ‎2009济南中考 解:(1)由题意得 解得 ‎∴此抛物线的解析式为 ‎ ‎(2)连结、.因为的长度一定, ‎ 所以周长最小,就是使最小.‎ 点关于对称轴的对称点是点,与对称轴的交点即为所求的点.‎ 设直线的表达式为则解得 ‎∴此直线的表达式为 ‎ ‎(第1题图)‎ O A C x y B E P D 把代入得 ∴点的坐标为 ‎ ‎(3)存在最大值 理由:‎ ‎∵即 ∴‎ ‎∴ 即 ‎ ‎ ∴‎ 方法一: 连结 ‎== ‎ ‎∵ ∴当时, ‎ 方法二:‎ ‎=‎ ‎= ‎ ‎∵ ∴当时,‎ ‎2010济南中考 D C M N O A B P 第2题图 l x y F E 解:⑴令,解得:, ‎ ‎∴A(-1,0),B(3,0)‎ ‎∵=,‎ ‎∴抛物线的对称轴为直线x=1,‎ 将x=1代入,得y=2,‎ ‎∴C(1,2). ‎ ‎⑵①在Rt△ACE中,tan∠CAE=,‎ ‎∴∠CAE=60º,‎ 由抛物线的对称性可知l是线段AB的垂直平分线,‎ ‎∴AC=BC,‎ ‎∴△ABC为等边三角形, ‎ ‎∴AB= BC =AC = 4,∠ABC=∠ACB= 60º,‎ 又∵AM=AP,BN=BP,‎ ‎∴BN = CM, ‎ ‎∴△ABN≌△BCM, ‎ ‎∴AN=BM. ‎ ‎②四边形AMNB的面积有最小值. ‎ 设AP=m,四边形AMNB的面积为S,‎ 由①可知AB= BC= 4,BN = CM=BP,S△ABC=×42=,‎ ‎∴CM=BN= BP=4-m,CN=m, ‎ 过M作MF⊥BC,垂足为F,‎ 则MF=MC•sin60º=,‎ ‎∴S△CMN==•=,‎ ‎∴S=S△ABC-S△CMN=-()= ‎ ‎∴m=2时,S取得最小值3. ‎ ‎ 2011济南中考 ‎(1)证明:∵△ACD和△BCE都是等腰三角形,‎ ‎∴AC = DC,BC = EC.‎ ‎∵∠ACD =∠BCE,‎ ‎∴∠ACE =∠DCB.‎ 在△ACE和△DCB中,‎ 第28题图 ‎,‎ ‎∴△ACE≌△DCB(SAS).‎ ‎(2)△AMC∽△DMP.理由如下:‎ 由(1)知△ACE≌△DCB,‎ ‎∴∠CAE =∠CDB.‎ 又∵∠AMC =∠PMD,‎ ‎∴△AMC∽△DMP.‎ ‎(3)证明:在DB上截取DF=AP,连接CF,‎ 由(1)知△ACE≌△DCB,‎ ‎∴∠CAE =∠CDB.‎ 又∵CA = CD,DF=AP,‎ ‎∴△ACP≌△DCF,‎ ‎∴∠APC=∠DFC,CP=CF.‎ ‎∴∠BPC =∠DFC,‎ ‎∴∠APC =∠BPC.‎ ‎2012济南中考 解:(1)∵ 抛物线y=ax2+bx+3与x轴相交于点A(-3,0),B(-1,0),‎ ‎∴,解得a=1,b=4, ∴抛物线的解析式为:y=x2+4x+3. (2)由(1)知,抛物线解析式为:y=x2+4x+3,‎ ‎∵令x=0,得y=3, ∴C(0,3),‎ ‎∴OC=OA=3,则△AOC为等腰直角三角形,∴∠CAB=45°,∴cos∠CAB=.‎ 在Rt△BOC中,由勾股定理得:BC=.‎ 如答图1所示,连接O1B、O1C,‎ 由圆周角定理得:∠BO‎1C=2∠BAC=90°, ∴△BO‎1C为等腰直角三角形,∴⊙O1的半径O1B=BC=.‎ ‎(3)抛物线y=x2+4x+3=(x+2)2-1,‎ ‎∴顶点P坐标为(-2,-1),对称轴为x= -2.‎ 又∵A(-3,0),B(-1,0),可知点A、B关于对称轴x=2对称.‎ 如答图2所示,由圆及抛物线的对称性可知:点D、点C(0,3)关于对称轴对称,‎ ‎∴D(-4,3).‎ 又∵点M为BD中点,B(-1,0), ∴M(,),‎ ‎∴BM=;‎ 在△BPC中,B(-1,0),P(-2,-1),C(0,3),‎ 由两点间的距离公式得:BP=,BC=,PC=.‎ ‎∵△BMN∽△BPC,∴,‎ 即,解得:,MN.‎ 设N(x,y),由两点间的距离公式可得:‎ ‎,解之得,, ∴点N的坐标为(,)或(,).‎ ‎2013济南中考 解:(1)∵点A(2,0),, ∴AO=2,BO=4, ‎ ‎∴点B的坐标为(0,4).(1分)‎ ‎∵抛物线过点A,B,‎ ‎∴解得 ‎ ‎∴此抛物线的解析式为.(3分)‎ ‎(2)解法一:在图1中连接CF,‎ 令,即, 解得. ‎ ‎∴点C坐标为,CO=3.(4分)‎ 令,即,解得.‎ ‎∴点E坐标为,∴BE=1.(5分)‎ ‎∵BC为直径, ∴.‎ 又∵, ∴‎ ‎∴,∴四边形为矩形,‎ ‎∴BF=CO=3. ∴EF=BFBE=31=2.(6分)‎ 解法二:∵抛物线对称轴为直线,‎ ‎∴点A的对称点C的坐标为.(4分)‎ 点B的对称点E的坐标为.(5分)‎ ‎∵BC是的直径, ∴点M的坐标为.‎ 如图2,过点M作,则,‎ ‎∵,∴,∴BF=2BG=3.‎ ‎∵点E的坐标为,∴BE=1.‎ ‎∴EF=BFBE=31=2.(6分)‎ ‎(3)四边形的周长有最小值.(7分) 理由如下:‎ ‎∵,AC=OC+OA=3+2=5,‎ ‎∴AC=BC.‎ ‎∵BC为直径,‎ ‎∴即,‎ ‎∴D为AB中点,‎ ‎∴点D的坐标为(1,2).‎ 作点D关于直线l的对称点,点C向右平移2个单位得点,‎ 连接与直线l交于点P,点P向左平移两个单位得点Q,四边形即为周长最小的四边形.‎ 解法一:设直线的函数表达式为,‎ ‎∴∴ ∴直线的表达式为.‎ ‎∵, ∴,‎ ‎∴点P的坐标为(8分)‎ 解法二:如图3,直线交直线l于点H,交x轴于点K,‎ 易得 由题意可知,‎ 由直线轴,易证,‎ ‎∴,∴.‎ ‎∴,‎ ‎∴点的坐标为.(8分)‎ ‎(9分)‎ ‎2014济南中考 解:(1)设平移后抛物线的解析式,‎ 将点A(8,,0)代入,得.顶点B(4,3), =OC×CB=12.‎ ‎(2)直线AB的解析式为,作NQ垂直于x轴于点Q,‎ ‎①当MN=AN时, N点的横坐标为,纵坐标为,‎ 由三角形NQM和三角形MOP相似可知,得,解得(舍去).‎ 当AM=AN时,AN=,由三角形ANQ和三角形APO相似可知,‎ MQ=,由三角形NQM和三角形MOP相似可知得:,解得:=12(舍去).‎ 当MN=MA时,故是钝角,显然不成立. 故.‎ ‎②方法一:作PN的中点C,连接CM,则CM=PC=PN, 当CM垂直于x轴且M为OQ中点时PN最小,‎ 此时=3,证明如下:‎ 假设=3时M记为,C记为 若M不在处,即M在左侧或右侧,‎ 若C在左侧或者C在处,则CM一定大于,而PC却小于,这与CM=PC矛盾,‎ 故C在右侧,则PC大于,相应PN也会增大,‎ 故若M不在处时 PN大于处的PN的值,‎ 故当=3时,MQ=3, ,根据勾股定理可求出PM=与MN=,.‎ 故当=3时,PN取最小值为.‎ 方法二:由所在直线方程为,与直线AB的解析式联立,‎ 得点N的横坐标为,即,‎ 由判别式,得或,又,‎ 所以的最小值为6,此时=3,‎ 当=3时,N的坐标为(6,),此时PN取最小值为.‎ ‎2015济南中考 解:(1)将点A、B的坐标代入抛物线的解析式得:‎ ‎,解得:.∴抛物线得解析式为y=x2﹣6x+4.‎ ‎(2)如图所示:设点P的坐标为P(m,m2﹣6m+4)‎ ‎∵平行四边形的面积为30,‎ ‎∴S△CBP=15,即:S△CBP=S梯形CEDP﹣S△CEB﹣S△PBD.‎ ‎∴m(5+m2﹣6m+4+1)﹣×5×5﹣(m﹣5)(m2﹣6m+5)=15.‎ 化简得:m2﹣5m﹣6=0, 解得:m=6,或m=﹣1.‎ ‎∵m>0 ∴点P的坐标为(6,4).‎ ‎ ‎ ‎(3)连接AB、EB.‎ ‎∵AE是圆的直径,∴∠ABE=90°.∴∠ABE=∠MBN.‎ 又∵∠EAB=∠EMB,∴△EAB∽△NMB.‎ ‎∵A(1,﹣1),B(5,﹣1),∴点O1的横坐标为3,‎ 将x=0代入抛物线的解析式得:y=4,∴点C的坐标为(0,4).‎ 设点O1的坐标为(3,m),∵O1C=O1A,‎ ‎∴,解得:m=2,∴点O1的坐标为(3,2),‎ ‎∴O1A=,‎ 在Rt△ABE中,由勾股定理得:BE===6,‎ ‎∴点E的坐标为(5,5).∴AB=4,BE=6.‎ ‎∵△EAB∽△NMB,∴.∴.∴NB=.‎ ‎∴当MB为直径时,MB最大,此时NB最大.‎ ‎∴MB=AE=2,‎ ‎∴NB==3.‎