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- 2021-05-13 发布
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2013高考数学第二轮专题复习测试题
A级 基础达标演练
(时间:40分钟 满分:60分)
一、选择题(每小题5分,共25分)
1.(2012·烟台调研)棱长为2的正四面体的表面积是( ).
A. B.4 C.4 D.16
解析 每个面的面积为:×2×2×=.∴正四面体的表面积为:4.
答案 C
2.(2012·福州质检)把球的表面积扩大到原来的2倍,那么体积扩大到原来的
( ).
A.2倍 B.2倍 C.倍 D.倍
解析 由题意知球的半径扩大到原来的倍,则体积V=πR3,知体积扩大到原来的2倍.
答案 B
3.(2012·潍坊模拟)如图是一个长方体截去一个角后所得多面体的三视图,则该多面体的体积为( ).
A. B. C. D.
解析 根据三视图的知识及特点,可画出多面体
的形状,如图所示.这个多面体是由长方体截去
一个正三棱锥而得到的,所以所求多面体的体积
V=V长方体-V正三棱锥=4×4×6-××2=.
答案 B
4.(2011·温州检测(二))如图所示,一个空间几何体的正(主)视图和侧(左)视图都是边长为2的正方形,俯视图是一个直径为2的圆,则这个几何体的全面积为
( ).
A.2π B.4π
C.6π D.8π
解析 由三视图知该空间几何体为圆柱,所以其全面积为π×12×2+2π×1×2=6π.
答案 C
5.(2012·厦门模拟)已知某几何体的三视图如图,其中正视图中半圆的半径为1,则该几何体的体积为( )
A.24-π B.24-
C.24-π D.24-
解析 据三视图可得几何体为一长方体内挖去一个半圆柱,其中长方体的棱长分别为:2,3,4,半圆柱的底面半径为1,母线长为3,故其体积V=2×3×4-×π×12×3=24-.
答案 A
二、填空题(每小题4分,共12分)
6.(2011·福建)三棱锥PABC中,PA⊥底面ABC,PA=3,底面ABC是边长为2的正三角形,则三棱锥PABC的体积等于________.
解析 依题意有,三棱锥PABC的体积V=S△ABC·|PA|=××22×3=.
答案
7.(2009·全国Ⅱ)设OA是球O的半径,M是OA的中点,过M且与OA成45°角的平面截球O的表面得到圆C.若圆C的面积等于,则球O的表面积等于________.
解析 设圆C的半径为r,有πr2=.
得r2=.又设球的半径为R,如图所示,
有OB=R,OC=·=R,CB=r.在Rt△OCB中,有OB2=OC2+CB2,即R2=R2+r2⇒R2=,∴R2=2,∴S球=4πR2=8π.
答案 8π
8.(2012·湖州模拟)如图所示,已知一个多面体的平面展开图由一个边长为1的正方形和4个边长为1的正三角形组成,则该多面体的体积是________.
解析 由题知该多面体为正四棱锥,底面边长为1,侧棱长为1,斜高为,连接顶点和底面中心即为高,可求得高为,所以体积V=×1×1×=.
答案
三、解答题(共23分)
9.(11分)(2012·杭州模拟)某高速公路收费站入口处的安全标识墩如图1所示,墩的上半部分是正四棱锥PEFGH,下半部分是长方体ABCDEFGH.图2、图3分别是该标识墩的正视图和俯视图.
(1)请画出该安全标识墩的侧视图;
(2)求该安全标识墩的体积.
解 (1)侧视图同正视图,如图所示:
(2)该安全标识墩的体积为
V=VPEFGH+VABCDEFGH
=×402×60+402×20
=64 000(cm3).
10.(12分)如图,已知某几何体的三视图如下(单位:cm).
(1)画出这个几何体的直观图(不要求写画法);
(2)求这个几何体的表面积及体积.
解 (1)这个几何体的直观图如图所示.
(2)这个几何体可看成是正方体AC1及直
三棱柱B1C1Q-A1D1P的组合体.
由PA1=PD1=,A1D1=AD=2,可得
PA1⊥PD1.故所求几何体的表面积
S=5×22+2×2×+2××()2=22+4(cm2),
体积V=23+×()2×2=10(cm3).
B级 综合创新备选
(时间:30分钟 满分:40分)
一、选择题(每小题5分,共10分)
1.(2011·江门一模)某型号的儿童蛋糕上半部分是半球,下半部分是圆锥,其三视图如图所示,则该型号蛋糕的表面积S=( ).
A.115 π B.110 π
C.105 π D.100 π
解析 由三视图可知,圆锥的母线长为=13,该型号蛋糕的表面积S=2π×52+π×5×13=115 π.
答案 A
2.(2011·辽宁)已知球的直径SC=4,A,B是该球球面上的两点,AB=,∠ASC=∠BSC=30°,则棱锥S-ABC的体积为( ).
A.3 B.2 C. D.1
解析 由题可知AB一定在与直径SC垂直的小圆面上,作过AB的小圆交直径SC于D,设SD=x,则DC=4-x,此时所求棱锥即分割成两个棱锥S-ABD和C-ABD,在△SAD和△SBD中,由已知条件可得AD=BD=x,又因为SC为直径,所以∠SBC=∠SAC=90°,所以∠DCB=∠DCA=60°,在△BDC中 ,BD=(4-x),所以x=(4-x),所以x=3,AD=BD=,所以三角形ABD为正三角形,所以V=S△ABD×4=.
答案 C
二、填空题(每小题4分,共8分)
3.(2011·四川)如图,半径为R的球O中有一内接圆柱.当圆柱的侧面积最大时,球的表面积与该圆柱的侧面积之差是________.
解析 由球的半径为R,可知球的表面积为4πR2.
设内接圆柱底面半径为r,高为2h,则h2+r2=R2.
而圆柱的侧面积为2πr·2h=4πrh≤4π=2πR2(当且仅当r=h时等号成立),即内接圆柱的侧面积最大值为2πR2,此时球的表面积与内接圆柱的侧面积之差为2πR2.
答案 2πR2
4.(2012·南京调研)如图,已知正三棱柱ABCA1B1C1的底面边长为2 cm,高为5 cm,则一质点自点A出发,沿着三棱柱的侧面绕行两周到达点A1的最短路线的长为________cm.
解析 根据题意,利用分割法将原三棱柱分割为两个相同的三棱柱,然后将其展开为如图所示的实线部分,则可知所求最短路线的长为=13 (cm).
答案 13
三、解答题(共22分)
5.(10分)(2012·阳泉月考)已知某几何体的俯视图是如右图所示的矩形,正视图(或称主视图)是一个底边长为8、高为4的等腰三角形,侧视图(或称左视图)是一个底边长为6、高为4的等腰三角形.
(1)求该几何体的体积V;
(2)求该几何体的侧面积S.
解 由题设可知,几何体是一个高为4的四棱锥,
其底面是长、宽分别为8和6的矩形,正侧面及其相
对侧面均为底边长为8,高为h1的等腰三角形,左、
右侧面均为底边长为6,高为h2的等腰三角形,如右图所示.
(1)几何体的体积为:V=·S矩形·h=×6×8×4=64.
(2)正侧面及相对侧面底边上的高为:h1==5.左、右侧面的底边上的高为:h2==4.
故几何体的侧面面积为:
S=2×=40+24.
6.(12分)四面体的六条棱中,有五条棱长都等于a.
(1)求该四面体的体积的最大值;
(2)当四面体的体积最大时,求其表面积.
解 (1)如图,在四面体ABCD中,设AB=BC=
CD=AC=BD=a,AD=x,取AD的中点为P,
BC的中点为E,连接BP、EP、CP.得到AD⊥平面BPC,
∴VA-BCD=VA-BPC+VD-BPC
=·S△BPC·AP+S△BPC·PD
=·S△BPC·AD
=··a ·x
=
≤·=a3(当且仅当x=a时取等号).
∴该四面体的体积的最大值为a3.
(2)由(1)知,△ABC和△BCD都是边长为a的正三角形,△ABD和△ACD是全等的等腰三角形,其腰长为a,底边长为a,
∴S表=2×a2+2××a×
=a2+a×=a2+
=a2.