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  • 2021-05-13 发布

2020届高考物理一轮复习 第13章 2 第二节 动量守恒定律 碰撞 爆炸 反冲随堂检测巩固落实

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‎2 第二节 动量守恒定律 碰撞 爆炸 反冲 ‎1.一弹丸在飞行到距离地面‎5 m高时仅有水平速度v=‎2 m/s,爆炸成为甲、乙两块水平飞出,甲、乙的质量比为3∶1,不计质量损失,取重力加速度g=‎10 m/s2.则下列图中两块弹片飞行的轨迹可能正确的是(  )‎ 解析:选B.弹丸爆炸瞬间爆炸力远大于外力,故爆炸瞬间动量守恒.因两弹片均水平飞出,飞行时间t==1 s,取向右为正,由水平速度v=知,选项A中,v甲=2.‎5 m/s,v乙=-0.‎5 m/s;选项B中,v甲=2.‎5 m/s,v乙=0.‎5 m/s;选项C中,v甲=‎1 m/s,v乙=‎2 m/s;选项D中,v甲=-‎1 m/s,v乙=‎2 m/s.因爆炸瞬间动量守恒,故mv=m甲v甲+m乙v乙,其中m甲=m,m乙=m,v=‎2 m/s,代入数值计算知选项B正确.‎ ‎2.如图所示,在光滑水平面的左侧固定一竖直挡板,A球在水平面上静止放置,B球向左运动与A球发生正碰,B球碰撞前、后的速率之比为3∶1,A球垂直撞向挡板,碰后原速率返回.两球刚好不发生第二次碰撞,A、B两球的质量之比为__________,A、B两球碰撞前、后的总动能之比为__________.‎ 解析:设碰前B球的速度为v0,A碰墙后以原速率返回恰好不发生第二次碰撞,说明A、B两球碰撞后速度大小相等、方向相反,即分别为v0和-v0‎ 根据动量守恒定律,得 mBv0=mB+mA·v0‎ 解得mA∶mB=4∶1‎ A、B两球碰撞前、后的总动能之比为 3‎ =.‎ 答案:4∶1 9∶5‎ ‎3.(2018·宿迁高三调研测试)在某次短道速滑接力赛中,运动员甲以‎7 m/s的速度在前面滑行,运动员乙以‎8 m/s的速度从后面追上,并迅速将甲向前推出,完成接力过程.设甲、乙两运动员的质量均为‎50 kg,推出后运动员乙的速度变为7.‎1 m/s,方向向前,若甲、乙接力前后在同一直线上运动,求接力后甲的速度大小.‎ 解析:由m1v1+m2v2=m1v′1+m2v′2‎ 得v′1=7.‎9 m/s.‎ 答案:见解析 ‎4.如图所示,光滑水平面AB与粗糙斜面BC在B处通过圆弧衔接,质量M=0.‎3 kg的小木块静止在水平面上的A点.现有一质量m=0.‎2 kg的子弹以v0=‎20 m/s的初速度水平射入木块(但未穿出),它们一起沿AB运动,并冲上BC.已知木块与斜面间的动摩擦因数μ=0.5,斜面倾角θ=45°,重力加速度g取‎10 m/s2,木块在B处无机械能损失.试求:‎ ‎(1)子弹射入木块后的共同速度的大小;‎ ‎(2)子弹和木块能冲上斜面的最大高度.‎ 解析:(1)子弹射入木块的过程中,子弹与木块系统动量守恒,设向右为正方向,共同速度为v,则mv0=(m+M)v,代入数据解得v=‎8 m/s.‎ ‎(2)子弹与木块以v的初速度冲上斜面,到达最大高度时,瞬时速度为零,子弹和木块在斜面上受到的支持力N=(M+m)gcos θ,‎ 受到的摩擦力f=μN=μ(M+m)gcos θ.‎ 对冲上斜面的过程应用动能定理,设最大高度为h,‎ 有-(M+m)gh-f=0-(M+m)v2,‎ 联立并代入数据,解得h≈2.‎13 m.‎ 答案:(1)‎8 m/s (2)2.‎‎13 m ‎5.(2018·江苏六校联考)如图所示,质量M=‎4 kg的滑板B静止放在光滑水平面上,‎ 3‎ 其右端固定一根轻质弹簧,弹簧的自由端C到滑板左端的距离L=0.‎5 m,这段滑板与木块A(可视为质点)之间的动摩擦因数μ=0.2,而弹簧自由端C到弹簧固定端D所对应的滑板上表面光滑.小木块A以速度v0=‎10 m/s由滑板B左端开始沿滑板B表面向右运动.已知木块A的质量m=‎1 kg,g取‎10 m/s2.求:‎ ‎(1)弹簧被压缩到最短时木块A的速度;‎ ‎(2)木块A压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能.‎ 解析:(1)弹簧被压缩到最短时,木块A与滑板B具有相同的速度,设为v 从木块A开始沿滑板B表面向右运动至弹簧被压缩到最短的过程中,A、B系统的动量守恒,则有mv0=(M+m)v 解得v=v0‎ 代入数据得木块A的速度v=‎2 m/s.‎ ‎(2)木块A压缩弹簧直到弹簧被压缩到最短时,弹簧的弹性势能最大,由能量关系可知 最大弹性势能Ep=mv-(M+m)v2-μmgL 代入数据得Ep=39 J.‎ 答案:见解析 3‎