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- 2021-05-13 发布
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§2.2 一元二次不等式及其解法
最新考纲
考情考向分析
1.了解一元二次函数、一元二次方程、一元二次不等式之间的联系.
2.会解一元二次不等式.
以理解一元二次不等式的解法为主,常与集合的运算相结合考查一元二次不等式的解法,有时也在导数的应用中用到,加强函数与方程思想,分类讨论思想和数形结合思想的应用意识.在高考中常以选择题的形式考查,属于低档题,若在导数的应用中考查,难度较高.
一元二次不等式的解集
判别式
Δ=b2-4ac
Δ>0
Δ=0
Δ<0
二次函数y=ax2+bx+c
(a>0)的图象
方程ax2+bx+c=0
(a>0)的根
有两相异实根x1,x2
(x10
(a>0)的解集
{x|xx2}
{x|x∈R}
ax2+bx+c<0(a>0)的解集
{x|x1< x0(a>0)的解集与其对应的函数y=ax2+bx+c的图象有什么关系?
提示 ax2+bx+c>0(a>0)的解集就是其对应函数y=ax2+bx+c的图象在x
轴上方的部分所对应的x的取值范围.
2.一元二次不等式ax2+bx+c>0(<0)恒成立的条件是什么?
提示 显然a≠0.ax2+bx+c>0恒成立的条件是ax2+bx+c<0恒成立的条件是
题组一 思考辨析
1.判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)
(1)若不等式ax2+bx+c<0的解集为(x1,x2),则必有a>0.( √ )
(2)若不等式ax2+bx+c>0的解集是(-∞,x1)∪(x2,+∞),则方程ax2+bx+c=0的两个根是x1和x2.( √ )
(3)若方程ax2+bx+c=0(a≠0)没有实数根,则不等式ax2+bx+c>0的解集为R.( × )
(4)不等式ax2+bx+c≤0在R上恒成立的条件是a<0且Δ=b2-4ac≤0.( × )
(5)若二次函数y=ax2+bx+c的图象开口向下,则不等式ax2+bx+c<0的解集一定不是空集.( √ )
题组二 教材改编
2.[P80A组T4]已知集合A={x|x2-x-6>0},则∁RA等于( )
A.{x|-23} D.{x|x≤-2}∪{x|x≥3}
答案 B
解析 ∵x2-x-6>0,∴(x+2)(x-3)>0,∴x>3或x<-2,即A={x|x>3或x<-2}.在数轴上表示出集合A,如图所示.
由图可得∁RA={x|-2≤x≤3}.
故选B.
3.[P80A组T2]y=log2(3x2-2x-2)的定义域是________________________.
答案 ∪
解析 由题意,得3x2-2x-2>0,
令3x2-2x-2=0,得x1=,x2=,
∴3x2-2x-2>0的解集为∪.
题组三 易错自纠
4.不等式-x2-3x+4>0的解集为________.(用区间表示)
答案 (-4,1)
解析 由-x2-3x+4>0可知,(x+4)(x-1)<0,
得-40的解集是,则a+b=________.
答案 -14
解析 由题意可知,x1=-,x2=是方程ax2+bx+2=0的两个根,
∴解得∴a+b=-14.
6.不等式(a-2)x2+2(a-2)x-4<0,对一切x∈R恒成立,则实数a的取值范围是( )
A.(-∞,2] B.(-2,2]
C.(-2,2) D.(-∞,2)
答案 B
解析 由解得-20},
∴A∩B={x|00).
解 原不等式变为(ax-1)(x-1)<0,
因为a>0,所以(x-1)<0.
所以当a>1时,解为1时,不等式的解集为.
思维升华对含参的不等式,应对参数进行分类讨论:①根据二次项系数为正、负及零进行分类.②根据判别式Δ判断根的个数.③有两个根时,有时还需根据两根的大小进行讨论.
跟踪训练1解不等式12x2-ax>a2(a∈R).
解 原不等式可化为12x2-ax-a2>0,
即(4x+a)(3x-a)>0,令(4x+a)(3x-a)=0,
解得x1=-,x2=.
当a>0时,不等式的解集为∪;
当a=0时,不等式的解集为(-∞,0)∪(0,+∞);
当a<0时,不等式的解集为∪.
题型二 一元二次不等式恒成立问题
命题点1 在R上的恒成立问题
例3已知函数f(x)=mx2-mx-1.若对于x∈R,f(x)<0恒成立,求实数m的取值范围.
解 当m=0时,f(x)=-1<0恒成立.
当m≠0时,则即-40时,g(x)在[1,3]上是增函数,
所以g(x)max=g(3),即7m-6<0,
所以m<,所以00,
又因为m(x2-x+1)-6<0,所以m<.
因为函数y==在[1,3]上的最小值为,所以只需m<即可.
所以m的取值范围是.
引申探究
1.若将“f(x)<5-m恒成立”改为“f(x)<5-m无解”,如何求m的取值范围?
解 若f(x)<5-m无解,即f(x)≥5-m恒成立,
即m≥恒成立,则m≥max,
又x∈[1,3],得m≥6,即m的取值范围为[6,+∞).
2.若将“f(x)<5-m恒成立”改为“存在x,使f(x)<5-m成立”,如何求m的取值范围.
解 由题意知f(x)<5-m有解,
即m<有解,则m0的解集为{x|-10的解集为( )
A. B.
C.{x|-21}
答案 A
解析 ∵不等式ax2+bx+2>0的解集为{x|-10,解得,故选A.
3.若一元二次不等式2kx2+kx-<0对一切实数x都成立,则k的取值范围为( )
A.(-3,0) B.[-3,0] C.[-3,0) D.(-3,0]
答案 A
解析 由题意可得
解得-3x2-2x+5,设f(x)=x2-2x+5=(x-1)2+4,x∈[2,4],当x=2时,f(x)min=5,存在x∈[2,4]使x2-2x+5-m<0成立,即m>f(x)min,∴m>5.故选B.
5.若不等式x2-(a+1)x+a≤0的解集是[-4,3]的子集,则a的取值范围是( )
A.[-4,1] B.[-4,3]
C.[1,3] D.[-1,3]
答案 B
解析 原不等式为(x-a)(x-1)≤0,当a<1时,不等式的解集为[a,1],此时只要a≥-4即可,即-4≤a<1;当a=1时,不等式的解集为{x|x=1},此时符合要求;当a>1时,不等式的解集为[1,a],此时只要a≤3即可,即1320,
即x2-28x+192<0,解得120,即当x∈[1,2]时,均有x2.
当a<0时,x-a>0,即当x∈[1,2]时,均有x2+2a<0,
则(x2+2a)max<0,即4+2a<0,得a<-2.
综上可得,a>2或a<-2.
11.已知f(x)=-3x2+a(6-a)x+6.
(1)解关于a的不等式f(1)>0;
(2)若不等式f(x)>b的解集为(-1,3),求实数a,b的值.
解 (1)∵f(x)=-3x2+a(6-a)x+6,
∴f(1)=-3+a(6-a)+6=-a2+6a+3>0,
即a2-6a-3<0,解得3-2b的解集为(-1,3),
∴方程-3x2+a(6-a)x+6-b=0的两根为-1,3,
∴
解得
12.(2018·浙江绍兴一中模拟)已知f(x)=x2-2ax-3a2.
(1)设a=1,解不等式f(x)>0;
(2)若不等式f(x),且当x∈[1,4a]时,|f(x)|≤4a恒成立,试确定a的取值范围.
解 (1)当a=1时,不等式f(x)>0,即x2-2x-3>0,
解得x>3或x<-1.
故当a=1时,不等式f(x)>0的解集为(-∞,-1)∪(3,+∞).
(2)f(x)-x=x2-(2a+1)x-3a2,
令g(x)=x2-(2a+1)x-3a2,
若a=0,则f(x)1,因为|f(a)|=4a2,|f(4a)|=5a2,
所以由得此不等式的解集为∅.
综上,a的取值范围是.
13.若不等式a2+8b2≥λb(a+b)对于任意的a,b∈R恒成立,则实数λ的取值范围为__________.
答案 [-8,4]
解析 因为a2+8b2≥λb(a+b)对于任意的a,b∈R恒成立,所以a2+8b2-λb(a+b)≥0对于任意的a,b∈R恒成立,即a2-λba+(8-λ)b2≥0恒成立,
由一元二次不等式的性质可知,
Δ=λ2b2+4(λ-8)b2=b2(λ2+4λ-32)≤0,
所以(λ+8)(λ-4)≤0,解得-8≤λ≤4.
14.已知b,c∈R,若关于x的不等式0≤x2+bx+c≤4的解集为[x1,x2]∪[x3,x4](x2时,f′(t)>0,f(t)单调递增.
据题意可知f(t)min=f=4.
15.(2019·杭州高级中学仿真测试)若关于x的不等式(x2-a)(2x+b)≥0在(a,b)上恒成立,则2a+b的最小值为________.
答案 0
解析 要使2a+b取得最小值,尽量考虑a,b取负值的情况,因此当a0,与b≤0矛盾;
当a<00.
综上可知,2a+b的最小值为0.
16.(2018·浙江省海盐高级中学期中)已知函数f(x)=x2-(a+2)x+2-a,若集合A={x∈N|f(x)<0}中有且只有一个元素,求实数a的取值范围.
解 ∵集合A={x∈N|f(x)<0}中有且只有一个元素,
故方程f(x)=x2-(a+2)x+2-a=0有两个实根,
即Δ=(a+2)2-4(2-a)>0,亦即a2+8a-4>0,
方程x2-(a+2)x+2-a=0的根为
x1=,x2=.
又∵f(0)=2-a,若f(0)=2-a<0,
则a>2,此时x2=>1,
则集合A={x∈N|f(x)<0}中至少有两个元素0,1,不符合题意;
故f(0)=2-a≥0,a≤2,
此时要使集合A={x∈N|f(x)<0}中有且只有一个元素,
需满足即
解得