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  • 2021-05-13 发布

近三年高考全卷理科立体几何真题

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‎ 新课标卷近三年高考题 ‎1、(2016年全国I高考)如图,在以A,B,C,D,E,F为顶点的五面体中,面 ABEF为正方形,AF=2FD,,且二面角DAFE与二面角CBEF 都是.‎ ‎(I)证明:平面ABEF平面EFDC;‎ ‎(II)求二面角EBCA的余弦值.‎ ‎【解析】‎ ⑴ ∵为正方形 ∴‎ ‎∵ ∴‎ ‎∵ ∴面 面 ‎∴平面平面 ⑵ 由⑴知 ‎∵‎ 平面 平面 ‎∴平面 平面 ‎∵面面 ‎∴,∴‎ ‎∴四边形为等腰梯形 以为原点,如图建立坐标系,设 ‎ ‎ ‎,,‎ 设面法向量为.‎ ‎,即 设面法向量为 ‎.即 ‎ 设二面角的大小为.‎ 二面角的余弦值为 ‎2、(2016年全国II高考)如图,菱形的对角线与交于点,,点分别在上,,交于点.将沿折到位置,.‎ ‎(Ⅰ)证明:平面;‎ ‎(Ⅱ)求二面角的正弦值.‎ ‎【解析】⑴证明:∵,∴,‎ ‎∴.‎ ‎∵四边形为菱形,∴,‎ ‎∴,∴,∴.‎ ‎∵,∴;‎ 又,,∴,‎ ‎∴,∴,‎ ‎∴,∴.‎ 又∵,∴面.‎ ‎⑵建立如图坐标系.‎ ‎,,,,‎ ‎,,,‎ 设面法向量,‎ 由得,取,‎ ‎∴.‎ 同理可得面的法向量,‎ ‎∴,‎ ‎∴.‎ ‎3、(2016年全国III高考)如图,四棱锥中,地面,,,,为线段上一点,,为的中点.‎ ‎(I)证明平面;‎ ‎(II)求直线与平面所成角的正弦值.‎ 设为平面的法向量,则,即,可取,‎ 于是.‎ ‎4、【2015高考新课标2,理19】‎ 如图,长方体中,,,,点,分别在 ‎,上,.过点,的平面与此长方体的面相交,交线围成一个正方形.‎ D D1‎ C1‎ A1‎ E F A B C B1‎ ‎(Ⅰ)在图中画出这个正方形(不必说出画法和理由);‎ ‎(Ⅱ)求直线与平面所成角的正弦值.‎ ‎【答案】(Ⅰ)详见解析;(Ⅱ).‎ ‎【考点定位】1、直线和平面平行的性质;2、直线和平面所成的角.‎ ‎【名师点睛】根据线面平行和面面平行的性质画平面与长方体的面的交线;由交线的位置可确定公共点的位置,坐标法是求解空间角问题时常用的方法,但因其计算量大的特点很容易出错,故坐标系的选择是很重要的,便于用坐标表示相关点,先求出面的法向量,利用求直线与平面所成角的正弦值.‎ 5、 ‎【2015高考新课标1,理18】‎ 如图,四边形ABCD为菱形,∠ABC=120°,E,F是平面ABCD同一侧的两点,BE⊥平面ABCD,DF⊥平面ABCD,BE=2DF,AE⊥EC.‎ ‎(Ⅰ)证明:平面AEC⊥平面AFC;‎ ‎(Ⅱ)求直线AE与直线CF所成角的余弦值.‎ ‎【答案】(Ⅰ)见解析(Ⅱ)‎ 又∵AE⊥EC,∴EG=,EG⊥AC,‎ 在Rt△EBG中,可得BE=,故DF=.‎ 在Rt△FDG中,可得FG=.‎ 在直角梯形BDFE中,由BD=2,BE=,DF=可得EF=,‎ ‎∴,∴EG⊥FG,‎ ‎∵AC∩FG=G,∴EG⊥平面AFC,‎ ‎∵EG面AEC,∴平面AFC⊥平面AEC. ……6分 ‎(Ⅱ)如图,以G为坐标原点,分别以的方向为轴,y轴正方向,为单位长度,建立空间直角坐标系G-xyz,由(Ⅰ)可得A(0,-,0),E(1,0, ),F(-1,0,),C(0,,0),∴=(1,,),=(-1,-,).…10分 故.‎ 所以直线AE与CF所成的角的余弦值为. ……12分 ‎【考点定位】空间垂直判定与性质;异面直线所成角的计算;空间想象能力,推理论证能力 ‎【名师点睛】对空间面面垂直问题的证明有两种思路,思路1:几何法,先由线线垂直证明线面垂直,再由线面垂直证明面面垂直;思路2:利用向量法,通过计算两个平面的法向量,证明其法向量垂直,从而证明面面垂直;对异面直线所成角问题,也有两种思路,思路1:几何法,步骤为一找二作三证四解,一找就是先在图形中找有没有异面直线所成角,若没有,则通常做平行线或中位线作出异面直线所成角,再证明该角是异面直线所成角,利用解三角形解出该角.‎ ‎6、[2014·新课标全国卷Ⅱ] 如图13,四棱锥PABCD中,底面ABCD为矩形,PA⊥平面ABCD,E为PD的中点.‎ ‎(1)证明:PB∥平面AEC;‎ ‎(2)设二面角DAEC为60°,AP=1,AD=,求三棱锥EACD的体积.‎ 图13‎ 解:(1)证明:连接BD交AC于点O,连接EO.‎ 因为ABCD为矩形,所以O为BD的中点.‎ 又E为PD的中点,所以EO∥PB.‎ 因为EO⊂平面AEC,PB⊄平面AEC,‎ 所以PB∥平面AEC.‎ ‎(2)因为PA⊥平面ABCD,ABCD为矩形,‎ 所以AB,AD,AP两两垂直.‎ 如图,以A为坐标原点,,AD,AP的方向为x轴、y轴、z轴的正方向,||为单位长,建立空间直角坐标系Axyz,则D,E,=.‎ 设B(m,0,0)(m>0),则C(m,,0),=(m,,0).‎ 设n1=(x,y,z)为平面ACE的法向量,‎ 则即 可取n1=.‎ 又n2=(1,0,0)为平面DAE的法向量,‎ 由题设易知|cos〈n1,n2〉|=,即 =,解得m=.‎ 因为E为PD的中点,所以三棱锥EACD的高为.三棱锥EACD的体积V=××××=.‎ ‎7、[2014·新课标全国卷Ⅰ] 如图15,三棱柱ABC A1B1C1中,侧面BB1C1C为菱形,AB⊥B1C.‎ 图15‎ ‎(1)证明:AC=AB1;‎ ‎(2)若AC⊥AB1,∠CBB1=60°,AB=BC,求二面角A A1B1 C1的余弦值.‎ 解:(1)证明:连接BC1,交B1C于点O,连接AO,因为侧面BB1C1C为菱形,所以B1C⊥BC1,且O为B1C及BC1的中点.‎ 又AB⊥B1C,所以B1C⊥平面ABO.‎ 由于AO⊂平面ABO,故B1C⊥AO.‎ 又B1O=CO,故AC=AB1.‎ ‎(2)因为AC⊥AB1,且O为B1C的中点,所以AO=CO.‎ 又因为AB=BC,所以△BOA≌ △BOC.故OA⊥OB,从而OA,OB,OB1‎ 两两垂直.‎ 以O为坐标原点,OB的方向为x轴正方向,|OB|为单位长,建立如图所示的空间直角坐标系O xyz.‎ 因为∠CBB1=60°,所以△CBB1为等边三角形,又AB=BC,则A,B(1,0,0),B1,C.‎ =,‎ =AB=,‎ 1=BC=.‎ 设n=(x,y,z)是平面AA1B1的法向量,则 即所以可取n=(1,,).‎ 设m是平面A1B1C1的法向量,‎ 则 同理可取m=(1,-,).‎ 则cos〈n,m〉==.‎ 所以结合图形知二面角A A1B1 C1的余弦值为.‎