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- 2021-05-13 发布
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2013年高考模拟系列试卷(二)
数学试题【新课标版】(文科)
题 号[来源:学_科_网][来源:学§科§网Z§X§X§K]
第Ⅰ卷
第Ⅱ卷[来源:Zxxk.Com]
总分
一
二
17
18
19
20
21
22
得 分
注意事项:
1.本试卷分第Ⅰ卷(阅读题)和第Ⅱ卷(表达题)两部分。答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.作答时,将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷(选择题,共60分)
一、本题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中只有一个选项是符合题目要求的
1、设集合,,则等于( )
A. B. C. D.
2、在复平面内,复数表示的点所在的象限是( )
A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限
3、若,则( )
A. B. C. D.
4、设是等差数列,,则这个数列的前5和等于( )
A.12 B.20 C.36 D.48
5、已知点和圆上一动点,动点满足,则点的轨迹方程是( )
A.B.C. D.
6、命题“存在,使”的否定为( )
A.任意,使
B.任意,使
C.存在,使
D.存在,使
7、设,函数的图象可能是( )
8、程序框图如下:
如果上述程序运行的结果S的值比2013小,若使输出的S最大,那么判断框中应填入( )
A. B. C. D.
9、图为一个空间几何体的三视图,其中俯视图是下边一个等边三角形,其内切圆的半径是1,正视图和侧视图是上边两个图形,数据如图,则此几何体的体积是( )
A. B. C. D.
10、下列命题正确的是( )
A. 若一条直线平行于两个相交平面,则这条直线与这两个平面的交线平行
B.若一个平面内有三个点到另一个平面的距离相等,则这两个平面平行
C. 若两条直线和同一个平面所成的角相等,则这两条直线平行
D.若两个平面都垂直于第三个平面,则这两个平面平行
11、如果点P在平面区域上,点Q在曲线(x-1)2+(y-1)2=1上,那么|PQ|的最小值为( )
A.-1 B. C. D.-1
12、已知椭圆C:的左右焦点为,过的直线与圆相切于点A,并与椭圆C交与不同的两点P,Q,如图,若A为线段PQ的靠近P的三等分点,则椭圆的离心率为 ( )
A. B. C. D.
第Ⅱ卷(非选择题,共90分)
二、填空题:本大题共4小题,每小题4分,共16分,把答案填在题中横线上
13、函数的零点个数为 。
14、如图,△ABC是圆内接三角形,圆心O在BC上,若AB=6,BD=3.6,将一颗豆子随机地扔到该圆内,用M表示事件“豆子落在△ABC内”,N表示事件“豆子落在△ABD内”,则P(M)= .
15、某市居民用户12月份燃气用量(单位:m3)的频率分布直方图如图所示,现抽取了500户进行调查,则用气量在[26,36)的户数为 。
16、在△ABC中,D为AB上任一点,h为AB边上的高,△ADC、△BDC、△ABC的内切圆半径分别为,则有如下的等式恒成立:.在三棱锥P-ABC中D位AB上任一点,h为过点P的三棱锥的高,三棱锥P-ADC、P-BDC、P-ABC的内切球的半径分别为,请类比平面三角形中的结论,写出类似的一个恒等式为 .
三、解答题:本大题共6小题,共74分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤
17.(本题满分12分)已知函数,(其中),其部分图像如图所示.
(I)求函数的解析式;
(Ⅱ)已知横坐标分别为、、的三点、、都在函数的图像上,求的值.
18.(本题满分12分)
如图,在多面体ABCDEF中,四边形ABCD是矩形,AB//EF,,平面.
(I)若G点是DC中点,求证:.
(Ⅱ)求证:.
19.(本题满分12分) 等差数列中,.
(Ⅰ)求数列的通项公式;
(Ⅱ)设,求数列的前n项和。
20.(本小题满分12分)
有六张纸牌,上面分别写有1,2,3,4,5,6六个数字,甲、乙两人玩一种游戏:甲先取一张牌,记下点数,放回后乙再取一张牌,记下点数。如果两个点数的和为偶数就算甲胜,否则算乙胜。
(I) 求甲胜且点数的和为6的事件发生的概率;
(Ⅱ)这种游戏规则公平吗?说明理由。
21.(本题满分13分)已知函数,.
(I)若函数,求函数的单调区间;
(Ⅱ)设直线为函数的图象上一点处的切线.证明:在区间上存在唯一的,使得直线l与曲线相切.
22.(本题满分13分)
已知椭圆过点,其长轴、焦距和短轴的长的平方依次成等差数列.直线与轴正半轴和轴分别交于点、,与椭圆分别交于点、,各点均不重合且满足
(I)求椭圆的标准方程;
(Ⅱ)若,试证明:直线过定点并求此定点.
参考答案
一选择题(每题5分,共60分)
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
答案
B
B
A
B
C
B
B
C
B
A
C
C
二填空题(每题4分,满分16分,将答案填在答题纸上)
13.0 14. 15. 16.
三解答题
17.【解析】(1)由图可知, 最小正周期 所以.
又 ,且,
所以,.所以.
(Ⅱ)解法一:因为
所以,,
从而.
由得.
解法二:因为,
,所以,
,
,
则.
由得.
18.【解析】(Ⅰ)
…………4分
又
,
(Ⅱ)(Ⅰ)………8分
………10分
………12分
19.【解析】(Ⅰ)设数列
且
解得………2分
所以数列……4分
(Ⅱ)由(Ⅰ)可得
所以………6分
所以………
两式相减得……………10 分
…………12分
20.【解析】(Ⅰ)设“甲胜且点数的和为6”为事件A,甲的点数为x,乙的点数为y,则(x,y)表示一个基本事件.………2分
两人取牌结果包括(1,1),(1,2),…(1,5),(1,6),(2,1),…(6,1),…(6,6)共36个基本事件;……4分
A包含的基本事件有(1,5),(2,4),(3,3)(4,2),(5,1)共5个,
所以
所以,编号之和为6且甲胜的概率为………6分
(Ⅱ)这种游戏公平。设“甲胜”为事件B,“乙胜”为事件C.甲胜即两个点数的和为偶数.…8分
所包含基本事件为以下18个:(1,1),(1,3),(1,5),(2,2),(2,4),(2,6),(3,1),(3,3),(3,5),(4,2),(4,4),(4,6),(5,1),(5,3)(5,5),(6,2),(6,4),(6,6)………10分
所以甲胜的概率为
………12分
21.【解析】(Ⅰ),
.
∵且,∴
∴函数的单调递增区间为.
(Ⅱ)∵,∴,
∴切线的方程为,
即, ①
设直线与曲线相切于点,∵,∴,∴.∴直线也为,
即, ②
由①②得,∴.
下证:在区间(1,+)上存在且唯一.
由(1)可知,在区间上递增.
又,,
结合零点存在性定理,说明方程必在区间上有唯一的根,这个根就是所求的唯一.故结论成立.
22.【解析】(Ⅰ)设椭圆方程为,焦距为2c, -------1分
由题意知 b=1,且,又
得. -------------3分
所以椭圆的方程为 ---------5分
(Ⅱ) 由题意设,设l方程为,
由知
∴,由题意,∴ -----------------7分
同理由知
∵,∴ (*) ------8分
联立得
∴需 (**)
且有 (***) -------10分
(***)代入(*)得,∴,
由题意,∴(满足(**)), ----------12分
得l方程为,过定点(1,0),即P为定点. ---------------13分