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  • 2021-05-13 发布

四川罗渡中学高考物理一轮摸底练习题答案单独

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‎2019年四川罗渡中学高考物理二轮摸练习题(1)及答案 一、选择题 ‎1、(2019·福建省仙游一中月考)一条悬链长‎7.2 m,从悬挂点处断开,使其自由下落,不计空气阻力,则整条悬链通过悬挂点正下方‎20 m处的一点所需的时间是(g取‎10 m/s2)(  )‎ A.0.3 s B.0.4 s C.0.7 s D.1.2 s ‎2、(2019·湖北省襄阳市高三第一次调研测试)(多选)如图所示,半径可变的四分之一光滑圆弧轨道置于竖直平面内,轨道的末端B处切线水平,现将一小物体从轨道顶端A处由静止释放.小物体刚到B点时的加速度为a,对B点的压力为FN,小物体离开B点后的水平位移为x,落地时的速率为v.若保持圆心的位置不变,改变圆弧轨道的半径R(不超过圆心离地的高度).不计空气阻力,下列图象正确的是(  )‎ ‎3、如图所示,两箱相同的货物,现要用电梯将它们从一楼运到二楼,其中图甲是利用扶梯台式电梯运送货物,图乙是用履带式自动电梯运送,假设两种情况下电梯都是匀速地运送货物,下列关于两电梯在运送货物时说法正确的是(  )‎ A.两种情况下电梯对货物的支持力都对货物做正功 B.图乙中电梯对货物的支持力对货物做正功 C.图甲中电梯对货物的支持力对货物做正功 D.图乙中电梯对货物的支持力对货物不做功 ‎4、有一匀强电场,方向如图所示,在电场中有三个点A、B、C,这三点的连线恰好构成一个直角三角形,且AC边与电场线平行.已知A、B两点的电势分别为φA=5 V,φB=1.8 V,A、B的距离为‎4 cm,B、C的距离为‎3 cm.若把一个电子(e=1.6×10-‎19 C)从A点移动到C点,那么电子电势能的变化量为(  )‎ A.8.0×10-19 J B.1.6×10-19 J C.-8.0×10-19 J D.-1.6×10-19 J ‎5、如图甲所示,一根电阻R=4 Ω的导线绕成半径d=‎2 m的圆,在圆内部分区域存在变化的匀强磁场,中间S形虚线是两个直径均为d的半圆,磁感应强度随时间变化如图乙所示(磁场垂直于纸面向外为正,电流逆时针方向为正),关于圆环中的感应电流—时间图象,下列选项中正确的是(  )‎ ‎6、(2019·河南鹤壁高级中学月考)(多选)如图所示是通过街头变压器降压给用户供电的示意图.输入电压是市区电网的电压,负载变化时输入电压不会有大的波动.两条输电线总电阻用R0表示.当负载增加时,则(  )‎ A.电压表V1、V2的示数几乎不变 B.电流表A2的示数增大,电流表A1的示数减小 C.电压表V3的示数增大,电流表A2的示数增大 D.电压表V2、V3的示数之差与电流表A2的示数的比值不变 ‎7、(2019·安徽模拟)如图所示,理想变压器原、副线圈上接有四个完全相同的灯泡,若四个灯泡恰好都能正常发光,则下列说法正确的是(  )‎ A.U1:U2=3:4‎ B.U1:U2=4:3‎ C.若将L1短路,则副线圈的三个灯泡仍能正常发光 D.若将L2短路,则副线圈的两个灯泡两端的电压变为额定电压的倍 二、非选择题 ‎1、(2019·安徽师大附中期中)如图所示,在正交坐标系xOy的第一、四象限内分别存在两个大小相等、方向不同的匀强电场,两组平行且等间距的实线分别表示两个电场的电场线,每条电场线与z轴所夹的锐角均为60°.一质子从y轴上某点A沿着垂直于电场线的方向射入第一象限,仅在电场力的作用下第一次到达x轴上的B点时速度方向正好垂直于第四象限内的电场线,之后第二次到达x轴上的C点.求 ‎(1)质子在A点和B点的速度之比;‎ ‎(2)OB与BC长度的比值.‎ ‎2、两位同学在实验室利用如图甲所示的电路测定定值电阻R0‎ ‎、电源的电动势E和内阻r,调节滑动变阻器的滑片P向某一方向移动时,一个同学记录了电流表A和电压表V1的测量数据,另一同学记录的是电流表A和电压表V2的测量数据,并根据数据分别描绘了如图乙所示的两条U-I直线a、b,回答下列问题:‎ ‎(1)根据两同学描绘的直线a、b,可知b图线是根据电压表________(填“V‎1”‎或“V‎2”‎)和电流表A的数据描绘的图线,并可以测得__________________(填写物理量符号及计算结果).‎ ‎(2)忽略各电表对电路的影响,则该电路中电流表的读数最大不超过________ A.‎ 一、选择题 ‎1、解析:悬链下端到达‎20 m处时,用时t1,则12.8=gt,悬挂点落至‎20 m处用时t2,则20=gt,可知悬链通过‎20 m处用时Δt=t2-t1=0.4 s,B对.‎ 答案:B ‎2、解析:设小物体释放位置距地面高为H,小物体从A点到B点应用机械能守恒定律有,vB=,到地面时的速度v=,小物体的释放位置到地面间的距离始终不变,则选项D对;小物体在B点的加速度a==‎2g,选项A对;在B点对小物体应用向心力公式,有FB-mg=,又由牛顿第三定律可知N=FB=3mg,选项B错;小物体离开B点后做平抛运动,竖直方向有H-R=gt2,水平方向有x=vBt,联立可知x2=4(H-R)R,选项C错.‎ 答案:AD ‎3、解析:在图甲中,货物随电梯匀速上升时,货物受到的支持力竖直向上,与货物位移方向的夹角小于90°,故此种情况下支持力对货物做正功,选项C正确;图乙中,货物受到的支持力与履带式自动电梯接触面垂直,此时货物受到的支持力与货物位移垂直,故此种情况下支持力对货物不做功,故选项A、B错误,D正确.‎ 答案:CD ‎4、解析:设AB与AC之间的夹角为θ,则cosθ=,又AB的距离SAB=‎ ‎4 cm‎,则AB沿场强方向的距离为dAB=SABcosθ=4× cm= cm,设A、B之间电势差为UAB,则电场强度为E===100 V/m.电子从A点到达C点电势能的变化量为ΔEp=-W=1.6×10-19×100×0.05 J=8.0×10-19 J,故A项正确.‎ 答案:A ‎5、解析:0~1 s,感应电动势为E1=S=×(V)=4π(V),由欧姆定律可知感应电流大小为I1==(A)=π(A),由楞次定律知,感应电流为顺时针方向,为负方向,结合选项知C正确.‎ 答案:C ‎6、解析:理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的,由于输入电压不会有大的波动,匝数比不变,所以输出电压几乎不变,故电压表V1、V2的示数几乎不变,选项A正确;当负载增加时,相当于支路增加,电路中的总电阻变小,总电流变大,即A2的示数变大,则A1的示数变大,选项B错误;由于副线圈中的电流变大,电阻R0两端的电压变大,又因为V2的示数几乎不变,所以V3的示数变小,选项C错误;电压表V2、V3的示数之差恰等于输电线损耗的电压值,电流表A2的示数为输电线上的电流,所以两者之比等于输电线的总电阻R0,不变,选项D正确.‎ 答案:AD ‎7、解析:设灯泡的额定电压为U,额定电流为I,则副线圈电压为3U,电流为I,原线圈的灯泡正常发光,电流也为I,所以原、副线圈的匝数比为1:1,原线圈两端电压为3U,所以U1:U2=4:3,选项A错误、B正确;若将L1短路,则原线圈的电压增大,则副线圈两端电压也增大,三个灯泡不能正常发光,选项C错误;若将L2短路,设副线圈的电流为I′,原线圈的电流也为I′,因此2I′R+I′R=U1=4U,则I′R=U,即副线圈的每个灯泡两端的电压变为额定电压的,选项D正确.‎ 答案:BD 二、非选择题 ‎1、解析:(1)质子的运动轨迹如图所示,设质子在A、B两点的速度分别为v0、v,由题意知v与v0的夹角为60°,所以=cos60°= ‎(2)设质子在电场中运动的加速度为a,从A运动到B经历的时间为t1‎ OB=ON+NB 由几何关系知:ON=AMsin30°‎ NB=MBcos30°‎ 沿垂直于v0方向上:AM=at 沿平行于v0方向上:MB=v0t1‎ 在B点:vsin60°=at1‎ v0=vcos60°‎ 解得:OB= 设质子从B到C经历时间为t2,作如图辅助线 沿CP方向:BCsin60°=vt2‎ 沿BP方向:BCcos60°=at 解得:BC= 所以:= 答案:(1)1:2 (2) ‎2、解析:(1)定值电阻的U-I图线是正比例图线,一定经过原点,故图线b是根据电压表V2和电流表A的数据描绘的,由图线b可得R0的电阻为2.0 Ω.(2)当滑动变阻器的滑片滑到最左端时,总电阻最小,电流最大,示数为‎0.5 A.‎ 答案:(1)V2 R0=2.0 Ω (2)0.5‎