高考物理全真模拟试题1 7页

‎2019年高考物理全真模拟试题（一）‎ 满分110分，时间60分钟 第Ⅰ卷(选择题　共48分)‎ 选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．‎ ‎1．一物体做直线运动的v t图象如图所示．下列说法正确的是(　　)‎ A．在第1 s内和第5 s内，物体的运动方向相反 B．在第5 s内和第6 s内，物体的加速度相同 C．在0～4 s内和0～6 s内，物体的平均速度相等 D．在第6 s内，物体所受的合外力做负功 ‎2．如图所示，铁板AB与水平地面之间的夹角为θ，一块磁铁吸附在铁板下方．在缓慢抬起铁板的B端使θ角增大(始终小于90°)的过程中，磁铁始终相对于铁板静止．下列说法正确的是(　　)‎ A．磁铁所受合外力逐渐减小 B．磁铁始终受到三个力的作用 C．磁铁受到的摩擦力逐渐减小 D．铁板对磁铁的弹力逐渐增大 ‎3．取水平地面为重力势能零点．一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能为重力势能的3倍．不计空气阻力．该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为(　　)‎ A.　　　　　　　　　　B. C. D. ‎4．一个带负电的粒子仅在电场力作用下运动，其电势能随时间变化规律如图所示，则下列说法正确的是(　　)‎ A．该粒子可能做直线运动 B．该粒子在运动过程中速度保持不变 C．t1、t2两个时刻，粒子所处位置电场强度一定相同 D．粒子运动轨迹上各点的电势一定相等 ‎5．如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为10∶1，电源电压U＝220cos 100πt V，通过电阻R0接在变压器原线圈两端，开关闭合后，电压表示数为12 V，电流表的示数为10 A．以下说法正确的是(　　)‎ A．R0的阻值是100 Ω B．电源的功率是120 W C．t＝0.01 s时刻，电阻R中电流最大 D．若将开关断开，电压表的示数仍然是12 V ‎6．某同学听说了我国的“天宫一号”成功发射的消息后，上网查询了关于“天宫一号”的飞行信息，获知“天宫一号”飞行周期约93分钟，轨道高度约350 km(可视为圆轨道)．另外，该同学还查到地球半径约6 400 km，地球表面的重力加速度约9.8 m/s2，引力常量G＝6.67×10－11 N·m2/kg2.根据以上信息，判断下列说法正确的是(　　)‎ A．天宫一号的飞行速度等于第一宇宙速度 B．可以计算出天宫一号的动能 C．可以计算出天宫一号的向心加速度 D．可以计算出地球的质量和密度 ‎7．如图所示，两方向相反、磁感应强度大小均为B的匀强磁场被边长为L的等边三角形ABC分开，三角形内磁场方向垂直纸面向里，三角形顶点A处有一质子源，能沿∠BAC的角平分线发射速度不同的质子(重力不计)，所有质子均能通过C点，已知质子的比荷为＝k，则质子的发射速度可能为(　　)‎ A．BkL B. C. D. ‎8．图甲为小型旋转电枢式交流发电机，电阻为r＝2 Ω的矩形线圈在磁感应强度为B 的匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动，线圈的两端经集流环和电刷与右侧电路连接，右侧电路中滑动变阻器R的最大阻值为R0＝ Ω，滑片P位于滑动变阻器中央，定值电阻R1＝R0，R2＝，其他电阻不计．从线圈平面与磁场方向平行时开始计时，闭合开关S，线圈转动过程中理想交流电压表示数是10 V，图乙是矩形线圈中磁通量Φ随时间t变化的图象，则下列说法正确的是(　　)‎ A．电阻R2上的热功率为 W B．t＝0.02 s时滑动变阻器R两端的电压瞬时值为零 C．线圈产生的感应电动势e随时间t变化的规律是e＝10cos (100πt)V D．从线圈开始转动到t＝ s过程中，通过R1的电荷量为 C 第Ⅱ卷(非选择题　共62分)‎ 非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9～12题为必考题，每个试题考生都必须做答．第13～14题为选考题，考生根据要求做答．‎ ‎(一)必考题(共47分)‎ ‎9．(6分)为了探究质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图所示的实验装置．其中M为带滑轮的小车的质量，m为砂和砂桶的质量．(滑轮质量不计)‎ ‎(1)实验时，一定要进行的操作或保证的条件是________．‎ A．用天平测出砂和砂桶的质量 B．将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力 C．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数 D．改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带 E．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M ‎(2)该同学在实验中得到如图所示的一条纸带(相邻两计数点间还有两个点没有画出)．已知打点计时器采用的是频率为50 Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为________ m/s2(结果保留两位有效数字)．‎ ‎(3)以弹簧测力计的示数F为横坐标，加速度为纵坐标，画出的a—F图象是一条直线，图线与横轴的夹角为θ，求得图线的斜率为k，则小车的质量为________．‎ A．2tan θ B. C．k D. ‎10．(9分)(1)某研究小组的同学为了测量某一电阻Rx的阻值，甲同学先用多用电表进行粗测．使用多用电表欧姆挡时，将选择开关置于合适的挡位后，必须先将两表笔短接，再进行________，使指针指在欧姆刻度的“0”处．若该同学将选择旋钮置于“×1”位置，指针在刻度盘上停留的位置如图甲所示，则所测量的值为________Ω.‎ ‎(2)为进一步精确测量该电阻，实验台上摆放有以下器材：‎ A．电流表(量程15 mA，内阻未知)‎ B．电流表(量程0.6 A，内阻未知)‎ C．电阻箱(最大电阻99.99 Ω)‎ D．电阻箱(最大电阻999.9 Ω)‎ E．电源(电动势3 V，内阻1 Ω)‎ F．单刀单掷开关2只 G．导线若干 乙同学设计的电路图如图乙所示，现按照如下实验步骤完成实验：‎ ‎①调节电阻箱，使电阻箱有合适的阻值R1，仅闭合S1，使电流表指针有较大的偏转且读数为I；‎ ‎②调节电阻箱，保持开关S1闭合，闭合开关S2，调节电阻箱的阻值为R2，使电流表读数仍为I.‎ a．根据实验步骤和实验器材规格可知，电流表应选择________，电阻箱应选择________．(填器材前字母)‎ b．根据实验步骤可知，待测电阻Rx＝________(用题目所给测量量表示)．‎ ‎(3)利用以上实验电路，闭合S2，调节电阻箱R，可测量出电流表的内阻RA，丙同学通过调节电阻箱R，读出多组R和I值，作出了－R图象如图丙所示．若图象中纵轴截距为1 A－1，则电流表内阻RA＝________Ω.‎ ‎11.(12分)如图所示，在光滑水平地面上的木块紧挨轻弹簧放置，弹簧右端与墙连接，一子弹以速度v0沿水平方向射入木块并在极短时间内相对于木块静止下来，然后木块压缩弹簧至弹簧最短．已知子弹质量为m，木块质量M＝9m；弹簧最短时弹簧被压缩了Δx；劲度系数为k、形变量为x的弹簧的弹性势能可表示为Ep＝kx2.求：‎ ‎①子弹射入木块到刚相对于木块静止的过程中损失的机械能；‎ ‎②弹簧的劲度系数．‎ ‎12．(20分)如图所示，光滑导轨COAB水平放置于竖直向上的匀强磁场中，放置在导轨上的导体棒EF从O点开始在外力F的作用下沿导轨向右做匀速直线运动，速度大小为v.已知磁感应强度大小为B，平行导轨宽度与导体棒长度都为l，图中α＝45°，导轨OD部分与导体棒EF粗细相同，且由同种材料制成，单位长度电阻都为ρ，其余部分电阻不计．求：‎ ‎(1)导体棒运动到距O点距离为l时，通过导体棒的电流；‎ ‎(2)在0～时间内，通过导体棒某一横截面的电量q；‎ ‎(3)导体棒运动了2l的过程中，导轨与导体棒产生的总焦耳热．‎ ‎(二)选考题(共15分．请考生从给出的2道题中任选一题做答．如果多做，则按所做的第一题计分)‎ ‎13．[物理——选修3－3](15分)‎ ‎(1)(5分)下列说法正确的是________．(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)‎ A．松香在熔化过程中温度不变，分子平均动能不变 B．当分子间的引力与斥力平衡时，分子势能最小 C．液体的饱和汽压与饱和汽的体积有关 D．若一定质量的理想气体被压缩且吸收热量，则压强一定增大 E．若一定质量的理想气体分子平均动能减小，且外界对气体做功，则气体一定放热 ‎(2)(10分)如图所示，开口向上的汽缸C静置于水平桌面上，用一横截面积S＝50 cm2的轻质活塞封闭了一定质量的理想气体，一轻绳一端系在活塞上，另一端跨过两个定滑轮连着一劲度系数k＝2 800 N/m的竖直轻弹簧A，A下端系有一质量m＝14 kg的物块B.开始时，缸内气体的温度t1＝27 ℃，活塞到缸底的距离L1＝120 cm，弹簧恰好处于原长状态．已知外界大气压强恒为p0＝1.0×105 Pa，取重力加速度g＝10 m/s2，不计一切摩擦．现使缸内气体缓慢冷却，求：‎ ‎①当B刚要离开桌面时汽缸内封闭气体的温度；‎ ‎②气体的温度冷却到－93 ℃时B离桌面的高度H.(结果保留两位有效数字)‎ 答案部分 ‎1．解析：选B.由vt图象知识可以知道，速度与时间轴围成的面积位于时间轴上部位移为正，速度与时间轴围成的面积位于时间轴下部位移为负，同时表示运动方向相反，可第1 s与第5 s速度与时间轴围成面积都位于时间轴上部，A错；vt图象中，同一条线段的斜率相同且表示加速度，第5 s内与第6 s内速度为在同一直线上的两线段，B对；0～4 s与0～6 s位移相同，但时间不同，利用平均速度公式＝，C错；利用动能定理判断某一段时间内合外力做的功为正功还是负功，W＝mv－mv，第6 s内初速度为零，末速度不为零，所以第6 s内动能增大，合力做正功，D错．‎ ‎2．解析：选D.对磁铁m受力分析可知，受竖直向下的重力mg，垂直于铁板斜面向上的磁力F，垂直于斜面的弹力N，沿铁板的摩擦力f＝mgsin θ，整个过程中磁铁与铁板始终处于相对静止状态，所以摩擦力为静摩擦力，且随θ增大而增大，A、B、C错；垂直于斜面方向F＝N＋mgcos θ，磁力F不变，mgcos θ在减小，所以弹力N增大，D对．‎ ‎3．解析：选B.平抛运动过程中，物体的机械能守恒，初始状态时动能为势能的3倍，而落地时势能全部转化成动能，可以知道平抛初动能与落地瞬间动能之比为3∶4，那么落地时，水平速度与落地速度的比值为∶2，那么落地时速度与水平方向的夹角为，A、C、D错，B对．‎ ‎4．解析：选D.因为带负电的粒子仅在电场力作用下运动的过程中电势能不变，所以电场力不做功，所以粒子不可能做直线运动，而是做匀速圆周运动，速度大小不变，方向变化，故A项错，B项错；粒子做匀速圆周运动的过程中，电场力提供向心力，所以粒子所处位置电场强度大小相同，方向不同，运动轨迹上各点的电势一定相等，故C项错，D项正确．‎ ‎5．解析：选AC.由＝，得U1＝U2＝×12 V＝120 V．由＝得I1＝I2＝×10 A＝1 A，所以UR0＝V＝100 V，故R0＝100 Ω，A项正确；又P入＝P出＝U2I2＝12×10 W＝120 W，而P＝P入＋PR0＞120 W，B项错误；t＝0.01 s时，U最大，故流过R的电流最大，C正确；将开关断开，＝依然成立，但由于原、副线圈中电流为0，原线圈两端电压变为220 V，故电压表示数为22 V，D项错误．‎ ‎6．解析：选CD.第一宇宙速度等于卫星沿地球表面运行的速度，而“天宫一号”离地有一定的高度，故其运行速度必小于第一宇宙速度，A错误；因无法求出“天宫一号”的质量，故无法获得其动能，B错误；由g＝、ρ＝、V＝πR3可求得地球的质量与密度，再由a＝可得“天宫一号”的向心加速度，故C、D正确．‎ ‎7.‎ 解析：选ABD.因质子带正电，且经过C点，其可能的轨迹如图所示，所有圆弧所对圆心角均为60°，所以质子的轨迹半径r＝(n＝1,2,3，…)，由洛伦兹力提供向心力有Bqv＝m，得v＝＝(n＝1,2,3，…)，A、B、D正确．‎ ‎8．解析：选AD.负载总电阻R总＝R0＋＋＝10 Ω，干路电流I＝＝1 A，电阻R2两端的电压UR2＝·I＝ V，其热功率PR2＝＝ W，选项A正确；由图乙可得，t＝0.02 s时通过线圈的磁通量为0，感应电动势最大，R两端的电压瞬时值不为0，选项B错误；由图乙可知，周期T＝0.02 s，角速度ω＝＝100π rad/s，感应电动势的有效值E＝U＋Ir＝12 V，线圈产生的感应电动势e＝12cos(100πt)V，选项C错误；感应电动势的最大值Em＝nBSω＝12 V，磁通量的最大值Φm＝BS＝ Wb，磁通量的瞬时值Φ＝BSsin 100πt＝ sin(100πt)Wb，从线圈开始转动到t＝ ‎ s的过程中，磁通量的变化量ΔΦ＝Φm＝ Wb，通过R1的电荷量q＝＝ C，选项D正确．‎ ‎9．解析：(1)弹簧测力计的读数的2倍等于小车受到的拉力，无需用天平测出砂和砂桶的质量，不需要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M，选项A、E错误；将带滑轮的长木板右端垫高，可平衡摩擦力，让拉力充当小车的合外力，选项B正确；为了在纸带上打下更多清晰的点，小车要靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，选项C正确；为了减小误差，需要打出多条纸带，故需改变砂和砂桶的质量，选项D正确．‎ ‎(2)相邻两个计数点间还有两个点没画出，故相邻两计数点间的时间间隔t＝0.06 s，逐差法求得加速度a＝×10－2m/s2≈1.3 m/s2.‎ ‎(3)对小车受力分析，由牛顿第二定律可得：2F＝Ma，可得：a＝F，即k＝＝tan θ，选项D正确，选项A、B、C错误．‎ 答案：(1)BCD(2分)　(2)1.3(2分)　(3)D(2分)‎ ‎10．解析：(1)在使用多用电表欧姆挡测电阻时，换挡必进行欧姆调零．所测电阻值为18 Ω.‎ ‎(2)因电源的电动势为3 V，要求电流表指针有较大的偏转，故电流表选用A，电阻箱选用D.根据串并联电路特点和闭合电路欧姆定律，对步骤①可得：E＝I(r＋R1＋Rx)；对步骤②可得：E＝I(r＋R2)，联立可得：Rx＝R2－R1.‎ ‎(3)根据串并联电路特点和闭合电路欧姆定律，E＝I(r＋R＋RA)，可得：＝＋R，即＝1 A－1，RA＝2 Ω.‎ 答案：(1)欧姆调零(1分)　18.0(2分)　(2)A(1分)　D(1分)　R2－R1(2分)　(3)2(2分)‎ ‎11．①设子弹刚相对于木块静止时的速度为v，由动量守恒定律有mv0＝(m＋M)v，解得v＝(2分)‎ 设子弹射入木块到刚相对于木块静止的过程中损失的机械能为ΔE，由能量守恒定律有 ΔE＝mv－(m＋M)v2(2分)‎ 代入数据得ΔE＝(1分)‎ ‎②设弹簧的劲度系数为k，根据题述，弹簧最短时弹簧被压缩了Δx，其弹性势能可表示为 Ep＝k(Δx)2(1分)‎ 木块压缩轻弹簧过程，由机械能守恒定律有 (m＋M)v2＝Ep(2分)‎ 解得弹簧的劲度系数k＝(2分)‎ 答案：(1)7.26×10－19 J(1分)　有(1分)‎ ‎2．64×10－19 J(1分)　理由见解析(1分)‎ ‎(2)①　② ‎12．解析：(1)导体棒运动到距O点距离为l时，‎ 闭合回路中感应电动势E＝B·lv＝Blv(2分)‎ 闭合回路中总电阻R＝ρl(1分)‎ 根据闭合电路欧姆定律有I＝(1分)‎ 联立解得I＝(2分)‎ ‎(2)导体棒做匀速运动，可知在0～时间内，电路中电流恒定 q＝It＝·＝(3分)‎ ‎(3)由于导体棒做匀速运动，所以 F＝BIx＝x(0≤x≤l)(1分)‎ F＝BIl＝(l≤x≤2l)(1分)‎ 作出Fx图象如图(2分)‎ 由图象可知W＝(3分)‎ 由功能关系可得Q＝|W安|＝W＝(2分)‎ 答案：(1)　(2)　(3) ‎13．解析：(1)松香是非晶体，只有晶体在熔化过程中吸收的热量全部用来破坏分子结构，增加分子势能，而熔化过程中温度不变，分子平均动能不变，选项A错误；当分子间的引力与斥力平衡时，分子势能最小，选项B正确；液体的饱和汽压与温度有关，与饱和汽的体积无关，选项C错误；气体的压强与单位体积的分子数和分子平均动能有关，若一定质量的理想气体被压缩且吸收热量，则W>0，Q>0，根据热力学第一定律ΔU＝Q＋W知，ΔU>0，说明气体的温度升高，分子平均动能增大，又气体被压缩，体积减小，单位体积的分子数增加，所以气体压强一定增大，选项D正确；若一定质量的理想气体分子平均动能减小，说明温度降低，内能减小，即ΔU<0，又外界对气体做功，即W>0，根据热力学第一定律ΔU＝Q＋W知，Q<0，即气体一定放热，选项E正确．‎ ‎(2)①B刚要离开桌面时弹簧拉力为 kx1＝mg(1分)‎ 由活塞受力平衡得p2S＝p0S－kx1(1分)‎ 根据理想气体状态方程有 ＝(2分)‎ 代入数据解得T2＝207 K(1分)‎ 当B刚要离开桌面时缸内气体的温度 t2＝－66 ℃(1分)‎ ‎②由①得x1＝5 cm(1分)‎ 当温度降至－66 ℃之后，若继续降温，则缸内气体的压强不变，根据盖－吕萨克定律有 ＝(2分)‎ 代入数据解得H＝15 cm(1分)‎ 答案：(1)BDE　(2)①－66 ℃　②15 cm