高考物理全真模拟试题3 7页

‎2019年高考物理全真模拟试题（三）‎ ‎ 满分110分，时间60分钟 第Ⅰ卷(选择题　共48分)‎ 选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．‎ ‎1．关于近代物理，下列说法错误的是(　　)‎ A．光电效应现象说明光具有粒子性 B．卢瑟福根据对α粒子散射实验结果的分析提出了原子核式结构模型 C．汤姆孙在研究黑体辐射问题时提出了能量子假说 D．玻尔在研究原子结构时引入了量子化的观念，成功解释了氢原子光谱 2． 在光滑水平面上，一物体在水平力F的作用下，由静止开始做直线运动，F随位移x变化的图线如图所示，下列描述其位移—时间(xt)和速度—时间(vt)关系图象正确的是(　　)‎ ‎3．如图所示，在竖直向上的匀强磁场中，金属棒ab两端系有等长轻质绝缘软导线且水平悬挂，平衡时两导线与竖直方向的夹角均为θ，两悬点间接有电池和滑动变阻器，改变滑动变阻器的滑片位置，则下列各图象能正确反映通过金属棒ab的电流I与θ的变化关系的是(　　)‎ ‎4．X星球的直径约为地球的3倍，质量约为地球的9倍，自转角速度约为地球的3倍．根据以上数据，下列说法正确的是(　　)‎ A．X星球同步卫星的轨道半径是地球同步卫星的3倍 B．X星球同步卫星的线速度是地球同步卫星的3倍 C．X星球表面重力加速度的数值是地球表面的3倍 D．X星球的第一宇宙速度是地球的3倍 ‎5．一小球从水平地面上以初速度v0竖直向上抛出，以水平地面为重力势能零势能面，不计空气阻力，已知重力加速度为g，则从抛出到小球的动能等于重力势能所经过的时间可能是(　　)‎ A.　　　　　　　　　　B. C. D. ‎6．如图所示，在虚线左侧的足够大区域存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里．有一个直角三角形金属线框，线框左边与磁场边界平行，线框的电阻为R.线框以垂直虚线方向的速度v0做匀速直线运动，从线框的左边进入磁场时开始计时．E表示线框产生的感应电动势大小，F表示线框中受到的安培力大小，P表示线框的电功率的大小，I表示线框中的感应电流，则下列图象中正确的是(　　)‎ ‎7．假设某滑雪者从山上M点以水平速度v0飞出，经t0时间落在山坡上N点时速度方向刚好沿斜坡向下，接着从N点沿斜坡下滑，又经t0时间到达坡底P处．已知斜坡NP与水平面夹角为60°，不计摩擦阻力和空气阻力，则(　　)‎ A．滑雪者到达N点时的速度大小为2v0‎ B．M、N两点之间的距离为2v0t0‎ C．滑雪者沿斜坡NP下滑的加速度大小为 D．M、P之间的高度差为v0t0‎ ‎8．如图所示，光滑水平面上放置M、N、P、Q四个木块，其中M、P质量均为m，N、Q质量均为2m，其中P、M木块间用一轻弹簧相连．现用水平拉力F拉N，使四个木块以同一加速度a向右运动，则在撤去水平力F的瞬间，下列说法正确的是(　　)‎ A．M的加速度不变 B．P的加速度大小变为a C．Q的加速度不变 D．N的加速度大小仍为a 第Ⅱ卷(非选择题　共62分)‎ 非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9～12题为必考题，每个试题考生都必须做答．第13～14题为选考题，考生根据要求做答．‎ ‎9．(6分)某校物理兴趣小组利用如图甲所示装置探究合力做功与动能变化的关系．在滑块上安装一遮光条，系轻细绳处安装一拉力传感器(可显示出轻细绳中的拉力)，把滑块放在水平气垫导轨上A处，细绳通过定滑轮与钩码相连，光电门安装在B处．气垫导轨充气，将滑块从A位置由静止释放后，拉力传感器记录的读数为F，光电门记录的时间为Δt.‎ ‎(1)用螺旋测微器测量遮光条的宽度，如图乙所示，则宽度为________mm.‎ ‎(2)多次改变钩码的质量(拉力传感器记录的读数F相应改变)，测得多组F和Δt数据，要得到线性变化图象，若已经选定F作为纵坐标，则横坐标代表的物理量为____________．‎ A．Δt　　　　　　　　B．(Δt)2 C. D.2‎ ‎(3)若正确选择横坐标所代表的物理量后，得出线性变化图象的斜率为k，且已经测出A、B之间的距离为s，遮光条的宽度为d，则滑块质量(含遮光条和拉力传感器)的表达式为M＝______________.‎ ‎10．(9分)某同学设计了如图1所示的电路来测定一半导体电阻丝的电阻率．‎ ‎(1)该同学用游标卡尺测量了电阻丝的长度，如图2所示，则该电阻丝的长度为________mm；用螺旋测微器测量该电阻丝的直径，如图3所示，则该电阻丝的直径为________mm.‎ ‎(2)连接实物电路时，为了保证电路的安全，开关闭合前，滑动变阻器的滑动触头P应置于最________(填“左”或“右”)端．‎ ‎(3)闭合开关后发现电压表无示数，该同学将开关断开后，用一个多用电表代替电压表来测电阻丝两端的电压，则该多用电表的红表笔应与金属丝的________(填“a”或“b”)点相连接．检查电路连接无误后，将开关闭合，结果无论如何调节滑动变阻器的滑动触头，多用电表始终没有示数，为了分析电路的故障，该同学将多用电表接在图1中的a、c两点间，多用电表仍然没有示数，当将多用电表接在图1中的c、d两点间时，多用电表有示数，且指针的偏转情况如图4所示，则该多用电表的读数为________，由以上操作可确定该电路中出现的故障为________________________________．‎ ‎11．(14分)一辆出租车以10 m/s的速度匀速行驶，当红灯亮时，出租车距离停车线36 m，司机马上开始采取刹车措施，人的平均反应时间为1 s，刹车的加速度大小为2 m/s2，一步行者以6.0 m/s的速度跑去追赶被红灯阻停的出租车，在跑到距汽车25 m处时，绿灯亮了，汽车以1.0 m/s2的加速度匀加速启动前进，求：‎ ‎(1)出租车停止时车头距离停车线的距离；‎ ‎(2)步行者能不能追上出租车？步行者与车的最近距离为多大？‎ ‎12．(18分)如图所示，直角坐标系xOy在竖直平面(纸面)内，x轴沿水平方向．在第Ⅳ象限中存在沿y轴正方向的匀强电场和垂直纸面向外的匀强磁场，在第Ⅲ象限中存在沿y轴负方向、场强大小与第Ⅳ象限相等的匀强电场．一质量为m、电量为q的带电质点，从y轴上的A(0,0.1 m)点以一定的水平初速度沿x轴正方向进入第Ⅰ象限．然后经过x轴上的B(0.2 m,0)点进入第Ⅳ象限，带电质点恰好能做匀速圆周运动．最后经过y轴上的C(0，－0.2 m)点进入第Ⅲ象限．已知重力加速度为g＝10 m/s2，＝2×104 C/kg.求：‎ ‎(1)质点到达B点时的速度；‎ ‎(2)磁感应强度B和电场强度E的大小；‎ ‎(3)质点在第Ⅲ象限空间运动过程中的最小速度．‎ ‎(二)选考题(共15分．请考生从给出的2道题中任选一题做答．如果多做，则按所做的第一题计分)‎ ‎13．[物理——选修3－3](15分)‎ ‎(1)(5分)下列说法正确的是________．(选对一个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错一个扣3分，最低得分为0分)‎ A．已知阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度，不能估算出气体分子的大小 B．若两个分子只受到它们之间的分子力作用，当分子间的距离减小时，分子的动能一定增大 C．系统吸收热量时，它的内能不一定增加 D．根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体 E．气体对容器的压强是大量气体分子对容器的碰撞引起的 ‎(2)(10分)有一传热良好的圆柱形汽缸置于水平地面上，并用一光滑的质量为M的活塞密封一定质量的理想气体，活塞面积为S.开始时汽缸开口向上(如图甲)．已知外界大气压强p0，被封气体的体积V0.‎ ‎①求被封气体的压强；‎ ‎②现将汽缸倒置(如图乙)，待系统重新稳定后，求活塞移动的距离．‎ 答案部分 ‎1．解析：选C.普朗克在研究黑体辐射问题时提出了能量子假说，而汤姆孙首先发现电子且提出原子结构的“西瓜模型”，选项C错误．‎ ‎2．解析：选C.在0～a内，外力恒为2F0，故物体做匀加速直线运动，加速度a1＝，物体的速度v＝a1t，位移x1＝a1t2，可知A、D项错误；在a～3a内，加速度a2＝－，物体做匀减速直线运动，且a1＝2|a2|，故C项正确；位移x2＝v0t＋a2t2，位移x与t成二次函数关系，图象为抛物线，B项错误．‎ ‎3.‎ 解析：选B.根据左手定则判断，通电金属棒ab在磁场中受到水平向左的安培力作用，金属棒ab还受到拉力、重力的作用，处于平衡状态时，根据平衡条件有tan θ＝，得I＝tan θ，选项B正确．‎ ‎4．解析：选B.设地球的半径、质量和自转角速度分别为R、M和ω.对X星球的同步卫星有G＝m(3ω)2rX，得X星球的同步卫星的轨道半径rX＝＝r地，选项A错误；由vX＝rX·3ω得X星球的同步卫星的线速度vX＝3v地，选项B正确；由G＝m0gX得X星球表面的重力加速度gX＝G＝g地，选项C错误；由vX1＝得X星球的第一宇宙速度vX1＝v地1，选项D错误．‎ ‎5．解析：选CD.小球从抛出至上升到最高点所经过的时间t1＝，上升的最大高度H＝；从最高点下降到小球的动能等于重力势能时有v2＝2gh，mg(H－h)＝mv2，v＝gt2，解得t2＝，待求的时间为t＝t1－t2＝或t＝t1＋t2＝，选项C、D正确，A、B错误．‎ ‎6．解析：选AD.线框做匀速直线运动，感应电动势E＝BLv0，感应电动势随着线框切割磁感线有效长度L的减小而线性减小，A正确；线框进入磁场过程中受到的安培力F＝，安培力与L2成线性关系，B错误；线框的电功率P＝，电功率与L2成线性关系，C错误；线框进入磁场的过程中产生的感应电流大小I＝，感应电流与L成线性关系，D正确．‎ ‎7．解析：选AD.滑雪者到达N点时的竖直分速度为vy＝gt0＝v0tan 60°，得g＝，到达N点时的速度大小为v＝＝2v0，A正确；M、N两点之间的水平位移为x＝v0t0，竖直高度差为y＝gt＝v0t0，M、N两点之间的距离为s＝＝v0t0，B错误；由mgsin 60°＝ma，解得滑雪者沿斜坡NP下滑的加速度大小为a＝gsin 60°＝，C错误；N、P之间的距离为s′＝vt0＋at＝v0t0，N、P两点之间的高度差为s′sin 60°＝v0t0，M、P之间的高度差为h＝y＋s′sin 60°＝v0t0，D正确．‎ ‎8．解析：选CD.撤去力F前，设弹簧的弹力为T，则对P、Q整体应用牛顿第二定律，有T＝3ma，对M、P、Q整体由牛顿第二定律可知，N对M的摩擦力大小为f1＝4ma，撤去力F瞬间，弹簧的弹力不变，故P、Q的加速度均为a，方向不变，B错误，C正确；撤去力F瞬间，假设M、N相对静止，设M、N的加速度为a1，则对M、N整体有T＝3ma1，即a1＝a，方向改变，而此时M受到的摩擦力大小为f2＝2ma1＝2ma＜f1＝4ma，假设成立，故 M、N相对静止，A错误，D正确．‎ ‎9．解析：(1)根据螺旋测微器读数规则，遮光条的宽度d＝2.5 mm＋0.058 mm＝2.558 mm.‎ ‎(2)根据动能定理，Fs＝Mv2，v＝，联立解得F＝2，选定F作为纵坐标，则横坐标代表的物理量为2，D正确．‎ ‎(3)得出线性变化图象的斜率为k，由k＝解得M＝.‎ 答案：(1)2.558(2分)　(2)D(2分)　(3)(2分)‎ ‎10．解析：(1)游标卡尽的读数为(50＋0.05×3)mm＝50.15 mm，螺旋测微器的读数为(4.5＋0.01×20.0)mm＝4.700 mm.‎ ‎(2)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑动触头P置于最左端．‎ ‎(3)电流应从多用电表的红表笔流入，则红表笔应接电源的正极，即接在a点．从题图4中可得读数为1.90 V，表笔接在a、b两点和a、c两点时多用电表的指针不偏转，改接c、d两点时，指针偏转，可判断c、d间电路断路．‎ 答案：(1)50.15(1分)　4.700(1分)　(2)左(1分)‎ ‎(3)a(2分)　1.90 V(2分)　c、d两点间断路(2分)‎ ‎11．解析：(1)红灯亮后汽车前进的距离 x＝vt＋＝35 m(2分)‎ 车停止时车头距离停车线x′＝36 m－35 m＝1 m(2分)‎ ‎(2)当汽车加速至v1＝6.0 m/s时两者相距最近，加速时间t1＝＝6 s(2分)‎ 人运动距离为x1＝6×6 m＝36 m(2分)‎ 汽车运动距离x2＝a2t＝18 m(2分)‎ 两者最近距离Δx＝x2＋x0－x1＝7 m(2分)‎ 人不能追上出租车，且车开动后，人与车的距离先减小后增大，步行者与车的最近距离为7 m．(2分)‎ 答案：(1)1 m　(2)人不能追上出租车　7 m ‎12．解析：(1)质点从B到C恰好能做匀速圆周运动，重力与电场力平衡，洛伦兹力提供向心力，由左手定则可知粒子带正电．(2分)‎ 质点从A到B，由平抛运动规律有 竖直方向：h＝gt2，vy＝gt(2分)‎ 水平方向：v0＝(1分)‎ 由几何知识得v2＝v＋v(1分)‎ 求得粒子到达B点时的速度 v＝2＝2 m/s(1分)‎ 方向与x轴正方向成45°角(1分)‎ ‎(2)质点从B到C，重力与电场力平衡则有Eq＝mg(1分)‎ 洛伦兹力提供向心力，Bqv＝m(2分)‎ 由几何知识得(2R)2＝(2h)2＋(2h)2(2分)‎ 解得电场强度E＝＝5×10－4 N/C(1分)‎ 磁感应强度B＝ ＝×10－3 T(2分)‎ ‎(3)质点进入第Ⅲ象限，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀减速直线运动．竖直方向的速度减小到0，此时质点速度最小，即v在水平方向的分量vmin＝vcos 45°＝ m/s，方向沿x轴负方向．(2分)‎ 答案：(1)2 m/s　与x轴正方向成45°角 ‎(2)×10－3 T　5×10－4 N/C ‎(3) m/s　沿x轴负方向 ‎13．解析：‎ ‎(1)已知气体的摩尔质量和密度可以算出气体的摩尔体积，用摩尔体积除以阿伏加德罗常数是每个气体分子所占据的空间，但不等于每个气体分子的大小，A项正确；若两个分子只受到它们之间的分子力作用，分子间的作用力先是引力后是斥力. 当分子间的距离减小时，分子力先做正功后做负功，分子的动能先增大后减小，B项错误；系统吸收热量时，由于不知道做功情况，根据热力学第一定律可知它的内能不一定增加，C项正确；根据热力学第二定律可知，如果引起其他变化，热量可以从低温物体传到高温物体，D项错误；气体对容器的压强是大量气体分子对容器的碰撞引起的，E项正确．‎ ‎(2)对活塞受力分析，根据平衡条件可求出初末状态气体的压强，根据等温变化规律可求出末态气体的体积，然后求出活塞移动的距离．‎ ‎①对活塞受力分析 Mg＋p0S＝pS(2分)‎ 得p＝(1分)‎ ‎②汽缸倒置后：对活塞受力分析得 Mg＋p1S＝p0S(2分)‎ 所以p1＝(1分)‎ 对封闭气体运用玻意耳定律pV0＝p1V1(1分)‎ 得V1＝(1分)‎ 所以Δh＝＝(2分)‎ 答案：(1)ACE　(2)①　② ‎14．解析：(1)在简谐横波中，质点离平衡位置越远，速度越小，t＝0时质点a的速度比质点c的小，选项A正确；质点离平衡位置越远，加速度越大，t＝0时，质点a的加速度比质点c的大，选项B错误；由质点d的振动图象可知，t＝0时质点d沿y轴负方向运动，结合波形图知，波沿x轴正方向传播，t＝0时，质点b沿y轴负方向运动，质点c沿y轴正方向运动，质点b比质点c先回到平衡位置，选项C正确；0～0.5 s时间内质点b的平均速率比质点a的大，质点b的振动路程比质点a的大，选项D错误；由题图2知周期T＝2 s，＝，质点a、b的振动路程均为×4A＝30 cm，选项E正确．‎ ‎(2)①由n＝(1分)‎ 得β＝30°(1分)‎ 由sin C＝(2分)‎ 得C＝45°(1分)‎ ‎②临界光线的光路如图所示，则θ1＝180°－C－(90°－β)＝75°(1分)‎ θ2＝90°－(β＋C)＝15°(1分)‎ ‎∠P1OP2＝180°－θ1－θ2＝90°(1分)‎ S＝πRL＝πRL(2分)‎ 答案：(1)ACE　(2)①30°　45°　②πRL