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- 2021-05-14 发布
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2004-2013年高考数学真题分类汇:三角函数
一、选择填空题
1.(江苏2004年5分)函数y=2cos2x+1(x∈R)的最小正周期为【 】
(A) (B) (C) (D)
【答案】B。
【考点】三角函数的周期性及其求法。
【分析】把函数y=2cos2x+1(x∈R)化为一个角的一次三角函数的形式,求出周期即可:
∵函数y=2cos2x+1=cos2x+2,∴它的最小正周期为:。故选B。
2(江苏2005年5分)中,,BC=3,则的周长为【 】
A. B.
C. D.
【答案】D。
【考点】正弦定理。
【分析】根据正弦定理分别求得AC和AB,最后三边相加整理即可得到答案:
根据正弦定理 ,
∴,。
∴△ABC的周长为+=
=。故选D。
3.(江苏2005年5分)若,则=【 】
A. B. C. D.
【答案】A。
【考点】运用诱导公式化简求值,二倍角的余弦。
【分析】由可得,即。
由二倍角的余弦公式,得
。故选A。
4.(江苏2006年5分)已知,函数为奇函数,则a=【 】
(A)0 (B)1 (C)-1 (D)±1
【答案】A。
【考点】函数的奇偶性,三角函数的奇偶性的判断。
【分析】∵,,且函数为奇函数,
∴,即。∴a=0。故选A。
5.(江苏2006年5分)为了得到函数的图像,只需把函数的图像上所有的点【 】
(A)向左平移个单位长度,再把所得各点的横坐标缩短到原来的倍(纵坐标不变)
(B)向右平移个单位长度,再把所得各点的横坐标缩短到原来的倍(纵坐标不变)
(C)向左平移个单位长度,再把所得各点的横坐标伸长到原来的3倍(纵坐标不变)
(D)向右平移个单位长度,再把所得各点的横坐标伸长到原来的3倍(纵坐标不变)
【答案】C。
【考点】函数y=Asin(ωx+φ)的图象变换。
【分析】先将的图象向左平移个单位长度,得到函数的图象,再把所得图象上各点的横坐标伸长到原来的3
倍(纵坐标不变)得到函数的图像。故选C。
7.(江苏2006年5分)在△ABC中,已知BC=12,A=60°,B=45°,则AC= ▲
【答案】。
【考点】正弦定理。
【分析】解三角形,已知两角及任一边运用正弦定理,已知两边及其夹角运用余弦定理。因此,由正弦定理得,,解得。
8.(江苏2006年5分)= ▲
【答案】2。
【考点】弦切互化,同角三角函数基本关系的运用,两角和与差的正弦函数。
【分析】在求三角的问题中,要注意这样的口决“三看”即(1)看角,把角尽量向特殊角或可计算角转化;(2)看名称,把一道等式尽量化成同一名称或相近的名称,例如把所有的切都转化为相应的弦,或把所有的弦转化为相应的切;(3)看式子,看式子是否满足三角函数的公式,如果满足直接使用,如果不满足转化一下角或转换一下名称,就可以使用。
9.(江苏2007年5分)下列函数中,周期为的是【 】
A. B. C. D.
【答案】D。
【考点】三角函数的周期性及其求法。
【分析】根据公式对选项进行逐一分析即可得到答案:的周期为:T=4π
,排除A;的周期为:T=π,排除B;的周期为:T=8π,排除C;的周期为:T=。故选D。
10.(江苏2007年5分)函数的单调递增区间是【 】
A. B. C. D.
【答案】D。
【考点】正弦函数的单调性,两角差的正弦公式。
【分析】利用两角差的正弦公式对函数解析式化简整理,从而根据正弦函数的单调性求得答案:
∵,∴。
∴根据正弦函数的单调性,,即时,函数单调递增。故选D。
11.(江苏2007年5分)若,.则 ▲ .
【答案】。
【考点】两角和与差的余弦函数,弦切互化。
【分析】先由两角和与差的公式展开,得到,的正余弦的方程组,两者联立解出两角正弦的积与两角余弦的积,再由商数关系求出两角正切的乘积:
∵,。
∴二式联立,得,。∴。
12.(江苏2007年5分)某时钟的秒针端点到中心点O的距离为,秒针均匀地绕点O旋转,当时间时,点A与钟面上标的点B重合,将A,B两点的距离表示成的函数,则
▲ ,其中。
【答案】。
【考点】在实际问题中建立三角函数模型。
【分析】由题意知可以先写出秒针转过的角度,整个圆周对应的圆心角是360°,可以算出一秒转过的角度,再乘以时间,连接AB,过圆心向它做垂线,把要求的线段分成两部分,用直角三角形得到结果:
∵ ∠AOB=,
∴根据直角三角形的边长求法得到。
13.(江苏2008年5分)若函数最小正周期为,则 ▲ .
【答案】。
【考点】三角函数的周期公式。
【分析】由三角函数的周期公式,得。
14.(江苏2008年5分)满足条件的三角形ABC的面积的最大值 ▲
【答案】。
【考点】三角形的计算。
【分析】设BC=,则AC= ,根据面积公式得=,
根据余弦定理得,代入上式得
=。
由三角形三边关系有,解得。
∴当时取最大值。
15.(江苏2009年5分)函数(为常数,
)在闭区间上的图象如图所示,则= ▲ .
【答案】3。
【考点】三角函数的周期。
【分析】根据函数图象求出函数的周期T,然后求出:
由图中可以看出:,∴。∴。
16.(江苏2010年5分)定义在区间上的函数的图像与的图像的交点为P,过点P作PP1⊥轴于点P1,直线PP1与的图像交于点P2,则线段P1P2的长为 ▲ 。
【答案】。
【考点】余弦函数的图象,正切函数的图象。
【分析】先将求P1P2的长转化为求的值,再由满足=可求出的值,从而得到答案:
由三角函数的图象,运用数形结合思想,知线段P1P2的长即为的值,且其中的满足=,解得=。∴线段P1P2的长为。
17.(江苏2010年5分)在锐角三角形ABC,A、B、C的对边分别为a、b、c,,则= ▲ _。
【答案】4。
【考点】正、余弦定理,同角三角函数基本关系的运用。
【分析】∵,
∴
。
18.(江苏2011年5分)已知 则的值为 ▲
【答案】。
【考点】三角函数的和差倍计算。
【分析】∵,
∴。
∴。
19.(江苏2011年5分)函数是常数,的部分图象如图所示,则 ▲
【答案】。
【考点】三角函数的图象和性质的应用。
【分析】由函数图象得,∴,,
再结合三角函数图象和性质知,∴。∴。
20. (2012年江苏省5分)设是定义在上且周期为2的函数,在区间上,
其中.若,
则的值为 ▲ .
【答案】。
【考点】周期函数的性质。
【解析】∵是定义在上且周期为2的函数,∴,即①。
又∵,,
∴②。
联立①②,解得,。∴。
11.(2012年江苏省5分)设为锐角,若,则的值为 ▲ .
【答案】。
【考点】同角三角函数,倍角三角函数,和角三角函数。
【解析】∵为锐角,即,∴。
∵,∴。∴。
∴。
∴
。
7(2013江苏卷1)函数的最小正周期为 。
答案:1.
8(2013江苏卷11) 设为锐角,若,则的值为 .
【解析】根据,,
因为,所以 ,因为.
【点评】重点考查两角和与差的三角公式、角的灵活拆分、二倍角公式的运用.在求解三角函数值时,要注意角的取值情况,切勿出现增根情况.本题属于中档题,运算量较大,难度稍高.
二、解答题
1.(江苏2004年12分)已知0<α<,tan+cot=,求sin()的值.
【答案】解:由已知。
。
∴
。
【考点】弦切互化,两角差的正弦函数。
【分析】根据求得的值,从而根据α的范围求得的值,最后根据两角和公式求得答案。
3.(江苏2008年14分)如图,在平面直角坐标系中,以轴为始边作两个锐角,它们的终边分别交单位圆于A,B两点.已知A,B两点的横坐标分别是,.
B
A
x
y
O
(1)求的值; (2)求的值.
【答案】解:(1)由已知条件即三角函数的定义可知,
∵为锐角故,∴。
同理可得 。
∴。
∴=。
(2),
∴由 ,得 。
【考点】两角和与差的正切函数。
【分析】(1)先由已知条件得 ;再求、,从而求出、;
最后利用=解之。
B
C
D
A
O
P
(2)利用(1)把转化为求之,再根据的范围确定角的值。
4.(江苏2008年14分)如图,某地有三家工厂,分别位于矩形ABCD的两个顶点A,B及CD的中点P处.AB=20km,BC=10km.为了处理这三家工厂的污水,现要在该矩形区域上(含边界)且与A,B等距的一点O处,建造一个污水处理厂,并铺设三条排污管道AO,BO,PO.记铺设管道的总长度为ykm.
(1)按下列要求建立函数关系式:
(Ⅰ)设(rad),将表示成的函数;
(Ⅱ)设(km),将表示成的函数;
(2)请你选用(1)中的一个函数关系确定污水处理厂的位置,使铺设的污水管道的总长度最短。
【答案】解:(1)(Ⅰ)延长PO交AB于点Q,由条件知PQ 垂直平分AB,
若∠BAO=(rad) ,则,
∴。
又OP=,∴。
∴所求函数关系式为。
(Ⅱ)若OP=(km) ,则OQ=10-,
∴OA =OB=。
∴所求函数关系式为。
(2)选择函数模型(Ⅰ),
,
令0 得sin 。
∵,∴=。
当时, ,是的减函数;当时, ,是的增函数
∴当=时,。
这时点P 位于线段AB 的中垂线上,在矩形区域内且距离AB 边km处。
【考点】在实际问题中建立三角函数模型。
【分析】(1)(Ⅰ)根据题意知PQ垂直平分AB,在直角三角形中由三角函数的关系可推得OP,从而得出y的函数关系式,注意最后要化为最简形式,确定自变量范围。(Ⅱ)已知OP,可得出OQ的表达式,由勾股定理推出OA,易得y的函数关系式。
(2)欲确定污水处理厂的位置,使铺设的污水管道的总长度最短也就是最小值问题,(1)中已求出函数关系式,故可以利用导数求解最值,注意结果应与实际情况相符合。
5.(江苏2009年14分)科网设向量
(1)若与垂直,求的值;
(2)求的最大值;
(3)若,求证:∥..网
【答案】解:(1)∵与垂直,∴
即,
即
。
∴。
(2)∵
∴当时,取最大值,且最大值为。
(3)∵,∴,即
∴,即与共线。
∴∥。
【考点】向量的基本概念,同角三角函数的基本关系式,二倍角的正弦、两角和的正弦与余弦公式。
【分析】(1)先根据向量的线性运算求出,可求出的正余弦之间的关系,最后可求正切值。
(2)根据向量的求模运算得到的关系,然后根据正弦函数的性质可确定答案。
(3)将化成弦的关系整理即可得到,正是∥的充要条件,从而得证。
6.(江苏2010年14分)某兴趣小组测量电视塔AE的高度H(单位:m),如示意图,垂直放置的标杆BC的高度=4m,仰角∠ABE=,∠ADE=。
(1) 该小组已经测得一组、的值,tan=1.24,tan=1.20,请据此算出H的值;
(2) 该小组分析若干测得的数据后,认为适当调整标杆到电视塔的距离d(单位:m),使与之差较大,可以提高测量精确度。若电视塔的实际高度为125m,试问d为多少时,-最大?
【答案】解:(1)由得,同理:,。
∵ AD-AB=DB,故得,解得:。
因此,算出的电视塔的高度H是124m。
(2)由题设知,得,
。
∵,(当且仅当时,取等号),
∴当时,最大。
∵,则,∴当时,-最大。
故所求的是m。
【考点】解三角形的实际应用,两角差的正切及不等式的应用。
【分析】(1)在Rt△ABE中可得,在Rt△ADE中可得,在Rt△BCD中可得 ,再根据AD-AB=DB即可得到H。
(2)先用分别表示出和,再根据两角和公式,求得,再根据均值不等式可知当 时,有最大值即有最大值,得到答案。
7.(江苏2010年附加10分)已知△ABC的三边长都是有理数。
(1) 求证是有理数;(2)求证:对任意正整数,cosA是有理数。
【答案】证明:(1)设三边长分别为,,
∵是有理数,∴是有理数, 为正有理数。
又∵有理数集对于除法的具有封闭性,∴必为有理数,∴cosA是有理数。
(2)①当时,显然cosA是有理数,
当时,∵,且cosA是有理数, ∴也是有理数。
②假设当时,结论成立,即cosA、均是有理数。
当时,
,
∴。
∵cosA,,均是有理数,∴是有理数。
∴是有理数。
即当时,结论成立。
综上所述,对于任意正整数,cosA也是有理数。
【考点】余弦定理的应用,余弦的两角和公式,数学归纳法。
【分析】(1)设出三边为,根据三者为有理数可推断出是有理数,是有理数,从而根据有理数集对于除法的具有封闭性推断出也为有理数,根据余弦定理可知=cosA,因此cosA是有理数。
(2)先看当n=1时,根据(1)中的结论可知cosA是有理数,当n=2时,根据余弦的二倍角推断出cos2A也是有理数。再假设时,结论成立,从而可知,均是有理数,用余弦的两角和公式分别求得,根据cosA,,均是有理数推断出是有理数是有理数,即
是有理数。从而时成立.最后综合原式得证。
8.(江苏2011年14分)在△ABC中,角A、B、C所对应的边为
(1)若 求A的值;
(2)若,求的值.
【答案】解:(1)由题意知,从而,
∴。
∵,∴。
(2)由,及,得,
∴是直角三角形,且。∴。
【考点】同角三角函数基本关系式、和差角公式、正余弦定理。
【分析】(1)利用两角和的正弦函数化简,求出tanA,然后求出A的值即可。
(2)利用余弦定理以及,求出是直角三角形,即可得出的值。也可以由正弦定理得:,而。
9.(2012年江苏省14分)在中,已知.
(1)求证:;
(2)若求A的值.
【答案】解:(1)∵,∴,即。
由正弦定理,得,∴。
又∵,∴。∴即。
(2)∵ ,∴。∴。
∴,即。∴。
由 (1) ,得,解得。
∵,∴。∴。
【考点】平面微量的数量积,三角函数的基本关系式,两角和的正切公式,解三角形。
【解析】(1)先将表示成数量积,再根据正弦定理和同角三角函数关系式证明。
(2)由可求,由三角形三角关系,得到,从而根据两角和的正切公式和(1)的结论即可求得A的值。
7、(2013江苏卷18).18.本小题满分16分。如图,游客从某旅游景区的景点处下山至处有两种路径。一种是从沿直线步行到,另一种是先从沿索道乘缆车到,然后从沿直线步行到。现有甲.乙两位游客从处下山,甲沿匀速步行,速度为。在甲出发后,乙从乘缆车到,在处停留后,再从匀速步行到。假设缆车匀速直线运动的速度为,山路长为,经测量,,。
(1)求索道的长;
(2)问乙出发多少分钟后,乙在缆车上与甲的距离最短?
(3)为使两位游客在处互相等待的时间不超过分钟,乙步行的速度应控制在什么范围内?
C
B
A
18.解:(1)∵,
∴∴,
∴
根据得
(2)设乙出发t分钟后,甲.乙距离为d,则
∴
∵即
∴时,即乙出发分钟后,乙在缆车上与甲的距离最短。
(3)由正弦定理得(m)
乙从B出发时,甲已经走了50(2+8+1)=550(m),还需走710 m 才能到达C
设乙的步行速度为V ,则
∴∴
∴为使两位游客在处互相等待的时间不超过分钟,乙步行的速度应控制在范围内
法二:解:(1)如图作BD⊥CA于点D,
设BD=20k,则DC=25k,AD=48k,
AB=52k,由AC=63k=1260m,
知:AB=52k=1040m.
(2)设乙出发x分钟后到达点M,
此时甲到达N点,如图所示.
则:AM=130x,AN=50(x+2),
由余弦定理得:MN2=AM2+AN2-2 AM·ANcosA=7400 x2-14000 x+10000,
其中0≤x≤8,当x=(min)时,MN最小,此时乙在缆车上与甲的距离最短.
(3)由(1)知:BC=500m,甲到C用时:=(min).
若甲等乙3分钟,则乙到C用时:+3= (min),在BC上用时: (min) .
此时乙的速度最小,且为:500÷=m/min.
若乙等甲3分钟,则乙到C用时:-3= (min),在BC上用时: (min) .
此时乙的速度最大,且为:500÷=m/min.
故乙步行的速度应控制在[,]范围内.
C
B
A
D
M
N