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- 2021-05-23 发布
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2016 年上海市松江区高考一模试卷物理
一、单项选择题
1.下列物理量中可以运用平行四边形定则求和的是( )
A.质量
B.速率
C.功率
D.位移
解析:ABC、质量、速率和功率都是标量,相加时,遵守代数加减法则,故 ABC 错误。
D、位移是矢量,相加时遵守平行四边形定则,故 D 正确。
答案:D
2.以下关系式中用基本单位表示国际单位正确的( )
A.1 焦=1 牛•米
B.1 伏=1 千克•米 2•秒﹣3•安﹣1
C.1 库=1 焦•伏﹣1
D.1 特=1 牛•安﹣1•米﹣1
解析:A、牛顿是力的单位,是导出单位。所以 1 焦=1 牛•米不用基本单位表示国际单位。
故 A 错误;
B、用基本单位表示国际单位。故 B 正确;
C、焦耳是能量的单位,是导出单位。所以 1 库=1 焦•伏﹣1 不是用基本单位表示国际单位。
故 C 错误;
D、牛顿是力的单位,是导出单位。所以 1 特=1 牛•安﹣1•米﹣1 不是用基本单位表示国际单
位。故 D 错误。
答案:B
3.关于物理学研究方法或物理学家贡献的叙述中正确的是( )
A.质点、速度、点电荷等都是理想化模型
B.E= 与 a= 均体现了比值定义的思想方法
C.卡文迪什扭秤实验应用了微元的思想方法
D.法拉第发现了电磁感应现象,建立了电磁感应定律
解析:A、理想化模型是抓主要因素,忽略次要因素得到的,点电荷、质点是理想化模型,
但是速度不是理想化模型,故 A 错误。
B、a= 不是比值定义法,故 B 错误;
C、卡文迪许测万有引力常量 G 的扭秤实验,应用了“放大”的实验方法,故 C 错误;
D、法拉第发现了电磁感应现象,建立了电磁感应定律,故 D 正确。
答案:D
4.在如图所示的逻辑电路中,其真值表的“输出”这一列数据从上到下依次为( )
输入 输出
0 0
0 1
1 0
1 1
A.0,0,0,1
B.1,0,0,0
C.0,1,0,1
D.1,0,1,0
解析:当 AB 输入 00 经或门输出 0 再经非门输出 1,当 AB 输入 01 经或门输出 1 再经非门
输出 0;当 AB 输入 10 经或门输出 1 再经非门输出 0;当 AB 输入 11 经或门输出 1 再经非门
输出 0;故输出 1,0,0,0,故 B 正确。
答案:B
5.下图中按力的作用效果分解正确的是( )
A.
B.
C.
D.
解析:A、力 F 的作用效果,如图所示,故 A 正确;
B、物体的重力,按效果分解成一个垂直接触面的力,与垂直挡板的力,如图所示,故 B 错
误;
C、按照力的作用效果,拉力分解成如图所示故 C 错误;
D、物体的重力,按效果分解分解成如图所示,故 D 错误。
答案:A
6.根据机械波的知识可知( )
A.横波沿水平方向传播,纵波沿竖直方向传播
B.在波的传播过程中,质点随波迁移将振动形式和能量传播出去
C.波的图象就是反映各质点在同一时刻不同位移的曲线
D.声波在真空中也能传播
解析:A、横波和纵波水平和竖直方向都能传播,这两种波是根据波的传播方向与质点的振
动方向间的关系划分的。故 A 错误。
B、在波的传播过程中,质点在自己的平衡位置附近振动,并不随波迁移。故 B 错误。
C、波的图象就是反映各质点在空间的分布情况,即各质点在同一时刻不同位移的曲线。故
C 正确。
D、声波在真空中不能传播,因为没有传播振动的介质。故 D 错误。
答案:C
7.质量为 m、初速度为零的物体,在变化不同的合外力作用下都通过位移 xo。下列各种情
况中合外力做功最多的是( )
A.
B.
C.
D.
解析:由力做功公式可知,F﹣x 图象中,图象与坐标轴围成的面积表示力 F 所做的功,
由图象可知,C 图象中围成的面积最大,所以 C 中合外力做功最多。
答案:C
8.一电场的等势面如图中虚线所示,一带电粒子以某一初速度从图中 A 点沿图示方向进入
电场,若粒子只受电场力作用,则从 A 点开始,( )
A.无论正负,粒子总是做直线运动
B.无论正负,粒子的电势能总是先变大
C.无论正负,粒子的电势能总是先变小
D.粒子的电势能的变化与粒子所带电的电性有关
解析:A、根据电场线与等势线垂直且指向低电势处,可知在 A 点电场线方向应与速度 v 垂
直,则粒子所受的电场力与速度 v 也垂直,粒子做曲线运动。故 A 错误。
BCD、无论正负,电场力做正功,粒子的电势能总是先变小,故 BD 错误,C 正确。
答案:C
二、单项选择题
9.如图所示,由粗糙的水平杆 AO 与光滑的竖直杆 BO 组成的绝缘直角支架,在 AO 杆、BO
杆上套有带正电的小球 P、Q,两个小球在某一位置平衡。现将 P 缓慢地向左移动一小段距
离,两球再次达到平衡。若小球所带电量不变,与移动前相比( )
A.杆 BO 对 Q 的弹力减小
B.杆 AO 对 P 的弹力减小
C.杆 AO 对 P 的摩擦力增大
D.P、Q 之间的距离增大
解析:A、Q 受力如图,
由力的合成与平衡条件可知:BO 杆对小球 Q 的弹力变大,两小球之间的库仑力变大,由库
仑定律知,两小球 P、Q 的距离变小,故 AD 错误;
C、对整体受力分析,可得 AO 杆对小球 P 的摩擦力变大,AO 杆对小球 P 的弹力不变,故 C
正确,B 错误。
答案:C
10.如图所示,两端开口的弯管,左管插入水银槽中,管内外高度差为 h1,右管有一段水银
柱,高度差为 h2,中间封有一段空气。则( )
A.若大气压升高,h1 和 h2 同时增大
B.若环境温度升高,h1 和 h2 同时减小
C.若把弯管向上移动少许,则管内气体体积不变
D.若把弯管向下移动少许,则管内气体压强增大
解析:A、管中封闭气体的压强 P=P0+ρgh1=P0+ρgh2,则得 h1=h2.若大气压升高时,封闭气
体的压强增大,由玻意耳定律 PV=c 得知,封闭气体的体积减小,水银柱将发生移动,使 h1
和 h2 同时减小。故 A 错误。
B、若环境温度升高,封闭气体的压强增大,体积也增大,h1 和 h2 同时增大。故 B 错误。
C、若把弯管向上移动少许,封闭气体的体积将增大。故 C 错误。
D、若把弯管向下移动少许,封闭气体的体积减小,压强增大,故 D 正确。
答案:D
11.某一质点沿直线运动的位移 x 随时间 t 变化的图象如图所示,则( )
A.第 10s 末,质点的速度最大
B.在 20s 内,质点的位移为 9m
C.第 5s 末和第 15s 末,质点的加速度方向相反
D.0~10s 内,质点所受合外力的方向与速度方向相反
解析:A、位移﹣时间图象切线的斜率表示该时刻的速度,则知在 10s 末时,质点的速度为
零,故 A 错误;
B、在 20s 内质点的位移为△x=x2﹣x1=0﹣1m=﹣1m,故 B 错误;
C、在 0~10s 内,物体沿正方向做减速运动,加速度方向与速度方向相反,即沿负方向;
在 10~20s 内,斜率为负值,说明物体沿负方向运动,斜率增大,做加速运动,加速度方
向与速度方向相同,即沿负方向。所以在 5s 和 15s 时,质点的加速度方向相同,故 C 错
误;
D、在 0~10s 内,斜率逐渐减小,说明物体做减速运动,质点所受合外力的方向与速度方
向相反,故 D 正确。
答案:D
12.如图,由均匀的电阻丝组成的等边三角形导体框,垂直磁场放置,将 AB 两点接入电压
恒定的电源两端,通电时电阻丝 AB 段受到的安培力为 F,则此时三根电阻丝受到的合安培
力大小为( )
A.F
B.1.5F
C.2F
D.3F
解析:AB 受力:FAB=BIL=F
ACB 受力:有效长度为 L,电流为 AB 的电流的 ,则其受力为: = ,二力方向相
同,则合力为 1.5F
则 B 正确。
答案:B
13.汽车在平直公路上以速度 v0 匀速行驶,发动机功率为 P,快进入闹市区时,司机减小了
油门,使汽车的功率立即减小一半并保持该功率继续行驶。设汽车行驶时所受的阻力恒
定,则下面四个图象中,哪个图象正确表示了司机从减小油门开始,汽车的速度与时间的
关系( )
A.
B.
C.
D.
解析:汽车匀速行驶时牵引力等于阻力;
功率减小一半时,汽车的速度由于惯性来不及变化,根据功率和速度关系公式 P=Fv,牵引
力减小一半,小于阻力,合力向后,汽车做减速运动,由公式 P=Fv 可知,功率一定时,速
度减小后,牵引力增大,合力减小,加速度减小,故物体做加速度不断减小的减速运动,
当牵引力增大到等于阻力时,加速度减为零,物体重新做匀速直线运动。
答案:B
14.如图所示,a、b 两小球分别从半圆轨道顶端和斜面顶端以大小相等的初速度 v0 同时水
平抛出,已知半圆轨道的半径与斜面竖直高度相等且在同一竖直面内,斜面底边长是其竖
直高度的 2 倍。若小球 b 能落到斜面上,下列说法正确的是( )
A.a、b 不可能同时分别落在半圆轨道和斜面上
B.a 球一定先落在半圆轨道上
C.b 球一定先落在斜面上
D.a 球可能先落在半圆轨道上
解析:将圆轨道和斜面轨道重合在一起,如图所示,
交点为 A,初速度合适,可知小球做平抛运动落在 A 点,则运动的时间相等,即同时落在
半圆轨道和斜面上。若初速度不适中,由图可知,可能小球先落在斜面上,也可能先落在
圆轨道上。故 D 正确,ABC 错误。
答案:D
15.有上下两条摩擦因数相同的水平轨道 L1、L2,它们在同一竖直面内,相同质量的物块
A、B 放置在两轨道上,轨道 L1 开一条平行轨道方向的细缝,可使细线通过,如图所示。A
物块在 B 物块正上方。在连接 A、B 细线的中点 O 施加拉力,使 A、B 一起向右做匀速直线
运动,则 F 的方向可能是(图中 OQ 表示水平方向)( )
A.沿 OP 方向
B.沿 OQ 方向
C.沿 ON 方向
D.沿 OP、OQ、ON 方向都可能
解析:力的作用点是在细线的中点,而且物块 A 在 B 的正上方,所以三角形 ABO 是等腰三
角形,且 AB 在竖直方向,所以 AO 与 BO 与水平方向的夹角相等。因为 A 对水平轨道的正压
力大于 B 对水平轨道的正压力,所以水平面对 A 的摩擦力大于水平面对 B 的摩擦力,由题
意细线 AO 受到的拉力必须大于 BO 受到的拉力,所以 F 的方向只能是 ON 方向。故 C 正确,
A、B、D 错误。
答案:C
16.如图所示,在 O≤x≤L 和 2L≤x≤3L 的区域内存在着匀强磁场,磁场的方向垂直于 xOy
平面(纸面)向里,具有一定电阻的正方形线框 abcd 边长为 2L,位于 xOy 平面内,线框的
ab 边与 y 轴重合。令线框从 t=0 时刻由静止开始沿 x 轴正方向做匀加速直线运动,则线框
中的感应电流 i(取逆时针方向的电流为正)随时间 t 的函数图象大致是下列图中的( )
A.
B.
C.
D.
解析:设线框进入磁场的时间为 t0,则由 L= ,得 t0= 。
在 0﹣t0 时间内,由楞次定律判断可知感应电流方向沿逆时针方向,感应电流大小为 I=
= ;故 CD 均错误。
设线框 ab 从 x=L 运动到 x=4L 的时间为 t1,则由运动学公式得 t1= ﹣t0=2t0﹣
t0=t0,这段时间内穿过线框的磁通量不变,没有感应电流。故 B 错误。
设线框 ab 从 x=4L 运动到 x=5L 的时间为 t2,则由运动学公式得 t2= ﹣ t0=
t0﹣2t0=0.236t0 的时间内,根据楞次定律得知,感应电流方向沿顺时针方向,为负值。
感应电流为 I=﹣ =﹣ ;故 A 正确。
答案:A
三、多项选择题
17.如图,游乐场中,从高处 A 到水面 B 处有两条长度相同的光滑轨道。甲、乙两小孩沿不
同轨道同时从 A 处自由滑向 B 处,下列说法正确的有( )
A.甲的切向加速度始终比乙的大
B.甲、乙在同一高度的速度大小相等
C.甲、乙在同一时刻总能到达同一高度
D.甲比乙先到达 B 处
解析:A:由受力分析及牛顿第二定律可知,甲的切向加速度先比乙的大,后比乙的小,故
A 错误;
B:由机械能守恒定律可知,各点的机械能保持不变,高度(重力势能)相等处的动能也相
等,故 B 正确;
C、D:甲的切向加速度先比乙的大,速度增大的比较快,开始阶段的位移比较大,故甲总
是先达到同一高度的位置。故 C 错误,D 正确。
答案:BD
18.一列简谐横波沿 x 轴正方向传播,t 时刻与(t+0.6)时刻的波形图正好重合,如图所
示。则下列说法中正确的是( )
A.质点振动周期可能为 1.2s
B.该波的波速可能为 10m/s
C.在(t+0.4)时刻,x=﹣1m 处的质点位移可能为零
D.从(t+0.3)时刻开始计时,x=0.5m 处的质点可能比 x=﹣0.5m 处的质点先到达波峰位置
解析:A、由题分析得知,nT=0.6s,n=1,2,3…,周期 T= s,所以质点振动周期不可
能为 1.2s。故 A 错误。
B、由图读出波长为 λ=2m,波速 v= = m/s= nm/s,当 n=3 时,v=10m/s。故 B 正
确。
C、t 时刻到(t+0.4)时刻经过时间为 0.4s,而 0.4s 与周期的关系为 n= = = n,由
于 n 为整数,所以该时刻 x=﹣1m 处的质点不可能在平衡位置,位移不可能为零。故 C 错
误。
D、简谐横波沿 x 轴正方向传播,在(t+0.3)时刻,x=0.5m 处的质点振动方向可能沿 y 轴正
方向,x=﹣0.5m 处的质点振动方向沿 y 轴负方向,所以先到达波峰位置 x=0.5m 处的质点
可能比 x=﹣0.5m 处的质点先到达波峰位置。故 D 正确。
答案:BD
19.如图所示,A、B 两球分别套在两光滑无限长的水平直杆上,两球通过一轻绳绕过一定
滑轮(轴心固定不动)相连,某时刻连接两球的轻绳与水平方向的夹角分别为 α、β,A 球
向左的速度为 v,下列说法正确的是( )
A.此时 B 球的速度为 v
B.此时 B 球的速度为 v
C.当 β 增大到等于 90°时,B 球的速度达到最大
D.在 β 增大到 90°的过程中,绳对 B 球的拉力一直做正功
解析:A、将物块 A 的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子的方向,在沿绳子方向的分速度
等于 B 沿绳子方向的分速度。
在沿绳子方向的分速度为 v 绳子=vcosα,所以 vB= = 。故 A 正确,B 错误。
C、当 β 增大到等于 90°时,B 球的速度沿绳子方向的分速度等于 0,所以 A 沿绳子方向
的分速度也是 0,而 cosα 不等于 0,所以 A 球的速度为 0;此时 A 的动能全部转化为 B 的
动能,所以 B 球的速度达到最大,故 C 正确;
D、在 β 增大到 90°的过程中,绳子的方向与 B 球运动的方向之间的夹角始终是锐角,所
以绳对 B 球的拉力一直做正功。故 D 正确。
答案:ACD
20.如图所示,电路中定值电阻阻值 R 大于电源内阻阻值 r。闭合电键后,将滑动变阻器滑
片向下滑动,理想电压表 V1、V2、V3 示数变化量的绝对值分别为△U1、△U2、△U3,理想电
流表 A 示数变化量的绝对值为△I,则( )
A.△U1 大于△U2
B. =R+r
C.V2 的示数增大
D. + 保持不变
解析:A、根据闭合电路欧姆定律得:U2=E﹣Ir,则得: =r; =R,据题:R>
r,则得△U1>△U2.故 A 正确。
B、根据闭合电路欧姆定律得:U3=E﹣I(R+r),则得: =R+r,故 B 正确。
C、理想电压表内阻无穷大,相当于断路。理想电流表内阻为零,相当短路,所以 R 与变阻
器串联,电压表 V1、V2、V3 分别测量 R、路端电压和变阻器两端的电压。当滑动变阻器滑片
向下滑动时,接入电路的电阻减小,电路中电流增大,则 A 的示数增大,电路中电流增
大,电源的内电压增大,则路端电压减小,所以 V2 的示数减小,故 C 错误;
D、由上知, + =R+r,保持不变,故 D 正确。
答案:ABD
四、填空题
21.远古时代,取火是一件困难的事,火一般产生于雷击或磷的自燃。随着人类文明的进
步,出现了“钻木取火”等方法。“钻木取火”是通过 方式改变物体的内能,把
转变为内能。
解析:“钻木取火”是通过做功方式改变物体的内能,在此过程中,机械能转变为内能。
答案:做功 机械能
22.甲、乙两颗绕地球作匀速圆周运动人造卫星,其线速度大小之比为 :1,则这两颗卫
星的运转半径之比为 ,运转周期之比为 。
解析:根据 ,得 v= ,
所以:
根据:
得:T=2π 。
所以周期之比为: =
答案:1:2 1:2
23.某同学的质量为 60kg,在一次野营中,他从岸上以 2m/s 的速度,跳到一条以 0.5m/s
的速度正对着他飘来的小船上,跳上船后他又走了几步,最终停在船上。已知小船的质量
为 140kg,则人与小船共同运动的速度大小为 m/s,运动方向为 。(填“向
左”或“向右”)
解析:以人与船组成的系统为研究对象,以人的速度方向为正方向,由动量守恒定律得:
m 人 v 人﹣m 船 v 船=(m 人+m 船)v,
即:60×2﹣140×0.5=(60+140)v,
解得:v=0.25m/s,方向与人原来的速度方向相同,即向右。
答案:0.25 向右
24.如图所示是两列相干波的干涉图样,实线表示波峰,虚线表示波谷,两列波的振幅都为
10cm,波速和波长分别为 1m/s 和 0.2m,C 点为 AB 连线的中点。则图示时刻 C 点的振动方
向(选填“向上”或“向下”) ,从图示时刻再经过 0.25s 时,A 点经过的路程为
cm。
解析:B 点处于波谷,A 点处于波峰,波由 B 向 A 传播,此时 C 处于平衡位置,经过四分之
一周期,波谷传播到该点,知 C 点的振动方向向下。
周期 T= ,质点在一个周期内振动的路程等于 4 倍的振幅,经过 0.25s
时,走过的路程等于 5 倍的振幅,A=20cm,则 s=100cm。
答案:向下 100
25.如图所示,河道宽 L=200m,越到河中央河水的流速越大,且流速大小满足 u=0.2x(x 是
离河岸的距离,0≤x≤ )。一小船在静水中的速度 v=10m/s,自 A 处出发,船头垂直河岸
方向渡河到达对岸 B 处。AB 两点间距离为 m。设船的运动方向与水流方向夹角为
θ,则渡河过程中 θ 最小为 。
解析:渡河的时间为:
t= = s=10s;
水流速的平均速度等于 处的水流速。则有:
u=0.4× =10m/s。
所以沿河岸方向上的位移为:
x=ut=200m。
所以 AB 的直线距离为:
s= m=200 m;
船在静水中速度是不变,而水流速度满足 u=0.2x(x 是离河岸的距离,0≤x≤ ),因
x=vt,那么 u=2t,因此到达河中央前小船加速度大小为 2m/s2,
当到达中央时,水流速度为:u=0.2x=0.2×100=20m/s,
由三角知识,则有:tanθ= =0.5。
答案:200 arctan0.5
26.带正电小球静止在光滑绝缘斜面的底端,现在该区域加一平行斜面向上的匀强电场,经
时间 t 电场做功 40J 时,匀强电场突然消失,小球又经时间 t 恰好回到斜面底端。若以小
球初始水平面为零重力势能面,则小球回到斜面底端时的机械能为 J,小球的动能为
8J 时重力势能为 J。
解析:在运动的过程中,除重力之外,只有电场力做功,小球的机械能的增加等于电场力
做的功,电场力做功 40J,所以小球的机械能的增加 40J,小球回到斜面底端时的机械能为
40J;
设有电场力与没电场力时物体的加速度大小分别为 a1、a2,根据物体在电场力作用向上运
动的位移与撤去电场力后回到出发点的位移大小相等,方向相反,得:
a1t2+(a1t)t﹣ a2t2=0
解得:a2=3a1
又由牛顿第二定律得:
qE﹣mgsinθ=ma1,
mgsinθ=ma2,
得到 qE= mgsinθ
设当物体的动能为 8J 时,物体重力势能为 EP,有:
(qE﹣mgsinθ)x=EK=8J
此时的势能为:EP=mgsinθx
解得:EP=mgsinθ•x=3EK=24J,
在去掉电场之后,物体从静止开始下滑的过程中,机械能守恒,此时当动能为 8J 的时候,
重力势能为 40﹣8=32J。
答案:40 32 和 24
五、实验题
27.某同学利用单摆测定重力加速度时,用秒表测量单摆的周期,当单摆摆动稳定且到达最
低点时开始计时并记为 n=0,单摆每经过最低点记一次数,当数到 n=60 时停止计时。测量
结果与当地的重力加速度的真实值比较,发现偏大,可能原因是( )
A.振幅偏小
B.开始计时误记为 n=1
C.将摆线加上球直径当成了摆长
D.将摆线的长度当成了摆长
解析:由单摆周期公式:T=2π
可得:g= ,
A、重力加速度与单摆的振幅无关,振幅偏小不会影响重力加速度的测量值,故 A 错误;
B、开始计时误记为 n=1,所测中期 T 偏小,由 g= 可知,所测重力加速度偏大,故
B 正确;
C、在摆线加上球直径当成了摆长,所测摆长偏大,由 g= 可知,所测重力加速度偏
大,故 C 正确;
D、将摆线长当成了摆长,所测摆长偏小,由 g= 可知,所测重力加速度偏小,故 D
错误。
答案:BC
28.“研究共点力的合成”的实验情况如图所示,其中 A 为固定橡皮筋的图钉,O 为橡皮筋
与细绳的结点,OB 和 OC 为细绳,图是在白纸上根据实验结果画出的图示。
(1)图中的 F 与 F′两力中,方向一定沿 AO 方向的是 。
解析:F 是通过作图的方法得到合力的理论值,而 F′是通过一个弹簧称沿 AO 方向拉橡皮
条,使橡皮条伸长到 O 点,使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同,测量出
的合力。故方向一定沿 AO 方向的是 F′,由于误差的存在 F 和 F′方向并不在重合。
答案:F′
(2)本实验采用的科学方法是 。
A.理想实验法
B.等效替代法
C.控制变量法
D.建立物理模型法
解析:合力与分力是等效替代的关系,所以本实验采用的等效替代法。
答案:B
(3)实验中可减小误差的措施有 。
A.两个分力 F1、F2 的大小要尽量大些
B.两个分力 F1、F2 间夹角应越大越好
C.拉橡皮筋时,弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行
D.AO 间距离要适当,将橡皮筋拉至结点 O 时,拉力要适当大些。
解析:A、实验是通过作图得出结果,故为了减小误差应让拉力尽量大些,故 A 正确;
B、而夹角太大将会导至合力过小,故夹角不能太大,故 B 错误;
C、为了防止出现分力的情况,应让各力尽量贴近木板,且与木板平行,故 C 正确;
D、为了准确记下拉力的方向,故采用两点描线时两点应尽量距离大一些,故细绳应长些,
故 D 正确。
答案:ACD
29.如图是“用 DIS 研究回路中感应电动势大小与磁通量变化快慢的关系”实验装置,保持
挡光片位置、光电门和螺线管之间的距离不变。
(1)实验器材除了需要光电门传感器之外,还需要 传感器。
解析:研究回路中感应电动势大小与磁通量变化快慢的关系,需要测出感应电动势的大
小,因此需要电压传感器。
答案:电压
(2)让小车以不同的速度靠近螺线管,记录下小车每次靠近螺线管至最后撞上螺线管停止的
全过程中感应电动势与时间的变化关系。如图所示,光电门测得挡光时间为△t1,有感应
电动势的时间为△t2,则实验可以得到感应电动势与 成正比。(用题中字母表示)
解析:小车每次靠近螺线管至最后撞上螺线管停止的全过程中,磁通量的变化量△Φ 相
等,由法拉第电磁感应定律可得:E=n 可知,在 n 与△Φ 一定时,感应电动势与
成正比。
答案:
(3)若保持磁铁靠近线圈的速度不变,只增加线圈的匝数(线圈直径不变),则△t1 内图象所
围阴影部分面积将 (选填“不变”、“增大”或“减小”)。
解析:感应电动势:E=n ,则 E△t=n△Φ,每次实验时磁通量的变化量△Φ 不变,保
持磁铁靠近线圈的速度不变,只增加线圈的匝数 n,则 n△Φ 增大,△t1 内图象所围阴影
部分面积将增大。
答案:增大
30.某实验小组利用铜片、锌片和家乡盛产的柑橘制作了果汁电池,他们测量这种电池的电
动势 E 和内阻 r,并探究电极间距对 E 和 r 的影响,实验器材如图所示测量 E 和 r 的实验
方案为:调节滑动变阻器,改变电源两端的电压 U 和流过电源的电流 I,依据公式 U=E﹣
Ir,利用测量数据作出 U﹣I 图象,得出 E 和 r。
(1)将电压表视为理想表,要求避免电流表分压作用对测量结果的影响,请在图中用笔画线
代替导线连接电路。
解析:将电压表视为理想表,要避免电流表分压作用对测量结果,相对于电源来说,电流
表应采用外接法,据此连接实物电路图,电路图如图所示。
答案:如图所示:
(2)实验中依次减小铜片与锌片的间距,分别得到相应果汁电池的 U﹣I 图象如图中
(a)(b)(c)(d)所示,由此可知:在该实验中,随电极间距的减小,电源电动势 (填
“增大”、“减小”或“不变”),电源内阻 (填“增大”、“减小”或“不变”)。
解析:图线与纵轴的交点的纵坐标即为电动势,由图象可知,图象与纵轴的交点纵坐标不
变,所以电动势不变,图线斜率的绝对值即为内阻,由图象可知,(a)(b)(c)(d)图象斜率
的绝对值变大,电源内阻变大。由此可知:随电极间距的减小电源内阻增大。
答案:不变 增大
(3)对图线(c),当外电路总电阻为 2500Ω 时,该电源的输出功率 P= mW。
解析:由图示图象可知,图象与纵轴交点坐标值为 0.975,电源电动势 E=0.975 V;(c)对
应图线斜率绝对值约为 478(从线上选取两点即可求斜率),电源的输出功率为:
P=( )2R=( )2×2500W=2.68×10﹣4W=0.268mW。
答案:0.268
六、计算题。(共 50 分)
31.如图所示,导热良好的薄壁气缸放在水平面上,用横截面积为 S=1.0×10﹣2m2 的光滑薄
活塞将一定质量的理想气体封闭在气缸内,活塞杆的另一端固定在墙上。此时活塞杆与墙
刚好无挤压。外界大气压强 p0=1.0×105PA.当环境温度为 27℃时,密闭气体的体积为
2.0×10﹣3m3。
(1)若固定气缸在水平面上,当环境温度缓慢升高到 57℃时,气体压强 p2 为多少?
解析:从开始状态到最后状态,气体等容变化 =
解得:P2= == pa=1.1×105pa。
答案:若固定气缸在水平面上,当环境温度缓慢升高到 57℃时,气体压强 p2 为
1.1×105pa。
(2)若气缸放在光滑水平面上不固定,当环境温度缓慢升高到 57℃时,气缸移动了多少距
离?
解析:当环境温度缓慢升高到 57℃时,气体作等压变化,根据盖﹣吕萨克定律得:
=
解得:V2= V1= ×2.0×10﹣3m3=2.2×10﹣3m3
气缸移动的距离为:△l= = m=2×10﹣2m。
答案:若气缸放在光滑水平面上不固定,当环境温度缓慢升高到 57℃时,气缸移动了
2×10﹣2m 距离。
(3)保持(2)的条件不变下,对气缸施加水平作用力,使缸内气体体积缓慢地恢复到原来数
值,这时气缸受到的水平作用力多大?
解析:由状态 3 到状态 4,由等温变化可知:P3V3=P4V4
即 P4= = =1.1×105Pa
又因为:P4s=P0S+F
解得:F=100N。
答案:保持(2)的条件不变下,对气缸施加水平作用力,使缸内气体体积缓慢地恢复到原来
数值,这时气缸受到的水平作用力 100N。
32.如图所示,粗糙水平面上放置一个小物块,在力 F 作用下沿水平面向右加速运动。在保
持力 F 大小不变的情况下,发现当 F 水平向右或与水平面成 60°夹角斜向上时,物块的加
速度相同。求:
(1)物块与水平面间的动摩擦因数 μ。
解析:水平拉时,根据牛顿第二定律有:F﹣μmg=ma,
右上拉时,根据牛顿第二定律得,Fcos60°﹣μ(mg﹣Fsin60°)=ma,
联立上述两式,代入数据解得 μ= 。
答案:物块与水平面间的动摩擦因数为 。
(2)若保持力 F 与水平面成 60°夹角斜向上,从静止起拉动物块,物块沿水平面向右移动
s=5 m 的时间为 t。改变 F 的大小重复上述过程,时间 t 的最小值为多少?
解析:时间 t 最小,则要求加速度最大,即 F 最大
物块沿水平面运动则 F 的竖直分力不超过重力
F 最大满足 mg= F,
根据 ,s= 得,
代入数据解得 t= s
答案:时间 t 的最小值为 。
33.如图所示,电源电动势为 ε,内阻为 r,滑动变阻器总阻值为 3r,间距为 d 的两平行
金属板 AB、CD 竖直放置,闭合电键 S 时,板间电场可视为匀强电场。板间有一长为 L 的绝
缘细轻杆,能绕水平固定转轴 O 在竖直面内无摩擦转动,杆上端固定质量为 m、带电量为
+q 的金属小球 a,下端固定质量为 2m、带电量为﹣q 的金属小球 b,已知 Ob=2Oa,并且 q=
,两带电小球可视为点电荷,不影响匀强电场的分布,两电荷间相互作用力不计,重
力加速度为 g。现调节滑片 P 使其位于滑动变阻器的中点,闭合电键 S,待电场稳定后:
(1)求两极板间电场强度 E 的表达式。
解析:由题意可知,当滑动变阻器滑片位于变阻器中点时,闭合电键 S,平行金属板间的
电压
U= 代入数据有:
又因为平行金属板间是匀强电场,根据电场强度与电势差的关系有:
E= = 。
答案:求两极板间电场强度 E 的表达式为 。
(2)将轻杆从如图位置顺时针转过 θ 时(θ<360°)由静止释放,轻杆恰能静止,求 θ。
解析:轻杆恰能静止时所受力矩平衡,
两小球所受重力的力矩为反方向,且 M 重 a<M 重 b
两小球所受电场力的力矩为同方向,
因此力矩平衡时则有:M 重 a+M 电 a+M 电 b=M 重 b
mgsinθ× L+Eqcosθ× L+Eqcosθ× L=2mgsinθ× L
又因为 Eq= mg
可解得 θ=37°或 217°。
答案:将轻杆从如图位置顺时针转过 θ 时(θ<360°)由静止释放,轻杆恰能静止,
θ=37°或 217°。
(3)若将轻杆从如图位置由静止释放,轻杆将绕轴 O 顺时针转动,求小球 a 运动的最大速
度。
解析:由(2)分析知小球 P 运动的速度最大时轻杆与竖直方向夹角为 37°,因为同杆转
动,所以有:vb=2va
由动能定理得:
mva
2+ 2mvb
2﹣0=mg L (1﹣cos37°)+Eq Lsin37°+Eq Lsin37°﹣2mg L (1﹣cos37°)
可解出 va=
答案:若将轻杆从如图位置由静止释放,轻杆将绕轴 O 顺时针转动,求小球 a 运动的最大
速度 。
34.如图所示,两根粗细均匀的金属杆 AB 和 CD 的长度均为 L,电阻均为 R,质量分别为 3m
和 m,用两根等长的、质量和电阻均不计的、不可伸长的柔软导线将它们连成闭合回路,
悬跨在绝缘的、水平光滑的圆棒两侧,AB 和 CD 处于水平。在金属杆 AB 的下方有高度为 H
的水平匀强磁场,磁感强度的大小为 B,方向与回路平面垂直,此时 CD 处于磁场中。现从
静止开始释放金属杆 AB,经过一段时间(AB、CD 始终水平),在 AB 即将进入磁场的上边界
时,其加速度为零,此时金属杆 CD 还处于磁场中,在此过程中金属杆 AB 上产生的焦耳热
为 Q。重力加速度为 g,试求:
(1)金属杆 AB 即将进入磁场上边界时的速度 v1。
解析:AB 杆达到磁场边界时,加速度为零,系统处于平衡状态,
对 AB 杆:3mg=2T
对 CD 杆:2T=mg+BIL
又 F=BIL=
解得 v1= 。
答案:金属杆 AB 即将进入磁场上边界时的速度为 v1= 。
(2)在此过程中金属杆 CD 移动的距离 h 和通过导线截面的电量 q。
解析:以 AB、CD 棒组成的系统在此过程中,根据能的转化与守恒有:
(3m﹣m)gh﹣2Q= ×4mv1
2
则得 h= =
通过导线截面的电量 q=I△t= = = 。
答案:在此过程中金属杆 CD 移动的距离为 h= =
和通过导线截面的电量为 q=I△t= = = 。
(3)设金属杆 AB 在磁场中运动的速度为 v2,通过计算说明 v2 大小的可能范围。
解析:AB 杆与 CD 杆都在磁场中运动,直到达到匀速,此时系统处于平衡状态,
对 AB 杆:3mg=2T+BIL
对 CD 杆:2T′=mg+BIL
又 T′=T,F=BIL=
解得 v2=
所以 <v2< 。
答案:金属杆 AB 在磁场中运动的速度 v2 的范围为 <v2< 。
(4)依据第(3)问的结果,请定性画出金属杆 AB 在穿过整个磁场区域的过程中可能出现的速
度﹣时间图象(v﹣t 图)。
解析:AB 杆以速度 v1 进入磁场,系统受到安培力(阻力)突然增加,系统做加速度不断减小
的减速运动,接下来的运动情况有四种可能性:
答案:如图所示:
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