• 643.56 KB
  • 2021-05-23 发布

2016年上海市松江区高考一模试卷物理

  • 20页
  • 当前文档由用户上传发布,收益归属用户
  1. 1、本文档由用户上传,淘文库整理发布,可阅读全部内容。
  2. 2、本文档内容版权归属内容提供方,所产生的收益全部归内容提供方所有。如果您对本文有版权争议,请立即联系网站客服。
  3. 3、本文档由用户上传,本站不保证质量和数量令人满意,可能有诸多瑕疵,付费之前,请仔细阅读内容确认后进行付费下载。
  4. 网站客服QQ:403074932
2016 年上海市松江区高考一模试卷物理 一、单项选择题 1.下列物理量中可以运用平行四边形定则求和的是( ) A.质量 B.速率 C.功率 D.位移 解析:ABC、质量、速率和功率都是标量,相加时,遵守代数加减法则,故 ABC 错误。 D、位移是矢量,相加时遵守平行四边形定则,故 D 正确。 答案:D 2.以下关系式中用基本单位表示国际单位正确的( ) A.1 焦=1 牛•米 B.1 伏=1 千克•米 2•秒﹣3•安﹣1 C.1 库=1 焦•伏﹣1 D.1 特=1 牛•安﹣1•米﹣1 解析:A、牛顿是力的单位,是导出单位。所以 1 焦=1 牛•米不用基本单位表示国际单位。 故 A 错误; B、用基本单位表示国际单位。故 B 正确; C、焦耳是能量的单位,是导出单位。所以 1 库=1 焦•伏﹣1 不是用基本单位表示国际单位。 故 C 错误; D、牛顿是力的单位,是导出单位。所以 1 特=1 牛•安﹣1•米﹣1 不是用基本单位表示国际单 位。故 D 错误。 答案:B 3.关于物理学研究方法或物理学家贡献的叙述中正确的是( ) A.质点、速度、点电荷等都是理想化模型 B.E= 与 a= 均体现了比值定义的思想方法 C.卡文迪什扭秤实验应用了微元的思想方法 D.法拉第发现了电磁感应现象,建立了电磁感应定律 解析:A、理想化模型是抓主要因素,忽略次要因素得到的,点电荷、质点是理想化模型, 但是速度不是理想化模型,故 A 错误。 B、a= 不是比值定义法,故 B 错误; C、卡文迪许测万有引力常量 G 的扭秤实验,应用了“放大”的实验方法,故 C 错误; D、法拉第发现了电磁感应现象,建立了电磁感应定律,故 D 正确。 答案:D 4.在如图所示的逻辑电路中,其真值表的“输出”这一列数据从上到下依次为( ) 输入 输出 0 0 0 1 1 0 1 1 A.0,0,0,1 B.1,0,0,0 C.0,1,0,1 D.1,0,1,0 解析:当 AB 输入 00 经或门输出 0 再经非门输出 1,当 AB 输入 01 经或门输出 1 再经非门 输出 0;当 AB 输入 10 经或门输出 1 再经非门输出 0;当 AB 输入 11 经或门输出 1 再经非门 输出 0;故输出 1,0,0,0,故 B 正确。 答案:B 5.下图中按力的作用效果分解正确的是( ) A. B. C. D. 解析:A、力 F 的作用效果,如图所示,故 A 正确; B、物体的重力,按效果分解成一个垂直接触面的力,与垂直挡板的力,如图所示,故 B 错 误; C、按照力的作用效果,拉力分解成如图所示故 C 错误; D、物体的重力,按效果分解分解成如图所示,故 D 错误。 答案:A 6.根据机械波的知识可知( ) A.横波沿水平方向传播,纵波沿竖直方向传播 B.在波的传播过程中,质点随波迁移将振动形式和能量传播出去 C.波的图象就是反映各质点在同一时刻不同位移的曲线 D.声波在真空中也能传播 解析:A、横波和纵波水平和竖直方向都能传播,这两种波是根据波的传播方向与质点的振 动方向间的关系划分的。故 A 错误。 B、在波的传播过程中,质点在自己的平衡位置附近振动,并不随波迁移。故 B 错误。 C、波的图象就是反映各质点在空间的分布情况,即各质点在同一时刻不同位移的曲线。故 C 正确。 D、声波在真空中不能传播,因为没有传播振动的介质。故 D 错误。 答案:C 7.质量为 m、初速度为零的物体,在变化不同的合外力作用下都通过位移 xo。下列各种情 况中合外力做功最多的是( ) A. B. C. D. 解析:由力做功公式可知,F﹣x 图象中,图象与坐标轴围成的面积表示力 F 所做的功, 由图象可知,C 图象中围成的面积最大,所以 C 中合外力做功最多。 答案:C 8.一电场的等势面如图中虚线所示,一带电粒子以某一初速度从图中 A 点沿图示方向进入 电场,若粒子只受电场力作用,则从 A 点开始,( ) A.无论正负,粒子总是做直线运动 B.无论正负,粒子的电势能总是先变大 C.无论正负,粒子的电势能总是先变小 D.粒子的电势能的变化与粒子所带电的电性有关 解析:A、根据电场线与等势线垂直且指向低电势处,可知在 A 点电场线方向应与速度 v 垂 直,则粒子所受的电场力与速度 v 也垂直,粒子做曲线运动。故 A 错误。 BCD、无论正负,电场力做正功,粒子的电势能总是先变小,故 BD 错误,C 正确。 答案:C 二、单项选择题 9.如图所示,由粗糙的水平杆 AO 与光滑的竖直杆 BO 组成的绝缘直角支架,在 AO 杆、BO 杆上套有带正电的小球 P、Q,两个小球在某一位置平衡。现将 P 缓慢地向左移动一小段距 离,两球再次达到平衡。若小球所带电量不变,与移动前相比( ) A.杆 BO 对 Q 的弹力减小 B.杆 AO 对 P 的弹力减小 C.杆 AO 对 P 的摩擦力增大 D.P、Q 之间的距离增大 解析:A、Q 受力如图, 由力的合成与平衡条件可知:BO 杆对小球 Q 的弹力变大,两小球之间的库仑力变大,由库 仑定律知,两小球 P、Q 的距离变小,故 AD 错误; C、对整体受力分析,可得 AO 杆对小球 P 的摩擦力变大,AO 杆对小球 P 的弹力不变,故 C 正确,B 错误。 答案:C 10.如图所示,两端开口的弯管,左管插入水银槽中,管内外高度差为 h1,右管有一段水银 柱,高度差为 h2,中间封有一段空气。则( ) A.若大气压升高,h1 和 h2 同时增大 B.若环境温度升高,h1 和 h2 同时减小 C.若把弯管向上移动少许,则管内气体体积不变 D.若把弯管向下移动少许,则管内气体压强增大 解析:A、管中封闭气体的压强 P=P0+ρgh1=P0+ρgh2,则得 h1=h2.若大气压升高时,封闭气 体的压强增大,由玻意耳定律 PV=c 得知,封闭气体的体积减小,水银柱将发生移动,使 h1 和 h2 同时减小。故 A 错误。 B、若环境温度升高,封闭气体的压强增大,体积也增大,h1 和 h2 同时增大。故 B 错误。 C、若把弯管向上移动少许,封闭气体的体积将增大。故 C 错误。 D、若把弯管向下移动少许,封闭气体的体积减小,压强增大,故 D 正确。 答案:D 11.某一质点沿直线运动的位移 x 随时间 t 变化的图象如图所示,则( ) A.第 10s 末,质点的速度最大 B.在 20s 内,质点的位移为 9m C.第 5s 末和第 15s 末,质点的加速度方向相反 D.0~10s 内,质点所受合外力的方向与速度方向相反 解析:A、位移﹣时间图象切线的斜率表示该时刻的速度,则知在 10s 末时,质点的速度为 零,故 A 错误; B、在 20s 内质点的位移为△x=x2﹣x1=0﹣1m=﹣1m,故 B 错误; C、在 0~10s 内,物体沿正方向做减速运动,加速度方向与速度方向相反,即沿负方向; 在 10~20s 内,斜率为负值,说明物体沿负方向运动,斜率增大,做加速运动,加速度方 向与速度方向相同,即沿负方向。所以在 5s 和 15s 时,质点的加速度方向相同,故 C 错 误; D、在 0~10s 内,斜率逐渐减小,说明物体做减速运动,质点所受合外力的方向与速度方 向相反,故 D 正确。 答案:D 12.如图,由均匀的电阻丝组成的等边三角形导体框,垂直磁场放置,将 AB 两点接入电压 恒定的电源两端,通电时电阻丝 AB 段受到的安培力为 F,则此时三根电阻丝受到的合安培 力大小为( ) A.F B.1.5F C.2F D.3F 解析:AB 受力:FAB=BIL=F ACB 受力:有效长度为 L,电流为 AB 的电流的 ,则其受力为: = ,二力方向相 同,则合力为 1.5F 则 B 正确。 答案:B 13.汽车在平直公路上以速度 v0 匀速行驶,发动机功率为 P,快进入闹市区时,司机减小了 油门,使汽车的功率立即减小一半并保持该功率继续行驶。设汽车行驶时所受的阻力恒 定,则下面四个图象中,哪个图象正确表示了司机从减小油门开始,汽车的速度与时间的 关系( ) A. B. C. D. 解析:汽车匀速行驶时牵引力等于阻力; 功率减小一半时,汽车的速度由于惯性来不及变化,根据功率和速度关系公式 P=Fv,牵引 力减小一半,小于阻力,合力向后,汽车做减速运动,由公式 P=Fv 可知,功率一定时,速 度减小后,牵引力增大,合力减小,加速度减小,故物体做加速度不断减小的减速运动, 当牵引力增大到等于阻力时,加速度减为零,物体重新做匀速直线运动。 答案:B 14.如图所示,a、b 两小球分别从半圆轨道顶端和斜面顶端以大小相等的初速度 v0 同时水 平抛出,已知半圆轨道的半径与斜面竖直高度相等且在同一竖直面内,斜面底边长是其竖 直高度的 2 倍。若小球 b 能落到斜面上,下列说法正确的是( ) A.a、b 不可能同时分别落在半圆轨道和斜面上 B.a 球一定先落在半圆轨道上 C.b 球一定先落在斜面上 D.a 球可能先落在半圆轨道上 解析:将圆轨道和斜面轨道重合在一起,如图所示, 交点为 A,初速度合适,可知小球做平抛运动落在 A 点,则运动的时间相等,即同时落在 半圆轨道和斜面上。若初速度不适中,由图可知,可能小球先落在斜面上,也可能先落在 圆轨道上。故 D 正确,ABC 错误。 答案:D 15.有上下两条摩擦因数相同的水平轨道 L1、L2,它们在同一竖直面内,相同质量的物块 A、B 放置在两轨道上,轨道 L1 开一条平行轨道方向的细缝,可使细线通过,如图所示。A 物块在 B 物块正上方。在连接 A、B 细线的中点 O 施加拉力,使 A、B 一起向右做匀速直线 运动,则 F 的方向可能是(图中 OQ 表示水平方向)( ) A.沿 OP 方向 B.沿 OQ 方向 C.沿 ON 方向 D.沿 OP、OQ、ON 方向都可能 解析:力的作用点是在细线的中点,而且物块 A 在 B 的正上方,所以三角形 ABO 是等腰三 角形,且 AB 在竖直方向,所以 AO 与 BO 与水平方向的夹角相等。因为 A 对水平轨道的正压 力大于 B 对水平轨道的正压力,所以水平面对 A 的摩擦力大于水平面对 B 的摩擦力,由题 意细线 AO 受到的拉力必须大于 BO 受到的拉力,所以 F 的方向只能是 ON 方向。故 C 正确, A、B、D 错误。 答案:C 16.如图所示,在 O≤x≤L 和 2L≤x≤3L 的区域内存在着匀强磁场,磁场的方向垂直于 xOy 平面(纸面)向里,具有一定电阻的正方形线框 abcd 边长为 2L,位于 xOy 平面内,线框的 ab 边与 y 轴重合。令线框从 t=0 时刻由静止开始沿 x 轴正方向做匀加速直线运动,则线框 中的感应电流 i(取逆时针方向的电流为正)随时间 t 的函数图象大致是下列图中的( ) A. B. C. D. 解析:设线框进入磁场的时间为 t0,则由 L= ,得 t0= 。 在 0﹣t0 时间内,由楞次定律判断可知感应电流方向沿逆时针方向,感应电流大小为 I= = ;故 CD 均错误。 设线框 ab 从 x=L 运动到 x=4L 的时间为 t1,则由运动学公式得 t1= ﹣t0=2t0﹣ t0=t0,这段时间内穿过线框的磁通量不变,没有感应电流。故 B 错误。 设线框 ab 从 x=4L 运动到 x=5L 的时间为 t2,则由运动学公式得 t2= ﹣ t0= t0﹣2t0=0.236t0 的时间内,根据楞次定律得知,感应电流方向沿顺时针方向,为负值。 感应电流为 I=﹣ =﹣ ;故 A 正确。 答案:A 三、多项选择题 17.如图,游乐场中,从高处 A 到水面 B 处有两条长度相同的光滑轨道。甲、乙两小孩沿不 同轨道同时从 A 处自由滑向 B 处,下列说法正确的有( ) A.甲的切向加速度始终比乙的大 B.甲、乙在同一高度的速度大小相等 C.甲、乙在同一时刻总能到达同一高度 D.甲比乙先到达 B 处 解析:A:由受力分析及牛顿第二定律可知,甲的切向加速度先比乙的大,后比乙的小,故 A 错误; B:由机械能守恒定律可知,各点的机械能保持不变,高度(重力势能)相等处的动能也相 等,故 B 正确; C、D:甲的切向加速度先比乙的大,速度增大的比较快,开始阶段的位移比较大,故甲总 是先达到同一高度的位置。故 C 错误,D 正确。 答案:BD 18.一列简谐横波沿 x 轴正方向传播,t 时刻与(t+0.6)时刻的波形图正好重合,如图所 示。则下列说法中正确的是( ) A.质点振动周期可能为 1.2s B.该波的波速可能为 10m/s C.在(t+0.4)时刻,x=﹣1m 处的质点位移可能为零 D.从(t+0.3)时刻开始计时,x=0.5m 处的质点可能比 x=﹣0.5m 处的质点先到达波峰位置 解析:A、由题分析得知,nT=0.6s,n=1,2,3…,周期 T= s,所以质点振动周期不可 能为 1.2s。故 A 错误。 B、由图读出波长为 λ=2m,波速 v= = m/s= nm/s,当 n=3 时,v=10m/s。故 B 正 确。 C、t 时刻到(t+0.4)时刻经过时间为 0.4s,而 0.4s 与周期的关系为 n= = = n,由 于 n 为整数,所以该时刻 x=﹣1m 处的质点不可能在平衡位置,位移不可能为零。故 C 错 误。 D、简谐横波沿 x 轴正方向传播,在(t+0.3)时刻,x=0.5m 处的质点振动方向可能沿 y 轴正 方向,x=﹣0.5m 处的质点振动方向沿 y 轴负方向,所以先到达波峰位置 x=0.5m 处的质点 可能比 x=﹣0.5m 处的质点先到达波峰位置。故 D 正确。 答案:BD 19.如图所示,A、B 两球分别套在两光滑无限长的水平直杆上,两球通过一轻绳绕过一定 滑轮(轴心固定不动)相连,某时刻连接两球的轻绳与水平方向的夹角分别为 α、β,A 球 向左的速度为 v,下列说法正确的是( ) A.此时 B 球的速度为 v B.此时 B 球的速度为 v C.当 β 增大到等于 90°时,B 球的速度达到最大 D.在 β 增大到 90°的过程中,绳对 B 球的拉力一直做正功 解析:A、将物块 A 的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子的方向,在沿绳子方向的分速度 等于 B 沿绳子方向的分速度。 在沿绳子方向的分速度为 v 绳子=vcosα,所以 vB= = 。故 A 正确,B 错误。 C、当 β 增大到等于 90°时,B 球的速度沿绳子方向的分速度等于 0,所以 A 沿绳子方向 的分速度也是 0,而 cosα 不等于 0,所以 A 球的速度为 0;此时 A 的动能全部转化为 B 的 动能,所以 B 球的速度达到最大,故 C 正确; D、在 β 增大到 90°的过程中,绳子的方向与 B 球运动的方向之间的夹角始终是锐角,所 以绳对 B 球的拉力一直做正功。故 D 正确。 答案:ACD 20.如图所示,电路中定值电阻阻值 R 大于电源内阻阻值 r。闭合电键后,将滑动变阻器滑 片向下滑动,理想电压表 V1、V2、V3 示数变化量的绝对值分别为△U1、△U2、△U3,理想电 流表 A 示数变化量的绝对值为△I,则( ) A.△U1 大于△U2 B. =R+r C.V2 的示数增大 D. + 保持不变 解析:A、根据闭合电路欧姆定律得:U2=E﹣Ir,则得: =r; =R,据题:R> r,则得△U1>△U2.故 A 正确。 B、根据闭合电路欧姆定律得:U3=E﹣I(R+r),则得: =R+r,故 B 正确。 C、理想电压表内阻无穷大,相当于断路。理想电流表内阻为零,相当短路,所以 R 与变阻 器串联,电压表 V1、V2、V3 分别测量 R、路端电压和变阻器两端的电压。当滑动变阻器滑片 向下滑动时,接入电路的电阻减小,电路中电流增大,则 A 的示数增大,电路中电流增 大,电源的内电压增大,则路端电压减小,所以 V2 的示数减小,故 C 错误; D、由上知, + =R+r,保持不变,故 D 正确。 答案:ABD 四、填空题 21.远古时代,取火是一件困难的事,火一般产生于雷击或磷的自燃。随着人类文明的进 步,出现了“钻木取火”等方法。“钻木取火”是通过 方式改变物体的内能,把 转变为内能。 解析:“钻木取火”是通过做功方式改变物体的内能,在此过程中,机械能转变为内能。 答案:做功 机械能 22.甲、乙两颗绕地球作匀速圆周运动人造卫星,其线速度大小之比为 :1,则这两颗卫 星的运转半径之比为 ,运转周期之比为 。 解析:根据 ,得 v= , 所以: 根据: 得:T=2π 。 所以周期之比为: = 答案:1:2 1:2 23.某同学的质量为 60kg,在一次野营中,他从岸上以 2m/s 的速度,跳到一条以 0.5m/s 的速度正对着他飘来的小船上,跳上船后他又走了几步,最终停在船上。已知小船的质量 为 140kg,则人与小船共同运动的速度大小为 m/s,运动方向为 。(填“向 左”或“向右”) 解析:以人与船组成的系统为研究对象,以人的速度方向为正方向,由动量守恒定律得: m 人 v 人﹣m 船 v 船=(m 人+m 船)v, 即:60×2﹣140×0.5=(60+140)v, 解得:v=0.25m/s,方向与人原来的速度方向相同,即向右。 答案:0.25 向右 24.如图所示是两列相干波的干涉图样,实线表示波峰,虚线表示波谷,两列波的振幅都为 10cm,波速和波长分别为 1m/s 和 0.2m,C 点为 AB 连线的中点。则图示时刻 C 点的振动方 向(选填“向上”或“向下”) ,从图示时刻再经过 0.25s 时,A 点经过的路程为 cm。 解析:B 点处于波谷,A 点处于波峰,波由 B 向 A 传播,此时 C 处于平衡位置,经过四分之 一周期,波谷传播到该点,知 C 点的振动方向向下。 周期 T= ,质点在一个周期内振动的路程等于 4 倍的振幅,经过 0.25s 时,走过的路程等于 5 倍的振幅,A=20cm,则 s=100cm。 答案:向下 100 25.如图所示,河道宽 L=200m,越到河中央河水的流速越大,且流速大小满足 u=0.2x(x 是 离河岸的距离,0≤x≤ )。一小船在静水中的速度 v=10m/s,自 A 处出发,船头垂直河岸 方向渡河到达对岸 B 处。AB 两点间距离为 m。设船的运动方向与水流方向夹角为 θ,则渡河过程中 θ 最小为 。 解析:渡河的时间为: t= = s=10s; 水流速的平均速度等于 处的水流速。则有: u=0.4× =10m/s。 所以沿河岸方向上的位移为: x=ut=200m。 所以 AB 的直线距离为: s= m=200 m; 船在静水中速度是不变,而水流速度满足 u=0.2x(x 是离河岸的距离,0≤x≤ ),因 x=vt,那么 u=2t,因此到达河中央前小船加速度大小为 2m/s2, 当到达中央时,水流速度为:u=0.2x=0.2×100=20m/s, 由三角知识,则有:tanθ= =0.5。 答案:200 arctan0.5 26.带正电小球静止在光滑绝缘斜面的底端,现在该区域加一平行斜面向上的匀强电场,经 时间 t 电场做功 40J 时,匀强电场突然消失,小球又经时间 t 恰好回到斜面底端。若以小 球初始水平面为零重力势能面,则小球回到斜面底端时的机械能为 J,小球的动能为 8J 时重力势能为 J。 解析:在运动的过程中,除重力之外,只有电场力做功,小球的机械能的增加等于电场力 做的功,电场力做功 40J,所以小球的机械能的增加 40J,小球回到斜面底端时的机械能为 40J; 设有电场力与没电场力时物体的加速度大小分别为 a1、a2,根据物体在电场力作用向上运 动的位移与撤去电场力后回到出发点的位移大小相等,方向相反,得: a1t2+(a1t)t﹣ a2t2=0 解得:a2=3a1 又由牛顿第二定律得: qE﹣mgsinθ=ma1, mgsinθ=ma2, 得到 qE= mgsinθ 设当物体的动能为 8J 时,物体重力势能为 EP,有: (qE﹣mgsinθ)x=EK=8J 此时的势能为:EP=mgsinθx 解得:EP=mgsinθ•x=3EK=24J, 在去掉电场之后,物体从静止开始下滑的过程中,机械能守恒,此时当动能为 8J 的时候, 重力势能为 40﹣8=32J。 答案:40 32 和 24 五、实验题 27.某同学利用单摆测定重力加速度时,用秒表测量单摆的周期,当单摆摆动稳定且到达最 低点时开始计时并记为 n=0,单摆每经过最低点记一次数,当数到 n=60 时停止计时。测量 结果与当地的重力加速度的真实值比较,发现偏大,可能原因是( ) A.振幅偏小 B.开始计时误记为 n=1 C.将摆线加上球直径当成了摆长 D.将摆线的长度当成了摆长 解析:由单摆周期公式:T=2π 可得:g= , A、重力加速度与单摆的振幅无关,振幅偏小不会影响重力加速度的测量值,故 A 错误; B、开始计时误记为 n=1,所测中期 T 偏小,由 g= 可知,所测重力加速度偏大,故 B 正确; C、在摆线加上球直径当成了摆长,所测摆长偏大,由 g= 可知,所测重力加速度偏 大,故 C 正确; D、将摆线长当成了摆长,所测摆长偏小,由 g= 可知,所测重力加速度偏小,故 D 错误。 答案:BC 28.“研究共点力的合成”的实验情况如图所示,其中 A 为固定橡皮筋的图钉,O 为橡皮筋 与细绳的结点,OB 和 OC 为细绳,图是在白纸上根据实验结果画出的图示。 (1)图中的 F 与 F′两力中,方向一定沿 AO 方向的是 。 解析:F 是通过作图的方法得到合力的理论值,而 F′是通过一个弹簧称沿 AO 方向拉橡皮 条,使橡皮条伸长到 O 点,使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同,测量出 的合力。故方向一定沿 AO 方向的是 F′,由于误差的存在 F 和 F′方向并不在重合。 答案:F′ (2)本实验采用的科学方法是 。 A.理想实验法 B.等效替代法 C.控制变量法 D.建立物理模型法 解析:合力与分力是等效替代的关系,所以本实验采用的等效替代法。 答案:B (3)实验中可减小误差的措施有 。 A.两个分力 F1、F2 的大小要尽量大些 B.两个分力 F1、F2 间夹角应越大越好 C.拉橡皮筋时,弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行 D.AO 间距离要适当,将橡皮筋拉至结点 O 时,拉力要适当大些。 解析:A、实验是通过作图得出结果,故为了减小误差应让拉力尽量大些,故 A 正确; B、而夹角太大将会导至合力过小,故夹角不能太大,故 B 错误; C、为了防止出现分力的情况,应让各力尽量贴近木板,且与木板平行,故 C 正确; D、为了准确记下拉力的方向,故采用两点描线时两点应尽量距离大一些,故细绳应长些, 故 D 正确。 答案:ACD 29.如图是“用 DIS 研究回路中感应电动势大小与磁通量变化快慢的关系”实验装置,保持 挡光片位置、光电门和螺线管之间的距离不变。 (1)实验器材除了需要光电门传感器之外,还需要 传感器。 解析:研究回路中感应电动势大小与磁通量变化快慢的关系,需要测出感应电动势的大 小,因此需要电压传感器。 答案:电压 (2)让小车以不同的速度靠近螺线管,记录下小车每次靠近螺线管至最后撞上螺线管停止的 全过程中感应电动势与时间的变化关系。如图所示,光电门测得挡光时间为△t1,有感应 电动势的时间为△t2,则实验可以得到感应电动势与 成正比。(用题中字母表示) 解析:小车每次靠近螺线管至最后撞上螺线管停止的全过程中,磁通量的变化量△Φ 相 等,由法拉第电磁感应定律可得:E=n 可知,在 n 与△Φ 一定时,感应电动势与 成正比。 答案: (3)若保持磁铁靠近线圈的速度不变,只增加线圈的匝数(线圈直径不变),则△t1 内图象所 围阴影部分面积将 (选填“不变”、“增大”或“减小”)。 解析:感应电动势:E=n ,则 E△t=n△Φ,每次实验时磁通量的变化量△Φ 不变,保 持磁铁靠近线圈的速度不变,只增加线圈的匝数 n,则 n△Φ 增大,△t1 内图象所围阴影 部分面积将增大。 答案:增大 30.某实验小组利用铜片、锌片和家乡盛产的柑橘制作了果汁电池,他们测量这种电池的电 动势 E 和内阻 r,并探究电极间距对 E 和 r 的影响,实验器材如图所示测量 E 和 r 的实验 方案为:调节滑动变阻器,改变电源两端的电压 U 和流过电源的电流 I,依据公式 U=E﹣ Ir,利用测量数据作出 U﹣I 图象,得出 E 和 r。 (1)将电压表视为理想表,要求避免电流表分压作用对测量结果的影响,请在图中用笔画线 代替导线连接电路。 解析:将电压表视为理想表,要避免电流表分压作用对测量结果,相对于电源来说,电流 表应采用外接法,据此连接实物电路图,电路图如图所示。 答案:如图所示: (2)实验中依次减小铜片与锌片的间距,分别得到相应果汁电池的 U﹣I 图象如图中 (a)(b)(c)(d)所示,由此可知:在该实验中,随电极间距的减小,电源电动势 (填 “增大”、“减小”或“不变”),电源内阻 (填“增大”、“减小”或“不变”)。 解析:图线与纵轴的交点的纵坐标即为电动势,由图象可知,图象与纵轴的交点纵坐标不 变,所以电动势不变,图线斜率的绝对值即为内阻,由图象可知,(a)(b)(c)(d)图象斜率 的绝对值变大,电源内阻变大。由此可知:随电极间距的减小电源内阻增大。 答案:不变 增大 (3)对图线(c),当外电路总电阻为 2500Ω 时,该电源的输出功率 P= mW。 解析:由图示图象可知,图象与纵轴交点坐标值为 0.975,电源电动势 E=0.975 V;(c)对 应图线斜率绝对值约为 478(从线上选取两点即可求斜率),电源的输出功率为: P=( )2R=( )2×2500W=2.68×10﹣4W=0.268mW。 答案:0.268 六、计算题。(共 50 分) 31.如图所示,导热良好的薄壁气缸放在水平面上,用横截面积为 S=1.0×10﹣2m2 的光滑薄 活塞将一定质量的理想气体封闭在气缸内,活塞杆的另一端固定在墙上。此时活塞杆与墙 刚好无挤压。外界大气压强 p0=1.0×105PA.当环境温度为 27℃时,密闭气体的体积为 2.0×10﹣3m3。 (1)若固定气缸在水平面上,当环境温度缓慢升高到 57℃时,气体压强 p2 为多少? 解析:从开始状态到最后状态,气体等容变化 = 解得:P2= == pa=1.1×105pa。 答案:若固定气缸在水平面上,当环境温度缓慢升高到 57℃时,气体压强 p2 为 1.1×105pa。 (2)若气缸放在光滑水平面上不固定,当环境温度缓慢升高到 57℃时,气缸移动了多少距 离? 解析:当环境温度缓慢升高到 57℃时,气体作等压变化,根据盖﹣吕萨克定律得: = 解得:V2= V1= ×2.0×10﹣3m3=2.2×10﹣3m3 气缸移动的距离为:△l= = m=2×10﹣2m。 答案:若气缸放在光滑水平面上不固定,当环境温度缓慢升高到 57℃时,气缸移动了 2×10﹣2m 距离。 (3)保持(2)的条件不变下,对气缸施加水平作用力,使缸内气体体积缓慢地恢复到原来数 值,这时气缸受到的水平作用力多大? 解析:由状态 3 到状态 4,由等温变化可知:P3V3=P4V4 即 P4= = =1.1×105Pa 又因为:P4s=P0S+F 解得:F=100N。 答案:保持(2)的条件不变下,对气缸施加水平作用力,使缸内气体体积缓慢地恢复到原来 数值,这时气缸受到的水平作用力 100N。 32.如图所示,粗糙水平面上放置一个小物块,在力 F 作用下沿水平面向右加速运动。在保 持力 F 大小不变的情况下,发现当 F 水平向右或与水平面成 60°夹角斜向上时,物块的加 速度相同。求: (1)物块与水平面间的动摩擦因数 μ。 解析:水平拉时,根据牛顿第二定律有:F﹣μmg=ma, 右上拉时,根据牛顿第二定律得,Fcos60°﹣μ(mg﹣Fsin60°)=ma, 联立上述两式,代入数据解得 μ= 。 答案:物块与水平面间的动摩擦因数为 。 (2)若保持力 F 与水平面成 60°夹角斜向上,从静止起拉动物块,物块沿水平面向右移动 s=5 m 的时间为 t。改变 F 的大小重复上述过程,时间 t 的最小值为多少? 解析:时间 t 最小,则要求加速度最大,即 F 最大 物块沿水平面运动则 F 的竖直分力不超过重力 F 最大满足 mg= F, 根据 ,s= 得, 代入数据解得 t= s 答案:时间 t 的最小值为 。 33.如图所示,电源电动势为 ε,内阻为 r,滑动变阻器总阻值为 3r,间距为 d 的两平行 金属板 AB、CD 竖直放置,闭合电键 S 时,板间电场可视为匀强电场。板间有一长为 L 的绝 缘细轻杆,能绕水平固定转轴 O 在竖直面内无摩擦转动,杆上端固定质量为 m、带电量为 +q 的金属小球 a,下端固定质量为 2m、带电量为﹣q 的金属小球 b,已知 Ob=2Oa,并且 q= ,两带电小球可视为点电荷,不影响匀强电场的分布,两电荷间相互作用力不计,重 力加速度为 g。现调节滑片 P 使其位于滑动变阻器的中点,闭合电键 S,待电场稳定后: (1)求两极板间电场强度 E 的表达式。 解析:由题意可知,当滑动变阻器滑片位于变阻器中点时,闭合电键 S,平行金属板间的 电压 U= 代入数据有: 又因为平行金属板间是匀强电场,根据电场强度与电势差的关系有: E= = 。 答案:求两极板间电场强度 E 的表达式为 。 (2)将轻杆从如图位置顺时针转过 θ 时(θ<360°)由静止释放,轻杆恰能静止,求 θ。 解析:轻杆恰能静止时所受力矩平衡, 两小球所受重力的力矩为反方向,且 M 重 a<M 重 b 两小球所受电场力的力矩为同方向, 因此力矩平衡时则有:M 重 a+M 电 a+M 电 b=M 重 b mgsinθ× L+Eqcosθ× L+Eqcosθ× L=2mgsinθ× L 又因为 Eq= mg 可解得 θ=37°或 217°。 答案:将轻杆从如图位置顺时针转过 θ 时(θ<360°)由静止释放,轻杆恰能静止, θ=37°或 217°。 (3)若将轻杆从如图位置由静止释放,轻杆将绕轴 O 顺时针转动,求小球 a 运动的最大速 度。 解析:由(2)分析知小球 P 运动的速度最大时轻杆与竖直方向夹角为 37°,因为同杆转 动,所以有:vb=2va 由动能定理得: mva 2+ 2mvb 2﹣0=mg L (1﹣cos37°)+Eq Lsin37°+Eq Lsin37°﹣2mg L (1﹣cos37°) 可解出 va= 答案:若将轻杆从如图位置由静止释放,轻杆将绕轴 O 顺时针转动,求小球 a 运动的最大 速度 。 34.如图所示,两根粗细均匀的金属杆 AB 和 CD 的长度均为 L,电阻均为 R,质量分别为 3m 和 m,用两根等长的、质量和电阻均不计的、不可伸长的柔软导线将它们连成闭合回路, 悬跨在绝缘的、水平光滑的圆棒两侧,AB 和 CD 处于水平。在金属杆 AB 的下方有高度为 H 的水平匀强磁场,磁感强度的大小为 B,方向与回路平面垂直,此时 CD 处于磁场中。现从 静止开始释放金属杆 AB,经过一段时间(AB、CD 始终水平),在 AB 即将进入磁场的上边界 时,其加速度为零,此时金属杆 CD 还处于磁场中,在此过程中金属杆 AB 上产生的焦耳热 为 Q。重力加速度为 g,试求: (1)金属杆 AB 即将进入磁场上边界时的速度 v1。 解析:AB 杆达到磁场边界时,加速度为零,系统处于平衡状态, 对 AB 杆:3mg=2T 对 CD 杆:2T=mg+BIL 又 F=BIL= 解得 v1= 。 答案:金属杆 AB 即将进入磁场上边界时的速度为 v1= 。 (2)在此过程中金属杆 CD 移动的距离 h 和通过导线截面的电量 q。 解析:以 AB、CD 棒组成的系统在此过程中,根据能的转化与守恒有: (3m﹣m)gh﹣2Q= ×4mv1 2 则得 h= = 通过导线截面的电量 q=I△t= = = 。 答案:在此过程中金属杆 CD 移动的距离为 h= = 和通过导线截面的电量为 q=I△t= = = 。 (3)设金属杆 AB 在磁场中运动的速度为 v2,通过计算说明 v2 大小的可能范围。 解析:AB 杆与 CD 杆都在磁场中运动,直到达到匀速,此时系统处于平衡状态, 对 AB 杆:3mg=2T+BIL 对 CD 杆:2T′=mg+BIL 又 T′=T,F=BIL= 解得 v2= 所以 <v2< 。 答案:金属杆 AB 在磁场中运动的速度 v2 的范围为 <v2< 。 (4)依据第(3)问的结果,请定性画出金属杆 AB 在穿过整个磁场区域的过程中可能出现的速 度﹣时间图象(v﹣t 图)。 解析:AB 杆以速度 v1 进入磁场,系统受到安培力(阻力)突然增加,系统做加速度不断减小 的减速运动,接下来的运动情况有四种可能性: 答案:如图所示: